2023年高三物理對(duì)接新高考全真模擬試卷

（二）

（云南、安徽、黑龍江、山西、吉林五省通用）

考試時(shí)間：60分鐘滿分：110分

1、卷面要保持整潔干凈。

2、答案要寫(xiě)在指定的位置。

3、計(jì)算題要寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明和必要的公式。

二、選擇題：本題共8個(gè)小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只

有一項(xiàng)是符合題目要求，第19~21題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)

但不全的得3分，有錯(cuò)誤的得0分。

14、我國(guó)的火星探測(cè)車用放射性材料PuO?作為燃料.PuC）2中的Pu元素是置Pu,已知

都Pu發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程為非Puf翼U+mX^Pu的半衰期為87.7年.下列說(shuō)法正

確的是（）

A.衰變過(guò)程一定釋放能量

B.方程中陽(yáng)=2,X是:H

C.100個(gè)般Pu原子核經(jīng)過(guò)87.7年后還有50個(gè)未衰變

D.放出的射線是高速氮核流，它的貫穿能力很強(qiáng)

【答案】A

【解析】衰變過(guò)程有質(zhì)量虧損，則一定釋放能量，A正確；根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷

數(shù)守恒可知，方程中的znX質(zhì)量數(shù)為4,電荷數(shù)為2,則X是；He,"2=1,B錯(cuò)誤；半衰期

是統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少數(shù)原子核衰變不適用，C錯(cuò)誤：放出的射線是高速氮核流，它的電離能力

強(qiáng)，但是貫穿能力很弱，D錯(cuò)誤.

15、關(guān)于氣體的壓強(qiáng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.單位體積內(nèi)的分子數(shù)越多，氣體的壓強(qiáng)就越大

B.分子的平均動(dòng)能越小，氣體的壓強(qiáng)就越小

C.一定質(zhì)量的理想氣體，體積越大，溫度越低，氣體的壓強(qiáng)就越小

D.一定質(zhì)量的理想氣體，體積越大，溫度越高，氣體的壓強(qiáng)就越大

【答案】C

【解析】：A、氣體的壓強(qiáng)與氣體分子的數(shù)密度和分子的平均動(dòng)能有關(guān)。則知單位體枳分子

數(shù)越多，氣體壓強(qiáng)不一定越大，故A錯(cuò)誤；

B、分子平均動(dòng)能越小，溫度越低，氣體壓強(qiáng)不一定越大，故B錯(cuò)誤；

C、一定質(zhì)量的理想氣體，體積越大，溫度越低，根據(jù)"=C知?dú)怏w壓強(qiáng)越小，故C正確；

D、由華=C知一定質(zhì)量的理想氣體，體積越大，溫度越高，氣體的壓強(qiáng)可能變大、變小

或不變，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

16、將一勁度系數(shù)為k的輕彈簧壓縮后鎖定，在彈簧上放置一質(zhì)量為m的小物塊，距離地

面高度為九，如圖甲所示.解除彈簧的鎖定后，小物塊被彈起，其動(dòng)能紇與離地高度h的關(guān)

系如圖乙所示，其中力&到久間的圖像為直線，其余部分均為曲線，為對(duì)應(yīng)圖像的最高點(diǎn).

不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是（）

A.小物塊上升至高度小時(shí)，彈簧形變量為零「反

B.小物塊上升至高度小時(shí)，加速度為零/

c.小物塊從高度為上升到九，彈簧的長(zhǎng)度變化為坐"II工4

k7〃〃〉）而77r3tilill

甲

D.解除鎖定前，彈簧的彈性勢(shì)能為mg為

【答案】C

【解析】小物塊上升至高度力3時(shí)，動(dòng)能最大，則此時(shí)彈簧彈力與重力平衡，所以彈簧形變

量不為零，A錯(cuò)誤；因?yàn)?到％間的圖像為直線，即小物塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以小物

塊上升至高度％后，彈簧形變量為零，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，小物塊只受重力，加速度為g,B錯(cuò)

誤；小物塊在兒時(shí)，加速度為g,在外和力4處的動(dòng)能相同，根據(jù)彈簧振子運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可

知，在力2處的加速度大小也為9,則根據(jù)牛頓第二定律有戶一阿="，得F=2mg,所

以小物塊從高度力2上升到也，彈簧長(zhǎng)度變化了％=￡=2空，C正確；由題圖根據(jù)能量守

kk

恒推出，解除鎖定前，彈簧的彈性勢(shì)能為與0=mg（為一4），D錯(cuò)誤.

17、如圖所示，兩個(gè)小球A、B通過(guò)一根剛性輕桿固定連接，沿半圓形凹槽下滑。在兩球滑

動(dòng)過(guò)程中.下列說(shuō)法正確的是（）

A.A3兩球的角速度大小相等

B.A、8兩球的線速度相同

C.球B的向心加速度大于球A的向心加速度

D.A、3兩球所受向心力大小相等

【答案】A

【解析】A.將A與8的速度分解為沿桿方向和垂直于桿方向，如圖所示

由幾何關(guān)系可知，A與B的速度與桿的夾角均為。，由于A與8沿桿方向的速度相同，則

COS0-VBcos0

則

“以

由于4與8圓周運(yùn)動(dòng)半徑相同，由于

VA=%R

VB=8BR

則

故A正確；

B.A與B線速度大小相同，但方向不同，故B錯(cuò)誤；

C.向心加速度大小為

2

an=—

nR

由于線速度大小相等，則向心加速度大小相等，故c錯(cuò)誤；

D.向心力為

乙=man

向心加速度雖然相同，但A與8球的質(zhì)量關(guān)系未知，則無(wú)法比較大小，故D錯(cuò)誤。

故選A。

18、某衛(wèi)星在赤道上空軌道半徑為｛的圓形軌道上繞地球運(yùn)行的周期為T(mén),衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)方向

與地球自轉(zhuǎn)方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過(guò)其正上方。假設(shè)某時(shí)

刻，該衛(wèi)星在A點(diǎn)變軌由半徑為｛的圓形軌道進(jìn)入橢圓軌道，近地點(diǎn)B到地心距離為G。

設(shè)衛(wèi)星由A到8運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,地球自轉(zhuǎn)周期為"，不計(jì)空氣阻力，則（）

A.T=*T°

8°

C.衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由A到B時(shí)，機(jī)械能增大

D.衛(wèi)星由圖中圓軌道進(jìn)入橢圓軌道過(guò)程中，機(jī)械能不變

【答案】A

【解析】赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過(guò)其正上方，則3T0=8T所以A對(duì)。

根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知B錯(cuò)。衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由A到B時(shí)，必須減速，機(jī)械能減小,

C錯(cuò)。衛(wèi)星由圖中圓軌道進(jìn)入橢圓軌道過(guò)程中，必須加速，機(jī)械能增加，D錯(cuò)。

19、如圖所示，帶電荷量之比為qj%=1：3的帶電粒子A、8以相等的速度％從同一點(diǎn)

出發(fā)，沿著跟電場(chǎng)強(qiáng)度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點(diǎn),若OaCD,

忽略粒子重力的影響，則()

A.A和8在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:2

B.4和8運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為4：1++++++

C.A和8的質(zhì)量之比為1:12

OCD

D.A和B的位移大小之比為1：1

【答案】ABC

【解析】A項(xiàng)：粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向：x=vot,初速度相等，所以，8X,

OC1

A和B在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比---------=一,A符合題意；

OC+CD2

1,

B項(xiàng)：粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，^=］。廠,了相同，。與『成反此,

所以上=T=；，B符合題意;

aBG1

C項(xiàng)：由牛頓第二定律得：qE=ma,則粒子質(zhì)量加=致，C符合題意;

a

D項(xiàng)：A、8的位移大小之比:H1,D不符合題意。

22

XByly+(OC+CD)

故答案為：ABCo

20、如圖所示，有一個(gè)理想變壓器，原線圈匝數(shù)％=400,兩組副線圈匝數(shù)%=%=100,

理想二極管和C=2X1()6F的電容器接在副線圈肛兩端，定值電阻R=25。接在副線圈均兩

端，在必端輸入交流電”=220夜sin10()山(V),開(kāi)關(guān)S閉合電路穩(wěn)定后，原線圈電壓為q,

電流為小副線圈內(nèi)的電壓為4，電流為八，下列說(shuō)法

正確的是()

A.電容器C的電荷量一直在變化

B.電容器C的電荷量是1.10x107。

C.原線圈4與副線圈出的電流滿足7=：

D.定值電阻R電功率是121W

【答案】CD

【解析】理想二極管和電容器接在副線圈供,理想二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器只能?/p>

電不會(huì)放電，當(dāng)電容器的電壓達(dá)到最大值，電量達(dá)到最大值且以后電量不變，原線圈勺電

壓最大值Gm=22O0V,根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系得攜=必，代入數(shù)據(jù)得

U2mn2

U2m=55V2V,開(kāi)關(guān)S閉合電路穩(wěn)定后電容器的電量q=CU2m=11&X10-5C,A、B選項(xiàng)都

錯(cuò)誤；當(dāng)電容器的電壓達(dá)到最大值后，副線圈〃2中電流是0,根據(jù)理想變壓器輸出功率等于

輸入功率得所以，=今=皆，C選項(xiàng)正確；由于a=220V,則U,=55V,定

值電阻R電功率P=〃^=121W,D選項(xiàng)正確。

R

21、如圖甲所示，abed是由導(dǎo)體做成的"U"形框架，其所在平面（萬(wàn)c在水平面上）與水平

面的夾角為e,質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ與導(dǎo)軌。人、cd垂直接觸良好（接觸面粗糙），回

路尸反。的面積為S。整個(gè)裝置放在垂直于框架平面的磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)

間的變化關(guān)系如圖乙所示，磁場(chǎng)的最大磁感應(yīng)強(qiáng)度為旦,，PQ始終靜止。在。~。。時(shí)間內(nèi)，

下列說(shuō)法正確的是（）

A.PQ中感應(yīng)電流的方向由P到Q

BS

B.回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為多0一

C.尸。所受安培力的方向垂直尸。沿框架平面向上

D./=0時(shí)刻，PQ所受摩擦力一定沿框架向下

【答案】BC

【解析】A.由楞次定律可以判斷，導(dǎo)體棒P。中感應(yīng)電流的方向由Q到P,所以A錯(cuò)誤;

A卜①綜s

B.回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)/===一J所以B正確；

C.出安培定則可以判斷，導(dǎo)體棒P。所受安培力的方向垂直P(pán)Q沿框架平面向上，所以C止

確；

D.t=O時(shí)刻，導(dǎo)體棒所受安培力大小未知。無(wú)法根據(jù)物體的平衡條件確定導(dǎo)體棒PQ所受

摩擦力的方向，所以D錯(cuò)誤；

故選BC,

二、實(shí)驗(yàn)題

22、（6分）某同學(xué)利用如圖中所示的裝置探究小車加速度與其所受合外力之間的關(guān)系。

（1）請(qǐng)補(bǔ)充完整下列實(shí)驗(yàn)步驟的相關(guān)內(nèi)容：

①用天平測(cè)量祛碼盤(pán)的質(zhì)量相°、小車（含遮光片）的質(zhì)量M并記錄，用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光

片的寬度d并記錄；按圖甲所示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，用刻度尺測(cè)量?jī)晒怆婇T(mén)之間的距離s；

②在祛碼盤(pán)中放入適量的祛碼，適當(dāng)調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角，直到輕推小車后遮光片先后經(jīng)過(guò)光

電門(mén)A和光電門(mén)8的時(shí)間相等；

③取下細(xì)線和祛碼盤(pán)，記下（填寫(xiě)相應(yīng)物理量及其符號(hào)）；

④使小車從靠近滑輪處由靜止釋放，分別記錄遮光片遮擋光電門(mén)A和B的時(shí)間和；

⑤重新掛上細(xì)線和祛碼盤(pán)，改變長(zhǎng)木板傾角和祛碼盤(pán)中祛碼的質(zhì)量，重復(fù)②?④步驟。

（2）若每次實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)在誤差范圍內(nèi)都滿足（用（1）問(wèn)中記

錄的物理量符號(hào)表示，己知重力加速度為g）,則牛頓第二定律得到驗(yàn)證。

（3）本實(shí)驗(yàn)的誤差可能來(lái)源于下列哪些情況。

遮光片光電門(mén)文

與小車端相連的細(xì)線和軌道不平行滑輪;NA光冬4口―

A.1mB

細(xì)線一板

B.軌道不光滑A滬

祛碼盤(pán),=*.；

C.兩光電門(mén)間的距離過(guò)近甲

D.祛碼盤(pán)的質(zhì)量未能遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量

【答案】

(1)祛碼的質(zhì)量m

⑵(J_)2_(4)2=2sXk

4/

(3)AC

【解析】(1)在步驟②中，小車先后經(jīng)過(guò)光電門(mén)A和光電門(mén)8的時(shí)間相等，此時(shí)小車受力

平衡，祛碼和盤(pán)總重力等于小車所受拉力，當(dāng)取下祛碼和盤(pán)，小車受合力為祛碼和盤(pán)總重力，

所以應(yīng)該記下此時(shí)祛碼的質(zhì)量m；

(2)在遮光片隨滑塊從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，由于遮光片寬帶很小，所以可以用經(jīng)過(guò)光電

dd

門(mén)的平均速度代替滑塊經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)的瞬時(shí)速度，即巳％=「小車從A到8

(jL)2_(jL)2

過(guò)程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得加速度為Ar/由牛頓第二定律

2s2s

(^-)2-(—)2

Q〃+%)g=Ma即/、Ar\t.移項(xiàng)得

(m+m)g=M---------

02s

(—)2-(—)2=2s1注即滿足上式，則牛頓第二定律得到驗(yàn)證：

NBMM

(3)A.與小車端相連的細(xì)線和軌道不平行，使得小車系上細(xì)線和祛碼盤(pán)時(shí)，小車受到合力

發(fā)生變化，撤去細(xì)線后，小車受到的重力分力與摩擦力的合力不等于(m+m0)g，對(duì)實(shí)驗(yàn)產(chǎn)

生誤差，A正確；

C.兩光電門(mén)間的距離過(guò)近，將會(huì)增大長(zhǎng)度測(cè)量的相對(duì)誤差，C正確；

BD.當(dāng)小車系上細(xì)線和祛碼盤(pán)時(shí)，小車處于平衡狀態(tài)，細(xì)線對(duì)小車的拉力為(m+/)g,撤

去細(xì)線后，小車受到的重力分力與摩擦力的合力等于(m+，％)g,沒(méi)有誤差，所以軌道是否

光滑，祛碼盤(pán)的質(zhì)量與小車的質(zhì)量關(guān)系對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響，BD錯(cuò)誤。故選AC。

23、(8分)如圖為測(cè)量未知電阻段的電路，凡為阻值己知，且跟《阻值相當(dāng)?shù)亩ㄖ惦娮?

R為滑動(dòng)變阻器，電源￡的電動(dòng)勢(shì)未知，S1和S2均為單刀雙擲開(kāi)關(guān)。A為內(nèi)阻不計(jì)的電流

表。請(qǐng)補(bǔ)充以下實(shí)驗(yàn)步驟：

(1)將R的滑片滑到(填"左"或者"右")端，開(kāi)關(guān)加擲向a,S2擲向(填"c"

或者"d"),調(diào)節(jié)R的滑片，使電流表指針偏轉(zhuǎn)角度合適，測(cè)得電流表示數(shù)為乙。

(2)開(kāi)關(guān)&擲向b,S2擲向(填"c"或者"d"),測(cè)得電流表示數(shù)為A0

(3)則用的表達(dá)式為凡=

【答案】

(1)右；c

(2)d

⑶&=牛

【解析】(1)為保護(hù)電路，開(kāi)關(guān)閉合前滑動(dòng)變阻器應(yīng)調(diào)到阻值最大處，故將R的滑片滑到

右端。

開(kāi)關(guān)S1擲向a,S2應(yīng)擲向c,電流表測(cè)與的電流，與&并聯(lián)。

(2)開(kāi)關(guān)'擲向b,S2應(yīng)擲向d,電流表測(cè)尺的電流，與&并聯(lián)。

(3)電流表電阻忽略，則兩次測(cè)量并聯(lián)部分電壓不變，有

1風(fēng)=1網(wǎng)

則R,的表達(dá)式為

'k°

三、計(jì)算題：

24、(14分)如圖所示，質(zhì)量機(jī)=lkg的滑塊8靜止放置于光滑平臺(tái)上，8的左

端固定一輕質(zhì)彈簧。平臺(tái)右側(cè)有一質(zhì)量M=4kg的小車C,其上表面與平臺(tái)等高,

小車與水平面間的摩擦不計(jì)。平臺(tái)左側(cè)的光滑圓弧軌道與平臺(tái)平滑連接，圓弧軌

道半徑H=1.6m，其左側(cè)端點(diǎn)P與圓弧圓心。的連線與豎直方向的夾角8=60。。

現(xiàn)將滑塊A從尸點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放，滑塊A滑至平臺(tái)上擠壓彈簧，經(jīng)過(guò)一段時(shí)

間彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，滑塊B離開(kāi)平臺(tái)滑上小車C,最終滑塊B恰好未從小車C

上滑落。已知滑塊8與小車C之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.4,小車的長(zhǎng)度L=().9m，

重力加速度大小g=10m/s2,滑塊A、8均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：

(1)滑塊8剛滑上小車C時(shí)的速度大小%；

(2)滑塊A的質(zhì)量〃％；

(3)該過(guò)程中彈簧彈性勢(shì)能的最大值與。

【答案】

(1)3m/s(2)0.6kg(3)3J

【解析】(1)設(shè)滑塊B滑至小車C右端時(shí)它們的共同速度大小為內(nèi)滑塊3從滑

上小車C到滑至小車C右端的過(guò)程中，滑塊B和小車。兩者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守

恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

mvQ=(M+m)v

根據(jù)能量守恒定律有

；mv1—；(M+mW=/jmgL

解得

%=3mzs

(2)滑塊A自P點(diǎn)滑至平臺(tái)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有

,12

m0gRQ-cos60°)=—mx)vA

設(shè)滑塊A擠壓彈簧結(jié)束后(彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí).)的速度大小為匕，滑塊A與滑塊8

在水平平臺(tái)上相互作用的時(shí)間內(nèi)，兩者組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守

恒定律，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

121212

+mV

3m(FA=5叫%2°

解得

m1)-0.6kg

(3)當(dāng)滑塊A、B速度大小相等時(shí)彈簧彈性勢(shì)能最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

m()vA=(回)+機(jī))丫共

根據(jù)能量守恒定律有

解得

"J

25、(16分)(一)如圖所示為一列簡(jiǎn)諧橫波在1=0時(shí)刻的圖像，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向

沿y軸負(fù)方向，且當(dāng)f=0.35s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P恰好從，=0時(shí)開(kāi)始第2次到達(dá)y軸正方向最大位移

處。問(wèn)：

(1)該簡(jiǎn)諧橫波的波速V的大小和方向如何；

(2)從1=0至，=1.2s,質(zhì)點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)的路程L是多少。

(二)如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的反向延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)。

已知?dú)怏w在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)/?=lxl()5Pa。氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過(guò)程中吸收的熱

量Q=L2X1()3J,求：

（1）氣體在狀態(tài)B時(shí)的體積七；

（2）在氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過(guò)程中，氣體內(nèi)能的增量AU。

（一）【答案】

（1）2m/sr沿x軸負(fù)方向

（2）120cm

【解析】（1）圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以應(yīng)位于波傳播方向波形的上坡上,

即波速方向沿x軸負(fù)方向。設(shè)波的周期為了，由題意可得

11+汐=0.35s

解得

T=0.2s

由圖像可知波長(zhǎng)為X=0.4m，所以波速為

Ac,

v=—=2m/s

T

（2）從r=0至，=1.2s,質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)了6個(gè)周期，所以該段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)的路程為

L=6x4A=120cm

（-）【答案】

（1）1.5xl0-2m3

(2)700J

【解析】（1）氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過(guò)程中做等壓變化，有M=M

代入數(shù)據(jù)解得:%=1.5x10-2n?

（2）在氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)8的過(guò)程中，外界對(duì)氣體做的功為

w=-p/w=-p（vlj-vA）

解得：W=-500J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律有

\U=W+Q

解得：△t/=700J

26、（18分）如圖所示，xOy為豎直平面內(nèi)的一個(gè)直角坐標(biāo)系，在％=0.5m的直線的上

方有