四川雙流棠湖中學(xué)2023年高三物理第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息

條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫,

字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草

稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，

只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示為一種質(zhì)譜儀的示意圖，該質(zhì)譜儀由速度選擇器、靜電分析器和磁分析器

組成。若速度選擇器中電場強度大小為用,磁感應(yīng)強度大小為四、方向垂直紙面向里,

靜電分析器通道中心線為L圓弧，圓弧的半徑(OP)為R,通道內(nèi)有均勻輻射的電場，

4

在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器中有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應(yīng)

強度大小為3、方向垂直于紙面向外。一帶電粒子以速度v沿直線經(jīng)過速度選擇器后沿

中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的。點，不

計粒子重力。下列說法正確的是()

PJ

磁分析器?

A.速度選擇器的極板片的電勢比極板鳥的低

B.粒子的速度丫=鄉(xiāng)

C.粒子的比荷為言

2ERB2

D.P、Q兩點間的距離為

E出

2、2019年1月3日，“嫦娥四號”探測器成功實現(xiàn)在月球背面軟著陸。探測器在距離月

球表面附近高為/，處處于懸停狀態(tài)，之后關(guān)閉推進器，經(jīng)過時間f自由下落到達月球表

面。已知月球半徑為R,探測器質(zhì)量為"2,萬有引力常量為G,不計月球自轉(zhuǎn)。下列說

法正確的是（）

A.下落過程探測器內(nèi)部的物體處于超重狀態(tài)

B.“嫦娥四號”探測器落到月球表面時的動能為上!

2r

3/?

C.月球的平均密度為

2兀RGt?

D.“嫦娥四號”探測器在月球表面獲得的水平速度就可離開月球表面圍繞月球做

圓周運動

3,下列現(xiàn)象中屬于分子斥力的宏觀表現(xiàn)的是

A.鏡子破碎后再對接無法接起B(yǎng).液體體積很難壓縮

C.打氣筒打氣，若干次后難再打進D.橡皮筋拉伸后放開會自動縮回

4、2017年11月5日，又有兩顆北斗導(dǎo)航系統(tǒng)組網(wǎng)衛(wèi)星通過“一箭雙星”發(fā)射升空，并

成功進入預(yù)定軌道，兩顆衛(wèi)星繞地球運動均看作勻速圓周運動。如果兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量均

為M,其中的1號衛(wèi)星軌道距離地面高度為R2號衛(wèi)星軌道距離地面高度為“，且

h'>h,把地球看做質(zhì)量分布均勻的球體，已知地球半徑為衣，地球表面的重力加速度大

小為g,引力常量為G下列說法正確的是（）

A.1號衛(wèi)星繞地球運動的線速度

\R+h

R+h

B.1號衛(wèi)星繞地球運動的周期T=2兀（R+A）

GM

/J

C.1號衛(wèi)星和2號衛(wèi)星做勻速圓周運動的向心力大小之比為生

D.穩(wěn)定在軌運行時1號衛(wèi)星的機械能大于2號衛(wèi)星的機械能

5、如圖所示，D是一只理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無窮大），電流只能從a

流向b,A、B為間距很小且正對的平行金屬板，現(xiàn)有一帶電粒子（不計重力），從B

板的邊緣沿平行B板的方向射入極板中，剛好落到A板正中央，以E表示兩極板間的

電場強度，U表示兩極板間的電壓，△嗎表示粒子電勢能的減少量，若保持極板B不

動，粒子射入板間的初速度%不變，僅將極板A稍向上平移，則下列說法中正確的是

A.E變小

B.U變大

C.不變

D.若極板間距加倍，粒子剛好落到A板邊緣

6、如圖所示，圖a中變壓器為理想變壓器，其原線圈接在“=24血sin50加（V）的

交流電源上，副線圈與阻值處=2。的電阻接成閉合電路，電流表為理想電流表。圖》

中阻值為&=32。的電阻直接接到〃=120sin50R（V）的交流電源上，結(jié)果電阻

A.通過電阻Ri的交流電的頻率為50Hz

B.電阻Ri消耗的電功率為9W

C.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為8:1

D.電流表的示數(shù)為2.5A

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，

有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得

0分。

7、如圖所示，在一個傾角為37°的長斜面底端。點正上方方=1.7m的P點處將一小球

以速度%水平拋出，恰好垂直擊中斜面上的。點，sin370=0.6?下列說法正確的是

A.小球的初速度為=4m/s

B.。點離。點的距離I。。1=L2m

C.保持〃不變，將小球以2%的速度水平拋出，則擊中斜面的位置到。點的距離小于

2\Q0\

D.若拋出點高度變?yōu)?〃，欲使小球仍能垂直擊中斜面，小球的初速度應(yīng)調(diào)整為0%

8、如圖所示，豎直放置的半圓形軌道與水平軌道平滑連接，不計一切摩擦.圓心。點

正下方放置為2m的小球A,質(zhì)量為m的小球B以初速度vo向左運動，與小球A發(fā)生

彈性碰撞.碰后小球A在半圓形軌道運動時不脫離軌道，則小球3的初速度vo可能為

()

A.2y]2gRB.C.2y)5gRD.

9、如圖所示為在“測電源電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中得到的U-/圖線。圖中U為路端

電壓，/為干路電流，a、b為圖線上的兩點，相應(yīng)狀態(tài)下電源的效率分別為乙、％,

電源的輸出功率分別為4、Ph,對應(yīng)的外電阻為此、已知該電源輸出功率的最

大值為必…電源內(nèi)電阻為乙由圖可知()

A.R”：r=2:lB.%:%=1:2C.人=1：1D.月％=8：9

10、如圖為一電源電動勢為E,內(nèi)阻為r的穩(wěn)定電路。電壓表A的內(nèi)阻為5k。。B為

靜電計，Cl,C2為兩個理想的電容器且耐壓值足夠高。在開關(guān)閉合一段時間后，下列

說法正確的是

A.G上電荷量為0

B.若將甲右滑，則C2上電荷量增大

C.若Ci>C2,則電壓表兩端大于靜電計兩端電壓

D.將S斷開，使C2兩極距離增大，B張角變大

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫

出演算過程。

11.（6分）為了測定電阻的阻值，實驗室提供下列器材：

待測電阻R（阻值約100。）、滑動變阻器衣1（0—100。）、滑動變阻器尺2（0?10。）、

電阻箱&（0-9999.9。）、理想電流表A（量程50mA）、直流電源E（3V,內(nèi)阻忽略）、

導(dǎo)線、電鍵若干.

（1）甲同學(xué)設(shè)計（a）所示的電路進行實驗.

①請在圖（b）中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實物電路的連接.

②滑動變阻器應(yīng)選（填入字母）.

③實驗操作時，先將滑動變阻器的滑動頭移到（選填“左”或“右”）端，再接通開

關(guān)S；保持S2斷開，閉合Si,調(diào)滑動變阻器使電流表指針偏轉(zhuǎn)至某一位置，并記下電

流/i.

④斷開Si,保持滑動變阻器阻值不變，調(diào)整電阻箱心阻值在100。左右，再閉合S2,

調(diào)節(jié)&阻值使得電流表讀數(shù)為時，Ro的讀數(shù)即為電阻的阻值.

（2）乙同學(xué)利用電路（c）進行實驗，改變電阻箱R0值，讀出電流表相應(yīng)的電流/,

由測得的數(shù)據(jù)作出圖線如圖（d）所示，圖線縱軸截距為機，斜率為左，則電阻

的阻值為

（3）若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則上述電路（a）和（c）,哪種方案測電阻更好?

為什么？_______________________________

12.（12分）某同學(xué)通過實驗測定一個阻值約為5Q的電阻尺的阻值：

⑴現(xiàn)有電源（4V,內(nèi)阻可不計、滑動變阻器（0?50aQ,額定電流2A）、開關(guān)和導(dǎo)線若干,

以及下列電表：

A.電流表（0?3A,內(nèi)阻約0.025。）

B.電流表（0?0.6A,內(nèi)阻約0.125。）

C.電壓表（0?3V,內(nèi)阻約3k。）

D.電壓表（0?15V,內(nèi)阻約15k。）

為減小測量誤差，在實驗中,電流表應(yīng)選用，電壓表應(yīng)選用（選填器材前的字

母）；

（2）下圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線.要求電壓表和電流表從

零開始讀數(shù).補充完成圖中實物間的連線

（3）接通開關(guān),改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應(yīng)的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U,

R

某次電表示數(shù)如圖所示,可得該電阻的測量值X=J=。（保留三位有效數(shù)字）.

（4）在測量電阻的過程中產(chǎn)生誤差的主要原因是（選填選項前的字母）

A.電流表測量值小于流經(jīng)段的電流值

B.電流表測量值大于流經(jīng)凡的電流值

C.電壓表測量值小于&兩端的電壓值

D.電壓表測量值大于&兩端的電壓值

（5）實驗中為減少溫度的變化對電阻率的影響，采取了以下措施，其中在確的是

A.多次測量U、I,畫U—/圖像，再求R值

B.多次測量U、I,先計算R,再求R的平均值

C.實驗中通電電流不宜過大，通電時間不宜過長

D.多次測量U、I,先求U、I的平均值，再求R

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出

必要的文字說明、方程式和演算步驟。

13.(10分)如圖所示，在y>0的區(qū)域存在方向沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為

E；在y<0的區(qū)域存在方向垂直于平面向外的勻強磁場。一個氣核;H從y軸上

y=/z點射出，速度方向沿X軸正方向。已知;H進入磁場時，速度方向與X軸正方向的

夾角為60°,并從坐標原點。處第一次射出磁場。：H的質(zhì)量為〃Z,電荷量為貴不計

重力。求：

(1)]H第一次進入磁場的位置到原點O的距離；

(2)磁場的磁感應(yīng)強度大?。?/p>

⑶笈核從y軸射入電場到從o點射出磁場運動的時間。

14.(16分)如圖甲所示，足夠長的兩金屬導(dǎo)軌MN、尸。水平平行固定，兩導(dǎo)軌電阻

不計，且處在豎直向上的磁場中，完全相同的導(dǎo)體棒8垂直放置在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)

軌接觸良好，兩導(dǎo)體棒的電阻均為R=0.5C,且長度剛好等于兩導(dǎo)軌間距L,兩導(dǎo)體棒的間

距也為L,開始時磁場的磁感應(yīng)強度按圖乙所示的規(guī)律變化，當(dāng)/=0.8s時導(dǎo)體棒剛好要

滑動。已知L=lm,滑動摩擦力等于最大靜摩擦力。求：

(1)每根導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的滑動摩擦力的大小及0.8s內(nèi)整個回路中產(chǎn)生的焦耳熱；

(2)若保持磁場的磁感應(yīng)強度B=0.5T不變，用如圖丙所示的水平向右的力尸拉導(dǎo)體

棒仇剛開始一段時間內(nèi)b做勻加速直線運動，一根導(dǎo)體棒的質(zhì)量為多少？

(3)在(2)問條件下“導(dǎo)體棒經(jīng)過多長時問開始滑動？

15.(12分)如圖所示，MNP0是邊長為/的正方形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于

MNP。平面。電子從電極K處由靜止開始經(jīng)電勢差為。的電場加速后，從的中點

垂直于MN射入勻強磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好從尸點射出。已知電子的質(zhì)量為，〃、

電荷量為e,不計電子重力。求：

(1)電子射入勻強磁場時的速度大?。?/p>

(2)勻強磁場區(qū)域中磁感應(yīng)強度的大小和方向。

NP

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中,

只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.由圖可知，粒子在磁分析器內(nèi)向左偏轉(zhuǎn)，受到的洛倫茲力的方向向左，由左手定則

可知，該粒子帶正電；粒子在速度選擇器內(nèi)向右運動，根據(jù)左手定則可知，粒子受到的

洛倫茲力的方向向上；由于粒子勻速穿過速度選擇器，所以粒子受到的電場力得方向向

下，則電場的方向向下，Pi的電勢板比極板尸2的高，故A錯誤；

B.粒子在速度選擇器內(nèi)受力平衡，則

qEi=qvBi

可得

故B錯誤；

C.粒子在靜電分析器內(nèi)受到的電場力提供向心力，則

2

qE=-----

R

聯(lián)立可得粒子的比荷

q—6=E；

mERERB；

故c正確;

D.粒子在磁分析器內(nèi)做勻速圓周運動，受到的洛倫茲力提供向心力，則

qVB=Q

r

聯(lián)立可得

ERB,

r--------L

RB

c2ERB.

產(chǎn)、。之間的距離為2r=-^

故D錯誤。

故選C。

2、C

【解析】

A.下落過程探測器自由下落，a=g,處于完全失重狀態(tài)，其內(nèi)部的物體也處于完全

失重狀態(tài)。故A錯誤；

B.“嫦娥四號”探測器做自由落體運動，有

h=2gt'

v=gt

解得

2h

S=~F

“嫦娥四號”探測器落到月球表面時的動能

r-,19179102mh2

E,=—mv——m2t=—mt?

k222―^2-

故B錯誤；

C.由萬有引力等于重力，有

-Mm

G-^=ms

解得

2hR2

M=--

Gt2

月球的平均密度

0—--M-=--1---2-/求-2=--3-/2-

4兀R34兀R3Gt。2萬

33

故C正確;

D.月球的第一宇宙速度

/—,l2.hR

v==

“嫦娥四號”探測器在月球表面獲得警的水平速度就可離開月球表面圍繞月球做圓

周運動。故D錯誤。

故選C。

3、B

【解析】

鏡子破碎后再對接無法接起，并不是因為分子間表現(xiàn)為斥力，而是由于分子間距離大于

分子直徑的10倍以上，分子間的作用力太小，不足以使碎玻璃片吸引到一起，故A錯

誤.液體難于被壓縮是因為液體中分子距離減小時表現(xiàn)為斥力，故3正確.打氣筒打

氣，若干次后難再打進，是因為氣體的壓強增大的緣故，不是因為分子間存在斥力，故

C錯誤.橡皮筋拉伸后放開會自動縮回，是由于分子間存在引力的緣故，故。錯誤.故

選A

【點睛】

本題考查了熱學(xué)的基礎(chǔ)知識，關(guān)鍵要明確分子間同時存在著引力和斥力，二者都隨分子

間距離的增加而減小，而斥力減小得快，根據(jù)現(xiàn)象分析出斥力的表現(xiàn).

4、A

【解析】

A.設(shè)地球質(zhì)量，”，根據(jù)公式

和

「rm飛

mog=G-^r

K

解得

故A正確；

B.根據(jù)公式

cMm,,4乃2,八八

G---------=M?。≧+h）

（R+/Z）2T-

和

m

og=G一^

K

解得：

T一2兀(R+“h)y一/R+h

故B錯誤；

C.根據(jù)

mM

Fu、=Gc--------T

（R+/，）2

口「mM

居=G--------7-r

2(R+h)2

所以

K_(R+〃j2

F2-(R+hy

故C錯誤；

D.由于/?<",衛(wèi)星從低軌道向高軌道要點火加速，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機械能，所以穩(wěn)定

在軌運行時1號衛(wèi)星的機械能小于2號衛(wèi)星的機械能，故D錯誤。

故選A.

5、B

【解析】

由Q=CU可知d增大，電容器要放電，但二極管使電容器無法放電，Q

4兀kd

Tj4■兀kd

不變，u增大，B正確；又E可得E不變，A錯誤；粒子電勢能減少

asS

量，AE=%=qU,所以AE增大，C錯誤；對類平拋運動，

22m

a=~,d.=—at,x=vot^-a=—,d=—at,x=v0r^,第一次落在人位

m2m2yqE2

置,d加倍，第二次落在注/位置，D錯誤.

2

6、C

【解析】

A.根據(jù)"=24j^sin50"t(V)可知0=5(hrrad/s,故頻率為

故A錯誤；

B.R2消耗的功率為

P=G=^W=4.5W

殳32

故R消耗的功率為4.5W,故B錯誤;

D.有P=RRi得

電流表的示數(shù)為L5A,故D錯誤;

C.電阻Ri兩端的電壓為

故

0

O

234

----

?11

電1

故C正確。

故選c。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中,

有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得

0分。

7、CD

【解析】

AB.如圖甲所示

圖甲

小球垂直擊中斜面時，速度的偏向角為53°，根據(jù)平拋運動規(guī)律的推論可知，速度偏向

角的正切值

h-y八h-y

tan53=2---------=2------------

%y

tan37°

可得

9

y=——h=0.9m

17

x=1.2m

x

\QO\==1.5m

sin53°

小球在空中運動的時間

"產(chǎn)m=0.4s

初速度

%=—=3m/s

故AB錯誤；

C.保持拋出點高度不變，初速度大小變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鐖D乙所示

圖乙

若無斜面，則小球應(yīng)擊中0'點，實際擊中點為軌跡與斜面的交點，顯然離底端。的距

離小于2］。。］,故C正確；

D.若拋出點高度變?yōu)?/z,根據(jù)小球垂直擊中斜面的規(guī)律知

9

y=——x2/z

17

則小球下落的高度和水平位移均變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鶕?jù)

X

%=7

2/7

聯(lián)立解得

g

故小球的初速度應(yīng)調(diào)整為原來的6■倍，故D正確。

故選CD。

8、BC

【解析】

A與B碰撞的過程為彈性碰撞，則碰撞的過程中動量守恒，設(shè)B的初速度方向為正方

向，設(shè)碰撞后B與A的速度分別為vi和V2,貝！J：

mvo=mvi+2mv2

由動能守恒得：

12121c2

—mv0=—mvi+—?2mv2

聯(lián)立得：v=-①

2一3

1.恰好能通過最高點，說明小球到達最高點時小球的重力提供向心力，是在最高點的速度

為Vmin,由牛頓第二定律得：

V2,一

2mg=2m-^-②

R

A在碰撞后到達最高點的過程中機械能守恒，得：

1,1,

2771g-27?=--2mv；---2mv；jn③

聯(lián)立①②③得：vo=1.5J萩，可知若小球B經(jīng)過最高點，則需要：vo》1.5j薪

2.小球不能到達最高點，則小球不脫離軌道時，恰好到達與O等高處，由機械能守恒定

律得：

1,

2mg-/?=—?2mv^④

聯(lián)立①④得：V0=1.5病記

可知若小球不脫離軌道時，需滿足：VO4L5&JR

由以上的分析可知,若小球不脫離軌道時，需滿足：V0<1.5網(wǎng)記或VO>1.5病R,故

AD錯誤，BC正確.

故選BC

【點睛】

小球A的運動可能有兩種情況：1.恰好能通過最高點，說明小球到達最高點時小球的

重力提供向心力，由牛頓第二定律求出小球到達最高點點的速度，由機械能守恒定律可

以求出碰撞后小球A的速度.由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出小球B

的初速度；2.小球不能到達最高點，則小球不脫離軌道時，恰好到達與O等高處，由

機械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度.由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定

律可以求出小球B的初速度.

9、ACD

【解析】

AC.設(shè)電流的最小分度為I,電壓的最小分度為U,則可知，電源的電動勢E=6U；Ua=4U,

Ub=2U；電流/a=41,7b=8Z；則由P=U/可知，故電源的輸出功率相等；

則閉合電路歐姆定律可知，

E=I(r+R)

代入解得：

Ra：r=2：1；

故AC正確；

B.電源的效率〃定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比。

P外」u_u

//———?

P&IEE'

E為電源的總電壓(即電動勢)，在U-I圖象中，縱軸截距表示電動勢，根據(jù)圖象可知

則

2

兀

1

71b=~

則

〃a：//b=2:1

故B錯誤；

D.當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，此時電壓為3U,電流為6人故：

Pa：Pmax=8：9

故D正確；

故選ACDo

10、AD

【解析】

A.由于電容器和靜電計均為斷路，故開關(guān)閉合一段時間后，電路中電流為0,故電壓

表兩端電壓為0,因此C1上電荷量為0,故A正確；

B.由于整個電路中沒有電流，C2相當(dāng)于直接接在電源兩端，故滑動滑動變阻器對電路

沒有影響，C2上電壓不變，故電荷量不變，故B錯誤；

C.電壓表兩端電壓為0,靜電計兩端電壓不為0,故c錯誤；

D.S斷開后，C2上電荷量保持不變，故當(dāng)兩極板距離增大時，電容減小，由。=告可

知，電壓增大，故靜電計張角變大，故D正確；

故選ADo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫

出演算過程。

及左/17方案(a)較好原因

k

是此方案不受電源內(nèi)阻的影響

【解析】

(1)?[1].連線圖如圖所示:

②[2].因為變阻器采用分壓式接法時,阻值越小調(diào)節(jié)越方便，所以變阻器應(yīng)選4；

③[3].實驗操作時，應(yīng)將變阻器的滑動觸頭置于輸出電壓最小的最左端；

@[4].根據(jù)歐姆定律若兩次保持回路中電流讀數(shù)變，則根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，回路中總

電阻也應(yīng)該相等，結(jié)合回路中的電阻計算，可知Ro的讀數(shù)即為電阻的阻值.

⑵[5].根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有

E=/(R+KJ

1R,4

EE

結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知

⑶若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則電路(a)好，因為電源內(nèi)阻對用(a)測電阻沒有影

響。

12、B；

【解析】

(1)由于電源電動勢為4V,所以電壓表應(yīng)選C(因為若選擇電壓表D時，電動勢3V

還不到電壓表量程的-)；

3

U4

根據(jù)歐姆定律可知，通過待測電阻的最大電流為：Anax=h='A=0.8A所以電流表

《5

應(yīng)選B；

(2)實物連線圖如圖所示：

(3)由圖可知，電流表的讀數(shù)為：I=0.50A,電壓表的讀數(shù)為：U=2.60V,所以待測電阻

為：氏=。="2。=5.20。

I0.50

(4)根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知，采用甲電路時由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致電流

表的測量值大于流經(jīng)R、的電流，所以產(chǎn)生誤差的主要原因是B；

故選B.

⑸由于電流流過電阻絲發(fā)熱，所以在實驗時流過電阻絲的電流不能過大，并且時間不

要太長，故選C.

四、計算題：本題共2小題