學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2019—2020學年下學期高三5月月考測試卷理科綜合物理試題一、選擇題1.已知氫原子的基態(tài)能量為E1，激發(fā)態(tài)能量為，其中n＝2，3，4…已知普朗克常量為h,則下列說法正確的是（）A。氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子動能增大，原子的電勢能減小B?；鶓B(tài)氫原子中的電子吸收一頻率為ν的光子被電離后，電子速度大小為C。大量處于n＝3的激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級躍遷時可輻射出3種不同頻率的光D。若原子從n＝6能級向n＝1能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應，則原子從n＝6能級向n＝2能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波也一定能使該金屬發(fā)生光電效應【答案】C【解析】【詳解】A、氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子的動能減小，電勢能增大,總能量增大，選項A錯誤；B、基態(tài)的氫原子中的電子吸收一頻率為ν的光子被電離后，最大動能為Ekm＝hν－E1,設電子的最大速度為vm,則vm＝，選項B錯誤;C、大量處于n＝3的激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級躍遷可輻射＝3種不同頻率的光,選項C正確；D、從n＝6能級向n＝1能級躍遷產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應，從n＝6能級向n＝2能級躍遷產(chǎn)生的電磁波頻率比n＝6能級向n＝1能級躍遷產(chǎn)生的電磁波小,故不一定能使該金屬發(fā)生光電效應，選項D錯誤．故選C．2.跳傘運動員從高空懸停的直升機跳下，運動員沿豎直方向運動,其v-t圖象如圖所示，下列說法正確的是A.運動員在0—10s內(nèi)的平均速度大小等于10m/sB從15s末開始運動員處于靜止狀態(tài)C。10s末運動員的速度方向改變D。10s-15s內(nèi)運動員做加速度逐漸減小的減速運動【答案】D【解析】【詳解】0～10s內(nèi)，若運動員做勻加速運動,平均速度為,根據(jù)圖象的“面積"等于位移可知,運動員的位移大于勻加速運動的位移，所以由公式得知：0～10s內(nèi)的平均速度大于勻加速運動的平均速度10m/s，故A錯誤．由圖知，15s末開始運動員做勻速直線運動,故B錯誤;由圖看出，運動員的速度一直沿正向,速度方向沒有改變，故C錯誤．10～15s圖象的斜率減小，則其加速度減小，故10~15s運動員做加速度減小的減速運動，故D正確．所以D正確，ABC錯誤．3.如圖所示，處于豎直面的長方形導線框MNPQ邊長分別為L和2L，M、N間連接兩塊水平正對放置的金屬板,金屬板距離為d，虛線為線框中軸線，虛線右側有垂直線框平面向里的勻強磁場．內(nèi)板間有一個質量為m、電量為q的帶正電油滴恰好處于半衡狀態(tài)，重力加速度為g，則下列關于磁場磁感應強度大小B的變化情況及其變化率的說法正確的是A.正在增強， B.正在減小，C.正在增強， D.正在減小,【答案】B【解析】【詳解】油滴帶正電，受向上的電場力和向下的重力平衡,即Eq=mg則上極板帶負電，由楞次定律可知,磁場磁感應強度大小B正在減小，且聯(lián)立解得故B正確，ACD錯誤。4.如圖所示，真空中有一邊長為a的立方體，在圖中A、C、F三個頂點放上電荷量相等的負點電荷q，已知靜電力常量為k，設無窮遠處的電勢為零，則下列說法正確的是（）A。A處點電荷受到另兩個點電荷對其作用力的合力大小為B.B點處的電場強度的大小為C.D、E、G三點中,D點的電勢最高D.將一電子先后置于H點和B點，電子在H點的電勢能大于其在B點的電勢能【答案】A【解析】【詳解】A．A、C、F三點形成了一個等邊三角形,有故A正確；B．B點處的電場強度是由三個點電荷各自產(chǎn)生的電場強度疊加而成的，合電場強度為故B錯誤

C．D、E、G三點在電場中相對A、C、F三點的位置相同,故電勢相等，故C錯誤；

D．H點到三個固定負點電荷的距離大于B點到三個固定負點電荷的距離，由點電荷的公式以及電勢的疊加為標量疊加可知所以φH＞φB．根據(jù)EP=—eφ得EPH＜EPB，故D錯誤.

故選A.5。如圖所示，ABC為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB為傾斜直軌道，BC為與AB相切的圓形軌道，并且圓形軌道處在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．今有質量相同的甲、乙、丙三個小球，其中甲球帶正電、乙球帶負電、丙球不帶電，現(xiàn)將三個小球在軌道AB上分別從不同高度處由靜止釋放，都恰好通過圓形軌道最高點，則A。經(jīng)過最高點時，三個小球速度相等B.經(jīng)過最高點時，甲球的速度最小C。乙球釋放的位置最高D.甲球下落過程中,機械能守恒【答案】D【解析】在最高點時，甲球受洛侖茲力向下，乙球受洛侖茲力向上，而丙球不受洛侖茲力，三球在最高點受合力不同，由牛頓第二定律得：F合=m，由F合于不同m、R相等,則三個小球經(jīng)過最高點時的速度不相等,故A錯誤；由于經(jīng)過最高點時甲球所受合力最大，甲球在最高點的速度最大，故B錯誤；甲球經(jīng)過最高點時的速度最大，甲的機械能最大，小球在運動過程中只有重力做功,機械能守恒，由機械能守恒定律可知,甲釋放時的位置最高，故C錯誤；洛倫茲力不做功,小球在運動過程中只有重力做功,機械能守恒,故D正確;故選D．點睛:本題應牢記洛侖茲力的性質,明確洛侖茲力永不做功,故三個小球在運動中機械能守恒，但要注意恰好通過時三個小球的受力不同，故速度是不相同的．6.如圖所示，A為地球赤道表面的物體，B為環(huán)繞地球運行的衛(wèi)星,此衛(wèi)星在距離地球表面的高度處做勻速圓周運動，且向心加速度的大小為a，地球的半徑為R，引力常量為G。則下列說法正確的是（）A。物體A的向心加速度小于aB.物體A的線速度比衛(wèi)星B的線速度大C.地球的質量為D.地球兩極的重力加速度大小為【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)可知可知B的加速度a大于地球同步衛(wèi)星的加速度；而根據(jù)a=ω2r可知,同步衛(wèi)星的加速度大于物體A的加速度，則物體A的向心加速度小于a,選項A正確；

B．根據(jù)可知可知B的速度大于地球同步衛(wèi)星的速度；而根據(jù)v=ωr可知，同步衛(wèi)星的速度大于物體A的速度，則物體A的速度小于衛(wèi)星B的速度，選項B錯誤；

C．對衛(wèi)星B，根據(jù)可得，地球質量為選項C錯誤；

D．根據(jù)可得地球兩極的重力加速度大小為選項D正確；

故選AD.7。如圖所示，理想變壓器原線圈兩端的電壓不變,電流表為理想電流表，副線圈上通過輸電線接有兩個相同的燈泡L1和L2，輸電線的等效電阻為R，開始時，開關S斷開.當S接通時，以下說法正確的是A.副線圈兩端MN輸出電壓減小B。副線圈輸電線等效電阻R上的電壓減小C。通過燈泡L1的電流減小D.原線圈中電流表的示數(shù)增大【答案】CD【解析】【詳解】A．理想變壓器的輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，由于輸入電壓和匝數(shù)比不變，所以副線圈的輸出的電壓也不變，故A錯誤；

BC．當S接通后，兩個燈泡并聯(lián)，電路的電阻減小,副線圈的電流變大，所以通過電阻R的電流變大，電壓變大，那么并聯(lián)部分的電壓減小，所以通過燈泡L1的電流減小,燈泡L1變暗，故B錯誤，C正確；

D．當S接通后，兩個燈泡并聯(lián)，電路的電阻減小，根據(jù)匝數(shù)比可知副線圈的電流變大,所以原線圈的電流也變大,故D正確。故選CD。8。如圖所示，一根輕彈簧一端固定于O點,另一端與可視為質點的小滑塊連接，把滑塊放在傾角為θ＝30°的固定光滑斜面上的A點，此時彈簧恰好水平。將滑塊從A點由靜止釋放，經(jīng)B點到達位于O點正下方的C點。當滑塊運動到B點時彈簧與斜面垂直，且此時彈簧恰好處于原長。已知OB的距離為L，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則滑塊由A運動到C的過程中（）A。滑塊的加速度先減小后增大 B。滑塊的速度一直在增大C?；瑝K經(jīng)過B點時的速度大于 D.滑塊經(jīng)過C點的速度可能小于【答案】BC【解析】【詳解】AB．彈簧原長為L，在A點不離開斜面，則在C點不離開斜面，則有從A點滑至C點，設彈簧與斜面夾角為α（范圍為30°≤α≤90°);從B點滑至C點，設彈簧與斜面的夾角為β，則可知下滑過程中加速度一直沿斜面向下且減小，選項A錯誤,B正確；C．從A點滑到B點，由機械能守恒可得解得選項C正確;D．從A點滑到C點，由機械能守恒可得解得選項D錯誤。故選BC.二、實驗題9.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中,小明同學利用傳感器設計實驗：如圖,將質量為m、直徑為d的金屬小球在一定高度h由靜止釋放，小球正下方固定一臺紅外線計時器，能自動記錄小球擋住紅外線的時間t,改變小球下落高度h，進行多次重復實驗．此方案驗證機械能守恒定律方便快捷．(1)用螺旋測微器測小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑d＝__________mm；（2）為直觀判斷小球下落過程中機械能是否守恒，應作下列哪一個圖象________；A．h－t圖象B．h－圖象C．h－t2圖象D．h－圖象（3）若（2）問中的圖象斜率為k，則當?shù)氐闹亓铀俣葹開_________（用“d”、“k"表示，忽略空氣阻力)．【答案】（1）。17.805（2）。D（3).【解析】(1）螺旋測微器的固定刻度為17.5mm，可動刻度為30。5×0.01mm=0.305mm,所以最終讀數(shù)為17。5mm+0。305mm=17。805mm，(2）已知經(jīng)過光電門時的時間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時的速度;所以，若減小的重力勢能等于增加的動能時，可以認為機械能守恒；，整理得，為直觀判斷小球下落過程中機械能是否守恒,所以應作圖象．故選D．(3）根據(jù)函數(shù)可知正比例函數(shù)的斜率,故重力加速度。【點睛】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量．本題為創(chuàng)新型實驗，要注意通過分析題意明確實驗的基本原理才能正確求解．10.某同學在做“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗,現(xiàn)有如下實驗器材：①量程為3V、內(nèi)阻約為3kΩ的電壓表；②量程為0.6A、內(nèi)阻約為0.1Ω的電流表；③阻值為0～20Ω的滑動變阻器;④內(nèi)阻可忽略、輸出電壓為3V的電源；⑤額定電壓是2.5V的小燈泡；開關和導線若干．（1)該同學連接實驗電路如圖所示，閉合開關S前請老師檢查，老師指出圖中標示的①、②、③、④和⑤五根連線中有兩處錯誤，錯誤連線是______（填連線的序號)；(2)正確連線后，閉合開關S前，應將滑動變阻器滑片C移到_____處（填“A”或“B”)．調節(jié)滑動變阻器，電流表的示數(shù)從0開始增加，當示數(shù)為0.50A時，電壓表示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為_____V．(3)正確測量獲得的伏安特性曲線是下列圖象中的_________（填字母)．【答案】(1）.①④(2）.A（3)。2。50(4)。C【解析】【詳解】(1）本實驗中需要用到滑動變阻器分壓接法,同時采用電流表外接法，故連線錯誤的是①④；（2）實驗時應讓電流由最小值開始調節(jié)，因采用分壓接法，測量電路與滑動變阻器左側并聯(lián)，所以滑片應滑至A側；電壓表量程為3V，最小分度為0.1V,故讀數(shù)為2。50V；（3)因燈泡電阻隨溫度的升高而增大，而I—U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故正確的圖象應為C;【點睛】本題考查描繪燈泡的伏安特性曲線的實驗，要注意明確實驗原理,掌握圖象的基本性質，會根據(jù)圖象分析電阻的變化．三、解答題11。如圖所示，長L=1.0m木板B放在水平面上,其右端放置一小物塊A（視為質點).B質量mB=2.0kg,A的質量mA=3.0kg,B與水平面間的動摩擦因數(shù)μ1=0。20,A、B間的動摩擦因數(shù)μ2=0.40,剛開始兩者均處于靜止狀態(tài),現(xiàn)給A一水平向左的瞬間沖量I,I=9.0N?S，重力加速度g取10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.求:（1）A開始運動的速度；(2)A、B之間因摩擦產(chǎn)生的熱量;（3）整個過程A對地的位移.【答案】（1）3.0m/s（2）10.8J（3）1.17m【解析】【詳解】（1）由題意，由動量定理得．

代入數(shù)據(jù)解得v0=3m/s(2）對A有牛頓第二定律可知：aA==μ2g=4m/s2．對B:aB=代入數(shù)據(jù)解得aB=1m/s2．

A對地做勻減速運動，B對地做勻加速運動，設A、B達到相同速度為v，所需時間為t，A的位移為xA，B的位移為xB．

對A：v=v0—aAtxA=對B：

xB=aBt2代入數(shù)據(jù)解得v=0.6m/s，t=0.6s，xA=1。08m,xB=0。18mA對B的位移為△x=xA-xB=1.08m—0.18m=0。9m＜1m,假設成立故此過程中,A、B之間因摩擦產(chǎn)生的熱量Q=μ2mAg

解得Q=10。8J（2)A、B達到相同速度后，設二者保持靜止，整體減速的加速度為a==μ1g＜μ2g,則假設成立．此后二者共同滑行的距離x共==0。09m故整個過程A對地的位移x總=xA+x共=1。17m12.如圖所示,在x軸下方的區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正向的勻強電場,電場強度為E．在x軸上方以原點O為圓心、半徑為R的半圓形區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁場的方向垂直于xy平面并指向紙面外，磁感應強度為B.y軸下方的A點與O點的距離為d，一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子從A點由靜止釋放，經(jīng)電場加速后從O點射入磁場。（不計粒子的重力)(1)求粒子在磁場中運動的軌道半徑r；(2）要使粒子進入磁場之后不再經(jīng)過x軸，電場強度需大于或等于某個值E0，求E0；(3)若電場強度E等于第（2)問E0的，求粒子經(jīng)過x軸時的位置?！敬鸢浮?1)；(2）;（3）【解析】【詳解】（1）粒子在電場中加速，由動能定理得qEd＝mv2①粒子進入磁場后做圓周運動，有qvB＝m②解得粒子在磁場中運動的半徑r＝③（2)粒子之后恰好不再經(jīng)過x軸,則離開磁場時的速度方向與x軸平行,運動情況如圖①可得R＝r④由以上各式解得E0＝（3）將E＝E0代入可得磁場中運動的軌道半徑r＝⑥粒子運動情況如圖②,圖中的角度α、β滿足cosα＝＝即α＝30°⑦β＝2α＝60°⑧粒子經(jīng)過x軸時的位置坐標為x＝r＋⑨解得x＝R.⑩四、選考題13。下列說法正確的是（)A.氣體在等壓膨脹過程中一定從外界吸收熱量B.氣體在等溫壓縮過程中一定從外界吸收熱量C。液晶顯示屏是應用液晶光學各向異性特點制成的D?？照{機既能致熱又能致冷,說明熱傳遞不存在方向性E.當分子間距離減小時,分子勢能不一定減?。环肿娱g距離減小時，若分子力是引力,則分子勢能減?。蝗舴肿恿κ浅饬?，則分子勢能增大?！敬鸢浮緼CE【解析】【詳解】A．氣體在等壓膨脹過程中,溫度升高，內(nèi)能增大，體積增大，氣體對外做功,由熱力學第一定律知,氣體一定從外界吸收熱量,選項A正確;B．氣體在等溫壓縮過程中，內(nèi)能不變，外界對氣體做功，則氣體放熱，選項B錯誤;C．液晶是一種特殊的物質,既有液體的流動性，又具有光學各向異性，顯示屏是應用各向異性的特點制成的，選項C正確；D．空調機既能致熱又能致冷，但熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，即熱傳遞存在方向性，選項D錯誤；E．當分子間距離減小時，分子力是引力則分子力做正功，分子勢能減小，若分子力是斥力則分子力做負功，分子勢能增大，選項E正確.故選ACE。14。如圖所示,在長為l=57cm的一端封閉、另一端開口向上的豎直細玻璃管內(nèi)，用5cm高的水銀柱封閉著50cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為33℃．(ⅰ)現(xiàn)將玻璃管緩慢傾斜至與水平面成53°角，此時管中氣體的長度為多少？(ⅱ）在第一問的基礎上,若接著將管內(nèi)水銀柱取走1cm，再緩慢對玻璃管加熱升溫至多少時,管中水銀柱上表面恰好與管口相齊？(大氣壓強為P0=76cmHg)【答案】（1）50.625cm(2)317。152K【解析】(ⅰ)設玻璃管的橫截面積為S，初態(tài)時，管內(nèi)氣體的溫度為T1=306K，體積為V1=50S,壓強為p1=81cmHg．當玻璃管傾斜至與水平面成53°角時，管內(nèi)氣體的壓強為p2=（76+5sin53°）cmHg，體積為V2=lS由玻意耳定律得p1V1=p2V2代入數(shù)據(jù),解得：l=50。625cm(ⅱ)設溫度升至T3時，水銀柱長為4cm，管內(nèi)氣體的體積為V3=53S，壓強為p3=（76+4sin53°）cmHg由理想氣體狀態(tài)方程得代入數(shù)據(jù)，解得T3=317。152K15。地震波既有橫波，也有縱波，某監(jiān)測站截獲了一列沿x軸負方向傳播的地震橫波，在t與（t＋0。2）兩個時刻x軸上-3km～3km區(qū)間內(nèi)的波形圖分別如圖中實線和虛線所