2021年北京市朝陽(yáng)區(qū)高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

將中子、質(zhì)子緊緊束縛在核內(nèi)，形成穩(wěn)定原子核的力是（

A.萬有引力B.庫(kù)侖力C.核力D.分子力

2.關(guān)于氣體壓強(qiáng)的說法，下列選項(xiàng)正確的是（）

A.氣體對(duì)容器的壓強(qiáng)源于氣體分子的熱運(yùn)動(dòng)

B.氣體對(duì)容器的壓強(qiáng)源于氣體分子受到重力作用

C.氣體分子密集程度增大，氣體壓強(qiáng)一定增大

D.氣體分子平均動(dòng)能增大，氣體壓強(qiáng)一定增大

3.利用如圖所示裝置做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，用單色光照射某光束S於弋

種金屬表面，有光電子逸出。若要使光電子的最大初（|A

動(dòng)能增大，下列選項(xiàng)正確的是（）Q_

A.僅延長(zhǎng)光照時(shí)間A

-------------11---------

B.僅換用頻率更大的光

C.僅增大入射光的強(qiáng)度

D.僅增大A、K極板間電壓

4.某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖像如圖所示。關(guān)于該簡(jiǎn)諧

5

振動(dòng)，下列選項(xiàng)正確的是（）I/Ar\

A.振幅為\Qcm°|_~X~~

B.周期為2s

C.t=ls時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度為負(fù)的最大值

D.t=3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度為正的最大值

5.關(guān)于“用油膜法估測(cè)油酸分子大小”的實(shí)驗(yàn)，下列選項(xiàng)正確的是（）

A.將油膜看作單層分子薄膜，且不考慮油酸分子間的空隙

B.利用畫有油膜輪廓的坐標(biāo)方格計(jì)算油膜面積時(shí)，舍去所有不足一格的方格

C.測(cè)一滴油酸酒精溶液的體積時(shí)，只需將其滴入量筒即可

D.若油酸未完全散開，會(huì)使測(cè)出的分子直徑偏小

6.如圖所示，在“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，將實(shí)驗(yàn)儀器按要求安裝在光

具座上，一同學(xué)觀察到清晰的干涉條紋。若他對(duì)實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行改動(dòng)后，在像屏上仍

能觀察到清晰的干涉條紋，但條紋間距變窄。以下改動(dòng)可能會(huì)實(shí)現(xiàn)這個(gè)效果的是

（）

燈泡凸透俄濾光片單縫雙縫遮光簡(jiǎn)像屏

UKK迂聲亍盅

~s~y

A.僅將濾光片向右移動(dòng)靠近單縫B.僅將單縫與雙縫的位置互換

C僅將紅色濾光片換成綠色濾光片D.僅將單縫向左移動(dòng)少許

如圖所示，用AC、CO兩根輕繩將物塊懸于水平輕桿BC的下

方，其中8為光滑轉(zhuǎn)軸，C為結(jié)點(diǎn)，輕桿8c始終保持水平,

重物靜止不動(dòng)。己知物塊質(zhì)量為，"，重力加速度為g。設(shè)AC、

CD繩的拉力分別為〃c、下列選項(xiàng)正確的是（）

A.FAC>mgB.FCD>mg

C.若A點(diǎn)上移，則片c變大D.若A點(diǎn)下移，則凡。變大

8.在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻和定值電阻的阻值均為廣，滑動(dòng)變阻器的最大阻值

為2%閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片P由。端向b端滑動(dòng)的過程中，下列選項(xiàng)正

確的是（）

A.電壓表的示數(shù)變大

C.電源的效率變大D.滑動(dòng)變阻器消耗功率變大

如圖所示，鋁管豎直置于水平桌面上，小磁體從鋁管正上方由

靜止開始下落，在磁體穿過鋁管的過程中，磁體不與管壁接觸，

且無翻轉(zhuǎn)，不計(jì)空氣阻力。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.磁體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B.磁體的機(jī)械能守恒

C.磁體動(dòng)能的增加量小于重力勢(shì)能的減少量

第2頁(yè)，共22頁(yè)

D.鋁管對(duì)桌面的壓力大于鋁管和磁體的重力之和

10.國(guó)產(chǎn)大飛機(jī)C919是我國(guó)按照國(guó)際民航規(guī)章自行研制、具有自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)的噴氣式

民用飛機(jī)，于2017年5月5日成功首飛。如圖所示，飛機(jī)在起飛過程中的某時(shí)刻

水平分速度為60m/s,豎直分速度為6m/s,已知在此后的Imin內(nèi)，飛機(jī)在水平方

向做加速度為2m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做加速度為0.2m/s2的勻加速直

線運(yùn)動(dòng)。關(guān)于這Imin內(nèi)飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)與受力情況，下列選項(xiàng)正確的是（）

A.飛機(jī)受到的合力豎直向上

B.飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線

C.前20s內(nèi),飛機(jī)上升的高度為120,”

D.前20s內(nèi)，飛機(jī)水平方向的平均速度為80m/s

11.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一——三——匚父

段靜止的長(zhǎng)為L(zhǎng)的通電導(dǎo)線，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)線。X*XXX.

設(shè)單位長(zhǎng)度導(dǎo)線中有〃個(gè)自由電荷，每個(gè)自由電荷

的電荷量都為4,它們沿導(dǎo)線定向移動(dòng)的平均速率為人下列選項(xiàng)正確的是（）

A.導(dǎo)線中的電流大小為，也以

B.這段導(dǎo)線受到的安培力大小為""8

C.沿導(dǎo)線方向電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為助

D.導(dǎo)線中每個(gè)自由電荷受到的平均阻力大小為

12.利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)粗略測(cè)量人吹氣產(chǎn)生的壓強(qiáng)。兩端開口的細(xì)玻璃管水平放置,

內(nèi)部截面積為S。管內(nèi)塞有潮濕的小棉球，其質(zhì)量為九與B端的距離為X。實(shí)驗(yàn)

者從玻璃管的A端均勻吹氣，棉球從B端飛出，落地點(diǎn)為C,測(cè)得C點(diǎn)與8端的

水平距離為/，棉球下落高度為〃。多次改變x，測(cè)出對(duì)應(yīng)的/,畫出，2—x的圖像如

圖2所示，圖線的斜率為M不計(jì)棉球與管壁的摩擦，不計(jì)空氣阻力。下列選項(xiàng)正

確的是（）

圖1

A.實(shí)驗(yàn)中小棉球在玻璃管中做勻速運(yùn)動(dòng)

B.獲取圖2中各組數(shù)據(jù)時(shí)可以改變每次吹氣的壓強(qiáng)

C.由題中數(shù)據(jù)可求得小棉球到達(dá)8端的速度為嘴

D.由于人吹氣使小棉球兩側(cè)產(chǎn)生的壓強(qiáng)差為黑

4hS

13.實(shí)驗(yàn)室有一個(gè)變壓器，一側(cè)線圈的標(biāo)記為200匝，另一側(cè)線圈匝數(shù)無標(biāo)記，小明對(duì)

它進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)探究。他用200匝的線圈作為原線圈，用匝數(shù)未知（記為N）的線圈作

為副線圈，如圖1所示，分別測(cè)量不同輸入電壓對(duì)應(yīng)的輸出電壓，測(cè)量結(jié)果如表1

所示；將原副線圈互換，如圖2所示，重復(fù)上述操作，測(cè)量結(jié)果如表2所示。實(shí)驗(yàn)

過程中電源、電壓表均正常工作。

表1

第1組第2組

輸入電壓Ui（y）4.01.9

輸出電壓外（匕）8.03.7

電壓比40.500.51

u2

表2

第3組第4組

輸入電壓8.26.1

輸出電壓4'（匕）3.22.3

電壓比好2.562.65

分析表中數(shù)據(jù)，以下推理正確的是（）

第4頁(yè)，共22頁(yè)

A.若線圈的200匝標(biāo)識(shí)是準(zhǔn)確的，則匝數(shù)N多于400匝

B.按圖1實(shí)驗(yàn)時(shí)變壓器沒有損耗，按圖2實(shí)驗(yàn)時(shí)變壓器有損耗

C.按圖1實(shí)驗(yàn)時(shí)兩側(cè)線圈中電流頻率相同，按圖2實(shí)驗(yàn)時(shí)頻率不同

前瞬間速度為火,方向與水平方向夾角a=30。。薄片與彈性面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=

0.5。不計(jì)空氣阻力，碰撞過程中忽略薄片重力。薄片每次碰撞前后豎直方向的速

度大小保持不變，并且在運(yùn)動(dòng)過程中始終沒有旋轉(zhuǎn)。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.薄片第1次碰后離開水平面瞬間，速度方向與水平面間夾角仍為30。

B.薄片每次與水平面碰撞過程中，受到的沖量均相等

C.薄片在與水平面多次碰撞后，最終將靜止在水平面上

D.薄片與水平面碰撞兩次后，水平位移將不再增加

二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

15.某同學(xué)借助圖1所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，長(zhǎng)木板的一端墊有小木塊，可以微調(diào)

木板的傾斜程度，以平衡摩擦力，使兩個(gè)小車均能在木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)。小車

1前端貼有橡皮泥，后端與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源后，

讓小車1以某速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，與置于木板上靜止的小車2相碰并粘在一起，

之后繼續(xù)做勻速直線運(yùn)動(dòng)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz,得到的紙帶如圖2所示，

已將各計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離標(biāo)在圖上。

（1）圖2中的數(shù)據(jù)有48、8（7、00￡四段,計(jì)算小車1碰撞前的速度大小應(yīng)選

段，計(jì)算兩車碰撞后的速度大小應(yīng)選段。

（2）若小車1的質(zhì)量（含橡皮泥）為0.4kg,小車2的質(zhì)量為0.2kg,根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，碰

前兩小車的總動(dòng)量是0.685kg-m/s,碰后兩小車的總動(dòng)量是kg-m/s（結(jié)果

保留三位有效數(shù)字）。

（3）關(guān)于實(shí)驗(yàn)的操作與反思，下述說法正確的是。

A實(shí)驗(yàn)中小車1必須從靜止釋放

8.若小車1前端沒貼橡皮泥，不影響實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證

C.上述實(shí)驗(yàn)裝置不能驗(yàn)證彈性碰撞規(guī)律

圖2

16.(1)某同學(xué)用多用電表測(cè)量某些電學(xué)量。經(jīng)過正確操作，兩次測(cè)量時(shí)的指針位置均

指在如圖1所示的位置。一次測(cè)量直流電壓，所選量程為50V,則讀數(shù)應(yīng)為

V；一次測(cè)量電阻，記錄的讀數(shù)為16000,則所選倍率為(選填“xl”“X

10”“X100”或“x1k”)。

(2)在上一間用多用電表測(cè)量完電阻后，需要繼續(xù)測(cè)量一個(gè)阻值約為13。的電阻。

在用紅、黑表筆接觸這個(gè)電阻兩端之前，以下有些操作步驟是必需的，請(qǐng)選擇正確

的操作并按正確順序?qū)懗鲂蛱?hào)。

①將紅表筆和黑表筆接觸

②把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“X1”位置

③把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“X10”位置

④調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向歐姆零點(diǎn)

(3)常用的多用電表是由小量程的電流表(表頭)改裝而成的。有一塊滿偏電流為

50M、內(nèi)阻為800。的小量程電流表，現(xiàn)要將它改裝成0?lm/1、0?兩個(gè)量

程的電流擋，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖2、圖3所示的兩個(gè)電路。在圖2所示的電路中R】

&(選填“>”或“<”)；從保護(hù)表頭的角度，請(qǐng)你分析說明圖2、圖3哪

種設(shè)計(jì)更合理：。

第6頁(yè)，共22頁(yè)

圖I

—@——-?-

10mA&

o

S--1ct

1mAR

210mA-!|lmA

|s

6

圖2圖3

三、計(jì)算題(本大題共4小題，共40.0分)

17.2021年3月，在自由式滑雪世錦賽中，我國(guó)小將谷

愛凌奪得兩枚金牌。我們將她在滑雪坡面上向下滑行

的一段過程，簡(jiǎn)化為小物塊沿斜面下滑的過程，如圖

所示。已知物塊質(zhì)量為根，與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

11,斜面傾角為重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力。

(1)在圖中畫出物塊的受力示意圖：

(2)求物塊沿斜面下滑的加速度大小a；

(3)求物塊沿斜面下滑的速度大小為u時(shí)，重力的瞬時(shí)功率P。

18.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，T

XA4AX

間距為3一端與阻值為R的電阻相連。導(dǎo)軌所在空間乂O"

AAAA

存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為瓦一根質(zhì)量

為，"的金屬棒置于導(dǎo)軌上，其長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好"=0時(shí),

金屬棒以初速度為沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，不計(jì)導(dǎo)軌及金屬棒的電阻。求:

(l)t=0時(shí)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E;

(2)t=0時(shí)金屬棒所受安培力的大小F；

(3)t=0之后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中電阻R產(chǎn)生的熱量Q。

19.北京時(shí)間2020年12月2日4時(shí)53分，探月工程“嫦

娥五號(hào)”的著陸器和上升器組合體完成了月壤采樣

及封裝。封裝結(jié)束后上升器的總質(zhì)量為，”，它將從

著陸器上發(fā)射，離開月面。己知月球質(zhì)量為表

面重力加速度為g,引力常量為G,忽略月球的自轉(zhuǎn)。

(1)求月球的半徑R;

(2)月球表面沒有大氣層。上升器從著陸器上發(fā)射時(shí)，通過推進(jìn)劑燃燒產(chǎn)生高溫高

壓氣體，從尾部向下噴出而獲得動(dòng)力，如圖所示。已知噴口橫截面積為S,噴出氣

體的密度為P，若發(fā)射之初上升器加速度大小為。，方向豎直向上，不考慮上升器

由于噴氣帶來的質(zhì)量變化，求噴出氣體的速度大小v；

(3)不計(jì)其它作用力時(shí)，上升器繞月飛行可認(rèn)為是上升器與月球在彼此的萬有引力

作用下，繞二者連線上的某一點(diǎn)。做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若認(rèn)為在。點(diǎn)有一靜止的“等

效月球”，替代月球?qū)ι仙鞯淖饔?，上升器繞“等效月球”做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周

期不變。求“等效月球”的質(zhì)量M'。

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20.靜止電荷在其周圍空間產(chǎn)生的電場(chǎng)，稱為靜電場(chǎng)；隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)在其周圍空間

激發(fā)的電場(chǎng)稱為感生電場(chǎng)。

(1)如圖1所示，真空中一個(gè)靜止的均勻帶電球體，所帶電荷量為+Q,半徑為R,

靜電力常量為幾距球心r處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分布滿足如下關(guān)系：E=

Q

cf/r?<

(r

次->

cf

(r/?)

a.將電荷量為q的試探電荷放在距離帶電球球心2R處，求其受到的靜電力大小F；

b.在圖2坐標(biāo)系中畫出E-r圖像，并借助該圖像求出帶電球的球心與球面間的電勢(shì)

差U。

(2)如圖3所示，在紙面內(nèi)以。為圓心、半徑為。的圓形區(qū)域內(nèi)，分布著垂直紙面

向里的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小隨時(shí)間均勻增加，變化率為鼠該變化磁場(chǎng)激發(fā)

信-r(r<a)

感生電場(chǎng)，距圓心r處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分布滿足如下關(guān)系：E房=｛窘21

一(『乂』)

電子感應(yīng)加速器是利用感生電場(chǎng)使電子加速的設(shè)備。一種電子感應(yīng)加速器的簡(jiǎn)化模

型如圖4所示，空間存在垂直紙面向里的磁場(chǎng)，在以。為圓心，半徑小于r()的圓形

區(qū)域內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度a=J,在大于等于r。的環(huán)形區(qū)域內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為=k2t,

其中自、心均為正的定值。電子能在環(huán)形區(qū)域內(nèi)沿半徑等于力的圓形軌道運(yùn)動(dòng)，并

不斷被加速。

a.分別說明當(dāng)、B2的作用；

b.推導(dǎo)七與七應(yīng)滿足的數(shù)量關(guān)系。

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：將中子、質(zhì)子緊緊束縛在核內(nèi)，形成穩(wěn)定原子核的力是核力。故c正確，

48。錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)原子核的知識(shí)可做出判斷。

本題考查核力，考查知識(shí)點(diǎn)有針對(duì)性，重點(diǎn)突出，考查了學(xué)生掌握知識(shí)的程度。

2.【答案】A

【解析】解：AB,氣體壓強(qiáng)不是由分子的重力作用而產(chǎn)生的，是由大量分子頻繁地碰

撞器壁而產(chǎn)生的，即氣體對(duì)容器的壓強(qiáng)源于氣體分子的熱運(yùn)動(dòng)，故4正確，8錯(cuò)誤；

CD,氣體壓強(qiáng)決定于氣體分子的密度（單位體積內(nèi)的分子數(shù)）和分子的平均動(dòng)能兩個(gè)因

素，可見僅將氣體分子密集程度增大或僅將氣體分子平均動(dòng)能增大時(shí)，氣體壓強(qiáng)不一定

增大，故錯(cuò)誤。

故選：Ao

氣體壓強(qiáng)是由大量分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的，源于氣體分子的熱運(yùn)動(dòng)；

氣體壓強(qiáng)取決于氣體分子的密度（單位體積內(nèi)的分子數(shù)）和分子的平均動(dòng)能兩個(gè)因素，據(jù)

此判斷。

大量做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的分子對(duì)器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強(qiáng).單個(gè)分子碰撞

器壁的沖力是短暫的，但是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對(duì)器壁產(chǎn)生持續(xù)、均勻的壓

力.所以從分子動(dòng)理論的觀點(diǎn)來看，氣體的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積

上的平均作用力，同時(shí)要知道氣體壓強(qiáng)取決于氣體分子的密度（單位體積內(nèi)的分子數(shù)）和

分子的平均動(dòng)能兩個(gè)因素。

3.【答案】B

【解析】解：人光電效應(yīng)具有瞬時(shí)性，延長(zhǎng)光照時(shí)間不會(huì)影響光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)結(jié)果，

故A錯(cuò)誤。

B、由愛因斯坦光電效應(yīng)方程以=捫-故換用頻率更大的光，光電子最大初動(dòng)能

增大，故B正確。

C、當(dāng)入射光頻率一定時(shí)，增大光照強(qiáng)度，光電流強(qiáng)度增大，而光電子最大初動(dòng)能不變，

故C錯(cuò)誤。

。、由光電管電路，知電源對(duì)逸出的光電子起加速作用，增大A、K間電壓，使到達(dá)A

極板的電子動(dòng)能變大，但不能改變由K逸出的光電子的最大初動(dòng)能，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

利用光電效應(yīng)的瞬時(shí)性判斷A選項(xiàng)；由光電效應(yīng)方程作答B(yǎng)選項(xiàng)；入射光強(qiáng)度決定光電

流強(qiáng)度；從A、K間電壓的作用，處理。選項(xiàng)。

光電效應(yīng)的四條規(guī)律如下：①入射光頻率大于金屬截止頻率時(shí)，產(chǎn)生光電效應(yīng)；②愛

因斯坦光電效應(yīng)方程；③當(dāng)入射頻率一定時(shí)，光電流強(qiáng)度隨入射光強(qiáng)度的增大而增大；

④光電效應(yīng)時(shí)間極短，短于10-9s.掌握光電效應(yīng)的以上規(guī)律，是作答光電效應(yīng)問題的關(guān)

鍵。

4.【答案】D

【解析】解：人由小球振動(dòng)圖像可知，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振幅為5cm,故A錯(cuò)誤；

B、由小球振動(dòng)圖像可知，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期為4s,故B錯(cuò)誤：

C、由小球振動(dòng)圖像可知，t=ls時(shí)，質(zhì)點(diǎn)在正向位移最大處，則速度為零，故C錯(cuò)誤；

D、由小球振動(dòng)圖像可知，t=3s時(shí)，小球在負(fù)向位移最大處，根據(jù)可知，加速

m

度為正向最大值，故。正確。

故選：。。

根據(jù)小球振動(dòng)圖像求出振幅、周期以及運(yùn)動(dòng)位置，根據(jù)所處位置分析加速度和速度。

本題考查簡(jiǎn)諧振動(dòng)相關(guān)內(nèi)容，比較簡(jiǎn)單，要能夠?qū)⒄駝?dòng)圖像和物體實(shí)際運(yùn)動(dòng)過程一一對(duì)

應(yīng)。

5.【答案】A

【解析】解：A、油膜為單分子緊密排列的，且不考慮油酸分子間的空隙，因此單分子

油膜的厚度被認(rèn)為是油酸分子的直徑，故A正確；

8、實(shí)驗(yàn)中數(shù)油膜輪廓內(nèi)的正方形格數(shù)時(shí)，不足半格的應(yīng)全部舍去，大于半格的算一格，

故B錯(cuò)誤；

C、測(cè)一滴油酸酒精溶液的體積時(shí)，并不是取一滴滴入量筒，而取若干滴，再取平均值，

采用了放大法，從而減小誤差，故C錯(cuò)誤；

。、若油酸未完全散開，導(dǎo)致油膜的面積偏小，由d=（，可知，測(cè)出的分子直徑偏大，

故。錯(cuò)誤。

第12頁(yè)，共22頁(yè)

故選：

明確用“油膜法”估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)原理：認(rèn)為油酸分子是緊密排列的，而且形成的

油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸體積除以油膜面積得出的油膜厚

度即為油酸分子直徑.

本題考查了用“油膜法”估測(cè)分子直徑大小的實(shí)驗(yàn)，正確解答實(shí)驗(yàn)問題的前提是明確實(shí)

驗(yàn)原理，理解放大法來減小測(cè)量的誤差.

6.【答案】C

【解析】解：A、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=；；!可知，僅將濾光片向右移動(dòng)靠

近單縫，對(duì)干涉條紋間距沒有影響，故4錯(cuò)誤；

B、將單縫與雙縫的位置互換，屏上不能出現(xiàn)干涉條紋，故B錯(cuò)誤；

C、將濾光片由紅色的換成綠色的，波長(zhǎng)變短，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式4x=：九

知干涉條紋間距變窄，故c正確；

D、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△%=；；!可知，僅將單縫向左移動(dòng)少許，對(duì)干涉條紋

間距沒有影響，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式&X=a比較干涉條紋的間距變化。

解決本題的關(guān)鍵理解雙縫干涉的特點(diǎn)，掌握“用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)原理公式

L，

△X=-/lo

a

7.【答案】A

【解析】解：A&以重物為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件

可得：FCD=mg；

?T

以結(jié)點(diǎn)C為研究對(duì)象，受到兩段輕繩拉力和8c桿的

彈力，如圖所示；根據(jù)平衡條件可得:FAC=^->mg,

Sint?

故A正確、B錯(cuò)誤；

CD,根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得：翳=翳，F(xiàn)CD=mg不變，與A點(diǎn)的位置無關(guān)；

若A點(diǎn)上移，48間距增大、則簽=翳變小，AC不變、則以°變小，故CO錯(cuò)誤

故選：A。

以重物為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件求解FCD；以結(jié)點(diǎn)C為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件分析

FAC-,根據(jù)三角形相似可得翳=翳，由此分析自c的變化。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，關(guān)鍵是能夠確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用

平行四邊形法則進(jìn)行力的合成，然后建立平衡方程進(jìn)行解答。

8.【答案】B

【解析】解：AB、開關(guān)閉合后，電壓表測(cè)量路端電壓，電流表測(cè)量總電流。當(dāng)滑動(dòng)變

阻器的滑片P由。端向〃端滑動(dòng)過程中，接入電路的電阻減小，總電流增大，電源的內(nèi)

電壓增大，路端電壓減小，故電壓表的示數(shù)變小，電流表的示數(shù)變大，故A錯(cuò)誤、8正

確；

C、所以電源的效率”=稱x100%=眨100%,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由“端向b端

滑動(dòng)過程中，路端電壓U減小，則效率減小，故c錯(cuò)誤；

。、將定值電阻看成電源的內(nèi)阻，則等效電源的內(nèi)阻為2r,滑動(dòng)變阻器的最大阻值也是

2r,因?yàn)殡娫吹膬?nèi)電阻與外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，所以滑片P由4端向6端

滑動(dòng)過程中，滑動(dòng)變阻器消耗的功率變小，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

分析電路連接情況，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片尸由。端向6端滑動(dòng)過程中，分析接入電路的

電阻的變化，即可分析電流和路端電壓的變化；根據(jù)效率的計(jì)算公式分析電源效率的變

化；將定值電阻看成電源的內(nèi)阻，分析滑動(dòng)變阻器消耗功率的變化。

對(duì)于功率問題，要分定值電阻還是可變電阻，定值電阻功率的變化只看電流或電壓的變

化，而可變電阻可采用等效法進(jìn)行分析。

9.【答案】C

【解析】解：4磁體在鋁管中運(yùn)動(dòng)的過程中，穿過鋁管的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)

電流，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙磁通量的變化，所以鋁管受到向下的安培力，磁體受到向

上的安培力，因此，磁體的加速度小于重力加速度；磁塊運(yùn)動(dòng)的速度越快，磁通量變化

越快，由根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=W可知產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，鋁管中感應(yīng)電流

越大，所以鋁管受到的安培力越大，則磁體受到的安培力也越大，根據(jù)mg-/安=加。

知磁體的加速度是逐漸減小的，磁體做的不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

8、磁體在下落過程中，安培力對(duì)磁體要做負(fù)功，故磁體的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

C、磁體在下落過程中，磁體的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為磁體的動(dòng)能和鋁管中的電能，根據(jù)能量

第14頁(yè)，共22頁(yè)

守恒定律可知，磁體動(dòng)能的增加量小于重力勢(shì)能的減少量，故c正確；

。、對(duì)鋁管和磁體組成的整體，由于磁體有豎直向下的加速度，處于失重狀態(tài)，所以，

鋁管對(duì)桌面的壓力小于鋁管和磁體的重力之和，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

小磁體從鋁管正上方由靜止開始下落，穿過鋁管的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流,

出現(xiàn)感應(yīng)磁場(chǎng)要阻礙磁通量的變化，導(dǎo)致小磁體受到阻力，因而機(jī)械能不守恒；在下落

過程中導(dǎo)致鋁管產(chǎn)生內(nèi)能；根據(jù)超、失重觀點(diǎn)分析鋁管對(duì)桌面的壓力與鋁管和磁體總重

力的關(guān)系。

本題運(yùn)用楞次定律的另一種表述：來拒去留，來判斷磁體受到的安培力方向。要注意分

析能量的轉(zhuǎn)化情況，運(yùn)用能量守恒定律分析各種能量之間的關(guān)系。

10.【答案】D

【解析】解：人依據(jù)矢量的合成法則，則飛機(jī)受到的合力斜向右上方，故A錯(cuò)誤；

B、飛機(jī)的速度的方向：tana=^=-^-=0.1,飛機(jī)的加速度的方向：tanp==

ou

vxaxL

0.1,可知飛機(jī)的速度的方向與加速度的方向是相同的，飛機(jī)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B

錯(cuò)誤；

C、飛機(jī)在豎直方向上勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由豎直分速度為%=6m/s,豎直方向做加速

度為a=0.2m/s2,依據(jù)九=+gat?=6x20m+；x0.2x2026=160m,故C錯(cuò)

誤；

D,在水平方向上，飛機(jī)在20s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，那么水平方向的平均速度為：v=

^=^^m/s=80m/s,故。正確。

故選：Do

物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是受到的合外力的方向與速度的方向不在同一條直線上；結(jié)合速

度公式計(jì)算速度，結(jié)合位移公式計(jì)算位移。

該題中，飛機(jī)在豎直方向與水平方向都做勻減速運(yùn)動(dòng)，所以正確判斷出飛機(jī)是否做勻變

速直線運(yùn)動(dòng)是解答的關(guān)鍵。

11.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)電流定義/=，

根據(jù)題意Q=nqL

其中t=$聯(lián)立可得到的微觀表達(dá)式為/=nqu,故A錯(cuò)誤；

B、每個(gè)電荷所受洛倫茲力的大小/=quB

這段導(dǎo)線受到的安培力大小F=nLf=nLquB,故B正確；

C、沿導(dǎo)線方向的電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=g(U為導(dǎo)線兩端的電壓)它的大小不等于VB,

只有在速度選擇器中的電場(chǎng)強(qiáng)度大小才是防，且其方向是垂直導(dǎo)線方向，故C錯(cuò)誤；

D導(dǎo)線中每個(gè)自由電荷受到的平均阻力方向是沿導(dǎo)線方向的，而小8是洛倫茲力，該力

的的方向與導(dǎo)線中自由電荷運(yùn)動(dòng)方向垂直，二者不相等，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)電流的定義是求得電流的微觀表達(dá)式，先求每個(gè)電荷所受洛倫茲力，再計(jì)算導(dǎo)線所

受安培力。

本題考查電流微觀表達(dá)式的推導(dǎo)，洛倫茲力和安培力的計(jì)算，注意根據(jù)電流的定義式，

去推導(dǎo)其微觀表達(dá)式。

12.【答案】D

【解析】解：4實(shí)驗(yàn)者從玻璃管的A端均勻吹氣，玻璃管內(nèi)壓強(qiáng)不變，大氣壓強(qiáng)不變，

小棉球所受合力不變且不為零，如果小棉球所受合力為零，小棉球?qū)㈧o止在玻璃管內(nèi)，

不會(huì)在玻璃管內(nèi)云彩，小棉球在玻璃管內(nèi)勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

C、小棉球從B端飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，

水平方向：I=vot

豎直方向：h=^gt2

解得，小棉球到達(dá)B端的速度：%=I標(biāo)故C錯(cuò)誤；

BD、設(shè)玻璃管內(nèi)氣體壓強(qiáng)始終為p,大氣壓強(qiáng)為po,不計(jì)棉球與管壁的摩擦，

對(duì)棉球從靜止到B點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程運(yùn)用動(dòng)能定理得：@一00)5%=：m詔-0,即：(p-

Po)Sx=綱(/器產(chǎn)

解得：乒=也皿父》

mg

y—x圖象的斜率：卜=”與詈

由于人吹氣使小棉球兩側(cè)產(chǎn)生的壓強(qiáng)差△p=p-p0=嘿,

4-5fl

由圖2所受圖象可知，圖象斜率％不變，大氣壓強(qiáng)po不變，每次吹氣的壓強(qiáng)P=2。+察

不變，故B錯(cuò)誤，。正確。

第16頁(yè)，共22頁(yè)

故選：D。

根據(jù)小棉球的受力情況判斷小棉球在玻璃管中的運(yùn)動(dòng)情況；

根據(jù)壓強(qiáng)公式求出壓力F,運(yùn)用動(dòng)能定理求出D-x的關(guān)系，然后分析答題；

棉球從B端飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，可以根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式解出速度必。

該題考查了平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律與壓強(qiáng)的相關(guān)計(jì)算，要求同學(xué)們學(xué)會(huì)熟練運(yùn)用動(dòng)能定理

解題，比較簡(jiǎn)潔、方便，本題難度不大.

13.【答案】4

【解析】解：B、觀察表1表2數(shù)據(jù)可以發(fā)現(xiàn)，一定有一表數(shù)據(jù)不準(zhǔn)確，引起誤差的原

因是發(fā)生了漏磁，假設(shè)1準(zhǔn)確，2不準(zhǔn)確，則對(duì)2數(shù)據(jù)分析，發(fā)生漏磁，磁通量變化增

大，感應(yīng)電流增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也增大，可實(shí)際數(shù)據(jù)是減?。ㄐ∮诶碚撝担┧约僭O(shè)錯(cuò)誤，

即表1數(shù)據(jù)錯(cuò)誤，表2數(shù)據(jù)準(zhǔn)確，則按圖1實(shí)驗(yàn)時(shí)變壓器有損耗，按圖2實(shí)驗(yàn)時(shí)變壓器

沒有損耗，故B錯(cuò)誤；

A、由理想變壓器原副線圈與匝數(shù)關(guān)系匯=竽

U2'物

解得見=黑電-512>400,故A正確；

C、交流電的頻率由電源決定，與變壓器的匝數(shù)無關(guān)，故c錯(cuò)誤；

。、直流電在線圈中產(chǎn)生的磁場(chǎng)，線圈有磁通量，但是磁通量不變，則在副線圈中不會(huì)

產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以無法完成實(shí)驗(yàn)，故。錯(cuò)誤；

故選：A。

對(duì)表中數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，得出正確數(shù)據(jù)，再利用變壓器的電壓與匝數(shù)關(guān)系分析求解。

本題考查變壓器的知識(shí)，注意變壓器只適用于交流電，且不改變交流電的頻率，學(xué)生需

熟練掌握變壓器的電壓、電流與線圈匝數(shù)的關(guān)系。

14.【答案】D

【解析】解：A、薄片第1次碰后因豎直速度不變，但是由于薄片與地面之間有摩擦力

作用，則水平方向速度減小，則薄片離開水平面瞬間，速度方向與水平面間夾角大于30。,

故A錯(cuò)誤；

BCD、以豎直向上為正方向，薄片第一次與地面碰撞時(shí)，

豎直速度大小不變，豎直方向，F(xiàn)Yt=2mvosin3O°=mv0

水平方向—=-nmv0=—O.5mvo

即每次與地面碰撞一次后，水平方向動(dòng)量減小0.5m%,

mv

而水平方向的初動(dòng)量為niPoCOs30。=Yo=0.866mvo

即薄片與水平面碰撞兩次后，水平方向動(dòng)量減為零，即水平方向位移將不再增加，薄片

將在豎直方向不斷與地面碰撞；由以上分析可知，薄片在前兩次與水平面碰撞過程中，

豎直方向受到的沖量相等，水平方向受到的沖量不相等，則薄片與地面碰撞中的沖量不

相等。故。正確，錯(cuò)誤。

故選：D。

對(duì)薄片與地面過程應(yīng)用動(dòng)量定理列方程求解即可。

本題考查動(dòng)量定理的應(yīng)用，注意動(dòng)量定理方程是矢量式，列式時(shí)要注意方向。

15.【答案】BCDE0.684C

【解析】解：(1)推動(dòng)小車由靜止開始運(yùn)動(dòng)，小車有個(gè)加速過程，在碰撞前小車做勻速

直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過的位移相同，故8C段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選

段計(jì)算碰前的速度；碰撞過程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過程，兩車碰撞后的一起做勻速直線運(yùn)

動(dòng)，在相同的時(shí)間內(nèi)通過相同的位移，應(yīng)選DE段來計(jì)算碰后共同的速度。

(2)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz,打點(diǎn)時(shí)間間隔T4=*=0.02s

1140x10

碰后兩小車的共同速度為“=絲=..m/s—1.140m/s,

碰后兩小車的總動(dòng)量p'=(mx+m2~)v=(0.4+0.2)x1.140kg-m/s=0.684kg-m/s；

(3)4、實(shí)驗(yàn)中小車1不能從靜止釋放，平衡摩擦力后如果從靜止釋放小車1,小車1所

示合力為零，小車1將靜止在長(zhǎng)木板上，不能完成實(shí)驗(yàn)，故A錯(cuò)誤；

8、若小車1前端沒貼橡皮泥，碰撞后兩車不能粘在一起，不能測(cè)出碰撞后小車2的速

度，會(huì)影響實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，故8錯(cuò)誤；

C、上述實(shí)驗(yàn)兩小車的碰撞是完全非彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，該裝置不

能驗(yàn)證彈性碰撞規(guī)律，故C正確；

故選：Co

故答案為：(1)BC；DE；(2)0.684；(3)C.

(1)小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，在相等時(shí)間內(nèi)的位移相等，分析小車的運(yùn)動(dòng)過程，然后答

題；

(2)根據(jù)圖示紙帶求出小車碰撞后小車的速度大小，然后根據(jù)動(dòng)量的計(jì)算公式求出動(dòng)量;

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道碰撞中如何利用紙帶求

解碰撞前后的速度，從而確定動(dòng)量是否守恒。

第18頁(yè)，共22頁(yè)

16.【答案】24.0x100②①④（圖3

【解析】解：(1)所選量程是50匕精確度是1匕所以讀數(shù)是24.0V,

測(cè)電阻時(shí)，指針示數(shù)是160,但是實(shí)際讀數(shù)是1600。，說明所選倍率是X100。

(2)現(xiàn)在的歐姆表倍率太大，換成“xl”倍率時(shí)，恰好13。在中值電阻附近，所以先將

開關(guān)轉(zhuǎn)到“XI”位置，然后再將紅黑表筆對(duì)接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。步驟為②①④。

(3)總電壓不變，電流大的那一路電阻小，由歐姆定律知公<&，圖3更合理，因?yàn)閳D

2電路在通電狀態(tài)中，更換量程會(huì)造成兩分流電阻都未并聯(lián)在表頭兩端，以致通過表頭

的電流超過其滿偏電流而損壞。

故答案為：(1)24.0x100

(2)②①④

(3)<,圖3更合理，因?yàn)閳D2電路在通電狀態(tài)中，更換量程會(huì)造成兩分流電阻都未并

聯(lián)在表頭兩端，以致通過表頭的電流超過其滿偏電流而損壞。

多用電表的讀數(shù)問題，注意找好擋位，量程，按照讀數(shù)原則去讀即可。當(dāng)選擇的歐姆表

倍率不合適時(shí)注意選擋后先重新歐姆調(diào)零，再去讀數(shù)。電壓一定，電流大的電阻小。

本題考查多用電表的讀數(shù)，使用等知識(shí)點(diǎn)，需要掌握讀數(shù)原則，歐姆調(diào)零的重要步驟等

知識(shí)點(diǎn)。

(2)在物塊沿斜面方向，由牛頓第二定律有：mgsin6-fimgcosd=ma,

解得：a=gsind—ngcosd；

(3)由功率的表達(dá)式有：P=mgvsind.

答：(1)見解答圖像；(2)物塊沿斜面下滑的加速度大小為gsE。-“geos。；(3)重力的瞬

時(shí)功率為mgusinJ。

【解析】(1)物塊受到豎直向下的重力、沿斜面向上的摩擦力和垂直斜面向上的支持力

作用；

(2)在沿斜面方向，物塊受到重力沿斜面向下的分力和摩擦力作用，然后運(yùn)用牛頓第二

定律求解；

(3)重力垂直斜面方向的分力和速度方向垂直，功率為零，只需要考慮重力沿斜面向下

的分力即可。

分析清楚物塊的受力情況，然后直接運(yùn)用牛頓第二定律和瞬時(shí)功率的公式求解，屬于基

礎(chǔ)題。

18.【答案】解：(l)t=O時(shí)導(dǎo)體棒的速度為口由法拉第電磁感應(yīng)定律得，t=0時(shí)金屬

棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E=BLv0；

(2)由閉合電路歐姆定律，金屬棒中的電流/=5

則由安培力公式F=得

安培力F=BIL=婦學(xué)；

(3)由于安培力的作用，金屬棒最終后靜止，其動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電阻R中產(chǎn)生的熱量，則由

功能關(guān)系得，電阻R產(chǎn)生的熱量詔。

答：(l)t=0時(shí)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E為BL%；

(2)t=0時(shí)金屬棒所受安培力的大小尸為中：

(3)t=0之后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中電阻R產(chǎn)生的熱量。為［小詔。

【解析】(1)根據(jù)切割公式E=BLv求解t=0時(shí)刻的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

(2)根據(jù)歐姆定律求解平均感應(yīng)電流，根據(jù)安培力公式求解安培力的大??；

(3)根據(jù)功能關(guān)系分析電阻R中產(chǎn)生的熱量。

本題考查導(dǎo)體棒切割磁感線與電路的結(jié)合問題，要注意明確導(dǎo)體棒視為電源，明確閉合

電路歐姆定律、安培力以及功能關(guān)系的正確應(yīng)用。

19.【答案】解：(1)質(zhì)量為m'的物體放在月球表面，根據(jù)牛頓第二定律得：

m'M