20202021學(xué)年上學(xué)期高三期中備考卷物理1注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題（本大題共10小題，每小題4分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6題只有一項(xiàng)是符合題目要求，第7～10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1．在物理學(xué)的發(fā)展過程中，科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述正確的是()A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫微元法B．在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用了假設(shè)法C．在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法D．伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90°的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這里采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法【答案】D【解析】在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫理想模型，A錯(cuò)誤；在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用了控制變量法，B錯(cuò)誤；在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，C錯(cuò)誤；伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90°的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法，D正確。2．一汽車剎車可看做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為12m/s，加速度為2m/s2，運(yùn)動(dòng)過程中，在某一秒內(nèi)的位移為7m，則此后它還能向前運(yùn)動(dòng)的位移是()A．6mB．7mC．9mD．10m【答案】C【解析】設(shè)經(jīng)過t時(shí)間開始計(jì)時(shí)，1s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移恰為7m，則有v0(t＋1)＋eq\f(1,2)a(t＋1)2－(v0t＋eq\f(1,2)at2)＝7，解得t＝2s，汽車從剎車到停止總共經(jīng)歷的時(shí)間t總＝v0/a＝6s，把汽車剎車過程逆過來看即為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，此后它還能向前運(yùn)動(dòng)的位移即為汽車前3s的位移x＝eq\f(1,2)at2＝9m，故C正確。3．如圖所示，a、b、c三個(gè)相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時(shí)b、c從同一高度分別開始做自由下落和平拋運(yùn)動(dòng)。它們從開始到到達(dá)地面，下列說法正確的是()A．它們同時(shí)到達(dá)地面B．它們動(dòng)量變化的大小相同C．重力對(duì)它們的沖量相同D．它們的末動(dòng)能相同【答案】B【解析】球b自由落體運(yùn)動(dòng)，球c的豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，故b、c兩個(gè)球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，t＝eq\r(\f(2h,g))，球a受重力和支持力，合力為mgsinθ，加速度為gsinθ，根據(jù)，得，故t＜t′，故A錯(cuò)誤；b、c球合力相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故合力的沖量相同，根據(jù)動(dòng)量定理，動(dòng)量變化量也相同；a、b球機(jī)械能守恒，末速度相等，故末動(dòng)量相等，初動(dòng)量為零，故動(dòng)量增加量相等，故B正確；由于重力相同，而重力的作用時(shí)間不同，故重力的沖量不同，故C錯(cuò)誤；初動(dòng)能不全相同，而合力做功相同，根據(jù)動(dòng)能定理，末動(dòng)能不全相同，故D錯(cuò)誤。4．如圖所示，從同一豎直線上不同高度A、B兩點(diǎn)處，分別以速率v1、v2同向水平拋出兩個(gè)小球，P為它們運(yùn)動(dòng)軌跡的交點(diǎn)。則下列說法正確的有()A．兩球在P點(diǎn)一定具有相同的速率B．若同時(shí)拋出，兩球可能在P點(diǎn)相碰C．若同時(shí)拋出，落地前兩球之間的距離逐漸變大D．若同時(shí)拋出，落地前兩球豎直方向的距離逐漸變大【答案】C【解析】兩球的初速度大小關(guān)系未知，在P點(diǎn)，A的豎直分速度大于B的豎直分速度，而A的水平分速度小于B的水平分速度，根據(jù)平行四邊形定則知，兩球在P點(diǎn)的速度大小不一定相同，A錯(cuò)誤；若同時(shí)拋出，在P點(diǎn)，A下落的高度大于B下落的高度，則A下落的時(shí)間大于B下落的時(shí)間，可知兩球不可能在P點(diǎn)相碰，B錯(cuò)誤；若同時(shí)拋出，由圖可知，下落相同的高度，B的水平位移大于A的水平位移，可知B的初速度大于A的初速度，由于兩球在豎直方向上的距離不變，水平距離逐漸增大，則兩球之間的距離逐漸增大；根據(jù)h＝eq\f(1,2)gt2知，經(jīng)過相同的時(shí)間下落的高度相同，則豎直方向上的距離保持不變，C正確，D錯(cuò)誤。5．如圖所示，質(zhì)量為m的物體A靜止在質(zhì)量為M的斜面B上，斜面B的傾角θ＝30°?，F(xiàn)用水平力F推物體A，在F由零逐漸增加至eq\f(\r(3),2)mg再逐漸減為零的過程中，A和B始終保持靜止。對(duì)此過程下列說法正確的是()A．地面對(duì)B的支持力隨著力F的變化而變化B．A所受摩擦力方向始終沿斜面向上C．A所受摩擦力的最小值為eq\f(1,4)mg，最大值為eq\f(\r(3),2)mgD．A對(duì)B的壓力的最小值為eq\f(\r(3),2)mg，最大值為【答案】D6．如圖所示，A、B、C、D為圓上的四個(gè)點(diǎn)，其中AB與CD交于圓心O且相互垂直，E、F是關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)但與O點(diǎn)的距離大于圓的半徑，E、F兩點(diǎn)的連線與AB、CD都垂直。在A點(diǎn)放置一個(gè)電荷量為＋Q的點(diǎn)電荷，在B點(diǎn)放置一個(gè)電荷量為－Q的點(diǎn)電荷。則下列說法正確的是()A．OE兩點(diǎn)間電勢(shì)差大于OC兩點(diǎn)間的電勢(shì)差B．D點(diǎn)和E點(diǎn)電勢(shì)相同C．沿C、D連線由C到D移動(dòng)一正點(diǎn)電荷，該電荷受到的電場(chǎng)力先減小后增大【答案】B【解析】CD與EF所在的平面是一個(gè)等勢(shì)面，則OE兩點(diǎn)間電勢(shì)差等于OC兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，D點(diǎn)和E點(diǎn)電勢(shì)相同，在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力不做功，負(fù)點(diǎn)電荷電勢(shì)能不變，故A、D錯(cuò)誤，B正確；C、D連線上電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力先增大后減小，故C錯(cuò)誤。7．理論表明，圍繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的衛(wèi)星，其機(jī)械能只與衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道的長軸大小有關(guān)。如圖所示，A為地球，b、c為質(zhì)量相同的兩顆衛(wèi)星，圍繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的軌道形狀分別為圓和橢圓，兩軌道共面，P為兩個(gè)軌道的交點(diǎn)，b的半徑為R，c的長軸為2R。關(guān)于這兩顆衛(wèi)星，下列說法正確的是()A．它們的周期不同B．它們的機(jī)械能相等C．它們經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度不同D．它們經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速率相同【答案】BD【解析】衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運(yùn)行軌道的半長軸大小相等，都是R，根據(jù)可知，兩顆衛(wèi)星運(yùn)行周期相同，A錯(cuò)誤；由題意可知，兩顆衛(wèi)星質(zhì)量相同，衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運(yùn)行軌道的半長軸大小相等，故機(jī)械能相等，B正確；衛(wèi)星經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度為a＝eq\f(GM,r2)，所以加速度相同，C錯(cuò)誤；因?yàn)樾l(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運(yùn)行軌道的半長軸大小相等，且質(zhì)量相等，所以兩顆衛(wèi)星經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的勢(shì)能相同，又因?yàn)閮尚l(wèi)星的機(jī)械能相等，則動(dòng)能相同，速率相同，D正確。8．如圖所示，M、N是兩個(gè)共軸圓筒的橫截面，外筒半徑為R，內(nèi)筒半徑比R小很多，可以忽略不計(jì)，筒的兩端是封閉的，兩筒之間抽成真空。兩筒以相同的角速度ω繞其中心軸線（圖中垂直于紙面）做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。設(shè)從M筒內(nèi)部可以通過窄縫S（與M筒的軸線平行）不斷地向外射出兩種不同速率v1和v2的微粒，從S處射出時(shí)的初速度的方向都是沿筒的半徑方向，微粒到達(dá)N筒后就附著在N筒上。如果R、v1和v2都不變，而ω取某一合適的值，則()A．有可能使微粒落在N筒上的位置都在a處一條與S縫平行的窄條上B．有可能使微粒落在N筒上的位置都在某一處如b處一條與S縫平行的窄條上C．有可能使微粒落在N筒上的位置分別在某兩處如b處和c處與S縫平行的窄條上D．只要時(shí)間足夠長，N筒上將到處都落有微粒【答案】ABC【解析】解析兩種粒子從窄縫S射出后，沿半徑方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)N筒的時(shí)間分別為，，兩種粒子到達(dá)N筒的時(shí)間差Δt＝t1－t2，N筒勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，若在t1和t2時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長均為周長的整數(shù)倍，則所有粒子均落在a處一條與S縫平行的窄條上，A正確；若N筒在t1和t2時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長不是周長的整數(shù)倍，但在Δt內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長恰為周長的整數(shù)倍，則所有粒子均落在如b處一條與S縫平行的窄條上，B正確；若在t1和t2時(shí)間及Δt內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長均不是周長的整數(shù)倍，則可能落在N筒上某兩處如b處和c處與S縫平行的窄條上，C正確；對(duì)應(yīng)某一確定的ω值，N筒轉(zhuǎn)過的弧長是一定的，故N筒上粒子到達(dá)的位置是一定的，D錯(cuò)誤。9．如圖所示，兩對(duì)金屬板A、B和C、D分別豎直和水平放置，A、B接在電路中，C、D板間電壓為U，A板上O處發(fā)出的電子經(jīng)加速后，水平射入C、D板間，電子最終都能打在光屏M上，關(guān)于電子的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()A．S閉合，只向右移動(dòng)滑片P，P越靠近b端，電子打在M上的位置越高B．S閉合，只改變A、B板間的距離，改變前后，電子由A至B經(jīng)歷的時(shí)間相同C．S閉合，只改變A、B板間的距離，改變前后，電子到達(dá)M前瞬間的動(dòng)能相同D．S閉合后再斷開，只向左平移B，B越靠近A板，電子打在M上的位置越高【答案】CD【解析】S閉合，只向右移動(dòng)滑片P，P越靠近b端，加速獲得的動(dòng)能越大，穿過CD板的時(shí)間越短，電子打在M上的位置越接進(jìn)中間虛線，越低，故A錯(cuò)誤；S閉合，若只增加A、B板間的距離，加速度減小，加速時(shí)間變長，故總時(shí)間變大，故B錯(cuò)誤；S閉合，只改變A、B板間的距離，穿出A、B間的速度不變，此后穿過C、D板的運(yùn)動(dòng)情況相同，故動(dòng)能不變，故C正確；S閉合后再斷開，A、B板的電量不變，只向左平移B，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，B越靠近A板，加速距離越短，電子射出A、B間的速度越小，電子在C、D板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間增加，故豎直方向的位移偏轉(zhuǎn)量變大，即電子打在M上的位置越高，故D正確。10．如圖所示，質(zhì)量為4m的球A與質(zhì)量為m的球B用繞過輕質(zhì)定滑輪的細(xì)線相連，球A放在固定的光滑斜面上，斜面傾角α＝30°，球B與質(zhì)量為m的球C通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，球C放在水平地面上。開始時(shí)控制住球A，使整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線剛好拉直但無張力，滑輪左側(cè)細(xì)線豎直、右側(cè)細(xì)線與斜面平行，然后由靜止釋放球A，不計(jì)細(xì)線與滑輪之間的摩擦，重力加速度為gA．釋放球A瞬間，球B的加速度大小為0.2B．釋放球A后，球C恰好離開地面時(shí)，球A沿斜面下滑的速度達(dá)到最大C．球A沿斜面下滑的最大速度為D．球C恰好離開地面時(shí)彈簧的伸長量與開始時(shí)彈簧的壓縮量相等，所以A、B兩小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒【答案】BC【解析】開始時(shí)對(duì)球B分析，根據(jù)平衡條件可得mg＝kx1，釋放球A瞬間，對(duì)球A和球B分析，根據(jù)牛頓第二定律可得4mgsinα－mg＋kx1＝5ma1，解得a1＝0.4g，故A錯(cuò)誤；釋放球A后，球C恰好離開地面時(shí)，對(duì)球C分析，根據(jù)平衡條件可得mg＝kx2，對(duì)球A和球B分析，有4mgsinα－mg－kx2＝5ma2，解得a2＝0，所以球C恰好離開地面時(shí)，球A沿斜面下滑的速度達(dá)到最大，故B正確；對(duì)球A和球B及輕質(zhì)彈簧分析，根據(jù)能量守恒可得4mg(x1＋x2)sinα－mg(x1＋x2)＝eq\f(1,2)×5mvm2，解得球A沿斜面下滑的最大速度，故C正確；由可知球C恰好離開地面時(shí)彈簧的伸長量與開始時(shí)彈簧的壓縮量相等，A、B兩小球組成的系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)過程中，輕質(zhì)彈簧先對(duì)其做正功后對(duì)其做負(fù)功，所以A、B兩小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。二、非選擇題(本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)11．(6分)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，器材如下：A．小燈泡L（3V、1.8W）；B．滑動(dòng)變阻器R（0～10Ω，額定電流1.5A）；C．電壓表V（量程：0～3V，RV＝5kΩ）；D．電流表A（量程：0～0.6A，RA＝0.5Ω）；E．鉛蓄電池、開關(guān)各一個(gè)，導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓。(1)在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)采用法______（填“內(nèi)接”或“外接”）；(2)請(qǐng)?jiān)趫D虛線框內(nèi)按要求設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖（部分已畫好）；(3)某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的I－U圖象如圖所示，請(qǐng)分析該圖象形成的原因是：_________________?！敬鸢浮?1)外(2)如圖見解析(3)電阻變大(每空2分)因?yàn)殡妷?、電流需從零開始測(cè)起，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電流表采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路如圖所示。(3)該圖象形成的原因是隨著電壓增高，小燈泡溫度升高，電阻值增大。12．(8分)如圖甲所示，一位同學(xué)利用光電計(jì)時(shí)器等器材做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。有一直徑為d、質(zhì)量為m的金屬小球從A處由靜止釋放，下落過程中能通過A處正下方、固定于B處的光電門，測(cè)得A、B間的距離為H(H>>d)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過光電門的時(shí)間為t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。則：(1)如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑d＝________mm；(2)小球經(jīng)過光電門B時(shí)的速度表達(dá)式為________；(3)多次改變高度H，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出隨H的變化圖象如圖丙所示，當(dāng)圖中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直徑d滿足表達(dá)式________時(shí)，可判斷小球下落過程中機(jī)械能守恒；(4)實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)動(dòng)能增加量ΔEk總是稍小于重力勢(shì)能減少量ΔEp，增加下落高度后，則ΔEp－ΔEk將________(填“增大”“減小”或“不變”)?！敬鸢浮?1)7.95(2)(3)或2gH0t02＝d2(4)增大(每空2分)【解析】(1)由圖可知，主尺刻度為7mm，游標(biāo)對(duì)齊的刻度為19，故讀數(shù)為7mm＋19×0.05mm＝7.95mm。(3)若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可以認(rèn)為機(jī)械能守恒，則有mgH＝eq\f(1,2)mv2，即2gH0＝()2，解得2gH0t02＝d2。(4)由于該過程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多，故增加下落高度后ΔEp－ΔEk將增大。13．(8分)如圖甲所示，有一足夠長的粗糙斜面，傾角θ＝37°，一滑塊以初速度為v0＝16m/s從底端A點(diǎn)滑上斜面，滑至B點(diǎn)后又返回到A點(diǎn)，滑塊運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖乙所示。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g＝10m/s2。求：(1)求物體的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)滑塊再次回到A點(diǎn)時(shí)的速度?！窘馕觥?1)由圖乙可知，滑塊上滑時(shí)的加速度大?。?1分)由牛頓第二定律得：mgsin37°＋μmgcos37°＝ma1(1分)解得：μ＝0.25。(2分)(2)由圖象可知，AB之間的距離：(1分)由B到A過程，受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinθ－μmgcosθ＝ma2(1分)由速度位移公式得：＝8eq\r(2)m/s。(2分)14．(10分)如圖所示，空間有一豎直向下沿x軸方向的靜電場(chǎng)，電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小按E＝kx分布(x是軸上某點(diǎn)到O點(diǎn)的距離)，k＝。x軸上，有一長為L的絕緣細(xì)線連接A、B兩個(gè)小球，兩球質(zhì)量均為m，B球帶負(fù)電，帶電荷量為q，A球距O點(diǎn)的距離為L。兩球現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)兩球之間的靜電力作用。(1)求A球的帶電荷量qA；(2)剪斷細(xì)線后，求B球的最大速度vm?！窘馕觥?1)A、B兩球靜止時(shí)，A球所處位置場(chǎng)強(qiáng)為E1＝kL＝(1分)B球所處位置場(chǎng)強(qiáng)為E2＝k?2L＝(1分)對(duì)A、B由整體法得：2mg＋qAE1－qE2＝0(1分)解得：qA＝－4q。(2分)(2)設(shè)B球下落速度達(dá)到最大時(shí)，B球距O點(diǎn)距離為x0，則有：mg＝Eq＝(1分)解得：x0＝3L，即當(dāng)B球下落速度達(dá)到最大時(shí)，B球距O點(diǎn)距離為3L運(yùn)動(dòng)過程中，電場(chǎng)力大小線性變化，所以由動(dòng)能定理得：mgL－eq\x\to(E)qL＝eq\f(1,2)mvm2－eq\f(1,2)mv02(1分)(1分)解得：。(2分)15．(14分)機(jī)場(chǎng)經(jīng)常使用傳送帶和轉(zhuǎn)盤組合完成乘客行李箱的傳送，下圖為機(jī)場(chǎng)水平傳輸裝置的俯視圖。行李箱從A處無初速放到傳送帶上，運(yùn)動(dòng)到B處后進(jìn)入和傳送帶速度始終相等的勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的轉(zhuǎn)盤，并隨轉(zhuǎn)盤一起運(yùn)動(dòng)（無打滑）半個(gè)圓周到C處被乘客取走。已知A、B兩處的距離L＝10m，傳送帶的傳輸速度v＝2.0m/s，行李箱在轉(zhuǎn)盤上與軸O的距離R＝4.0m，已知行李箱與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.1，行李箱與轉(zhuǎn)盤之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.4，g＝10m/s2。(1)行李箱從A處被放上傳送帶到C處被取走所用時(shí)間為多少？(2)如果要使行李箱能最快到達(dá)C點(diǎn)，傳送帶和轉(zhuǎn)盤的共同速度應(yīng)調(diào)整為多大？(3)若行李箱的質(zhì)量均為15kg，每6s投放一個(gè)行李箱，則傳送帶傳送行李箱的平均輸出功率應(yīng)為多大？【解析】(1)設(shè)行李箱質(zhì)量為m，放在傳送帶上，先受到摩擦力而加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律：μ1mg＝ma(1分)v＝at1(1分)x＝eq\f(1,2)at12(1分)可得：t1＝2s，x＝2m<L(1分)行李箱在傳送帶上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間：(1分)從B到C做勻速圓周用時(shí)：(1分)從A處被放上傳送到C用時(shí)為：t總＝t1＋t2＋t3＝12.28s。(1分)(2)行李箱在轉(zhuǎn)盤上時(shí)取最大靜摩擦力：(1分)可得速度：v2＝4m/s(1分)設(shè)行李箱在傳送帶上一直加速的速度為v1，則v12＝2aL(1分)得：v1＝2eq\r(5)m/s>4m/s故最大速度應(yīng)取為4m/s，即共同速度應(yīng)調(diào)整為4m/s。(1分)(3)由(1)知，傳送帶上剛好有一個(gè)行李箱。設(shè)