高中物理名校試卷PAGEPAGE1馬鞍山市2023年高三第二次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測能力測試一、選擇題1.近些年我國手機(jī)閃充功能發(fā)展迅速，已經(jīng)處于國際領(lǐng)先水平。圖甲是某國產(chǎn)超級快速無線充電器CP62R，可提供最大的無線充電功率。其工作原理近似為一個理想變壓器如圖乙所示，當(dāng)送電線圈接上、的正弦交變電流時，受電線圈中會產(chǎn)生交變電流。送電線圈的匝數(shù)為，受電線圈的匝數(shù)為，且。當(dāng)該裝置給手機(jī)快速充電時，下列判斷正確的是（）A.送電線圈和受電線圈通過互感實現(xiàn)能量傳遞B.流過送電線圈的電流大于受電線圈的電流C.受電線圈的輸出電壓大于送電線圈的輸入電壓D.每秒鐘通過受電線圈的電流方向改變50次〖答案〗A〖解析〗A．該無線充電器的工作原理近似為一個理想變壓器，送電線圈和受電線圈通過互感實現(xiàn)能量傳遞，故A正確；B．根據(jù)理想變壓器原、副線圈電流與匝數(shù)成反比可知，流過送電線圈的電流與流過受電線圈的電流之比為1∶5，即流過送電線圈的電流小于受電線圈的電流，故B錯誤；C．根據(jù)理想變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)成正比可知，受電線圈的輸出電壓與送電線圈的輸入電壓之比為1∶5，即受電線圈的輸出電壓小于送電線圈的輸入電壓，故C錯誤；D．電壓頻率為50Hz，周期為0.02s，每0.02s通過受電線圈的電流方向改變2次，所以每秒鐘通過受電線圈的電流方向改變100次，故D錯誤。故選A。2.新疆是我國最大的產(chǎn)棉區(qū)，在新疆超過的棉田都是通過機(jī)械自動化采收。自動采棉機(jī)能夠在采摘棉花的同時將棉花打包成圓柱形棉包，通過采棉機(jī)后側(cè)可以旋轉(zhuǎn)的支架平穩(wěn)將其放下。放下棉包的過程可以簡化為如圖所示模型，質(zhì)量為m的棉包放在“V”形擋板上，兩板間夾角為固定不變，“V”形擋板可繞P點在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動忽略“V”形擋板對棉包的摩擦力，在使BP板由水平位置逆時針緩慢轉(zhuǎn)動的過程中，下列說法正確的是（）A.當(dāng)AP板水平時，棉包受到三個力的作用B.棉包對AP板的壓力一直增大C.棉包對BP板的壓力先減小后增大D.當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過時，棉包對AP板的壓力大于棉包對BP板的壓力〖答案〗B〖解析〗A．當(dāng)AP板水平時，若BP對棉包有彈力，則棉包將向左運動，不能夠保持平衡，因此BP對棉包沒有彈力作用，可知當(dāng)AP板水平時，棉包受到重力與AP板彈力兩個力的作用，A錯誤；BC．對棉包受力分析如圖所示則有棉包在轉(zhuǎn)動過程中，夾角增大，減小，可知作用力增大，減小，根據(jù)牛頓第三定律可知棉包對AP板的壓力一直增大，棉包對BP板的壓力一直減小，B正確，C錯誤；D．當(dāng)BP板轉(zhuǎn)至?xí)r，根據(jù)上述受力分析圖可知此時棉包對AP板的壓力等于棉包對BP板的壓力，由于棉包對AP板的壓力一直增大，棉包對BP板的壓力一直減小，可知，當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過時，棉包對AP板的壓力等于棉包對BP板的壓力，D錯誤。故選B。3.如圖所示，電源電動勢E一定，內(nèi)阻不計，、是定值電阻，是光敏電阻，其阻值隨光照的增強(qiáng)而減小。開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，電容器兩板間的一帶電液滴恰好能靜止在M點?，F(xiàn)增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，則（）A.電容器的電容增大 B.M點的電勢升高C.液滴向下運動 D.中有向右的電流〖答案〗B〖解析〗A．電容器的電容由電容器本身性質(zhì)決定，不隨其電壓或電荷量的變化而變化，故A錯誤；B．增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，R3阻值減小，回路總電阻減小，總電流增大，則R1兩端電壓增大，電容器兩極板間電壓增大，根據(jù)可知兩極板間電場強(qiáng)度增大，而下極板接地，電勢為零，設(shè)M到下極板間的距離為，則M點的電勢為所以M點的電勢升高，故B正確；C．根據(jù)平衡條件可知，開始時液滴所受電場力與重力平衡，增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，電容器兩極板間電場強(qiáng)度增大，液滴所受電場力增大，將大于重力，則液滴所受合外力向上，將向上運動，故C錯誤；D．由電路連接方式易知電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，電容器兩極板間電壓增大，根據(jù)可知電容器充電，中有向左的電流，故D錯誤。故選B。4.某行星半徑為地球半徑的，在其表面將一物體以的初速度豎直上拋，經(jīng)過回到拋出點，地球表面的重力加速度取，忽略空氣阻力和行星自轉(zhuǎn)的影響，則（）A.該行星表面的重力加速度大小為B.該行星與地球的質(zhì)量之比為C.該行星與地球的第一宇宙速度相同D.該行星與地球的平均密度之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)豎直上拋運動規(guī)律可得該行星表面的重力加速度大小為故A錯誤；B．星球表面物體所受重力等于萬有引力，即解得所以該行星與地球的質(zhì)量之比為故B錯誤；C．星球的第一宇宙速度是物體在星球表面附近做勻速圓周運動的速度，根據(jù)牛頓第二定律有解得所以該行星與地球的第一宇宙速度之比為即該行星與地球的第一宇宙速度不同，故C錯誤；D．星球的平均密度為所以該行星與地球的平均密度之比為故D正確。故選D。5.如圖所示，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場，一帶電量為的物塊放在光滑絕緣水平面上，在恒力F作用下由靜止開始從O點向右做勻加速直線運動，先經(jīng)時間t力F做功，此后撤去力F，物塊再經(jīng)時間返回到出發(fā)點O，且回到出發(fā)點時的速度大小為v。設(shè)物塊在O點的電勢能為零，則（）A.撤去力F時物塊的速度大小為B.物塊向右滑動的最大距離為C.物塊回到出發(fā)點時的動能為D.撤去力F時物塊的電勢能為〖答案〗C〖解析〗A．設(shè)F撤去前、后物塊的加速度大小分別為a1、a2，根據(jù)位移關(guān)系有解得根據(jù)運動學(xué)規(guī)律有所以撤去力F時物塊的速度大小為故A錯誤；B．從撤去F到物塊速度減為零所經(jīng)歷的時間為所以物塊向右滑動的最大距離為故B錯誤；C．物塊從O點開始運動到又回到O點的過程中，電場力做功為零，恒力F做功為90J，根據(jù)動能定理可知物塊回到出發(fā)點時的動能為，故C正確；D．物塊向右運動過程中，電勢能增加量等于克服電場力做的功，根據(jù)能量守恒定律可知物塊向右到達(dá)最遠(yuǎn)位置時的電勢能為90J，設(shè)撤去F時物塊的電勢能為Ep，則解得故D錯誤。故選C。6.分別用a、b兩種單色光照射同一金屬，測得的光電流和電壓的關(guān)系如圖所示，則（）A.a、b兩種光從同種介質(zhì)射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角大B.光b的光子動量大于光a的光子動量C.該金屬被光a照射時的逸出功小于被光b照射時的逸出功D.該金屬被光a照射時射出的光電子的動能一定大于被光b照射時射出的光電子的動能〖答案〗AB〖解析〗A．根據(jù)可知，頻率越大的截止電壓越大，所以a光的頻率比b光的小，同種介質(zhì)對a光的折射率更小，根據(jù)全反射臨界角公式可知a光的臨界角大，故A正確；B．根據(jù)可知單色光a的光子動量比單色光b的光子動量小，故B正確；C．逸出功是金屬的自身屬性，與光無關(guān)，故C錯誤；D．b光照射的最大初動能比a光照射的大，但是動能介于零和最大初動能之間，因此無法比較。故D錯誤。故選AB。7.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時的部分波形如圖中的實線所示，時的部分波形如圖中的虛線所示，a、b、c是介質(zhì)中的質(zhì)點，則下列說法正確的是（）A.這列波的波速一定是B.質(zhì)點a在時的位移為C.質(zhì)點b在內(nèi)通過的路程可能為D.若周期，則在時，質(zhì)點c的勢能最大〖答案〗BC〖解析〗A．由圖可知這列波波長為，設(shè)這列波的周期為T，則解得所以這列波的波速為只有當(dāng)n=0時，波速才為5m/s，故A錯誤；B．設(shè)質(zhì)點a的平衡位置坐標(biāo)為xa，則由波形圖可知解得所以質(zhì)點a在時的位移為故B正確；C．質(zhì)點b在內(nèi)通過的路程為當(dāng)n=1時，s=70cm，故C正確；D．t=0時質(zhì)點c位于平衡位置，若周期，則在時，質(zhì)點c仍位于平衡位置，勢能最小，故D錯誤。故選BC。8.如圖甲所示，一小車靜止在光滑水平地面上，上表面PQ是以O(shè)為圓心、半徑為R四分之一光滑圓弧軌道，左端P與平臺等高且平滑對接（不粘連）。一小球以某一水平速度沖上小車。測得在水平方向上小球與小車的速度大小分別為，作出圖像，如圖乙所示。已知P點距地面高，重力加速度為g，則（）A.小車質(zhì)量是小球質(zhì)量的2倍B.小球上升到最高點時的速度為C.小球上升的最大高度為D.小球落地時與小車左端P點的水平距離為〖答案〗BCD〖解析〗A．設(shè)小球質(zhì)量為m，小車質(zhì)量為M，小球和小車組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，所以水平方向動量守恒，則由圖乙數(shù)據(jù)可得解得故A錯誤；B．小球上升到最高點時與小車具有共同速度，則解得故B正確；C．設(shè)小球上升的最大高度為H，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得故C正確；D．設(shè)小球滑回至P點時，小球和小車的速度分別為和，根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律分別有解得，小球離開小車后做自由落體運動，小車做勻速直線運動，所以小球落地時與小車左端P點水平距離為故D正確。故選BCD。二、非選擇題9.在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，將實驗儀器按要求安裝在光具座上，如圖甲所示。（1）關(guān)于該實驗，下列說法正確的是___________；A．A處為單縫，B處為雙縫B．單縫與雙縫應(yīng)相互垂直放置C．干涉條紋與雙縫垂直D．想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，可以將單縫向雙縫靠近（2）某同學(xué)在做該實驗時，轉(zhuǎn)動測量頭手輪，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第1條亮條紋，此時測量頭的游標(biāo)卡尺示數(shù)為。繼續(xù)轉(zhuǎn)動手輪，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第5條亮條紋，此時測量頭的游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為_________。已知雙縫的間距是，雙縫和光屏之間的距離是，則所測單色光的波長是_________。（保留3位有效數(shù)字）〖答案〗（1）A（2）16.75.75×10-7〖解析〗（1）[1]ABC．在本實驗中，光源發(fā)出的光經(jīng)濾光片（裝在單縫前）成為單色光，把單縫照亮。單縫相當(dāng)于一個線光源，它又把雙縫照亮。來自雙縫的光在雙縫右側(cè)的空間發(fā)生干涉，所以A處為單縫，B處為雙縫，且單縫與雙縫應(yīng)相互平行放置，而干涉條紋與雙縫平行，故A正確，BC錯誤；D．想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，即減小條紋間距，根據(jù)可知應(yīng)將雙縫靠近光屏，將單縫向雙縫靠近無法改變條紋間距，故D錯誤。故選A。[2]10分度的游標(biāo)卡尺精確度為0.1mm，其讀數(shù)等于主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以讀數(shù)為[3]相鄰條紋間距為所測單色光的波長是10.某歐姆表由于長時間未使用，電源電動勢和內(nèi)阻發(fā)生了明顯變化，導(dǎo)致無法進(jìn)行歐姆調(diào)零。小佳同學(xué)用如圖甲所示的電路來研究其內(nèi)部的電源情況。實驗時選擇歐姆表“”擋位，已知毫安表的量程為，內(nèi)阻約為。（1）在電路連接時，要注意毫安表的“-”接線柱要與歐姆表的___________（選填“紅”或“黑”）表筆相連；（2）調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)毫安表的讀數(shù)為時，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)到整個表盤位置的刻度處，如圖乙所示，則歐姆表表頭G的量程為_________；（3）連續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電阻箱阻值R和通過毫安表電流I，作出圖像，如圖丙所示，則電源的電動勢______V。在不考慮實驗偶然誤差的情況下，電源電動勢的測量值_________真實值（選填“大于“小于”或“等于”）；（4）若想讓該歐姆表在“”擋位下可以正常使用，則更換的新電源電動勢_______V?！即鸢浮剑?）紅（2）500（3）5等于（4）7.5〖解析〗（1）[1]電流從歐姆表的紅表筆流入，從毫安表的“﹣”接線柱流出，所以毫安表的“-”接線柱要與歐姆表的紅表筆相連。（2）[2]設(shè)歐姆表表頭G的量程為Ig，由題意可得解得（3）[3]設(shè)回路中除電阻箱之外的總電阻為r，根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得所以電源的電動勢為[4]根據(jù)實驗原理可知并未引入由于電表內(nèi)阻而產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，所以在不考慮實驗偶然誤差的情況下，電源電動勢的測量值等于真實值。（5）[5]設(shè)歐姆表在“”擋位下的內(nèi)阻為r內(nèi)，則聯(lián)立以上兩式解得11.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在內(nèi)壁光滑的氣缸中，汽缸和活塞絕熱性能良好，活塞與汽缸底部之間用原長為l、勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧連接。初始時，彈簧處于原長狀態(tài)，密閉氣體的溫度為?，F(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，使活塞緩慢向上移動l的距離（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。已知活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，外界大氣壓為，重力加速度為g，彈簧和電熱絲的體積很小可忽略不計。求：（1）初始時封閉氣體壓強(qiáng)；（2）最終封閉氣體的溫度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)初始時封閉氣體的壓強(qiáng)為p1，對活塞根據(jù)平衡條件有解得（2）設(shè)最終封閉氣體的壓強(qiáng)為p2，對活塞根據(jù)平衡條件有解得設(shè)最終封閉氣體的溫度為T1，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有解得12.如圖所示，真空中豎直放置的圓柱體底面半徑為R，高為h，圓柱體上表面為熒光屏，底面中心處有一點狀放射源S，僅在底面圓所在平面內(nèi)向各個方向發(fā)射同種粒子，所有粒子的速率均為，質(zhì)量為m、電荷量為q。不計粒子重力及粒子間的相互作用。（1）現(xiàn)給圓柱體內(nèi)只施加豎直向上的勻強(qiáng)電場E，使所有粒子均能直接打到熒光屏上，求所加勻強(qiáng)電場至少需要多大；（2）現(xiàn)給圓柱體內(nèi)只施加豎直向上的勻強(qiáng)磁場B，使所有粒子恰好能束縛在圓柱體區(qū)域內(nèi)，求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）在圓柱體內(nèi)只施加豎直向上的勻強(qiáng)電場E時，若要使所有粒子均能直接打到熒光屏上，則只需使沿底面射出的粒子均能夠打到熒光屏上即可，當(dāng)該部分粒子恰好打在熒光屏的圓周邊緣時，電場強(qiáng)度具有滿足題意的最小值，根據(jù)牛頓第二定律可得該部分粒子的加速度大小為根據(jù)類平拋運動規(guī)律有聯(lián)立解得（2）圓柱體內(nèi)只施加豎直向上的勻強(qiáng)磁場B時，設(shè)粒子做勻速圓周運動的半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有由上式易知所有粒子的運動半徑相同，若要使所有粒子恰好能束縛在圓柱體區(qū)域內(nèi)，則只需使沿底面內(nèi)射出的粒子恰好不能射出圓柱體區(qū)域即可。根據(jù)幾何關(guān)系可知此時聯(lián)立解得13.如圖所示，足夠長的“”形光滑平行導(dǎo)軌MP、NQ固定在水平面上，寬軌間距為，窄軌間距為l，左側(cè)為金屬導(dǎo)軌，右側(cè)為絕緣軌道。一質(zhì)量為m、阻值為r、三邊長度均為l的“U”形金屬框，左端緊靠平放在絕緣軌道上（與金屬導(dǎo)軌不接觸）。左側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場：右側(cè)以O(shè)為原點，沿OP方向建立x軸，沿Ox方向存在分布規(guī)律為的豎直向上的磁場。兩勻質(zhì)金屬棒a、b垂直于軌道放置在寬軌段，質(zhì)量均為m、長度均為、阻值均為。初始時，將b鎖定，a在水平向右、大小為F的恒力作用下，從靜止開始運動，離開寬軌前已勻速，a滑上窄軌瞬間，撤去力F，同時釋放b。當(dāng)a運動至?xí)r，棒a中已無電流（b始終在寬軌），此時撤去b。金屬導(dǎo)軌電阻不計，a棒、b棒、金屬框與導(dǎo)軌始終接觸良好。求：（1）a棒在寬軌上勻速運動時的速度及剛滑上窄軌時a兩端電勢差的大??；（2）從撤去外力F到金屬棒a運動至的過程中，a棒產(chǎn)生的焦耳熱；（3）若a棒與金屬框碰撞后連接在一起構(gòu)成回路，求a棒靜止時與點的距離?！即鸢浮剑?），；（2）；（3）〖解析〗（1）設(shè)a棒在寬軌上勻速運動時通過a棒的電流為I1，根據(jù)平衡條件有①根據(jù)閉合電路歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律有②聯(lián)立①②解得③a棒剛滑上窄軌時，通過a棒中間寬度為l部分的電流為④根據(jù)右手定則可知電流方向從上至下，而沿電流方向電勢降低，且a棒下端電勢高于上端電勢，所以此時a棒兩端電勢差的大小為⑤（2）設(shè)a棒剛運動至?xí)r，a、b棒的速度分別為v1、v2，對a、b棒根據(jù)動量定理分別有⑥⑦因為此時回路中無電流，所以有⑧聯(lián)立③⑥⑦⑧解得⑨⑩根據(jù)能量守恒定律可知，從撤去外力F到金屬棒a運動至的過程中，回路產(chǎn)生的總焦耳熱為?根據(jù)焦耳定律可得a棒產(chǎn)生的焦耳熱為?（3）設(shè)a棒與金屬框碰撞后瞬間整體的速度大小為v3，根據(jù)動量守恒定律有?由題意可知金屬框右邊始終比左邊的磁場大?從a棒與金屬框碰撞后到最終靜止的過程，回路中的平均電流為?根據(jù)動量定理有?a棒靜止時與點的距離為?聯(lián)立⑨?????解得?馬鞍山市2023年高三第二次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測能力測試一、選擇題1.近些年我國手機(jī)閃充功能發(fā)展迅速，已經(jīng)處于國際領(lǐng)先水平。圖甲是某國產(chǎn)超級快速無線充電器CP62R，可提供最大的無線充電功率。其工作原理近似為一個理想變壓器如圖乙所示，當(dāng)送電線圈接上、的正弦交變電流時，受電線圈中會產(chǎn)生交變電流。送電線圈的匝數(shù)為，受電線圈的匝數(shù)為，且。當(dāng)該裝置給手機(jī)快速充電時，下列判斷正確的是（）A.送電線圈和受電線圈通過互感實現(xiàn)能量傳遞B.流過送電線圈的電流大于受電線圈的電流C.受電線圈的輸出電壓大于送電線圈的輸入電壓D.每秒鐘通過受電線圈的電流方向改變50次〖答案〗A〖解析〗A．該無線充電器的工作原理近似為一個理想變壓器，送電線圈和受電線圈通過互感實現(xiàn)能量傳遞，故A正確；B．根據(jù)理想變壓器原、副線圈電流與匝數(shù)成反比可知，流過送電線圈的電流與流過受電線圈的電流之比為1∶5，即流過送電線圈的電流小于受電線圈的電流，故B錯誤；C．根據(jù)理想變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)成正比可知，受電線圈的輸出電壓與送電線圈的輸入電壓之比為1∶5，即受電線圈的輸出電壓小于送電線圈的輸入電壓，故C錯誤；D．電壓頻率為50Hz，周期為0.02s，每0.02s通過受電線圈的電流方向改變2次，所以每秒鐘通過受電線圈的電流方向改變100次，故D錯誤。故選A。2.新疆是我國最大的產(chǎn)棉區(qū)，在新疆超過的棉田都是通過機(jī)械自動化采收。自動采棉機(jī)能夠在采摘棉花的同時將棉花打包成圓柱形棉包，通過采棉機(jī)后側(cè)可以旋轉(zhuǎn)的支架平穩(wěn)將其放下。放下棉包的過程可以簡化為如圖所示模型，質(zhì)量為m的棉包放在“V”形擋板上，兩板間夾角為固定不變，“V”形擋板可繞P點在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動忽略“V”形擋板對棉包的摩擦力，在使BP板由水平位置逆時針緩慢轉(zhuǎn)動的過程中，下列說法正確的是（）A.當(dāng)AP板水平時，棉包受到三個力的作用B.棉包對AP板的壓力一直增大C.棉包對BP板的壓力先減小后增大D.當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過時，棉包對AP板的壓力大于棉包對BP板的壓力〖答案〗B〖解析〗A．當(dāng)AP板水平時，若BP對棉包有彈力，則棉包將向左運動，不能夠保持平衡，因此BP對棉包沒有彈力作用，可知當(dāng)AP板水平時，棉包受到重力與AP板彈力兩個力的作用，A錯誤；BC．對棉包受力分析如圖所示則有棉包在轉(zhuǎn)動過程中，夾角增大，減小，可知作用力增大，減小，根據(jù)牛頓第三定律可知棉包對AP板的壓力一直增大，棉包對BP板的壓力一直減小，B正確，C錯誤；D．當(dāng)BP板轉(zhuǎn)至?xí)r，根據(jù)上述受力分析圖可知此時棉包對AP板的壓力等于棉包對BP板的壓力，由于棉包對AP板的壓力一直增大，棉包對BP板的壓力一直減小，可知，當(dāng)BP板轉(zhuǎn)過時，棉包對AP板的壓力等于棉包對BP板的壓力，D錯誤。故選B。3.如圖所示，電源電動勢E一定，內(nèi)阻不計，、是定值電阻，是光敏電阻，其阻值隨光照的增強(qiáng)而減小。開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，電容器兩板間的一帶電液滴恰好能靜止在M點?，F(xiàn)增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，則（）A.電容器的電容增大 B.M點的電勢升高C.液滴向下運動 D.中有向右的電流〖答案〗B〖解析〗A．電容器的電容由電容器本身性質(zhì)決定，不隨其電壓或電荷量的變化而變化，故A錯誤；B．增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，R3阻值減小，回路總電阻減小，總電流增大，則R1兩端電壓增大，電容器兩極板間電壓增大，根據(jù)可知兩極板間電場強(qiáng)度增大，而下極板接地，電勢為零，設(shè)M到下極板間的距離為，則M點的電勢為所以M點的電勢升高，故B正確；C．根據(jù)平衡條件可知，開始時液滴所受電場力與重力平衡，增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，電容器兩極板間電場強(qiáng)度增大，液滴所受電場力增大，將大于重力，則液滴所受合外力向上，將向上運動，故C錯誤；D．由電路連接方式易知電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，增強(qiáng)照射電阻的光照強(qiáng)度，電容器兩極板間電壓增大，根據(jù)可知電容器充電，中有向左的電流，故D錯誤。故選B。4.某行星半徑為地球半徑的，在其表面將一物體以的初速度豎直上拋，經(jīng)過回到拋出點，地球表面的重力加速度取，忽略空氣阻力和行星自轉(zhuǎn)的影響，則（）A.該行星表面的重力加速度大小為B.該行星與地球的質(zhì)量之比為C.該行星與地球的第一宇宙速度相同D.該行星與地球的平均密度之比為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)豎直上拋運動規(guī)律可得該行星表面的重力加速度大小為故A錯誤；B．星球表面物體所受重力等于萬有引力，即解得所以該行星與地球的質(zhì)量之比為故B錯誤；C．星球的第一宇宙速度是物體在星球表面附近做勻速圓周運動的速度，根據(jù)牛頓第二定律有解得所以該行星與地球的第一宇宙速度之比為即該行星與地球的第一宇宙速度不同，故C錯誤；D．星球的平均密度為所以該行星與地球的平均密度之比為故D正確。故選D。5.如圖所示，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場，一帶電量為的物塊放在光滑絕緣水平面上，在恒力F作用下由靜止開始從O點向右做勻加速直線運動，先經(jīng)時間t力F做功，此后撤去力F，物塊再經(jīng)時間返回到出發(fā)點O，且回到出發(fā)點時的速度大小為v。設(shè)物塊在O點的電勢能為零，則（）A.撤去力F時物塊的速度大小為B.物塊向右滑動的最大距離為C.物塊回到出發(fā)點時的動能為D.撤去力F時物塊的電勢能為〖答案〗C〖解析〗A．設(shè)F撤去前、后物塊的加速度大小分別為a1、a2，根據(jù)位移關(guān)系有解得根據(jù)運動學(xué)規(guī)律有所以撤去力F時物塊的速度大小為故A錯誤；B．從撤去F到物塊速度減為零所經(jīng)歷的時間為所以物塊向右滑動的最大距離為故B錯誤；C．物塊從O點開始運動到又回到O點的過程中，電場力做功為零，恒力F做功為90J，根據(jù)動能定理可知物塊回到出發(fā)點時的動能為，故C正確；D．物塊向右運動過程中，電勢能增加量等于克服電場力做的功，根據(jù)能量守恒定律可知物塊向右到達(dá)最遠(yuǎn)位置時的電勢能為90J，設(shè)撤去F時物塊的電勢能為Ep，則解得故D錯誤。故選C。6.分別用a、b兩種單色光照射同一金屬，測得的光電流和電壓的關(guān)系如圖所示，則（）A.a、b兩種光從同種介質(zhì)射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角大B.光b的光子動量大于光a的光子動量C.該金屬被光a照射時的逸出功小于被光b照射時的逸出功D.該金屬被光a照射時射出的光電子的動能一定大于被光b照射時射出的光電子的動能〖答案〗AB〖解析〗A．根據(jù)可知，頻率越大的截止電壓越大，所以a光的頻率比b光的小，同種介質(zhì)對a光的折射率更小，根據(jù)全反射臨界角公式可知a光的臨界角大，故A正確；B．根據(jù)可知單色光a的光子動量比單色光b的光子動量小，故B正確；C．逸出功是金屬的自身屬性，與光無關(guān)，故C錯誤；D．b光照射的最大初動能比a光照射的大，但是動能介于零和最大初動能之間，因此無法比較。故D錯誤。故選AB。7.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時的部分波形如圖中的實線所示，時的部分波形如圖中的虛線所示，a、b、c是介質(zhì)中的質(zhì)點，則下列說法正確的是（）A.這列波的波速一定是B.質(zhì)點a在時的位移為C.質(zhì)點b在內(nèi)通過的路程可能為D.若周期，則在時，質(zhì)點c的勢能最大〖答案〗BC〖解析〗A．由圖可知這列波波長為，設(shè)這列波的周期為T，則解得所以這列波的波速為只有當(dāng)n=0時，波速才為5m/s，故A錯誤；B．設(shè)質(zhì)點a的平衡位置坐標(biāo)為xa，則由波形圖可知解得所以質(zhì)點a在時的位移為故B正確；C．質(zhì)點b在內(nèi)通過的路程為當(dāng)n=1時，s=70cm，故C正確；D．t=0時質(zhì)點c位于平衡位置，若周期，則在時，質(zhì)點c仍位于平衡位置，勢能最小，故D錯誤。故選BC。8.如圖甲所示，一小車靜止在光滑水平地面上，上表面PQ是以O(shè)為圓心、半徑為R四分之一光滑圓弧軌道，左端P與平臺等高且平滑對接（不粘連）。一小球以某一水平速度沖上小車。測得在水平方向上小球與小車的速度大小分別為，作出圖像，如圖乙所示。已知P點距地面高，重力加速度為g，則（）A.小車質(zhì)量是小球質(zhì)量的2倍B.小球上升到最高點時的速度為C.小球上升的最大高度為D.小球落地時與小車左端P點的水平距離為〖答案〗BCD〖解析〗A．設(shè)小球質(zhì)量為m，小車質(zhì)量為M，小球和小車組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，所以水平方向動量守恒，則由圖乙數(shù)據(jù)可得解得故A錯誤；B．小球上升到最高點時與小車具有共同速度，則解得故B正確；C．設(shè)小球上升的最大高度為H，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得故C正確；D．設(shè)小球滑回至P點時，小球和小車的速度分別為和，根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律分別有解得，小球離開小車后做自由落體運動，小車做勻速直線運動，所以小球落地時與小車左端P點水平距離為故D正確。故選BCD。二、非選擇題9.在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，將實驗儀器按要求安裝在光具座上，如圖甲所示。（1）關(guān)于該實驗，下列說法正確的是___________；A．A處為單縫，B處為雙縫B．單縫與雙縫應(yīng)相互垂直放置C．干涉條紋與雙縫垂直D．想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，可以將單縫向雙縫靠近（2）某同學(xué)在做該實驗時，轉(zhuǎn)動測量頭手輪，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第1條亮條紋，此時測量頭的游標(biāo)卡尺示數(shù)為。繼續(xù)轉(zhuǎn)動手輪，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第5條亮條紋，此時測量頭的游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為_________。已知雙縫的間距是，雙縫和光屏之間的距離是，則所測單色光的波長是_________。（保留3位有效數(shù)字）〖答案〗（1）A（2）16.75.75×10-7〖解析〗（1）[1]ABC．在本實驗中，光源發(fā)出的光經(jīng)濾光片（裝在單縫前）成為單色光，把單縫照亮。單縫相當(dāng)于一個線光源，它又把雙縫照亮。來自雙縫的光在雙縫右側(cè)的空間發(fā)生干涉，所以A處為單縫，B處為雙縫，且單縫與雙縫應(yīng)相互平行放置，而干涉條紋與雙縫平行，故A正確，BC錯誤；D．想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，即減小條紋間距，根據(jù)可知應(yīng)將雙縫靠近光屏，將單縫向雙縫靠近無法改變條紋間距，故D錯誤。故選A。[2]10分度的游標(biāo)卡尺精確度為0.1mm，其讀數(shù)等于主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以讀數(shù)為[3]相鄰條紋間距為所測單色光的波長是10.某歐姆表由于長時間未使用，電源電動勢和內(nèi)阻發(fā)生了明顯變化，導(dǎo)致無法進(jìn)行歐姆調(diào)零。小佳同學(xué)用如圖甲所示的電路來研究其內(nèi)部的電源情況。實驗時選擇歐姆表“”擋位，已知毫安表的量程為，內(nèi)阻約為。（1）在電路連接時，要注意毫安表的“-”接線柱要與歐姆表的___________（選填“紅”或“黑”）表筆相連；（2）調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)毫安表的讀數(shù)為時，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)到整個表盤位置的刻度處，如圖乙所示，則歐姆表表頭G的量程為_________；（3）連續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電阻箱阻值R和通過毫安表電流I，作出圖像，如圖丙所示，則電源的電動勢______V。在不考慮實驗偶然誤差的情況下，電源電動勢的測量值_________真實值（選填“大于“小于”或“等于”）；（4）若想讓該歐姆表在“”擋位下可以正常使用，則更換的新電源電動勢_______V。〖答案〗（1）紅（2）500（3）5等于（4）7.5〖解析〗（1）[1]電流從歐姆表的紅表筆流入，從毫安表的“﹣”接線柱流出，所以毫安表的“-”接線柱要與歐姆表的紅表筆相連。（2）[2]設(shè)歐姆表表頭G的量程為Ig，由題意可得解得（3）[3]設(shè)回路中除電阻箱之外的總電阻為r，根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得所以電源的電動勢為[4]根據(jù)實驗原理可知并未引入由于電表內(nèi)阻而產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，所以在不考慮實驗偶然誤差的情況下，電源電動勢的測量值等于真實值。（5）[5]設(shè)歐姆表在“”擋位下的內(nèi)阻為r內(nèi)，則聯(lián)立以上兩式解得11.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在內(nèi)壁光滑的氣缸中，汽缸和活塞絕熱性能良好，活塞與汽缸底部之間用原長為l、勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧連接。初始時，彈簧處于原長狀態(tài)，密閉氣體的溫度為。現(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，使活塞緩慢向上移動l的距離（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。已知活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，外界大氣壓為，重力加速度為g，彈簧和電熱絲的體積很小可忽略不計。求：（1）初始時封閉氣體壓強(qiáng)；（2）最終封閉氣體的溫度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)初始時封閉氣體的壓強(qiáng)為p1，對活塞根據(jù)平衡條件有解得（2）設(shè)最終封閉氣體的壓強(qiáng)為p2，對活塞根據(jù)平衡條件有解得設(shè)最終封閉氣體的溫度為T1，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有解得12.如圖所示，真空中豎直放置的圓柱體底面半徑為R，高為h，圓柱體上表面為熒光屏，底面中心處有一點狀放射源S，僅在底面圓所在平面內(nèi)向各個方向發(fā)射同種粒子，所有粒子的速率均為，質(zhì)量為m、電荷量為q。不計粒子重