江西省贛州市贛源中學2023-2024學年高二物理第一學期期末調研試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，是高二某同學演示楞次定律實驗的記錄，不符合實驗事實的是A. B.C. D.2、如圖所示，一小鋼球在光滑水平桌面上沿AB直線運動，C處有一小球門，BC垂直于AB．現(xiàn)用同一根細管分別沿甲、乙、丙三個方向對準B處吹氣，可將鋼球吹進球門的是()A.甲方向B.乙方向C.丙方向D都有可能3、用均勻導線做成的正方形線圈邊長為l，如圖所示，正方形的一半放在垂直于紙面向里的勻強磁場中，當磁場以的變化率增強時，不考慮磁場的變化對虛線右側的影響，則A.線圈中感應電流方向為adbcaB.線圈中產生的電動勢E＝·l2C.線圈中a點電勢高于b點電勢D.線圈中b、a兩點間的電勢差為4、如圖所示，閉合矩形金屬線圈CDEF位于水平方向的勻強磁場中，下列情況可在線圈中產生感應電流的是（）A.保持線圈平面水平，線圈向右運動B.保持線圈平面水平，線圈繞中心點O（圖中未畫出）轉動C.線圈以CD邊為軸轉動D.線圈以DE邊為軸轉動5、雙星是兩顆相距較近的天體，在相互間萬有引力的作用下，繞連線上某點做勻速圓周運動．對于兩顆質量不等的天體構成的雙星，下列說法中正確的是（）A.質量較大的天體做勻速圓周運動的向心力較大B.質量較大的天體做勻速圓周運動的角速度較大C.兩顆天體做勻速圓周運動的周期相等D.兩顆天體做勻速圓周運動的線速度大小相等6、以下是四種導電器件的伏安特性曲線，隨電壓增加，電阻變小的是（）A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉速繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，產生的交變電動勢如圖乙中曲線a、b所示，則下列說法正確的是()A.曲線a表示的交變電動勢瞬時值B.曲線b表示的交變電動勢最大值為28.8VC.時，曲線a、b對應的感應電動勢大小之比為3∶2D.時，曲線a對應線框的磁通量最大，曲線b對應線框的磁通量為08、一帶電小球在相互垂直的勻強電場、勻強磁場中作勻速圓周運動，勻強電場豎直向上，勻強磁場水平且垂直紙面向里，如圖所示，下列說法正確的是A.沿垂直紙面方向向里看，小球的繞行方向為順時針方向B.小球一定帶正電且小球的電荷量C.由于洛倫茲力不做功，故小球在運動過程中機械能守恒D.由于合外力做功等于零，故小球在運動過程中動能不變9、關于電場和磁場下列說法正確的是（）A.運動電荷在磁場中的受力方向就是該點的磁感應強度方向B.運動電荷在磁場中某位置受到的磁場力為零，該位置的磁感應強度不一定為零C.放入電場中某位置的電荷受到的電場力不為零，該位置的電場強度一定不為零D.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，沿著電流方向電勢逐漸降低10、2012年6月24日，航天員劉旺手動控制“神舟九號”飛船完成與“天宮一號”的交會對接，形成組合體繞地球做勻速圓周運動，軌道高度為340km。測控通信由兩顆在地球同步軌道運行的“天鏈一號”中繼衛(wèi)星、陸基測控站、測量船，以及北京飛控中心完成。根據(jù)以上信息和你對航天相關知識的理解，下列描述正確的是A.組合體勻速圓周運動的周期一定大于地球的自轉周期B.組合體勻速圓周運動的線速度一定大于第一宇宙速度C.組合體勻速圓周運動的角速度大于“天鏈一號”中繼衛(wèi)星的角速度D.“神舟九號”從低軌道必須加速才能與“天宮一號”交會對接三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用所學物理知識解答下列問題：(1)在做“用單擺測定重力加速度”實驗中，某同學甲用毫米刻度尺測得擺線長L0=935.8mm；用游標卡尺測得擺球的直徑如下圖所示,則擺球直徑d=__________mm．用秒表測得單擺完成n=40次全振動的時間如下圖所示,則秒表的示數(shù)t=___________s；若用給出的各物理量符號(L0、d、n、t)表示當?shù)氐闹亓铀俣萭，則計算g的表達式為g=_________________(2)實驗中同學甲發(fā)現(xiàn)測得的g值偏大，可能的原因是_________________A.擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了B.將懸點到小球上端的懸線的長度當作擺長C.開始計時時，秒表過遲按下D.實驗中誤將40次全振動計為39次12．（12分）某同學想通過實驗測定一個阻值約為50Ω的電阻Rx的阻值。設計了一個如圖所示的電路圖。請你幫助他完善實驗設計。（1）如果實驗室提供的滑動變阻器最大電阻R1=20Ω，想要實現(xiàn)對Rx的測量，要求電路簡單，可操作性強，則在此電路圖的基礎上去掉一根導線_______即可。（填“ab”、“cd”、“ed”或“ef”）（2）如果實驗室提供的滑動變阻器最大電阻R1=200Ω，想要實現(xiàn)對Rx的測量，要求電路簡單，可操作性強，則在此電路圖的基礎上去掉兩根導線_______、______即可。（填“ab”、“cd”、“ed”或“ef”）（3）如果不加修改，直接用上圖測量，請你從安全、精確、可操作等角度評價這一方案，并預測可能出現(xiàn)的問題___。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】D選項中，由楞次定律知：當條形磁鐵拔出時，感應電流形成的磁場與原磁場方向相同，因原磁場方向向上，故感應磁場方向也向上，再由安培定則知從上向下看感應電流方向為逆時針，D錯考點：楞次定律、安培定則等【名師點睛】楞次定律中“阻礙”的含義2、C【解析】小球若進入球門，則吹氣后小球的速度方向沿BC方向，畫出小球的初速度、末速度的方向，由平行四邊形定則畫出小球速度變化的方向如圖，則：由圖可知鋼球的速度變化的方向沿丙的方向，加速度方向沿丙的方向，所以沿丙的方向吹氣，故C正確，ABD錯誤3、D【解析】A．磁感應強度增大，由楞次定律可知，感應電流沿acbda方向，故A錯誤；B．由法拉第電磁感應定律可得，感應電動勢為：故B錯誤；C．acb段導線相當于電源，電流沿a流向b，在電源內部電流從低電勢點流向高電勢點，因此a點電勢低于b點電勢，故C錯誤；D．設導線總電阻為R，則b、a兩點間的電勢差為：故D正確；故選D。4、C【解析】A．保持線圈平面水平，線圈向右運動時，線圈中磁通量一直為零，沒有感應電流，故A錯誤；B．保持線圈平面水平，線圈繞中心點O（圖中未畫出）轉動時，線圈一直和磁場平行，沒有磁通量的變化，沒有感應電流，故B錯誤；C．線圈繞CD軸轉動時，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，會產生感應電流，故C正確；D．線圈繞DE軸轉動，磁通量始終為零，不會產生感應電流，故D錯誤。故選C。5、C【解析】兩顆行星在兩者之間的萬有引力作用下做勻速圓周運動，可知兩行星做勻速圓周運動的向心力相等，選項A錯誤；兩行星繞同一圓心轉動，角速度相等，周期相等，選項B錯誤，C正確；根據(jù)可知，兩星質量不等，轉動半徑不等，則根據(jù)v=ωr可知，線速度大小不等，選項D錯誤；故選C.點睛：本題的關鍵是理解雙星系統(tǒng)的特點：雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的周期和角速度，運用動力學思路列式進行分析6、B【解析】伏安特性曲線描述電流與電壓的變化關系，其斜率，電阻變小的應為圖線的斜率變大的，因此只有選項B正確，A、C、D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】根據(jù)題意可知考查正弦式交變電流e-t圖像變化規(guī)律，找出e、、隨時間的變化規(guī)律，抓住同一時刻各個物理量的特點分析可得【詳解】A．由題圖乙可知，，，則曲線a表示的交變電動勢瞬時值，故A符合題意；B．由題圖乙知曲線a、b表示的交變電流的周期之比，由可知，所以曲線a、b表示的交變電動勢的最大值之比，又有，則，故B不符合題意；C．曲線a表示的交變電動勢瞬時值，曲線b表示的交變電動勢瞬時值，將代入，得，，，故C符合題意；D．由題圖乙知時，a的電動勢最大，對應線框的磁通量為0，b的電動勢為0，對應線框的磁通量最大，故D不符合題意【點睛】在中性面位置（線圈平面垂直磁場方向）時，磁通量最大，磁通量的變化率為零，瞬時電動勢為零，電流方向變化，在垂直中性面（線圈平面和磁場方向平行）時磁通量為零，磁通量變化率最大，瞬時電動勢最大．理解同一時刻各個物理量的特點是解決本題的關鍵8、BD【解析】帶電微粒在復合場中，只有滿足重力與電場力大小相等方向相反，微粒合力只表現(xiàn)為洛倫茲力才能做圓周運動，故粒子所受電場力向上，微粒帶正電，微粒的洛倫茲力方向要指向圓心，由左手定則判斷運動方向為逆時針，由mg=qE可得，故A錯誤，B正確；洛倫茲力不做功，但電場力做功，故機械能不守恒，故C錯誤；由于合外力做功等于零，根據(jù)動能定理，小球在運動過程中動能不變，故D正確；故選BD【點睛】物體做勻速圓周運動的條件是物體受到的合力大小不變，方向時刻指向圓心，帶電微粒在復合場中，只有滿足重力與電場力大小相等方向相反，微粒才能做勻速圓周運動，否則不能9、BC【解析】A．根據(jù)左手定則可知運動電荷在磁場中的受力方向與該點的磁感應強度方向垂直，故A錯誤；B．根據(jù)可知，運動電荷在磁場中某位置受到的磁場力為零，則該位置的磁感應強度可能為零或電荷的速度為零或速度方向與磁感應強度方向平行，故B正確；C．由電場的基本性質可知，對放入電場中某位置的電荷受到的電場力不為零，則該位置一定不為零，故C正確；D．沿著電場線方向電勢逐漸降低；在閉合電路的外電路中沿著電流的方向電勢逐漸降低，在內電路中沿著電流的方向電勢逐漸升高，故D錯誤；故選BC。10、CD【解析】設飛船的質量為m，軌道為r，地球的質量為M．根據(jù)牛頓第二定律得：則得A．由于同步衛(wèi)星的軌道高度約3.6×104km，遠大于組合體的高度，則根據(jù)可知，組合體勻速圓周運動的周期一定小于同步衛(wèi)星的周期，即小于地球自轉的周期，故A錯誤B．第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球圓周運動的最大速度，等于近地衛(wèi)星的速度，由知，組合體勻速圓周運動的線速度一定小于第一宇宙速度，故B錯誤C．由知，組合體的軌道半徑較小，角速度較大，故C正確D．“神州九號”在低軌道通過加速做離心運動，可以到“天宮一號”的軌道上去，從而實現(xiàn)和“天宮一號”對接，故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.11.1；②.97.5；③.④.C【解析】（1）游標卡尺和秒表的讀數(shù)：先讀主尺（只讀整數(shù)），再加上游標尺（格數(shù)乘以分度分之一，格數(shù)找對齊的一個不估讀）；秒表讀數(shù)等于大盤刻度讀數(shù)加上小盤刻度讀數(shù)；（2）根據(jù)單擺周期公式列式分析即可【詳解】（1）游標卡尺主尺：11mm；游標尺對齊格數(shù)：1個格，讀數(shù)為：1×0.1mm=0.1mm，所以直徑為：11mm+0.1mm=11.1mm；秒表讀數(shù)：秒表的小盤讀數(shù)90s，大盤讀數(shù)7.5s，故時間為97.5s；根據(jù)，其中的T=t/n，解得：（2）擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，故相對與原來的單擺，周期測量值偏大，故加速度測量值偏小，故A錯誤；將懸點到小球上端的懸線的長度當作擺長，擺長的測量值偏小，則加速度測量值偏小，B錯誤；開始計時時，秒表過遲按下，則周期測量值偏小，加速度測量值偏大，選項C正確；試驗中誤將40次全振動數(shù)為39次，周期測量值偏大，故加速測量值偏小，所以選項D錯誤；故選C12、①.ed②.ab③.ed④.當滑動變阻器劃片滑到b端時，電路會造成短路【解析】(1)[1]因為滑動變阻器的最大阻值小于待測電阻，故使用分壓式接法，所以要去掉圖中的ed導線；(2)[2][3]如果滑動變阻器最大電阻R1=200Ω，則為了方便測量，需要采用限