山東省惠民縣第二中學(xué)2023年物理高二上期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列核反應(yīng)方程中，屬于重核裂變是A.盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核方程B.貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，其中的一種核方程C.太陽中發(fā)生的熱核反應(yīng)，典型的一種核方程D.核電站可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)中，典型的一種核方程2、甲、乙兩位同學(xué)進(jìn)行百米賽跑，假如把他們的運(yùn)動(dòng)近似為勻速直線運(yùn)動(dòng)來處理，他們同時(shí)從起跑線起跑，經(jīng)過一段時(shí)間后他們的位置如圖所示，在圖中分別作出在這段時(shí)間內(nèi)兩人運(yùn)動(dòng)的位移x、速度v與時(shí)間t的關(guān)系圖像，正確的是（）A. B.C. D.3、如圖所示的電場中，AB=BC，UAB和UBC分別表示AB兩點(diǎn)間和BC兩點(diǎn)間的電勢差，兩者關(guān)系正確的是（）A.UAB=UBC B.UAB>UBCC.UAB<UBC D.與形成該電場的電荷種類有關(guān)4、用兩根絕緣細(xì)線把兩個(gè)完全相同的圓形導(dǎo)線環(huán)懸掛起來，讓二者等高平行放置，如圖所示．當(dāng)兩導(dǎo)線環(huán)中通入方向相同的電流I1、I2時(shí)，則有()A.兩導(dǎo)線環(huán)相互吸引B.兩導(dǎo)線環(huán)相互排斥C.兩導(dǎo)線環(huán)間無相互作用力D.兩導(dǎo)線環(huán)先吸引后排斥5、關(guān)于磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，安培提出了分子電流假說．他是在怎樣的情況下提出來的（）A.安培通過精密儀器觀察到分子電流B.安培根據(jù)原子結(jié)構(gòu)理論，進(jìn)行嚴(yán)格推理得出的結(jié)論C.安培根據(jù)環(huán)形電流的磁性與磁鐵相似提出的一種假說D.安培憑空想出來的6、在磁場中的某一位置放置一條直導(dǎo)線，導(dǎo)線的方向與磁場方向垂直．先后在導(dǎo)線中通入不同的電流，導(dǎo)線所受的力也不一樣．下列幾幅圖表現(xiàn)的是導(dǎo)線受的力與通過的電流的關(guān)系，、分別代表一組、的數(shù)據(jù)，其中正確的是（）A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一臺(tái)電動(dòng)機(jī)的線圈電阻與一只電爐的電阻相同，當(dāng)二者通過相同電流并且均正常工作時(shí)，在相同時(shí)間內(nèi)（）A.電爐放出的熱量等于電動(dòng)機(jī)放出的熱量B.電爐放出的熱量大于電動(dòng)機(jī)放出的熱量C.電爐兩端電壓等于電動(dòng)機(jī)兩端電壓D.電爐兩端電壓小于電動(dòng)機(jī)兩端電壓8、如圖甲所示為電場中的一條電場線，在電場線上建立坐標(biāo)軸，則坐標(biāo)軸上0~x2間各點(diǎn)的電勢分布如圖乙所示，則（）A.在0~x2間，場強(qiáng)方向沒有發(fā)生變化B.在0~x2間，場強(qiáng)先減小后增大C.若一負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x2點(diǎn)，電勢能逐漸減小D.從O點(diǎn)由靜止釋放一僅受電場力作用的正電荷，則該電荷在0~x2間一直做加速運(yùn)動(dòng)9、如圖所示，讓兩長為L的平行金屬板帶上等量異種電荷，板間加垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，就構(gòu)成了速度選擇器模型，粒子在紙面內(nèi)以垂直電場方向和磁場方向進(jìn)入模型，只有速度滿足的粒子才能沿直線射出。若某一粒子以速度v進(jìn)入該模型后，運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中實(shí)線，則關(guān)于該粒子的說法正確的是（）A.粒子射入的速度一定是B.粒子通過速度選擇器的時(shí)間C.粒子射出時(shí)的速度可能大于射入速度D.若粒子以從右側(cè)進(jìn)入一定不能沿直線從左側(cè)離開10、如圖所示，M、N是在真空中豎直放置兩塊平行金屬板，板間有勻強(qiáng)電場，質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計(jì)重力)，以初速度v0由小孔進(jìn)入電場，當(dāng)M、N間電壓為U時(shí)，粒子剛好能到達(dá)N板，如果要使這個(gè)帶電粒子能到達(dá)M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A.使初速度為原來B.使M、N間電壓提高到原來的2倍C.使M、N間電壓提高到原來的4倍D.使初速度和M、N間電壓都減為原來的三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用游標(biāo)為20分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為_____mm12．（12分）在“用電流表和電壓表測電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，提供的器材有：A．干電池一節(jié)B．電流表（量程0．6A）C．電壓表（量程0～3V）D．電鍵S和若干導(dǎo)線E．滑動(dòng)變阻器R（最大阻值20Ω，允許最大電流2A）①為使測量盡可能精確，請根據(jù)原理圖甲用筆畫線代替導(dǎo)線將如圖乙所示的實(shí)物圖連成實(shí)驗(yàn)電路_________（已連接了部分線）②完成下列實(shí)驗(yàn)步驟中所缺的內(nèi)容：A．按實(shí)驗(yàn)要求連接好電路，使滑動(dòng)變阻器以阻值______接入電路中（選填“最大”或“最小”）B．閉合電鍵，移動(dòng)________，使電壓表和電流表的指針有明顯偏轉(zhuǎn)，讀取電壓表和電流表的示數(shù)C．繼續(xù)移動(dòng)，并再次讀取電壓表和電流表示數(shù)．用同樣方法測量多組數(shù)據(jù)D．?dāng)嚅_電鍵，整理好器材，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理③將實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)標(biāo)在如圖丙所示的坐標(biāo)圖中，作出U—I圖線，由此求得待測電池的電動(dòng)勢E=_____V，內(nèi)電阻r=_____Ω．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A．盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核方程是人工轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤；B．貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，其中的一種核方程是衰變，故B錯(cuò)誤；C．太陽中發(fā)生的熱核反應(yīng)，典型的一種核方程是輕核的聚變，故C錯(cuò)誤；D．核電站可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)中，典型的一種核方程是重核裂變，故D正確。故選D。2、B【解析】由題意知甲乙兩人都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，甲與乙的速度保持不變，在相等時(shí)間t內(nèi)s甲＜s乙，甲的速度小于乙的速度，甲圖像斜率小。速度時(shí)間圖像是平行橫軸的直線，且甲的速度小，故ACD錯(cuò)誤B正確。故選B。3、C【解析】電場線密的地方電場強(qiáng)度大，電場線稀的地方電場強(qiáng)度小，故有：則兩點(diǎn)間的平均電場強(qiáng)度比兩點(diǎn)間的平均電場強(qiáng)度小，而距離相等，根據(jù)可得：A．與分析不符，故A錯(cuò)誤；B．與分析不符，故B錯(cuò)誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯(cuò)誤；故選C。4、A【解析】根據(jù)平行的通電直導(dǎo)線，當(dāng)通入方向相同的電流時(shí)，相互吸引，當(dāng)通入方向相反的電流時(shí)，相互排斥，可把兩導(dǎo)線環(huán)分割成很短很短的無數(shù)段，對照平行通電直導(dǎo)線進(jìn)行理解即可；【詳解】根據(jù)左手定則合右手定則可知：平行的通電直導(dǎo)線，當(dāng)通入方向相同的電流時(shí)，相互吸引，當(dāng)通入方向相反的電流時(shí)，相互排斥；可把兩導(dǎo)線環(huán)分割成很短很短的無數(shù)段，則平行靠近的兩端可看做通電直導(dǎo)線的情況，當(dāng)通入方向相同的電流時(shí)，相互吸引，故A正確，BCD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】考查了左手定則判斷安培力的方向，右手定則判斷磁場方法，得出通電導(dǎo)線間的相互作用，注意結(jié)論的應(yīng)用：同向電流相吸，異向電流相斥5、C【解析】安培根據(jù)環(huán)形電流的磁性與磁鐵相似提出的一種分子電流假說，C對6、C【解析】磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場本身性質(zhì)決定的，在磁場中的某一位置，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)是定值，所以導(dǎo)線受的力F與通過的電流I的關(guān)系為F=BIL，則F-I圖象中的圖線應(yīng)是過原點(diǎn)的一條直線；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB．電爐電路和電動(dòng)機(jī)電路焦耳定律都適用。根據(jù)焦耳定律Q=I2rt，知電爐和電動(dòng)機(jī)的電阻相同，電流相同，則在相同的時(shí)間內(nèi)電爐和電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的電熱相等。故A正確，B錯(cuò)誤。CD．設(shè)電流為I，電阻為r，則電爐兩端電壓U爐=Ir電動(dòng)機(jī)由U機(jī)＞Ir所以U機(jī)＞U爐即電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電爐兩端電壓，故D正確，C錯(cuò)誤。故選AD。8、AD【解析】A．φ-x圖象的切線斜率表示電場強(qiáng)度，故在0~x2間，場強(qiáng)方向沒有發(fā)生變化，故A正確；B．φ-x圖象的切線斜率表示電場強(qiáng)度，在0~x2間，斜率先變大后變小，故場強(qiáng)先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．由圖看出，在0~x2間，電勢逐漸降低，負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能高，若一負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x2點(diǎn)，電勢能逐漸升高。故C錯(cuò)誤；D．從O點(diǎn)靜止釋放一僅受電場力作用的正電荷，受到的電場力方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，即該電荷在O～x2間一直做加速運(yùn)動(dòng)。故D正確。故選AD。9、CD【解析】AC.假設(shè)粒子帶正電，則電場力就向下，則由左手定則知所受洛倫茲力方向向上，由受力分析結(jié)合運(yùn)動(dòng)軌跡知?jiǎng)t運(yùn)動(dòng)過程洛倫茲力不做功，電場力做負(fù)功，則粒子速度減少，粒子射出時(shí)的速度小于射入時(shí)的速度；若粒子帶負(fù)電，電場力向上，則由左手定則知所受洛倫茲力方向向下，由受力分析結(jié)合運(yùn)動(dòng)軌跡知，則運(yùn)動(dòng)過程洛倫茲力不做功，電場力做正功，則粒子速度增加，粒子射出時(shí)的速度大于射入時(shí)的速度，故C正確A錯(cuò)誤；B.若粒子在正電，則在運(yùn)動(dòng)過程中洛倫茲力在水平方向有向左的分力，粒子在水平方向做減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于，若粒子帶負(fù)電，粒子受到的洛倫茲力在水平向右有分力作用，粒子在水平方向做加速運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于，故B錯(cuò)誤；D.若粒子以從右側(cè)進(jìn)入，則不論粒子帶正電還是負(fù)電，粒子受到電場力和洛倫茲力都同向，不能滿足二力平衡，故粒子不可能做直線運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選CD。10、BD【解析】A.在粒子剛好到達(dá)N板的過程中，由動(dòng)能定理得－qEd＝0－，所以，令帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x，則使初速度減為原來的，x＝，故A錯(cuò)誤；B.使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故B正確；C.使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故C錯(cuò)誤；D.使初速度和M、N間電壓減為原來的，電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼囊话?，x＝，故D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、15【解析】游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為，游標(biāo)讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為，即為物體的長度。12、①.②.最大③.滑動(dòng)變阻器的滑片④.E=1.48V⑤.r=0.400Ω【解析】（1）根據(jù)電源的電動(dòng)勢的大小，可以確定電流的范圍，從而可以選擇需要的滑動(dòng)變阻器的大小，根據(jù)電路圖連接線路即可；（2）閉合電鍵前，應(yīng)使滑動(dòng)變阻器以阻值最大接入電路中，這樣在閉合電鍵時(shí)，電流最?。淖兓瑒?dòng)變阻器的大小，再次讀取電壓表和電流表的示數(shù)．用同樣方法測量多組數(shù)據(jù)．根據(jù)電流和電壓的數(shù)值，作出圖象．圖象與縱坐標(biāo)的截距代表的就是電源的電動(dòng)勢，直線的斜率代表電源的內(nèi)阻考點(diǎn)：用電流表和電壓表測電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動(dòng)能定理得：解得：(2)小球在C點(diǎn)時(shí)受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定