高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年高考沖刺模擬試卷物理試題（二）注意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項是符合題目要求，第8-11題有多項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.固定于豎直平面內的光滑大圓環(huán)上套有一個小環(huán)，小環(huán)從大圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑，在下滑過程中，小環(huán)的速率正比于（）A.它下降的高度B.它減少重力勢能C.它到P點的距離D.它滑過的弧長〖答案〗C〖解析〗如圖所示設圓環(huán)下降的高度為，圓環(huán)的半徑為，它到P點的距離為，根據機械能守恒定律得由幾何關系可得，聯立可得可得在下滑過程中，小環(huán)的速率正比于它到P點的距離。故選C。2.如圖所示四幅圖為物體做直線運動的圖像，下列說法正確的是（）A.甲圖中，物體在0~t0這段時間內的平均速度小于B.乙圖中，物體的加速度為1m/s2C.丙圖中，陰影面積表示t1~t2時間內物體的加速度變化量D.丁圖中，t=3s時物體的速度為25m/s〖答案〗D〖解析〗A．題圖甲中，若v－t圖像為直線，勻加速運動時平均速度為，由圖中曲線可知物體在0～t0這段時間內平均速度大于，故A錯誤；B．題圖乙中，根據可知即物體的加速度為，故B錯誤；C．題圖丙中，根據可知，陰影面積表示t1～t2時間內物體的速度變化量，故C錯誤；D．題圖丁中，由可得由圖像可知則t＝3s時物體的速度為故D正確。故選D。3.“天問一號”從地球發(fā)射后，在如圖甲所示的P點沿地火轉移軌道到Q點，再依次進入如圖乙所示的調相軌道和停泊軌道，則天問一號（）A.從P點轉移到Q點的時間小于6個月B.發(fā)射速度介于11.2km/s與16.7km/s之間C.在環(huán)繞火星的停泊軌道運行的周期比在調相軌道上大D.在地火轉移軌道運動的速度大于地球繞太陽的速度〖答案〗B〖解析〗A．因P點轉移到Q點的轉移軌道的半長軸大于地球公轉軌道半徑，則其周期大于地球公轉周期（1年共12個月），則從P點轉移到Q點的時間為軌道周期的一半時間應大于6個月，故A錯誤；B．因發(fā)射的衛(wèi)星要能變軌到繞太陽轉動，則發(fā)射速度要大于第二宇宙速度，即發(fā)射速度介于11.2km/s與16.7km/s之間，故B正確；C．因在環(huán)繞火星的停泊軌道的半長軸小于調相軌道的半長軸，則由開普勒第三定律可知在環(huán)繞火星的停泊軌道運行的周期比在調相軌道上小，故C錯誤；D．衛(wèi)星從Q點變軌時，要加速增大速度，即在地火轉移軌道Q點的速度小于火星軌道的速度，而由可得可知火星軌道速度小于地球軌道速度，因此可知衛(wèi)星在Q點速度小于地球軌道速度，故D錯誤；故選B。4.安裝適當的軟件后，利用智能手機中的磁傳感器可以測量磁感應強度B。如圖，在手機上建立直角坐標系，手機顯示屏所在平面為xOy面。某同學在某地對地磁場進行了四次測量，每次測量時y軸指向不同方向而z軸正向保持豎直向上。根據表中測量結果可推知錯誤的是（）測量序號Bx/μTBy/μTBz/μT10-21452020463210454-21045A.測量地點位于南半球B.當地的地磁場大小約為50μTC.第1次測量時x軸正向指向東方D.第4次測量時y軸正向指向東方〖答案〗C〖解析〗A．如圖所示地球可視為一個磁偶極，磁南極大致指向地理北極附近，磁北極大致指向地理南極附近。通過這兩個磁極的假想直線（磁軸）與地球的自轉軸大約成11.3度的傾斜。由表中z軸數據可看出z軸的磁場豎直向上，則測量地點應位于南半球，故A正確，不符合題意；B．磁感應強度為矢量，故由表格可看出此處的磁感應強度大致為計算得B≈50μT故B正確，不符合題意；CD．由選項A可知測量地在南半球，而南半球地磁場指向北方斜向上，則第1次測量故y軸指向南方，x軸正向指向西方。第4次測量故x軸指向南方而y軸則指向東方，故C錯誤，符合題意，D正確，不符合題意。故選C。5.如圖，兩根相互平行的光滑長直金屬導軌固定在水平絕緣桌面上，在導軌的左端接入電容為C的電容器和阻值為R的電阻。質量為m、長度為L、阻值也為R的導體棒MN靜止于導軌上，與導軌垂直，且接觸良好，導軌電阻忽略不計，整個系統(tǒng)處于方向豎直向下的勻強磁場中。磁感應強度為B。開始時，電容器所帶的電荷量為Q，合上開關S后，（）A.導體棒MN受到的安培力的最大值為B.導體棒MN向右先加速、后勻速運動C.導體棒MN速度最大時所受的安培力也最大D.電阻R上產生的焦耳熱等于導體棒MN上產生的焦耳熱〖答案〗A〖解析〗A．MN上的電流瞬時值為當開關閉合的瞬間，有此時MN可視為純電阻R，此時反電動勢最小，故電流最大導體棒MN受到的安培力的最大值為故A正確；B．當時，導體棒加速運動，當速度達到最大值之后，電容器與MN及R構成回路，由于一直處于通路的形式，由能量守恒可知，最后MN終極速度為零，故B錯誤；C．當時，MN上電流瞬時為零，安培力為零此時，MN速度最大，故C錯誤；D．在MN加速度階段，由于MN反電動勢存在，故MN上電流小于電阻R上的電流，電阻R消耗電能大于MN上消耗的電能，故加速過程中當MN減速為零的過程中，電容器的電流和導體棒的電流都流經電阻R形成各自的回路，因此可知此時也是電阻R的電流大，綜上分析可知全過程中電阻R上的熱量大于導體棒上的熱量，故D錯誤。故選A。6.靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關系如圖所示，x軸負向為場強正方向，帶負電的點電荷沿x軸運動，則點電荷（）A.從x1到x4的過程中電勢能減小B.在x1處電勢能為零C.從x1到x4的過程中在x3處加速度最大D.在x2和x4處電勢能相等〖答案〗C〖解析〗A．x軸負向為場強正方向，從x1到x4的過程中，電場方向始終沿x軸正向，沿著電場線運動，電場力對負點電荷始終做負功，電勢能增加，故A錯誤；B．在x1處是電場強度為零，電勢高低與電場強度大小無關，且電勢能是相對量，與零電勢的選取有關，故B錯誤；C．電場強度是矢量，大小比較絕對值，從x1到x4過程中電場強度先增大后減小，在x3處的場強最大，由可知從x1到x4的過程中在x3處加速度最大，故C正確；D．從x2到x4的過程中，電場方向始終沿x軸正向，沿著電場線運動，電場力對負點電荷始終做負功，電勢能增加，故D錯誤。故選C。7.基于下列四幅圖的敘述正確的是（）A.由甲圖可知，黑體溫度升高時，各種波長的電磁波輻射強度都增加，輻射強度的極大值向頻率較低的方向移動B.乙圖為照射同種金屬材料，由圖可知，在水里傳播的速度b光大于a光C.由丙圖可知，該種元素的原子核每經過3.8天就有m0的發(fā)生衰變D.由丁圖可知，裂變成的A、B中的核子平均質量小于中核子平均質量，這些核更穩(wěn)定〖答案〗D〖解析〗A．由甲圖觀察可知黑體溫度升高時，各種波長的電磁波輻射強度都增加，輻射強度的極大值向波長較短頻率較高的方向移動，故A錯誤；B．由乙圖可知，a光的遏止電壓低于b光的遏止電壓，a光光子的頻率低于b光光子的頻率，頻率低的折射率小，在水里傳播的速度b光小于a光，故B錯誤；C．由丙圖可知，該種元素的原子核每經過3.8天就有剩下的發(fā)生衰變，故C錯誤；D．由丁圖可知，原子的比結合能越大，核子平均質量越小，核越穩(wěn)定，故D正確。故選D。8.一定質量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經過如圖所示的三個過程回到初始狀態(tài)a，下列判斷正確的是（）A.在c→a的過程中外界對氣體做的功小于b→c過程中氣體對外界做的功B.在b→c的過程中氣體從外界吸收的熱量小于在c→a過程中氣體向外界放出的熱量C.在a→b的過程中氣體對外界做的功小于氣體從外界吸收的熱量D.在a→b的過程中氣體內能的增加量大于c→a過程中氣體內能的減少量〖答案〗BC〖解析〗A．p-V圖象圍成的面積等于氣體做功。由圖可知，在c→a的過程中外界對氣體做的功等于b→c過程中氣體對外界做的功，A正確；B．由于而狀態(tài)b和狀態(tài)c的氣體溫度相等，內能相同，狀態(tài)的溫度低，內能小，由可知，在c→a的過程中氣體向外界釋放的熱量大于b→c過程中氣體從外界吸收的熱量，B正確；C．在a→b的過程中，氣體內能增加，則氣體對外界做的功小于氣體從外界吸收的熱量，C正確；D．由B選項可知，在a→b的過程中氣體內能的增加量等于c→a過程中氣體內能的減少量，D錯誤。故選BC。9.如圖所示，、是虛線兩端的兩個波源，它們的振動周期都為T，振幅都為A，某時刻發(fā)出的波恰好傳到C，同一時刻發(fā)出的波恰好傳到D，且，圖中只畫出了此時刻兩列波在D、C之間部分的疊加波形，、D間和、C間波形沒有畫出，下列說法正確的是（）A.D、B、C三點始終在平衡位置B.兩個波源在B是振動加強點，其振幅為2AC.兩個波源的起振方向相反D.再經過，D、C間的波形為一條直線〖答案〗AC〖解析〗ABC．兩列波同時開始傳播，如果兩列波起振方向相同則CD兩點起振方向相同，又因為傳到C和傳到D的時間相同，則CD的振動形式應完全相同，由波形可知，開始振動方向向下，開始振動方向向上，所以根據疊加原理可知，D、B、C三點都是振動減弱點，振幅都為零，故A、C正確，B錯誤；D．畫出再經過后，兩列波單獨傳播時的波形，都如圖所示：根據疊加原理可知D、C間振動疊加后的波形形狀仍如圖所示，故D錯誤。故選AC。10.如圖所示圓形區(qū)域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子以某速度由圓周上點A沿與直徑AOB成30°角的方向射入磁場，其后從點C射出磁場。已知COD為圓的直徑，∠BOC=60°，E、F分別為圓上的點，粒子重力不計。則下列說法正確的是（）A.粒子從點C射出時的速度方向的反向延長線一定過O點B.若僅改變粒子的入射方向，粒子射出磁場的方向一定垂直于直徑AOBC.若僅將粒子的入射位置由點A改為點E或點F，則粒子仍從C射出D.粒子一定帶負電荷〖答案〗CD〖解析〗AC．作出粒子運動軌跡圓如圖所示由幾何關系可得四邊形AOC為菱形，則軌跡圓半徑等于有界圓的半徑，邊與邊OC平行，粒子射出方向與垂直，則速度方向的反向延長線不過O點，同理，若僅將粒子的入射位置改變而入射方向不變，如圖由于軌跡圓半徑等于有界圓的半徑，則入射點、O點、出射點和軌跡圓圓心所圍成圖像仍為菱形，又由于入射方向與水平方向夾角不變，則可知入射點與軌跡圓圓心的連線方向不變，則O與出射點的連線平行于入射點與軌跡圓圓心的連線，可知仍從C射出，射出時速度方向垂直于直徑AOB，由于入射點不同，則入射點與O的連線方向改變，可知軌跡圓圓心與出射點連線改變，則出射方向改變，故A錯誤，C正確；B．若粒子入射位置不變，僅改變粒子入射方向，由“磁匯聚”原理，軌跡圓的圓心與入射點、出射電、磁場圓圓心依然構成菱形，出射點速度方向不變，一定垂直于直徑AOB，B正確；D．由左手定則可得，該帶電粒子帶負電，故D正確。故選BCD11.某同學設計了一個充電裝置，如圖所示，假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V，理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數比為1：100，下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為5HzB.副線圈兩端電壓有效值為VC.變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關D.充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率〖答案〗AB〖解析〗A．因為交流電的周期是T=0.2s，則其頻率是故A正確；B．由理想變壓器原理可知解得副線圈兩端的最大電壓為則其有效值為故B正確；C．根據法拉第電磁感應定律可知，永磁鐵磁場強，線圈中產生的感應電動勢越大，變壓器的輸入電壓會越大，故C錯誤；D．由理想變壓器原理可知，充電電路的輸入功率等于變壓器的輸入功率，故D錯誤。故選AB。二、實驗題12.由于空氣阻力的影響，物體從空中靜止下落其實嚴格意義上不是自由落體運動，經驗表明，當下落物體的質量不是特別大的時候，空氣阻力的影響對于落體實驗是無法忽略的。為了探究空氣阻力的性質，某同學準備了若干由同種輕質材料（密度為）制成的半徑不同的小球，將它們從足夠高的同一個地方靜止釋放，利用攝像機拍攝其下落過程，并利用計算機逐幀分析技術分析其運動過程。（1）實驗中使用游標卡尺測量小球的半徑r，下圖給出了其中某個小球的測量結果，則這個小球的半徑為_________；（2）計算機每隔時間T提取一次小球的位置信息，假設，，時小球的坐標分別是，，，若要使用計算位置的瞬時速度，則要求T足夠小，因為________________________________；（3）實驗得到的若干個小球的圖像如圖所示，在時間足夠長之后會發(fā)現速度會趨于一個定值，稱作收尾速度，收尾速度的存在表明空氣阻力的大小和小球的運動速度有關。該同學假設空氣阻力f和小球的速度的n次方成正比，比例系數為k（稱作阻力系數），即。已知當地重力加速度為g，那么收尾速度的表達式為_________（用k，n，r，g，ρ表示）；（4）該同學為了驗證自己的假設，準備了密度不同但是半徑相同的小球，實驗得到的圖像是一條斜率約為1的直線，這個結果表明______________________；（5）該同學想知道阻力系數是否和小球的形狀有關（和體積，截面積，半徑等成比例），為此他繪制了圖像（小球材料一樣），實驗得到的圖像為一條斜率約為2的直線，實驗結果表明____________________。〖答案〗（1）或（2）中間時刻的瞬時速度等于全過程的平均速度只對勻變速直線運動成立，當T很小的時候才可以將這個運動過程視作是勻變速直線運動（3）（4）空氣阻力的大小和小球的運動速度成正比或或（5）阻力系數和小球的半徑成正比〖解析〗（1）[1]圖中游標卡尺的精度為，可讀得小球的直徑為小球的半徑為（2）[2]題中式子使用平均速度代替中間時刻的速度，中間時刻的瞬時速度等于全過程的平均速度只對勻變速直線運動成立，當T很小的時候才可以將這個運動過程視作是勻變速直線運動。（3）[3]小球以收尾速度運動時做勻速直線運動，受到的阻力等于重力，即小球的質量為聯立可得（4）[4]圖像是一條斜率約為1的直線，由數學知識可得結合上式可知，即空氣阻力的大小和小球的運動速度成正比。（5）[5]圖像為一條斜率約為2的直線，由數學知識可得結合前面式子得可知阻力系數和小球的半徑成正比。13.“伏安法”測量電阻絲的電阻率的實驗電路圖如圖甲所示，圖中Rx表示電阻絲，R是一個滑動變阻器。通過測量，電阻絲的長度為L=10.00cm，通過螺旋測微器可以測得電阻絲的半徑，測量結果如圖乙所示。（1）從圖中可知電阻絲的半徑為r=_______。（2）若實驗得到的電壓表示數關于電流表示數圖像的斜率為k，則電阻率的計算表達式為___________。（3）如果只考慮電阻測量導致的電阻率的誤差，則測量值相比于真實值___________（填“偏大”或者“偏小”）?！即鸢浮剑?）0.428±0.001mm（2）（3）偏小〖解析〗（1）從圖中可知電阻絲的直徑為電阻絲的半徑為〖答案〗在0.428±0.001mm；（2）[2]根據歐姆定律解得可得壓表示數關于電流表示數圖像的斜率為根據電阻定律又可得（3）[3]由于電壓表分流，造成電流表的讀數比通過待測電阻的實際電流大，所以斜率偏小，則測量值比真實值偏小。三、解答題14.由于夏日暴曬，一個容積為V0的氧氣罐（認為容積不變）氣體溫度為47℃，儀表顯示內部封閉氣體壓強為20p0（p0為1個標準大氣壓），現采取降溫和緩慢放氣兩種措施同時進行，使罐內氣體溫度降為27℃，壓強降為10p0，求氧氣罐內剩余氣體的質量與原來總質量的比值?！即鸢浮健冀馕觥郊僭O將放出的氣體先收集起來，并保持壓強、溫度與氧氣罐內相同，以全部氣體為研究對象，初狀態(tài)壓強，溫度，體積為V0；末狀態(tài)壓強，溫度，體積為V2；由理想氣體的狀態(tài)方程有解得則剩余氣體與原來氣體質量比為15.如圖所示，兩根平行且足夠長的金屬導軌傾斜固定在水平地面上，導軌平面與水平地面的夾角θ=37°，間距為d=2m，且電阻不計。導軌的上端接有阻值為R=6Ω的定值電阻和理想電壓表?？臻g中有垂直于導軌平面斜向上的、大小為B=1T的勻強磁場。質量為m=0.1kg、接入電路有效電阻r=4Ω的導體棒垂直導軌放置，無初速釋放，導體棒與導軌間動摩擦因數μ=0.25，導體棒沿導軌下滑一段距離后做勻速運動，取g=10m/s2，sin37°=0.6，求：（1）導體棒勻速下滑的速度大小和導體棒勻速運動時電壓表的示數；（2）導體棒下滑l=0.4m過程中通過電阻R的電荷量。〖答案〗（1）1m/s，1.2V；（2）0.08C〖解析〗（1）設導體棒勻速運動時速度為v，通過導體棒電流為I，由平衡條件有導體棒切割磁感線產生的電動勢為由閉合電路歐姆定律得聯立解得由歐姆定律得聯立解得（2）由電流定義式得由法拉第電磁感應定律得，由歐姆定律得聯立解得16.如圖（a），一質量為m的物塊A與輕質彈簧連接，靜止在光滑水平面上，物塊B向A運動，t=0時與彈簧接觸，到t=2t0時與彈簧分離，第一次碰撞結束，A、B的v-t圖像如圖（b）所示。已知從t=0到t=t0時間內，物塊A運動的距離為0.36v0t0。A、B分離后，A滑上粗糙斜面（μ=0.45），然后滑下，與一直在水平面上運動的B再次碰撞，斜面傾角為θ（sinθ=0.6），與水平面光滑連接。碰撞過程中彈簧始終處于彈性限度內。求：（1）第一次碰撞過程中，彈簧彈性勢能的最大值；（2）第一次碰撞過程中，彈簧壓縮量的最大值；（3）第一次碰撞后A滑上粗糙斜面，然后滑下，與一直在水平面上運動的B第二次碰撞后A、B的速度分別為多少？〖答案〗（1）；（2）；（3），〖解析〗（1）當彈簧被壓縮最短時，彈簧彈性勢能最大，此時A、B速度相等，即時刻，根據動量守恒定律得mB=5mv共=v0根據能量守恒定律聯立解得（2）B接觸彈簧后，壓縮彈簧的過程中，A、B動量守恒對方程兩邊同時乘以時間，有0-t0之間，根據位移等于速度在時間上的累積，可得將代入可得則第一次碰撞過程中，彈簧壓縮量的最大值（3）第一次碰撞后，設A在斜面上滑行的長度為，上滑過程，根據動能定理可得下滑過程，設物塊A第一次滑下斜面的速度大小為，根據動能定理可得聯立解得A滑下后，與一直在水平面上運動的B第二次碰撞，設向右為正方向，根據動量守恒定律可得根據能量守恒定律可得聯立解得2023年高考沖刺模擬試卷物理試題（二）注意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項是符合題目要求，第8-11題有多項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.固定于豎直平面內的光滑大圓環(huán)上套有一個小環(huán)，小環(huán)從大圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑，在下滑過程中，小環(huán)的速率正比于（）A.它下降的高度B.它減少重力勢能C.它到P點的距離D.它滑過的弧長〖答案〗C〖解析〗如圖所示設圓環(huán)下降的高度為，圓環(huán)的半徑為，它到P點的距離為，根據機械能守恒定律得由幾何關系可得，聯立可得可得在下滑過程中，小環(huán)的速率正比于它到P點的距離。故選C。2.如圖所示四幅圖為物體做直線運動的圖像，下列說法正確的是（）A.甲圖中，物體在0~t0這段時間內的平均速度小于B.乙圖中，物體的加速度為1m/s2C.丙圖中，陰影面積表示t1~t2時間內物體的加速度變化量D.丁圖中，t=3s時物體的速度為25m/s〖答案〗D〖解析〗A．題圖甲中，若v－t圖像為直線，勻加速運動時平均速度為，由圖中曲線可知物體在0～t0這段時間內平均速度大于，故A錯誤；B．題圖乙中，根據可知即物體的加速度為，故B錯誤；C．題圖丙中，根據可知，陰影面積表示t1～t2時間內物體的速度變化量，故C錯誤；D．題圖丁中，由可得由圖像可知則t＝3s時物體的速度為故D正確。故選D。3.“天問一號”從地球發(fā)射后，在如圖甲所示的P點沿地火轉移軌道到Q點，再依次進入如圖乙所示的調相軌道和停泊軌道，則天問一號（）A.從P點轉移到Q點的時間小于6個月B.發(fā)射速度介于11.2km/s與16.7km/s之間C.在環(huán)繞火星的停泊軌道運行的周期比在調相軌道上大D.在地火轉移軌道運動的速度大于地球繞太陽的速度〖答案〗B〖解析〗A．因P點轉移到Q點的轉移軌道的半長軸大于地球公轉軌道半徑，則其周期大于地球公轉周期（1年共12個月），則從P點轉移到Q點的時間為軌道周期的一半時間應大于6個月，故A錯誤；B．因發(fā)射的衛(wèi)星要能變軌到繞太陽轉動，則發(fā)射速度要大于第二宇宙速度，即發(fā)射速度介于11.2km/s與16.7km/s之間，故B正確；C．因在環(huán)繞火星的停泊軌道的半長軸小于調相軌道的半長軸，則由開普勒第三定律可知在環(huán)繞火星的停泊軌道運行的周期比在調相軌道上小，故C錯誤；D．衛(wèi)星從Q點變軌時，要加速增大速度，即在地火轉移軌道Q點的速度小于火星軌道的速度，而由可得可知火星軌道速度小于地球軌道速度，因此可知衛(wèi)星在Q點速度小于地球軌道速度，故D錯誤；故選B。4.安裝適當的軟件后，利用智能手機中的磁傳感器可以測量磁感應強度B。如圖，在手機上建立直角坐標系，手機顯示屏所在平面為xOy面。某同學在某地對地磁場進行了四次測量，每次測量時y軸指向不同方向而z軸正向保持豎直向上。根據表中測量結果可推知錯誤的是（）測量序號Bx/μTBy/μTBz/μT10-21452020463210454-21045A.測量地點位于南半球B.當地的地磁場大小約為50μTC.第1次測量時x軸正向指向東方D.第4次測量時y軸正向指向東方〖答案〗C〖解析〗A．如圖所示地球可視為一個磁偶極，磁南極大致指向地理北極附近，磁北極大致指向地理南極附近。通過這兩個磁極的假想直線（磁軸）與地球的自轉軸大約成11.3度的傾斜。由表中z軸數據可看出z軸的磁場豎直向上，則測量地點應位于南半球，故A正確，不符合題意；B．磁感應強度為矢量，故由表格可看出此處的磁感應強度大致為計算得B≈50μT故B正確，不符合題意；CD．由選項A可知測量地在南半球，而南半球地磁場指向北方斜向上，則第1次測量故y軸指向南方，x軸正向指向西方。第4次測量故x軸指向南方而y軸則指向東方，故C錯誤，符合題意，D正確，不符合題意。故選C。5.如圖，兩根相互平行的光滑長直金屬導軌固定在水平絕緣桌面上，在導軌的左端接入電容為C的電容器和阻值為R的電阻。質量為m、長度為L、阻值也為R的導體棒MN靜止于導軌上，與導軌垂直，且接觸良好，導軌電阻忽略不計，整個系統(tǒng)處于方向豎直向下的勻強磁場中。磁感應強度為B。開始時，電容器所帶的電荷量為Q，合上開關S后，（）A.導體棒MN受到的安培力的最大值為B.導體棒MN向右先加速、后勻速運動C.導體棒MN速度最大時所受的安培力也最大D.電阻R上產生的焦耳熱等于導體棒MN上產生的焦耳熱〖答案〗A〖解析〗A．MN上的電流瞬時值為當開關閉合的瞬間，有此時MN可視為純電阻R，此時反電動勢最小，故電流最大導體棒MN受到的安培力的最大值為故A正確；B．當時，導體棒加速運動，當速度達到最大值之后，電容器與MN及R構成回路，由于一直處于通路的形式，由能量守恒可知，最后MN終極速度為零，故B錯誤；C．當時，MN上電流瞬時為零，安培力為零此時，MN速度最大，故C錯誤；D．在MN加速度階段，由于MN反電動勢存在，故MN上電流小于電阻R上的電流，電阻R消耗電能大于MN上消耗的電能，故加速過程中當MN減速為零的過程中，電容器的電流和導體棒的電流都流經電阻R形成各自的回路，因此可知此時也是電阻R的電流大，綜上分析可知全過程中電阻R上的熱量大于導體棒上的熱量，故D錯誤。故選A。6.靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關系如圖所示，x軸負向為場強正方向，帶負電的點電荷沿x軸運動，則點電荷（）A.從x1到x4的過程中電勢能減小B.在x1處電勢能為零C.從x1到x4的過程中在x3處加速度最大D.在x2和x4處電勢能相等〖答案〗C〖解析〗A．x軸負向為場強正方向，從x1到x4的過程中，電場方向始終沿x軸正向，沿著電場線運動，電場力對負點電荷始終做負功，電勢能增加，故A錯誤；B．在x1處是電場強度為零，電勢高低與電場強度大小無關，且電勢能是相對量，與零電勢的選取有關，故B錯誤；C．電場強度是矢量，大小比較絕對值，從x1到x4過程中電場強度先增大后減小，在x3處的場強最大，由可知從x1到x4的過程中在x3處加速度最大，故C正確；D．從x2到x4的過程中，電場方向始終沿x軸正向，沿著電場線運動，電場力對負點電荷始終做負功，電勢能增加，故D錯誤。故選C。7.基于下列四幅圖的敘述正確的是（）A.由甲圖可知，黑體溫度升高時，各種波長的電磁波輻射強度都增加，輻射強度的極大值向頻率較低的方向移動B.乙圖為照射同種金屬材料，由圖可知，在水里傳播的速度b光大于a光C.由丙圖可知，該種元素的原子核每經過3.8天就有m0的發(fā)生衰變D.由丁圖可知，裂變成的A、B中的核子平均質量小于中核子平均質量，這些核更穩(wěn)定〖答案〗D〖解析〗A．由甲圖觀察可知黑體溫度升高時，各種波長的電磁波輻射強度都增加，輻射強度的極大值向波長較短頻率較高的方向移動，故A錯誤；B．由乙圖可知，a光的遏止電壓低于b光的遏止電壓，a光光子的頻率低于b光光子的頻率，頻率低的折射率小，在水里傳播的速度b光小于a光，故B錯誤；C．由丙圖可知，該種元素的原子核每經過3.8天就有剩下的發(fā)生衰變，故C錯誤；D．由丁圖可知，原子的比結合能越大，核子平均質量越小，核越穩(wěn)定，故D正確。故選D。8.一定質量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經過如圖所示的三個過程回到初始狀態(tài)a，下列判斷正確的是（）A.在c→a的過程中外界對氣體做的功小于b→c過程中氣體對外界做的功B.在b→c的過程中氣體從外界吸收的熱量小于在c→a過程中氣體向外界放出的熱量C.在a→b的過程中氣體對外界做的功小于氣體從外界吸收的熱量D.在a→b的過程中氣體內能的增加量大于c→a過程中氣體內能的減少量〖答案〗BC〖解析〗A．p-V圖象圍成的面積等于氣體做功。由圖可知，在c→a的過程中外界對氣體做的功等于b→c過程中氣體對外界做的功，A正確；B．由于而狀態(tài)b和狀態(tài)c的氣體溫度相等，內能相同，狀態(tài)的溫度低，內能小，由可知，在c→a的過程中氣體向外界釋放的熱量大于b→c過程中氣體從外界吸收的熱量，B正確；C．在a→b的過程中，氣體內能增加，則氣體對外界做的功小于氣體從外界吸收的熱量，C正確；D．由B選項可知，在a→b的過程中氣體內能的增加量等于c→a過程中氣體內能的減少量，D錯誤。故選BC。9.如圖所示，、是虛線兩端的兩個波源，它們的振動周期都為T，振幅都為A，某時刻發(fā)出的波恰好傳到C，同一時刻發(fā)出的波恰好傳到D，且，圖中只畫出了此時刻兩列波在D、C之間部分的疊加波形，、D間和、C間波形沒有畫出，下列說法正確的是（）A.D、B、C三點始終在平衡位置B.兩個波源在B是振動加強點，其振幅為2AC.兩個波源的起振方向相反D.再經過，D、C間的波形為一條直線〖答案〗AC〖解析〗ABC．兩列波同時開始傳播，如果兩列波起振方向相同則CD兩點起振方向相同，又因為傳到C和傳到D的時間相同，則CD的振動形式應完全相同，由波形可知，開始振動方向向下，開始振動方向向上，所以根據疊加原理可知，D、B、C三點都是振動減弱點，振幅都為零，故A、C正確，B錯誤；D．畫出再經過后，兩列波單獨傳播時的波形，都如圖所示：根據疊加原理可知D、C間振動疊加后的波形形狀仍如圖所示，故D錯誤。故選AC。10.如圖所示圓形區(qū)域內有垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子以某速度由圓周上點A沿與直徑AOB成30°角的方向射入磁場，其后從點C射出磁場。已知COD為圓的直徑，∠BOC=60°，E、F分別為圓上的點，粒子重力不計。則下列說法正確的是（）A.粒子從點C射出時的速度方向的反向延長線一定過O點B.若僅改變粒子的入射方向，粒子射出磁場的方向一定垂直于直徑AOBC.若僅將粒子的入射位置由點A改為點E或點F，則粒子仍從C射出D.粒子一定帶負電荷〖答案〗CD〖解析〗AC．作出粒子運動軌跡圓如圖所示由幾何關系可得四邊形AOC為菱形，則軌跡圓半徑等于有界圓的半徑，邊與邊OC平行，粒子射出方向與垂直，則速度方向的反向延長線不過O點，同理，若僅將粒子的入射位置改變而入射方向不變，如圖由于軌跡圓半徑等于有界圓的半徑，則入射點、O點、出射點和軌跡圓圓心所圍成圖像仍為菱形，又由于入射方向與水平方向夾角不變，則可知入射點與軌跡圓圓心的連線方向不變，則O與出射點的連線平行于入射點與軌跡圓圓心的連線，可知仍從C射出，射出時速度方向垂直于直徑AOB，由于入射點不同，則入射點與O的連線方向改變，可知軌跡圓圓心與出射點連線改變，則出射方向改變，故A錯誤，C正確；B．若粒子入射位置不變，僅改變粒子入射方向，由“磁匯聚”原理，軌跡圓的圓心與入射點、出射電、磁場圓圓心依然構成菱形，出射點速度方向不變，一定垂直于直徑AOB，B正確；D．由左手定則可得，該帶電粒子帶負電，故D正確。故選BCD11.某同學設計了一個充電裝置，如圖所示，假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產生近似正弦式交流電，周期為0.2s，電壓最大值為0.05V，理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數比為1：100，下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為5HzB.副線圈兩端電壓有效值為VC.變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關D.充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率〖答案〗AB〖解析〗A．因為交流電的周期是T=0.2s，則其頻率是故A正確；B．由理想變壓器原理可知解得副線圈兩端的最大電壓為則其有效值為故B正確；C．根據法拉第電磁感應定律可知，永磁鐵磁場強，線圈中產生的感應電動勢越大，變壓器的輸入電壓會越大，故C錯誤；D．由理想變壓器原理可知，充電電路的輸入功率等于變壓器的輸入功率，故D錯誤。故選AB。二、實驗題12.由于空氣阻力的影響，物體從空中靜止下落其實嚴格意義上不是自由落體運動，經驗表明，當下落物體的質量不是特別大的時候，空氣阻力的影響對于落體實驗是無法忽略的。為了探究空氣阻力的性質，某同學準備了若干由同種輕質材料（密度為）制成的半徑不同的小球，將它們從足夠高的同一個地方靜止釋放，利用攝像機拍攝其下落過程，并利用計算機逐幀分析技術分析其運動過程。（1）實驗中使用游標卡尺測量小球的半徑r，下圖給出了其中某個小球的測量結果，則這個小球的半徑為_________；（2）計算機每隔時間T提取一次小球的位置信息，假設，，時小球的坐標分別是，，，若要使用計算位置的瞬時速度，則要求T足夠小，因為________________________________；（3）實驗得到的若干個小球的圖像如圖所示，在時間足夠長之后會發(fā)現速度會趨于一個定值，稱作收尾速度，收尾速度的存在表明空氣阻力的大小和小球的運動速度有關。該同學假設空氣阻力f和小球的速度的n次方成正比，比例系數為k（稱作阻力系數），即。已知當地重力加速度為g，那么收尾速度的表達式為_________（用k，n，r，g，ρ表示）；（4）該同學為了驗證自己的假設，準備了密度不同但是半徑相同的小球，實驗得到的圖像是一條斜率約為1的直線，這個結果表明______________________；（5）該同學想知道阻力系數是否和小球的形狀有關（和體積，截面積，半徑等成比例），為此他繪制了圖像（小球材料一樣），實驗得到的圖像為一條斜率約為2的直線，實驗結果表明____________________?！即鸢浮剑?）或（2）中間時刻的瞬時速度等于全過程的平均速度只對勻變速直線運動成立，當T很小的時候才可以將這個運動過程視作是勻變速直線運動（3）（4）空氣阻力的大小和小球的運動速度成正比或或（5）阻力系數和小球的半徑成正比〖解析〗（1）[1]圖中游標卡尺的精度為，可讀得小球的直徑為小球的半徑為（2）[2]題中式子使用平均速度代替中間時刻的速度，中間時刻的瞬時速度等于全過程的平均速度只對勻變速直線運動成立，當T很小的時候才可以將這個運動過程視作是勻變速直線運動。（3）[3]小球以收尾速度運動時做勻速直線運動，受到的阻力等于重力，即小球的質量為聯立可得（4）[4]圖像是一條斜率約為1的直線，由數學知識可得結合上式可知，即空氣阻力的大小和小球的運動速度成正比。（5）[5]圖像為一條斜率約為2的直線，由數學知識可得結合前面式子得可知阻力系數和小球的半徑成正比。13.“伏安法”測量電阻絲的電阻率的實驗電路圖如圖甲所示，圖中Rx表示電阻絲，R是一個滑動變阻器。通過測量，電阻絲的長度為L=10.00cm，通過螺旋測微器可以測得電阻絲的半徑，測量結果如圖乙所示。（1）從圖中可知電阻絲的半徑為r=_______。（2）若實