2023學(xué)年第二學(xué)期浙南名校聯(lián)盟返校聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：1．本試題卷共6頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)。3．所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國際單位制中導(dǎo)出單位符號(hào)的是（）A.kg B.m C.A D.C【答案】D【解析】【詳解】國際單位制共有七個(gè)基本物理單位。包括如下：熱力學(xué)溫度K（開爾文），長度m（米），質(zhì)量kg（千克），時(shí)間s（秒），電流A（安），物質(zhì)的量mol（摩爾），光強(qiáng)度cd（坎德拉）。故屬于國際單位制中導(dǎo)出單位符號(hào)的是庫侖（C）。故選D。2.發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)（“電生磁”）和電磁感應(yīng)現(xiàn)象（“磁生電”）的科學(xué)家分別是（）A.安培、法拉第 B.安培、麥克斯韋C.奧斯特、法拉第 D.奧斯特、麥克斯韋【答案】C【解析】【詳解】發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)（“電生磁”）的科學(xué)家是奧斯特；發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象（“磁生電”）的科學(xué)家是法拉第。故選C。3.某電場(chǎng)的等勢(shì)線分布如圖所示，圖像左右、上下對(duì)稱，a、b、c、d為等勢(shì)面上的四個(gè)點(diǎn)，c、d兩點(diǎn)到水平對(duì)稱軸的距離相等。設(shè)這四個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)與電場(chǎng)強(qiáng)度分別為及。下列關(guān)系正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】c、d點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，根據(jù)等勢(shì)面的分布，可得等勢(shì)面越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，圖像左右、上下對(duì)稱，可得，故選D。4.如圖所示，一個(gè)導(dǎo)電圓環(huán)靜止在水平桌面上，其圓心O正上方有一N極朝下的條形磁鐵正在豎直方向運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)某時(shí)刻環(huán)中產(chǎn)生了如圖所示方向的電流I（俯視圖逆時(shí)針），則此時(shí)（）A.磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向豎直向上B.圓環(huán)對(duì)磁鐵的作用力方向向下C.導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢(shì)D.導(dǎo)電圓環(huán)對(duì)桌面的壓力小于重力【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)楞次定律可知，磁鐵運(yùn)動(dòng)方向豎直向下，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)“來拒去留”可知，圓環(huán)對(duì)磁鐵的作用力方向向上，磁鐵對(duì)圓環(huán)的作用力方向向下，則圓環(huán)對(duì)桌面的壓力大于重力，選項(xiàng)BD錯(cuò)誤；C．根據(jù)“增縮減擴(kuò)”可知，導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢(shì)，選項(xiàng)C正確。故選C。5.如圖所示，將電阻為r、長為、粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線折成直角線框abcd，，放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，bc與磁場(chǎng)垂直，ad兩點(diǎn)間接一定值電阻R。當(dāng)線框繞過ad兩點(diǎn)的軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（）A.bc邊經(jīng)過圖示位置時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.a、d兩點(diǎn)間的電壓的最大值等于C.線框轉(zhuǎn)一周在R上產(chǎn)生的電熱為D.若線框的角速度加倍，則電阻上的功率也加倍【答案】C【解析】【詳解】A．bc邊經(jīng)過圖示位置時(shí)，運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向平行，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為a、d兩點(diǎn)間的電壓的最大值故B錯(cuò)誤；C．電動(dòng)勢(shì)的有效值為線框轉(zhuǎn)一周在R上產(chǎn)生的電熱為故C正確；D．若線框的角速度加倍，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值加倍，電阻上電壓的最大值加倍，由電阻上的功率可知，電阻上的功率變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯(cuò)誤。故選C。6.小明同學(xué)用電流傳感器進(jìn)行電容器放電現(xiàn)象研究，按照?qǐng)D甲正確連接電路，將開關(guān)S與1端連接，先給電容器充電。過一段時(shí)間后，將開關(guān)S擲向2端，測(cè)得電流隨時(shí)間變化的曲線如圖乙中的實(shí)線a所示。在重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明將電阻用替換，已知，其它實(shí)驗(yàn)條件不變，則重復(fù)實(shí)驗(yàn)所得的放電曲線（用虛線表示）可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】將電阻用替換后，由于可知替換后最大放電電流減小，由于it曲線與坐標(biāo)軸圍成面積即為電荷量，而兩次放電總電荷量相同，因此兩曲線與坐標(biāo)軸圍成的面積應(yīng)相等，故替換成后放電電流隨時(shí)間變化的曲線應(yīng)該是B。故選B。7.如圖所示，有一質(zhì)量為m、電荷量為q、初速度大小為v帶電油滴從O點(diǎn)射入真空中的電場(chǎng)，電場(chǎng)方向水平向右，帶電油滴的初速度方向與電場(chǎng)方向成角，油滴沿直線到達(dá)最高點(diǎn)P，則對(duì)油滴從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中，下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)的機(jī)械能最小B.重力勢(shì)能增加了C.電勢(shì)能不斷地減少D.O點(diǎn)與P點(diǎn)之間的電勢(shì)差為【答案】A【解析】【詳解】AC．由于油滴沿直線到達(dá)最高點(diǎn)P，可知，油滴所受重力與電場(chǎng)力的合力方向一定沿該直線，重力方向豎直向下，則電場(chǎng)力方向一定水平向左，即電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，油滴帶負(fù)電，油滴從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，機(jī)械能減小，可知，P點(diǎn)的機(jī)械能最小，故A正確，C錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述對(duì)油滴進(jìn)行受力分析，如圖所示則有油滴從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中，水平與豎直方向的分位移關(guān)系為可知，油滴所受重力與電場(chǎng)力均做負(fù)功，則有，則有電勢(shì)能與重力勢(shì)能均增大，動(dòng)能減小，油滴從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有根據(jù)功能關(guān)系有，解得，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)結(jié)合上述解得故D錯(cuò)誤。故選A。8.電位器是一種常見的電子元件，它通常由電阻體和可轉(zhuǎn)動(dòng)的電刷組成，如圖所示。可以改變電位器上的連接點(diǎn)位置，從而改變電路中的電位差或電阻值，則當(dāng)電位器的（）A.1、2連接點(diǎn)接入電路時(shí)，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷，電阻減小B.1、3連接點(diǎn)接入電路時(shí)，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷，電阻減小C.1、3連接點(diǎn)作為輸入端，1、2連接點(diǎn)作為輸出端，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷，輸出電壓增大D.1、3連接點(diǎn)作為輸入端，1、2連接點(diǎn)作為輸出端，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷，輸出電壓減小【答案】C【解析】【詳解】AB．由題圖可知，1、2或者2、3連接點(diǎn)接入電路時(shí)，電刷轉(zhuǎn)動(dòng)，可以改變電位器連入電路中的電阻絲的長度，使接入電路中的電阻發(fā)生改變。1、2連接點(diǎn)接入電路時(shí)，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷，電阻增大；1、3連接點(diǎn)接入電路時(shí)，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷，無法改變電位器接入電路中的阻值，電阻不變，故AB錯(cuò)誤；CD．1、3連接點(diǎn)作為輸入端，1、2連接點(diǎn)作為輸出端時(shí)，電位器相當(dāng)于自耦變壓器，1、3間的所有線圈連接輸入端，電刷與1之間的線圈連接輸出端，故順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)電刷時(shí)，相當(dāng)于輸入端線圈匝數(shù)不變，輸出端線圈匝數(shù)變大，由電壓與匝數(shù)成正比可知，輸出電壓增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，豎直放置的“”型光滑導(dǎo)軌寬為L，矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)I、Ⅱ的高和間距均為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B。質(zhì)量為m、電阻為R的水平金屬桿在距磁場(chǎng)I的上邊界h（）處由靜止釋放，先后穿過兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好，其余電阻不計(jì)，重力加速度為g。則金屬桿（）A.穿過兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域產(chǎn)生的電熱一定相等B.穿過兩磁場(chǎng)產(chǎn)生的總熱量一定等于C.穿過兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的時(shí)間可能相等D.穿過兩磁場(chǎng)區(qū)域通過某一截面的電量可能不相等【答案】C【解析】【詳解】ABC．導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)I的速度大小為此時(shí)解得導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，可能情況①，導(dǎo)體棒進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)I做勻速直線運(yùn)動(dòng)，出磁場(chǎng)后導(dǎo)體棒要先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ，此時(shí)導(dǎo)體棒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ先做減速直線運(yùn)動(dòng)，最小速度只能減小到v，由于兩磁場(chǎng)是寬度相同，根據(jù)功能關(guān)系可知所以此時(shí)穿過兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域產(chǎn)生的電熱不相等；②，導(dǎo)體棒進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)I先做減速運(yùn)動(dòng)，出勻強(qiáng)磁場(chǎng)I又做位移為d的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ的速度有可能恰好等于進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)I的速度v，則導(dǎo)體棒在兩個(gè)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況完全相同，所以穿過兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的時(shí)間可能相等，由動(dòng)能定理有又故穿過兩磁場(chǎng)產(chǎn)生的總熱量等于4mgd，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)電流的定義式又解得所以穿過兩磁場(chǎng)區(qū)域通過某一截面的電量一定相等，故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，用輕彈簧連接的A、B兩輛小車質(zhì)量相等，靜止在光滑的水平面上，A車與豎直墻面接觸。將小車B向左推壓縮彈簧，使彈簧獲得彈性勢(shì)能，然后釋放小車B，則此后（）A.在彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，A、B的總動(dòng)量守恒B.在彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，墻壁對(duì)A的沖量等于B的動(dòng)量變化C.A離開墻壁后，彈簧最長時(shí)的彈性勢(shì)能等于D.A離開墻壁后，彈簧最短時(shí)的彈性勢(shì)能等于【答案】B【解析】【詳解】A．彈簧靜止釋放到第一次恢復(fù)到原長前，墻壁對(duì)A有作用力，系統(tǒng)受到的合外力不為零，動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．在彈簧第一次恢復(fù)原長過程中，A沒有動(dòng)，故墻壁對(duì)A的沖量等于彈簧對(duì)A的沖量，而彈簧對(duì)A的沖量大小等于彈簧對(duì)B的沖量，根據(jù)動(dòng)量定理可知也等于B的動(dòng)量變化，故B正確；CD．設(shè)A離開墻壁時(shí)B的速度為v，有彈簧伸長到最長（或最短）時(shí)，兩小球速度相同，設(shè)為，從A球離開墻壁到彈簧伸長到最長過程，兩小球組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒，則有兩小球與彈簧組成的系統(tǒng)滿足機(jī)械能守恒，則有所以故CD錯(cuò)誤。故選B。11.如圖所示，是粒子散射實(shí)驗(yàn)的示意圖，①②③④四條軌跡分別對(duì)應(yīng)4個(gè)粒子與原子核相互作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)路徑。已知粒子的入射速度都相等，散射后的速度大小等于初速度大小，則4個(gè)粒子在散射過程中受到原子核沖量最大的是（）A.① B.② C.③ D.④【答案】D【解析】【詳解】散射角度大的α粒子動(dòng)量變化大，所以受到原子核的沖量也大，所以4個(gè)粒子在散射過程中受到原子核沖量最大的是④。故選D。12.如圖所示為一回旋加速器的示意圖，已知D形盒的半徑為R，兩盒間距為d，中心上半面出口處O放有質(zhì)量為m、帶電量為e的質(zhì)子源，經(jīng)加速器加速后，每個(gè)質(zhì)子最大可獲得E的能量，每次加速時(shí)的加速電壓為U，則（）A.該加速器中偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B.加在D形盒間的高頻電源的頻率C.離子在第n次通過窄縫前后半徑之比為D.整個(gè)加速過程中質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間【答案】D【解析】【詳解】A．當(dāng)質(zhì)子獲得最大能量E時(shí)，則動(dòng)能此時(shí)質(zhì)子在回旋加速器中做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有則有故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)子在回旋加速器中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期由于D形盒之間窄縫距離很小，可以忽略粒子穿過所用時(shí)間，因此高頻電源的周期應(yīng)等于粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，頻率為故B錯(cuò)誤；C．設(shè)粒子第次經(jīng)過狹縫后的半徑為，速度為聯(lián)立以上解得同理，粒子第n次經(jīng)過狹縫后的半徑則故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)子每一個(gè)周期T可獲得的能量為eU,則質(zhì)子在D形盒內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間故D正確。故選D。13.如圖所示，一個(gè)帶有光滑半圓槽的大物塊與另一小物塊挨在一起，放置在光滑的水平面上，一小球自左側(cè)槽口A的正上方從靜止開始落下，與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，經(jīng)最低點(diǎn)后恰能上升到右側(cè)槽最高點(diǎn)C，已知大物塊、小物塊和小球的質(zhì)量均相等，圓槽的半徑為R，重力加速度為g，則（）A.小球從離A高為處開始下落B.小物塊運(yùn)動(dòng)的最大速度為C.大物塊的速度最大速度為D.小球從A進(jìn)入圓槽后，還能從A離開槽口【答案】A【解析】【詳解】A．小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，小球?qū)Π雸A槽的大物塊的壓力方向向左下方，所以大物塊要向左推動(dòng)小物塊一起加速運(yùn)動(dòng)，到最低點(diǎn)B后小物塊與大物塊分離，小球在半圓槽的大物塊內(nèi)繼續(xù)上升，對(duì)大物塊的壓力方向向右下方，大物塊做減速運(yùn)動(dòng)。設(shè)小球在最低點(diǎn)的速度為，大、小物塊的速度為，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒有根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有因小球經(jīng)最低點(diǎn)后恰能上升到右側(cè)槽最高點(diǎn)C，則有聯(lián)立解得，，，A正確；BC．由上分析可知，小球經(jīng)過圓弧最低點(diǎn)時(shí)，大、小物塊獲得最大速度BC錯(cuò)誤；D．小球從A進(jìn)入圓槽后，到最低點(diǎn)有一部分能量給了小物塊，之后小物塊分離，所以小球從A不能從A離開槽口，故D錯(cuò)誤。故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.動(dòng)量守恒定律適用的地方牛頓運(yùn)動(dòng)定律也一定適用B.變化的電場(chǎng)能產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)也能產(chǎn)生電場(chǎng)C.一個(gè)物體帶電時(shí)，所帶的電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍D.電流所受安培力會(huì)做功，運(yùn)動(dòng)的帶電粒子所受的洛倫茲力也會(huì)做功【答案】BC【解析】【詳解】A．動(dòng)量守恒定律不僅僅適用于宏觀低速運(yùn)動(dòng)的物體，也適用于微觀高速運(yùn)動(dòng)的物體，而牛頓運(yùn)動(dòng)定律只適用于宏觀低速運(yùn)動(dòng)的物體，故A錯(cuò)誤；B．變化的電場(chǎng)能產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)也能產(chǎn)生電場(chǎng)，故B正確；C．一個(gè)物體帶電時(shí)，所帶的電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍，故C正確；D．運(yùn)動(dòng)的帶電粒子受到的洛倫茲力與速度方向垂直，所以洛倫茲力不做功，故D錯(cuò)誤。故選BC。15.如圖所示為一理想變壓器，b接原線圈中間的抽頭，S為單刀雙擲開關(guān)，當(dāng)開關(guān)打到b時(shí)原線圈的匝數(shù)是打到a時(shí)的一半。P是滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，U為加在原線圈兩端的交流電壓，I為原線圈的輸入電流，則（）A.其它條件不變，當(dāng)開關(guān)從b打到a，輸入電流I變大B.其它條件不變，當(dāng)開關(guān)從a打到b，輸入電流I變大C.其它條件不變，電壓U增大，則輸入電流I變大D.其它條件不變，變阻器電阻R增大，則輸入電流I變大【答案】BC【解析】【詳解】A．其它條件不變，當(dāng)開關(guān)從b打到a，原線圈匝數(shù)增加。根據(jù)可知副線圈電壓減小，副線圈電流減小，根據(jù)可知原線圈電流變小，A錯(cuò)誤；B．其它條件不變，當(dāng)開關(guān)從a打到b，原線圈匝數(shù)減小。根據(jù)可知副線圈電壓增大，副線圈電流增大，根據(jù)可知原線圈電流變大，B正確；C．其它條件不變，電壓U增大，即原線圈電壓增大，根據(jù)可知副線圈電壓增大，副線圈電流增大，根據(jù)可知原線圈電流變大，C正確；D．其它條件不變，變阻器電阻R增大，則副線圈電流變小，根據(jù)可知原線圈電流變小，即輸入電流I變小，D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.（1）電子溫度計(jì)是利用半導(dǎo)體的電阻隨溫度升高而減小的特性而制作的，已知某半導(dǎo)體的電阻隨溫度t（在）間可視為線性變化，如圖甲所示。當(dāng)溫度為時(shí)，用多用電表測(cè)得其電阻如圖乙所示，此時(shí)__________；當(dāng)溫度為時(shí)，用多用電表測(cè)得其電阻。（2）把該半導(dǎo)體與電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為的電源，理想電壓表（量程）和定值電阻連成如圖乙所示的電路，為使電壓表示數(shù)不會(huì)超量程，且當(dāng)溫度在間變化時(shí)電壓的變化比較明顯，則定值電阻的阻值應(yīng)選___________。A．B．C．（3）選用合適的后，該半導(dǎo)體作測(cè)溫探頭，把電壓表的電壓刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡易的電子溫度計(jì)，當(dāng)電阻溫度為時(shí)，電壓表的示數(shù)約為___________V。（保留兩位有效數(shù)字）（4）若電池用久后內(nèi)阻r變大，用該溫度計(jì)測(cè)量溫度要比真實(shí)值___________（填“偏高”或“偏低”）?！敬鸢浮竣?150②.B③.1.4④.偏高【解析】【詳解】（1）[1]由圖可知，當(dāng)溫度為時(shí)，由多用電表測(cè)得其電阻（2）[2]若，則可求得電壓表的讀數(shù)范圍為即；同理可知若，則可求得電壓表的讀數(shù)范圍為；若，則可求得電壓表的讀數(shù)范圍為；則為使電壓表示數(shù)不會(huì)超量程，且當(dāng)溫度在間變化時(shí)電壓的變化比較明顯，則定值電阻的阻值應(yīng)選B；（3）[3]當(dāng)電阻溫度為時(shí)，可求得電壓表的示數(shù)約為（4）[4]若電池用久后內(nèi)阻r變大，根據(jù)可得，電壓表讀數(shù)偏小，則用該溫度計(jì)測(cè)量溫度要比真實(shí)值偏高。17.（1）在“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中，三位同學(xué)分別采用以下三種不同的方案，如圖1。小紅用甲圖對(duì)應(yīng)的方案，該方案中___________（填“需要”或“不需要”）測(cè)量小球拋出點(diǎn)到水平面的高度；小黃采用乙圖對(duì)應(yīng)的方案，該方案中入射小球的質(zhì)量___________（填“需要”或“不需要”）大于被碰小球的質(zhì)量；小藍(lán)用丙圖對(duì)應(yīng)的方案，該方案中若兩滑塊上的遮光條寬度相等，則___________（填“需要”或“不需要”）測(cè)量d。（2）在研究自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)設(shè)計(jì)了圖甲所示的電路，其中、為完全相同的電流傳感器，其電阻可忽略不計(jì)，電源提供恒定電壓U，時(shí)刻閉合開關(guān)K，得到通過兩電流傳感器的圖像如圖乙所示，則在開關(guān)閉合前，燈泡的電阻___________（填“大于”、“等于”或“小于”）電感線圈的電阻。等電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)瞬間，燈泡兩端的電壓為___________，自感電動(dòng)勢(shì)為___________。【答案】①.不需要②.不需要③.不需要④.等于⑤.U⑥.【解析】【詳解】（1）[1]小紅用甲圖對(duì)應(yīng)的方案，該方案中用水平位移代替水平速度，則不需要測(cè)量小球拋出點(diǎn)到水平面的高度；[2]小黃采用乙圖對(duì)應(yīng)的方案，即使入射球反彈實(shí)驗(yàn)也能進(jìn)行，則該方案中入射小球的質(zhì)量不需要大于被碰小球的質(zhì)量；[3]小藍(lán)用丙圖對(duì)應(yīng)的方案，該方案中若兩滑塊上的遮光條寬度相等，通過計(jì)算速度，帶入式子時(shí)兩邊可消掉d，則不需要測(cè)量d。（2）[4][5][6]因電路穩(wěn)定后通過線圈的電流等于通過燈泡的電流，可知線圈的電阻等于燈泡的電阻，即在開關(guān)閉合前，燈泡的電阻等于電感線圈的電阻。等電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)瞬間，線圈兩端電壓等于U，則燈泡兩端的電壓為U，此時(shí)線圈為電源，而燈泡的電阻等于電感線圈的電阻，則自感電動(dòng)勢(shì)為2U。18.如圖所示，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌間的距離為L，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面的夾角為，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的直流電源。現(xiàn)把一個(gè)長度為L、質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰能保持靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，金屬導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，重力加速度大小為g。求：（1）導(dǎo)體棒的所受的安培力F；（2）導(dǎo)體棒的電阻R；（3）若磁場(chǎng)方向變成豎直向上導(dǎo)體棒仍能保持靜止，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由左手定則可知安培力方向沿斜面向上，沿斜面方向受力平衡，則有（2）由安培力的計(jì)算公式有根據(jù)歐姆定律有解得得（3）由共點(diǎn)力平衡條件有解得19.如圖所示，ABC是光滑軌道，其中BC部分是半徑為的豎直放置的半圓，AB部分與BC部分平滑連接。一質(zhì)量為的小木塊放在軌道水平部分，木塊被水平飛來的質(zhì)量為的子彈射中，子彈留在木塊中與木塊一起運(yùn)動(dòng)。（1）若子彈以的速度擊中木塊，求木塊經(jīng)半圓軌道上的B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小F；（2）若被子彈擊中后的木塊恰能通過最高點(diǎn)C，求子彈的初速度；（3）若子彈以的速度擊中木塊，求木塊從C點(diǎn)飛出后落地點(diǎn)距B點(diǎn)的距離s。【答案】（1）；（2）；（3）4m【解析】【詳解】（1）子彈打木塊過程動(dòng)量守恒在B點(diǎn)有解得（2）子彈打木塊過程動(dòng)量守恒有B到C，機(jī)械能守恒有恰過C點(diǎn)，有解得（3）當(dāng)子彈的初速度為時(shí)，有可得又解得20.如圖所示，在平面內(nèi)，有半徑為L的圓形區(qū)域，圓心為O，在圓形區(qū)域以外存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圓形區(qū)域內(nèi)無磁場(chǎng)分布?，F(xiàn)有質(zhì)量為m、帶電荷量為的粒子從坐標(biāo)為（0，2L）的P點(diǎn)射入磁場(chǎng)，粒子的重力忽略不計(jì)。（1）若該粒子從P點(diǎn)沿y軸正方向射出，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后不進(jìn)入圓形無磁場(chǎng)區(qū)域，求粒子速度范圍；（2）若該粒子從P點(diǎn)沿x軸正方向射出，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰能經(jīng)過