2021年重慶市高考物理模擬調(diào)研試卷（五）

1.在物理學(xué)理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了杰出的貢獻(xiàn)，關(guān)于科學(xué)家

和他們的貢獻(xiàn)，下列說法正確的是（）

A.元電荷的數(shù)值最早是由奧斯特測(cè)得的

B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕

C.庫(kù)侖提出了庫(kù)侖定律，并用電場(chǎng)的概念解釋了兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的相互作用

D.通電螺線管外部的磁場(chǎng)跟條形磁體的磁場(chǎng)相似，安培受此啟發(fā)而提出了分子電

流假說

2.核反應(yīng)方程式緩U+jnr毅Ba+黑Kr+3X,*是（）

A.JnB.°1eC.°eD.

3.如題3圖所示，足夠長(zhǎng)的水平傳送帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下，

以速度為順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一質(zhì)量為m的小物塊（可視為-*.乃）

質(zhì)點(diǎn)）以大小為%的水平速度從右端滑上傳送帶，不計(jì)空

氣阻力，則小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)過程中，小物塊與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的熱量

為（）

A.0B.mvQC.2mvQ

4.如圖，用同一導(dǎo)線做成的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形單匝線

框"cd固定在磁場(chǎng)中，ab、6c邊在垂直紙面向里的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，cd、曲邊在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)

中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為瓦若“、b兩端與

恒壓電源相連，通過岫邊的電流大小為/,則金屬

框受到的安培力大小為（）

A.0

B.IBL

C.|/BL

D.爭(zhēng)BL

5.如圖所示，4、8兩物塊用一輕質(zhì)彈簧連接起來并置于光滑的水平地面，物塊A質(zhì)

量為相，物塊8質(zhì)量為2m初始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)且兩物塊均靜止。現(xiàn)用大小

均為F的水平恒力同時(shí)分別向兩側(cè)拉動(dòng)物塊A、B,直至彈簧達(dá)到最大長(zhǎng)度，該過

程中彈簧伸長(zhǎng)量為，.彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力，在該過程中，下列有

關(guān)說法正確的是（）

A.任意瞬間兩物塊的速度大小都相等

B.4、B兩物塊同時(shí)達(dá)到各自的最大速度

C.恒力F對(duì)物塊A做功果對(duì)物塊B做功等

D.彈達(dá)最大長(zhǎng)度后，兩物塊將保靜止平衡

6.2020年7月23日，我國(guó)自主研制的第一顆火星探測(cè)器“天問一號(hào)”在海南文昌航

天發(fā)射場(chǎng)發(fā)射升空，之所以選擇這天，是因?yàn)榈厍蚺c火星必須處于特定位置（如圖

所示）才能發(fā)射。此時(shí)間被稱為“發(fā)射窗口期”。設(shè)定火星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌

道在同一平面內(nèi)，且均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知火星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑的為

地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑的1.52倍，則相鄰兩次“發(fā)射窗口期”的時(shí)間間隔約為

()0/1.523=1874)

A.360天

7.一個(gè)用筷子夾物塊的游戲。物塊的豎直剖面設(shè)計(jì)成篌子

等腰梯形，筷個(gè)按如題7圖所示方向夾物塊。若筷

子與物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），已知sin37。

0.6,cos370=0.8,要使筷子不能夾起物塊，則梯形的下底角不應(yīng)超過（）

A.74°B.53°C.37°D.16°

8.如圖所示，帶有等量異號(hào)電荷的金屬板電容器M0平行放置，NP非平行放置，兩

電容器相隔較遠(yuǎn)，其中A/、N兩板帶正電，a、匕兩點(diǎn)到M板距離相等，以“兩點(diǎn)

到N板距離相等，則下列說法正確的是（）

第2頁(yè)，共20頁(yè)

M[]+N[

abcd

Q，

A.a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)相同

B.c、d兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不同，電勢(shì)相同

C.把一電荷從c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零

D.金屬板N的表面是等勢(shì)面

9.現(xiàn)在廣泛使用的各種/C卡被稱為非接觸式數(shù)據(jù)卡，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如題圖示，它主要

由銅線圈和芯片組成，刷卡時(shí)，讀卡器不斷向外發(fā)出變化的磁場(chǎng)，當(dāng)/C卡被放入

該磁場(chǎng)范圍內(nèi)時(shí)，卡片內(nèi)部的銅線中產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，從而實(shí)現(xiàn)數(shù)據(jù)信息傳輸?shù)?/p>

功能。若銅線圈是“匝連繞的，所圍成的面積為S,讀卡器發(fā)出的磁場(chǎng)變化率k=

Bma）sina）t,則/C卡被放到該磁場(chǎng)范圍內(nèi)時(shí)（）

A.若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則銅線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)

B.若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則銅線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)在減小

C.銅線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為

D.銅線圈中將產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

10.一質(zhì)量為1僅的物體靜止在水平地面上，該物體與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2（

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）。t=0時(shí)刻開始有一水平力尸作用在物體上，力F

隨時(shí)間r的變化關(guān)系如圖所示，t=6s時(shí)撤去力凡不計(jì)空氣阻力，重力加速度g

取lOni/s?.則以下說法正確的（）

A.t=4s時(shí)物體的速度最大

B.t=4s到t=6s物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

C.t=6s時(shí)物體的速度大小為5m/s

D.從t=0時(shí)刻到物體再次靜止的過程中，摩擦力的沖量大小為10N-s

11.某同學(xué)用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＜?xì)繩一端固定在0點(diǎn)，另一

端連接一個(gè)小球。通過改變繩長(zhǎng)及光電門的位置，使小球通過軌跡最低點(diǎn)時(shí)，恰好

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑，其示數(shù)如圖2所示,則小球的直徑d=c/n；

(2)將小球從與。點(diǎn)等高的水平位置由靜止釋放，釋放時(shí)，細(xì)繩繃緊。當(dāng)小球通過

最低點(diǎn)時(shí)，與光電門連接的數(shù)字計(jì)時(shí)器顯示的擋光時(shí)間為3則小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)

的速度大小。=(用題目所給物理量符號(hào)表示)；

(3)改變細(xì)繩的長(zhǎng)度，小球均從與。點(diǎn)等高的水平位置由靜止釋放，測(cè)量每次懸點(diǎn)

。到小球球心的距離L和應(yīng)的擋光時(shí)間3作出么一卷圖象，如圖3所示。若已知該

圖象的斜率為我,則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?用題目給出物理量符號(hào)表示)。

12.如圖為某多用電表歐姆擋的示意圖，其中電流表的滿

偏電流/g=10nM,內(nèi)阻勺=100,電源電動(dòng)勢(shì)E=一1

1.5V,內(nèi)阻r約為10。――R*

⑴a表筆顏色是(填“黑”或"紅")；<―

(2)調(diào)零電阻R可能是下列兩滑動(dòng)變阻器中的______(

填“甲”或"乙”)；)2

甲：阻值范圍為0-200LI3I

乙：阻值范圍為0—2000

(3)正確使用該多用電表測(cè)量某電阻的阻值，測(cè)量時(shí)電流表示數(shù)為3〃泊，則該被測(cè)

電阻的阻值為0。

13.如圖所示，一“山”形滑塊4靜止于足夠長(zhǎng)的光滑水平面上，“山"面光渭.，且左

右兩端均與水平面平滑連接。一質(zhì)量為〃7的滑塊8,以大小為%的水平速度從左側(cè)

沖上“山”，滑塊8越過“山”后從右側(cè)滑到水平面上時(shí)，與“山”的速率相等。

第4頁(yè)，共20頁(yè)

整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，滑塊B未離開“山”面，不計(jì)空氣阻力，已知重力加速度為g。

(1)“山”形滑塊A的質(zhì)量;

(2)若“山”高可變，要使滑塊B能越過“山”，“山”高h(yuǎn)的最大值。

14.如題14圖所示，光滑水平地面上方矩形區(qū)域MNQP內(nèi)存在互相垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和

勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫出)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為瓦一電荷量

為q,質(zhì)量為〃，的絕緣帶電小球(可視為質(zhì)點(diǎn))，以某一水平速度從P點(diǎn)沿P。方向

進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域，立即做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。己知高度為L(zhǎng),PQ距離為2L,重力

加速度為g，不計(jì)空氣阻力。求：

(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度；

(2)要使小球最終從Q點(diǎn)水平射出，小球速度的最大值；

(3)通過調(diào)節(jié)小球的速度大小和磁場(chǎng)強(qiáng)弱，發(fā)現(xiàn)小球的運(yùn)動(dòng)軌跡可以與邊界相

切，并最終從。點(diǎn)水平射出，求小球在電磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

MN

-

一

一

L一

--------I

XXXXX

IX-

—-

！-

XXXXX

.？

-

—-

！-

PXXXXxQ

也T

一

15.如圖所示，用，?表示兩個(gè)分子間的距離，當(dāng)r=r°時(shí)兩

個(gè)分子間的斥力等于引力，兩個(gè)分子的作用力大小等于

其中一個(gè)分子所受斥力與引力的合力大小，則在兩個(gè)分

子間的距離從r<力逐增大到r>r0的過程中，下列說法

正確的是（）

A.兩分子間的作用力一直增大

B.兩分子間的作用力一直減小

C.兩個(gè)分子構(gòu)成的系統(tǒng)的分子勢(shì)能先減小后增大

D.兩個(gè)分子構(gòu)成的系統(tǒng)的分子勢(shì)能先增大后減小

16.如圖1所示，下端封閉、上端開口的粗細(xì)均勻的光滑直玻璃管與水平方向夾角為30。

傾斜放置，管內(nèi)用長(zhǎng)度h=10sn的水銀柱封閉了長(zhǎng)度"=17cni的空氣柱，環(huán)境溫

度為15。&大氣壓強(qiáng)為75cmHg。如果將該玻璃管繞其下端緩慢逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)至豎直，

如圖2所示，求：

①玻璃管旋轉(zhuǎn)至豎直后，密閉空氣柱的長(zhǎng)度

②在如圖2所示情況下，對(duì)密閉空氣柱緩慢加熱，使其長(zhǎng)度恢復(fù)到J此時(shí)密閉空

氣柱的溫度。

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17.下列說法正確的是（）

A.光不能像無(wú)線電波那樣，作為載體來傳遞信息

B.攝影師為更清晰地拍攝玻璃櫥窗里的陳列物，需在照相機(jī)鏡頭前裝一特殊鏡片，

是利用了光的衍射現(xiàn)象

C.觀看立體電影（3D電影）時(shí)，觀眾需戴上一副特殊的眼鏡，是利用了光的干涉現(xiàn)

象

D.激光精準(zhǔn)測(cè)距，是利用了激光的平行度較高，且在傳播很遠(yuǎn)的距離后仍能保持

一定的強(qiáng)度的特點(diǎn)

18.如圖所示，某均勻介質(zhì)中有一質(zhì)點(diǎn)尸從其中心位置開始做振幅4=0.3?n的簡(jiǎn)諧振動(dòng),

M點(diǎn)是質(zhì)點(diǎn)P在振動(dòng)過程中經(jīng)過的位置，MP=0.15mo已知質(zhì)點(diǎn)P從開始振動(dòng)到

第一次經(jīng)過M點(diǎn)的時(shí)間土=0.1s,質(zhì)點(diǎn)尸的振動(dòng)在該介質(zhì)中激起一列沿PQ方向傳

播的簡(jiǎn)諧橫波，PQ1PM.當(dāng)質(zhì)點(diǎn)P在上方最大位移處時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。正通過平衡位

置向下運(yùn)動(dòng)，P、。兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置之間的距離x=0.6zn。求：

①質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)周期的可能值T；

②質(zhì)點(diǎn)尸激起的簡(jiǎn)諧橫波的最大傳播速度。

P'Q

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、元電荷最早由密里根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)出，故A錯(cuò)誤；

以?shī)W斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕，故B錯(cuò)誤；

C、庫(kù)侖總結(jié)出了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律-庫(kù)侖定律，法拉第首先

提出了電場(chǎng)的概念并用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)物理學(xué)史可知，安培根據(jù)通電螺線管外部的磁場(chǎng)跟條形磁體的磁場(chǎng)相似，提出

了分子電流假說，故。正確。

故選：Do

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，這也是考試內(nèi)容之一.

2.【答案】A

【解析】解：設(shè)X的質(zhì)量數(shù)為A,電荷數(shù)為Z；由質(zhì)量數(shù)守恒與核電荷數(shù)守恒可知，235+

1=144+89+34

92+0=56+36+3Z

解得：4=1,Z=0,故X是中子，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

核反應(yīng)過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，根據(jù)質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒列式即可求出粒子的電

荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定是何種粒子。

本題考查對(duì)核反應(yīng)方程的掌握，解決本題的關(guān)鍵知道在核反應(yīng)過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量

數(shù)守恒。

3.【答案】C

【解析】解：設(shè)物塊和傳送帶間的摩擦力為力物塊向左運(yùn)動(dòng)的最大位移為s

①物塊向左減速到零的過程中，據(jù)動(dòng)能定理可得-fs=

在該過程中物塊的平均速度為半，位移為s,皮帶做勻速運(yùn)動(dòng)，其平均速度為孫，則皮

帶的位移大小為物塊位移大小的2倍，即為2s,二者位移方向相反

此過程中產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與二者相對(duì)位移的乘積，即Qi=/(s+2s)=

3fs=|TH詔

②根據(jù)物體運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，物體向右加速到火的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得/S=詔

在該過程中物塊的平均速度為手，位移為S,皮帶做勻速運(yùn)動(dòng)，其平均速度為小,則皮

帶的位移大小為物塊位移大小的2倍，即為2s,二者位移方向相同

此過程中產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與二者相對(duì)位移的乘積，即Q2=/(2s-s)=fs=

)詔

綜上可知：小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的全程，因摩擦產(chǎn)生的熱量Q=Qi+Q2=\rnvl+

|mvo=2mvQ,故C正確，A3。錯(cuò)誤。

故選：Co

物塊向左減速到零的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理寫出摩擦力做功和物體動(dòng)能變化的關(guān)系，根

據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可知此過程中皮帶位移與物塊位移的關(guān)系，再根據(jù)摩擦熱量等于滑動(dòng)摩擦

力與二者相對(duì)位移的乘積列式求解該過程產(chǎn)生的熱量Qi，同理可求出物塊向右加速過程

產(chǎn)生的熱量Qz，總熱量Q=Qi+<?2

摩擦力與相對(duì)位移的乘積等于產(chǎn)生的熱量，而摩擦力與物體對(duì)地位移的乘積等于物體的

動(dòng)能變化，根據(jù)二者的比列關(guān)系求解摩擦生熱的熱量。

4.【答案】D

【解析】解：若〃、〃兩端與恒壓電源相連，假設(shè)電流從〃點(diǎn)流入金屬框，根據(jù)左手定

則，可知道金屬框受到的安培力方向如圖所示:

用同一導(dǎo)線做成的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形單匝線框，〃、6兩端與恒壓電源相連時(shí)，金屬框

被分為兩個(gè)并聯(lián)的電阻：ad劭和岫。兩個(gè)電阻之比為％：R2=3:l

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根據(jù)并聯(lián)電阻電壓相等，由歐姆定律可知，流過兩個(gè)電阻上的電流分別為12=1：3,

通過外邊的電流大小為/,即，2=/，所以/1=“

則四方形導(dǎo)線框每一條邊所受到的安培力分別為：Fad=Pbc=Fac=BkL=\BIL,

Fab=Bl2L=BIL,

對(duì)金屬框受力分析可知，金屬框受到的安培力大小為：F=$13故A8C錯(cuò)誤，D

3

正確；

故選：Do

假設(shè)電流從。點(diǎn)流入金屬框，根據(jù)左手定則，可判斷金屬框受到的安培力方向；根據(jù)歐

姆定律可求出流過金屬框各個(gè)邊框的電流，進(jìn)而求出每個(gè)邊的安培力，對(duì)整個(gè)金屬框受

力分析求出安培力合力的大小。

本題考查歐姆定律和安培力的綜合運(yùn)用，主要是根據(jù)并聯(lián)電路求出每個(gè)邊的電流然后由

左手定則判斷安培力方向，最后根據(jù)受力分析求出整個(gè)金屬框受到的安培力的合力。

5.【答案】C

【解析】解：A、由于A、8質(zhì)量不同，彈簧彈力相等，即4與8的加速度不同，則任

意時(shí)刻兩物體速度不相等，故A錯(cuò)誤

8、兩物塊加速度不同，不能同時(shí)到達(dá)各自的最大速度，故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)A的位移為乙,B的位移為“2,系統(tǒng)所受合力為0,根據(jù)動(dòng)量守恒有：

mxr—2mx2

X1+x2=I

解得：無(wú)1=g，X2=y

所以恒力廠對(duì)A做功為藍(lán)，對(duì)物塊B做功.，故C正確

D、彈簧最大長(zhǎng)度時(shí)，A和B所受合力不為0,故兩物塊不會(huì)保持靜止，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

根據(jù)牛頓第二定律可判斷加速度；通過加速度判斷速度關(guān)系；兩物塊動(dòng)量守恒求得各自

運(yùn)動(dòng)的位移，結(jié)合功的計(jì)算公式判斷做功大小；彈簧最大時(shí)，合力不為0.

遇到物體的動(dòng)態(tài)分析過程，應(yīng)由牛頓第二定律進(jìn)行分析；當(dāng)加速度為。時(shí)，速度達(dá)到最

大，加速度不為0時(shí)，速度也不為0；動(dòng)量守恒結(jié)合位移的表達(dá)式應(yīng)熟練掌握。

6.【答案】B

【解析】解：設(shè)行星質(zhì)量為，小太陽(yáng)質(zhì)量為M,行星與太陽(yáng)的距離為r,火星的周期為

1\,地球的周期為介。

行星繞太陽(yáng)做近似勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，則根據(jù)牛頓第二定律有：等=

rz

47r2

則得72=小

GM

已知火星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑的為地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑的1.52倍，地球的周期

為△=1年，則火星的周期為7\=2.8年

設(shè)經(jīng)時(shí)間f兩星又一次運(yùn)動(dòng)到“發(fā)射窗口期”，

根據(jù)8=3t

則兩星轉(zhuǎn)過的角度之差小"管一會(huì)"27r

得t=1.6年R584天，故B正確，AC。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列式可得周期的表達(dá)式，求得地球和火星的周期之比，這樣

可以解出火星的周期。

兩星轉(zhuǎn)過的角度之差=2兀時(shí)，火星與地球相鄰再次相距最近，從而求出時(shí)間.

該題考查了萬(wàn)有引力定律的相關(guān)知識(shí)，也可運(yùn)用開普勒周期定律求解火星的運(yùn)動(dòng)周

期.這種方法，很好理解，關(guān)鍵確定相距最近的條件。

7.【答案】B

【解析】解：對(duì)物塊做受力分析，如圖:

設(shè)下底角為a,要使筷子不能夾起物塊，則滿足:

2FN—2fsina>0,口口有2a一2fj.FNsina>0

14

解得：tana<-=-=tan53°

〃3

故選：B。

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確定研究對(duì)象后，對(duì)物塊做受力分析，根據(jù)豎直方向力的大小關(guān)系求解。

考察學(xué)生對(duì)生活實(shí)際問題的理解，轉(zhuǎn)化為共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解

8.【答案】AD

【解析】解：A、人連線重直場(chǎng)強(qiáng)方向，故4、〃所在的平面為等勢(shì)面，(Pa=＜Pb，又

因?yàn)镸Q間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，Ea=Eb,故A正確；

8、金屬板N尸間為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)線彎曲，故H連線并不垂直于電場(chǎng)線,所以/Hw”

故8錯(cuò)誤；

C、由上可知，＜Pa豐＜Pb，那么Uab于0，所以Wab片0，故C錯(cuò)誤；

。、金屬板處于靜電平衡狀態(tài)，整個(gè)金屬板N是一個(gè)等勢(shì)體，故。正確。

故選：AD.

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)和非勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由等勢(shì)面垂直于電場(chǎng)線判斷電

勢(shì)的高低。根據(jù)電勢(shì)差判斷電場(chǎng)力是否做功，根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)判斷等勢(shì)體。

本題考查電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系，關(guān)鍵掌握電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且由電勢(shì)高指向電勢(shì)

低的地方，還有靈活運(yùn)用以B=U.q電場(chǎng)力做功的公式。

9【答案】BC

【解析】解：A、若磁場(chǎng)增強(qiáng)，則銅線圈的磁通量變大，由楞次定律可知，銅線圈有收

縮的趨勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

BC、由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=n岑=n"梳=nkS=nBmSa)sina)t,

若磁場(chǎng)在增強(qiáng)，由正弦函數(shù)圖象可判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)在減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Emax=

nBmSa),故B、C正確；

D、由已推出的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式E=3s譏3t可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不是恒定的，故。

錯(cuò)誤。

故選：BC。

A、直接由楞次定律即可判斷；

BC、由已知條件及法拉第電磁感應(yīng)定律的公式E=n與，可直接推出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)

AC

式，進(jìn)而得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值及感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化情況；

。、由推導(dǎo)出的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式可知，銅線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨正弦規(guī)律變化。

本題是楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是由已知條件結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)

定律的公式，可以推導(dǎo)出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式，問題便可迎刃而解。

10.【答案】C

【解析】解：AB、物體的最大靜摩擦力為/=umg=0.2X1xION=2N,由題圖可知，

在Is和5s時(shí)，力F的大小為2N。故在0?1s內(nèi)，F(xiàn)小于最大靜摩擦力，物體靜止不動(dòng)；

在2?4s內(nèi)，F(xiàn)為4N,物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；在4?5s內(nèi)，力F不斷減小但仍大于

2N,物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)；5?6s內(nèi)，力F不斷減小且小于2N,物體做變減速直線

運(yùn)動(dòng)。由此可知A8錯(cuò)誤。

C、在0?1s內(nèi)，物體靜止不動(dòng)，合外力的沖量為零。在1?6s內(nèi)，設(shè)力廠的沖量為上，

心可由圖象1?6s內(nèi)F與坐標(biāo)軸圍成的面積求出，即%=15N-S,由動(dòng)量定理得：a-

ft—mv—0,將已知數(shù)據(jù)代入可解得：v==5m/s,故C正確。

。、從t=0時(shí)刻到物體再次靜止的過程中，物體的初末速度均為零,根據(jù)動(dòng)量定理可知，

摩擦力的沖量大小等于力尸的沖量大小，由圖象可求出力尸的沖量大小為16N-s,即

摩擦力的沖量大小也為16N-s,故。錯(cuò)誤。

故選：C?

AB,物體在水平方向只受尸和摩擦力兩個(gè)力，根據(jù)力尸的大小變化情況即可判斷物體

的運(yùn)動(dòng)情況。

C、由動(dòng)量定理可求出物體在6s末的速度大小。

D,由動(dòng)量定理可知，摩擦力的沖量等于力F的沖量大小相等，力F的沖量大小可由圖

象求出。

本題考查動(dòng)量定理的應(yīng)用和計(jì)算。在解題過程中，應(yīng)用動(dòng)量定理可以使得解題的過程簡(jiǎn)

化，因此如果能用動(dòng)量定理，盡量使用動(dòng)量定理。

11.【答案】0955葭

【解析】解：(1)此種游標(biāo)卡尺的精度為0.057nm,游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上

游標(biāo)尺讀數(shù)，所以d=9mm4-11x0.05mm=9.55mm=0.955cm；

(2)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度，代替小球經(jīng)過最低點(diǎn)的瞬時(shí)速度D=p

(3)改變繩長(zhǎng)L從而小球通過最低點(diǎn)的速度相應(yīng)改變，若從等高的。點(diǎn)開始，到最低

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點(diǎn)機(jī)械能守恒，則有：mgL=\m(^\所以L=/x/，結(jié)合L一鴻象的斜率為

那么有：以=鼠則

故答案為：(1)0.995；(2冷⑶全

(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀；

(2)小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)速度可用平均速度替代；

(3)根據(jù)機(jī)械能守恒定律反推列出表達(dá)式即可分析。

遇到實(shí)驗(yàn)問題，關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理,根據(jù)物理規(guī)律列出相應(yīng)方程,然后求解討論即可；

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

12.【答案】紅乙350

【解析】解：(1)按照表頭的接線規(guī)則，電流必須從正接線柱(紅)流進(jìn)，從負(fù)(黑)接線柱

流出，結(jié)合歐姆表內(nèi)接電源的正負(fù)極，所以〃是正接線柱，是紅顏色的；

(2)當(dāng)紅黑表筆短時(shí)，表頭的指針滿偏，則有%=R+Rg+r=*=疏與。=150。，

所以R=1390,則調(diào)零電阻R的范圍可能是0?2000,故選乙；

(3)正確使用歐姆表時(shí)，先歐姆調(diào)零，則有匕戶=7，則電阻時(shí)/?久+/?中=彳，聯(lián)立兩式

并代入數(shù)據(jù)得到&=350。。

故答案為：⑴紅;(2)乙；(3)350

(1)根據(jù)共用頭的特性及表頭的接線規(guī)則確定?表筆的顏色；

(2)歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出歐姆表內(nèi)

阻，從而確定調(diào)零電阻的范圍；

(3)歐姆表內(nèi)阻等于中值電阻，根據(jù)題意求出歐姆表內(nèi)阻，然后應(yīng)用歐姆定律求出歐姆

調(diào)零時(shí)的電流，再應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題。

本題考查了歐姆表的工作原理、歐姆表讀數(shù)與誤差分析，歐姆表工作原理是閉合電路歐

姆定律，知道歐姆表的工作原理是解題的前提與關(guān)鍵,應(yīng)用閉合電路歐姆定律即可解題。

13.【答案】解：(1)設(shè)A的質(zhì)量為血…滑塊8越過“山”后A的速度大小為以，8的速

度大小為班,由題意可知，vA=vB=v,且二者的方向相反。

從滑塊8從左側(cè)沖上“山”，到滑塊B越過“山”后從右側(cè)滑到水平面上，A、B組成

的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得:mu。=mvB-mAvA,

由能量守恒定律得：扣詔=+如4說，

聯(lián)立解得=3m?

(2)要使滑塊B能越過“山”，說明到達(dá)山頂時(shí)滑塊的速度狽'應(yīng)滿足：vB'>vA',臨界

情況為=VA'=v',

從滑塊8從左側(cè)沖上“山”，到滑塊B到達(dá)山頂?shù)倪^程，48組成的系統(tǒng)在水平方向

動(dòng)量守恒，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=mvB'+mAvA',

由能量守恒定律得：如詔=lmv'l+^mAv，A+加。無(wú)，

聯(lián)立解得h=手。

8g

答：(1)“山”形滑塊A的質(zhì)量為3加。

?2

(2)若“山”高可變，要使滑塊B能越過“山”，“山”高h(yuǎn)的最大值為詈。

【解析】第(1)間的運(yùn)動(dòng)過程是滑塊由“山”的左側(cè)運(yùn)動(dòng)到右側(cè)，第(2)間的運(yùn)動(dòng)過程是

滑塊由“山”的左側(cè)運(yùn)動(dòng)到“山”頂，兩次運(yùn)動(dòng)過程在水平方向的動(dòng)量均是守恒的，且

沒有摩擦和外力做功，能量也守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律列出方程求解即

可。

本題關(guān)鍵是要分析清楚運(yùn)動(dòng)過程，明確始末兩個(gè)狀態(tài)的速度關(guān)系，才能夠根據(jù)動(dòng)量守恒

定律和能量守恒定律正確求解。

14.【答案】解：(1)小球剛進(jìn)入電磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，可知

mg=Eq

解得：E=詈，方向豎直向上。

(2)小球從Q點(diǎn)水平射出，做出運(yùn)動(dòng)軌跡如圖1

設(shè)小球速度％軌道半徑R,則

由0〃8=叱可知："=喈，要使v最大，則R最大即可

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由圖可知半徑最大為L(zhǎng)

解得火；=哼

(3)由題意可知，軌跡與MP相切，做出軌跡如圖2

N

-

X

-

1

1

由幾何關(guān)系可得Pc段半徑是cde段半徑的兩倍

1_r*/nTHV

由quB=丁可知I：^=旃

設(shè)在cde段的磁場(chǎng)強(qiáng)度為當(dāng)

那么3=署，解得當(dāng)2mv

小球從PT/,由7=鬻知：t】=苧+苧=器

CJDZZZC/￡>O

小球在該區(qū)域做n個(gè)相同軌跡最后從。點(diǎn)與PQ相切射出

2L

n=~R

nmv

所S以、1Boo=亞，0,=蒜3KL

3nL

t點(diǎn)=nti=—

答：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為常，方向豎直向上;

(2)要使小球最終從Q點(diǎn)水平射出，小球速度的最大值為警;

(3)小球在電磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為與。

【解析】(1)小球剛進(jìn)入電磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，可解得電場(chǎng)；

(2)根據(jù)小球在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的半徑公式解得最大速度；

(3)小球從Q水平射出，作出運(yùn)動(dòng)軌跡，歸納運(yùn)動(dòng)過程的重復(fù)性，列示求解時(shí)間。

該題考查了學(xué)生對(duì)帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的綜合性問題，學(xué)生應(yīng)對(duì)粒子的運(yùn)動(dòng)狀

態(tài)和受力分析后再解決問題；注意重復(fù)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律性。

15.【答案】C

【解析】解：A3、當(dāng)分子間距離增大時(shí)，引力斥力都減小，但斥力減小的快，所以分

子間的作用力隨分子間的距離增大先減小再增大再減小，故AB錯(cuò)誤；

CD,兩個(gè)分子間的距離由開始增大的過程中，分子間為斥力，分子力做正功，分

子勢(shì)能減小；當(dāng)r>r0然后分子間為引力，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，所以分子勢(shì)

能先減小后增大；故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：Co

分子間有間隙,存在著相互作用的引力和斥力，當(dāng)分子間距離增大時(shí)，引力斥力都減小，

但斥力減小的快，所以分子間的作用力隨分子間的距離增大先減小再增大再減?。幌到y(tǒng)

的分子勢(shì)能先逐漸減小后增大。

本題考查的是分子間的相互作用力，以及作用力和分子間距離的關(guān)系,注意當(dāng)r=時(shí)，

分子力為零，而分子勢(shì)能卻最小，并不為零，同時(shí)注意引力與斥力隨著間距變化出現(xiàn)都

增大或都減小的現(xiàn)象.

16.【答案】解：①被封閉氣體做等溫變化，初態(tài)：Pi=Po+pg1oSin3O。=75cmHg+

10xO.ScmHg—80cmHg,匕=l1S

末態(tài)：P2=Po+pgh-75cmHg+lOcmHg=85cmHg,V2=