高中物理名校試卷PAGEPAGE1高三物理試題本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘．注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、考生號(hào)、座號(hào)填寫在相應(yīng)位置，認(rèn)真核對(duì)a條形碼上的姓名、考生號(hào)和座號(hào)，并將條形碼粘貼在指定位置上．2．選擇題〖答案〗必須使用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題〖答案〗必須使用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚．3．請(qǐng)按照題號(hào)在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效．保持卡面整潔，不折疊、不破損．第Ⅰ卷（選擇題，共40分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求．1.不同原子核的比結(jié)合能不同，如圖是按照實(shí)際測(cè)量結(jié)果畫的圖像，根據(jù)圖像和所學(xué)知識(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）．A.結(jié)合能是由于核子結(jié)合成原子核而具有的能量B.隨著原子質(zhì)量數(shù)的增加，原子核的比結(jié)合能增大C.鈾核比鋇核結(jié)合能大D.兩個(gè)氘核結(jié)合成氦核，需要吸收能量〖答案〗C〖解析〗A．結(jié)合能不是由于核子結(jié)合成原子核而具有的能量，而是為了把核子分開(kāi)而需要的能量，故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知隨著原子質(zhì)量數(shù)的增加，原子核的比結(jié)合能先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．由圖像可知鈾核的比結(jié)合能與核子數(shù)的乘積大于鋇核的比結(jié)合能與核子數(shù)的乘積，即鈾核比鋇核結(jié)合能大，故C正確；D．兩個(gè)氘核結(jié)合成氦核，需要釋放能量，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，在水平桌面上，固定激光器、雙縫、光屏，雙縫所在平面與光屏平行，一束激光打在雙縫上，在光屏上可以觀察到明暗相間的干涉條紋，若其他裝置固定不動(dòng)，光屏勻速遠(yuǎn)離雙縫，在遠(yuǎn)離過(guò)程中，光屏與雙縫所在平面始終保持平行，觀察到（）A.條紋間距不變 B.條紋間距隨時(shí)間均勻增加C.條紋間距隨時(shí)間均勻減小 D.條紋間距先變大后變小〖答案〗B〖解析〗干涉條紋中相鄰兩個(gè)兩條紋或暗條紋的中心間距為增大雙縫到光屏的距離，即增大l，條紋間距變大。故選B。3.如圖所示為模擬遠(yuǎn)距離輸電的實(shí)驗(yàn)電路圖，兩變壓器均為理想變壓器，變壓器的匝數(shù)，四根輸電線的電阻，、為兩個(gè)相同的小燈泡，燈絲電阻，忽略燈絲電阻隨溫度的變化。當(dāng)端輸入低壓交流電時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表示數(shù)比示數(shù)小B.的熱功率大于的熱功率C.、兩燈泡的功率相同D.的功率比的功率要小〖答案〗A〖解析〗A．電流表示數(shù)為令通過(guò)燈泡的電流為，則燈泡兩端電壓為，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系，電流表示數(shù)為根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系可知降壓變壓器原線圈兩端電壓為，令端輸入為U，根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系可知升壓變壓器副線圈兩端電壓為，則有解得則有由于，可知可知即電流表示數(shù)比示數(shù)小，A正確；B．根據(jù)由于，可知，的熱功率小于的熱功率，B錯(cuò)誤；CD．由于根據(jù)上述根據(jù)可知，燈泡的功率大于燈泡的功率，CD錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷AB、BC、CD、DA四個(gè)過(guò)程回到原狀態(tài)A，其中AB、CD為等壓過(guò)程，BC、DA為等溫過(guò)程，狀態(tài)C、D的壓強(qiáng)和體積未知，下列說(shuō)法正確的是（）A.在過(guò)程BC中氣體和外界沒(méi)有發(fā)生熱傳遞B.氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能大于在狀態(tài)D的內(nèi)能C.氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B對(duì)外做功40JD.在過(guò)程CD中外界對(duì)氣體做的功等于在過(guò)程AB中氣體對(duì)外界做的功〖答案〗D〖解析〗A．在過(guò)程BC中，體積增大，氣體對(duì)外做功，但由于溫度不變，內(nèi)能保持不變，所以氣體從外界吸熱，故A錯(cuò)誤；B．DA為等溫過(guò)程，溫度不變，所以氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能等于在狀態(tài)D的內(nèi)能，故B錯(cuò)誤；C．體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓過(guò)程，體積增大，氣體對(duì)外做功，即故C錯(cuò)誤；D．由于AB、CD為等壓過(guò)程，BC、DA為等溫過(guò)程，所以過(guò)程CD中外界對(duì)氣體做的功等于在過(guò)程AB中氣體對(duì)外界做的功，故D正確。故選D。5.從高處的點(diǎn)A先后水平拋出兩個(gè)小球1和2，球1與地面碰撞一次后，恰好越過(guò)位于水平地面上高為h的豎直擋板，然后落在水平地面上的D點(diǎn)，碰前碰后的速度水平方向不變，豎直方向等大反向。球2恰好越過(guò)擋板也落在D點(diǎn)，忽略空氣阻力。擋板的高度h為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗A．設(shè)1、2球的初速度分別為、，從拋出到落到D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為、則對(duì)兩球在水平方向有依題意所以又因兩球飛過(guò)豎直擋板前的水平位移相同，而速度的水平分量的關(guān)系為故它們飛過(guò)擋板前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足設(shè)球1從第一次落地到飛至擋板頂端所用的時(shí)間為t，則上述關(guān)系可寫為球1第一次落地時(shí)速度的豎直分量為到達(dá)擋板頂端時(shí)速度的豎直分量為兩者滿足聯(lián)立方程并代入數(shù)據(jù)可得故選B。6.如圖，點(diǎn)光源S發(fā)出的一條光束，垂直半圓形透明體面，照射到半圓圓心O點(diǎn)，經(jīng)面反射的光線照射到與平行的無(wú)限大固定光屏上，在屏上形成一光點(diǎn)。半圓形透明體對(duì)光的折射率?，F(xiàn)讓半圓形透明體繞垂直于紙面且過(guò)O點(diǎn)的軸以角速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，在光屏上形成的光點(diǎn)沿移動(dòng)，已知，則（）A.時(shí)，光點(diǎn)到S距離B.后光照在面發(fā)生全反射，光屏上光點(diǎn)消失C.光點(diǎn)沿做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.時(shí)，光點(diǎn)移動(dòng)的速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．時(shí)，則如圖所示由幾何關(guān)系，得光點(diǎn)到S距離故A錯(cuò)誤；B．半圓形透明體對(duì)光的折射率，由公式則全反射的臨界角為時(shí)，則恰好發(fā)生全反射，但是光線會(huì)沿半徑垂直界面射出，所以光屏上光點(diǎn)不會(huì)消失，故B錯(cuò)誤；C．在光屏上形成的光點(diǎn)沿移動(dòng)，由題意知光點(diǎn)沿移動(dòng)運(yùn)動(dòng)的位移滿足不滿足二次函數(shù)關(guān)系，所以光點(diǎn)沿不做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．時(shí)，則如圖所示由幾何關(guān)系，得光點(diǎn)到O距離為所以時(shí)，光點(diǎn)垂直于光線移動(dòng)的速度大小為速度關(guān)系如圖所示則光點(diǎn)沿移動(dòng)的速度大小為故D正確。故選D。7.神舟十四號(hào)載人飛船采用自主快速交會(huì)對(duì)接模式，經(jīng)過(guò)6次自主變軌，于北京時(shí)間2022年6月5日17時(shí)42分，成功對(duì)接于核心艙徑向端口，對(duì)接過(guò)程歷時(shí)約7小時(shí)。若某載人飛船沿圓軌道Ⅰ做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為r，空間站沿圓軌道Ⅱ做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為R，載人飛船和空間站運(yùn)動(dòng)方向相同。載人飛船運(yùn)動(dòng)到軌道Ⅰ的位置A時(shí)，加速變軌到橢圓軌道，此時(shí)空間站在軌道Ⅱ的位置B，，當(dāng)載人飛船第一次運(yùn)動(dòng)至遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)恰好與空間站相遇，再次加速變軌實(shí)現(xiàn)對(duì)接，此過(guò)程中，空間站轉(zhuǎn)過(guò)的角度小于。則的大小為（）A. B.C. D.0〖答案〗B〖解析〗根據(jù)開(kāi)普勒第三定律得整理得飛船從近地點(diǎn)第一次到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)所用的時(shí)間為在這段時(shí)間，空間站運(yùn)行的角度為整理得故選B8.圖1是電磁炮結(jié)構(gòu)圖，其原理可簡(jiǎn)化為圖2，、是光滑水平導(dǎo)軌，直流電源連接在兩導(dǎo)軌左端，銜鐵P放置在兩導(dǎo)軌間，彈丸放置在P的右側(cè)（圖中未畫出）．閉合開(kāi)關(guān)K后，電源、導(dǎo)軌和銜鐵形成閉合回路，通過(guò)導(dǎo)軌的電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，銜鐵P在安培力作用下沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)．已知電源的電動(dòng)勢(shì)大小為E，銜鐵P與彈丸總質(zhì)量為m，整個(gè)電路的總電阻恒為R，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌間的磁場(chǎng)可認(rèn)為是垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與通過(guò)導(dǎo)軌的電流成正比，即．某時(shí)刻，銜鐵P的速度大小為v，此時(shí)銜鐵P的加速度大小為（）．A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗銜鐵產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)電路中電流為根據(jù)牛頓第二定律可得結(jié)合聯(lián)立可得故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．9.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，O點(diǎn)為波源，波源的振動(dòng)周期，時(shí)刻波形圖如圖所示，則（）A.時(shí)，P點(diǎn)速度沿y軸負(fù)方向B.時(shí)，P點(diǎn)的坐標(biāo)為C.Q點(diǎn)起振方向沿y軸正方向D.時(shí)，Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰〖答案〗BD〖解析〗A．時(shí)，P點(diǎn)位于波峰位置，此刻速度零，故A錯(cuò)誤；B．時(shí)，P點(diǎn)位于波峰位置，此刻質(zhì)點(diǎn)P的位移最大，則可將質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程表示為式中，即將時(shí)間代入方程，可得質(zhì)點(diǎn)P在這一時(shí)刻的縱坐標(biāo)為由此可知質(zhì)點(diǎn)P在該時(shí)刻的坐標(biāo)為（，），故B正確；C．該波沿x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知該波的起振方向沿著y軸負(fù)方向，而在波的傳播方向上的任意質(zhì)點(diǎn)的起振方向都和波源的起振方向相同，因此Q點(diǎn)起振方向應(yīng)該沿y軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D．從時(shí)刻開(kāi)始，設(shè)波傳播到Q點(diǎn)的時(shí)間為，則有而由題可知，該波的周期為可知時(shí)，Q點(diǎn)剛好振動(dòng)了個(gè)周期，而其起振方向沿著軸負(fù)方向，可知此刻Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，故D正確。故選BD。10.如圖1所示，一物體在一水平拉力F作用下，沿水平地面做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中拉力大小隨時(shí)間的變化圖像如圖2。物體加速度a隨時(shí)間變化的圖像如圖3．重力加速度g取，下列說(shuō)法正確的是（）．A.物體與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.15B.物體與水平地面間的最大靜摩擦力為C.在時(shí)間內(nèi)，合外力做的功為D.在時(shí)間內(nèi)，拉力F的沖量為〖答案〗AC〖解析〗A．由圖2可得拉力F關(guān)于時(shí)間的函數(shù)為而由圖3可知，在2s末物塊的加速度大小為，此時(shí)拉力大小為；在4s末加速度大小為，此時(shí)拉力大小為，則由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得，故A正確；B．物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受的滑動(dòng)摩擦力為而最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力，故B錯(cuò)誤；C．加速度與時(shí)間的圖像中，圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示速度的變化量，由圖3可知，4s末物體的速度為根據(jù)動(dòng)能定理可得，在時(shí)間內(nèi)，合外力做的功為故C正確；D．根據(jù)圖2可知，在時(shí)間內(nèi)，拉力F沖量大小為圖像與時(shí)間軸圍成的面積，可得故D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，在三維坐標(biāo)系中，A、B兩點(diǎn)處分別固定兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量為和，A點(diǎn)坐標(biāo)為，B點(diǎn)坐標(biāo)為。另有一點(diǎn)電荷C僅在A、B處兩電荷的作用力下，在平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，O為圓心，半徑，不計(jì)重力作用。則（）A.點(diǎn)電荷C在做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電勢(shì)能發(fā)生變化B.點(diǎn)電荷C在做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電勢(shì)能不發(fā)生變化C.A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量滿足關(guān)系D.A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量滿足關(guān)系〖答案〗BD〖解析〗AB．電荷C僅在A、B處兩電荷的作用力下，在平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由能量守恒可知，動(dòng)能不變，電勢(shì)能也不變，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．點(diǎn)電荷C在平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知A、B處兩電荷的沿軸的分力相互抵消，運(yùn)用幾何關(guān)系可得解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。12.如圖，輕質(zhì)彈簧一端與垂直固定在斜面上的板C相連，另一端與物體A相連。物體A置于光滑固定斜面上，斜面的傾角。A上端連接一輕質(zhì)細(xì)線，細(xì)線繞過(guò)光滑的定滑輪與物體B相連且始終與斜面平行。開(kāi)始時(shí)托住B，A靜止且細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B。已知物體A、B的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，B始終未與地面接觸。從釋放B到B第一次下落至最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）。A.剛釋放物體B時(shí)，物體A受到細(xì)線的拉力大小為B.物體A到最高點(diǎn)時(shí)，A所受合力大小為C.物體B下落至最低點(diǎn)時(shí)，A和彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能最大D.物體A的最大速度為〖答案〗ACD〖解析〗A．剛釋放物體B時(shí)，以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，有解得對(duì)B研究解得故物體A受到細(xì)線的拉力大小為，故A正確；BC．對(duì)于A、B物體以及彈簧組成的系統(tǒng)，只有彈簧的彈力和重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，B減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為A的機(jī)械能以及彈簧的彈性勢(shì)能，故當(dāng)B下落至最低點(diǎn)時(shí)，A和彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能最大，且此時(shí)A上升到最高位置，根據(jù)對(duì)稱性可知B產(chǎn)生的加速度大小也為故對(duì)B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可知解得故AB整體研究，可得解得對(duì)A研究，A受到彈簧拉力、重力和繩子的拉力，則故B錯(cuò)誤，C正確；D．手拖住物塊B時(shí)，物塊A靜止，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為，對(duì)物塊A根據(jù)平衡條件可得解得當(dāng)物體A上升過(guò)程中，當(dāng)A和B整體的加速度為0時(shí)速度達(dá)到最大值，此時(shí)細(xì)線對(duì)A的拉力大小剛好等于，設(shè)此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為，則解得所以此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能與初始位置時(shí)相同，對(duì)A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得故D正確。故選ACD。第Ⅱ卷（非選擇題，共60分）三、非選擇題：本題共6小題，共60分．13.phyphoxapp是一款用途廣泛的傳感器手機(jī)軟件。某同學(xué)使用手機(jī)下載phyphoxapp后設(shè)計(jì)了一套實(shí)驗(yàn)裝置用來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（1）一鋼尺伸出水平桌面少許，將質(zhì)量為m=60g的小鋼球放在鋼尺末端；（2）用刻度尺測(cè)量鋼尺上表面與水平地板間的高度h=100.00cm；（3）打開(kāi)手機(jī)中的聲音“振幅”（聲音傳感器）app；（4）迅速敲擊鋼尺側(cè)面，讓小鋼球自由下落。手機(jī)中的傳感器記錄下聲音振幅隨時(shí)間變化的曲線，如圖所示，第一、第二個(gè)尖峰的橫坐標(biāo)分別對(duì)應(yīng)小鋼球離開(kāi)鋼尺時(shí)刻和落地時(shí)刻。測(cè)得這兩個(gè)尖峰的時(shí)間間隔為t=0.46s。（5）當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取9.8m/s2，則下落過(guò)程中，重力勢(shì)能減小量______J，動(dòng)能增加量______J。據(jù)此可以得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論：在誤差允許的范圍內(nèi)，小鋼球自由下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）（6）敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若導(dǎo)致小鋼球獲得了一個(gè)豎直向上的未被察覺(jué)的小速度，此時(shí)小球動(dòng)能增加量的測(cè)量值與真實(shí)值相比______（填“偏大”、“偏小”或“相同”）?！即鸢浮剑?）0.5880.567（6）偏大〖解析〗（5）[1]下落過(guò)程中，重力勢(shì)能減小量[2]小鋼球落地的平均速度根據(jù)，解得（6）[3]敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若導(dǎo)致小鋼球獲得了一個(gè)豎直向上的未被察覺(jué)的小速度，則小鋼球落地速度大于小鋼球靜止釋放的落地速度，則此時(shí)小球動(dòng)能增加量的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏大。14.利用如圖所示電路測(cè)量靈敏電流表的內(nèi)阻。其中E為電源，K為開(kāi)關(guān)，R為滑動(dòng)變阻器，P為滑動(dòng)觸頭，R1、R2為電阻箱，V為電壓表，G為待測(cè)內(nèi)阻的靈敏電流表。A．電壓表（量程0~2V，內(nèi)阻約10kΩ）B．電壓表（量程0~10V，內(nèi)阻約100kΩ）C．靈敏電流表（量程0~300μA，內(nèi)阻未知）D．電源（電動(dòng)勢(shì)1.5V，內(nèi)阻不計(jì)）E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）F．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~1000Ω，額定電流0.6A）（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，關(guān)于儀器選擇，下列說(shuō)法正確的是______。①電壓表選A，滑動(dòng)變阻器選E②電壓表選A，滑動(dòng)變阻器選F③電壓表選B，滑動(dòng)變阻器選E④電壓表選B，滑動(dòng)變阻器選F（2）閉合開(kāi)關(guān)K，調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭P的位置和電阻箱R1、R2的阻值，讀出靈敏電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為U，電阻箱R2的阻值為a，靈敏電流表的內(nèi)阻為_(kāi)_________。（3）閉合開(kāi)關(guān)K，調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭P的位置和電阻箱R1、R2的阻值，使靈敏電流表達(dá)到半偏，此時(shí)電阻箱R2的阻值為b；再次調(diào)節(jié)，使靈敏電流表達(dá)到滿偏，此時(shí)電阻箱R2的阻值為c。兩次調(diào)節(jié)過(guò)程中，電壓表示數(shù)保持不變，則靈敏電流表的內(nèi)阻__________。若考慮電壓表的內(nèi)阻，靈敏電流表內(nèi)阻測(cè)量值與真實(shí)值相比__________（填“偏大”、“偏小”或“相同”）．〖答案〗（1）①（2）（3）b－2c相同〖解析〗（1）[1]電源電動(dòng)勢(shì)為1.5V，電壓表應(yīng)選擇A，為方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E。故選①。（2）[2]根據(jù)歐姆定律有（3）[3]電流表半偏時(shí)有電流表滿偏時(shí)有U=IG(RG＋c)解得RG=b－2c[4]實(shí)驗(yàn)中保持電壓表電壓不變，微安表和電阻箱串聯(lián)，通過(guò)微安表的電流和兩端的電壓均為準(zhǔn)確值，靈敏電流表內(nèi)阻測(cè)量值與真實(shí)值相比相同。15.圖1是很多機(jī)械結(jié)構(gòu)中都會(huì)用到的氣彈簧裝置．其簡(jiǎn)化模型如圖2所示，裝有氮?dú)獾姆忾]氣缸豎直固定在水平地面上，一光滑活塞將氣缸分成A、B兩部分，活塞上有一個(gè)透氣的小孔將氣缸中兩部分氣體連通在一起，活塞上固定一個(gè)圈柱形的連桿．已知活塞與連桿的總質(zhì)量為m，活塞橫截面積為S，連桿橫截面積為．初始時(shí)刻活塞停在氣缸內(nèi)某處，此時(shí)A部分氣體高，B部分氣體高．已知大氣壓強(qiáng)為，重力加速度為g，氣體可看作理想氣體，汽缸與連桿之間無(wú)摩擦且密封良好，氣體溫度始終保持不變．（1）求初始時(shí)刻缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)；（2）若對(duì)連桿施加向下壓力，使得活塞緩慢向下移動(dòng)距離，求此時(shí)缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)．〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）對(duì)活塞與連桿整體解得（2）氣體初態(tài)氣體末態(tài)根據(jù)玻意耳定律聯(lián)立解得16.如圖所示，快遞公司分揀快遞用的直線交叉帶分揀線，可簡(jiǎn)化為在同一水平面內(nèi)兩個(gè)相互垂直的、繃緊的傳送帶模型．兩傳送帶A、B始終保持的恒定速率運(yùn)行．可看作質(zhì)點(diǎn)的快遞C被無(wú)初速地放在傳送帶A上，經(jīng)加速后以的速率滑上傳送帶B．快遞C最后以的速率隨傳送帶B一起勻速運(yùn)動(dòng)．已知快遞C質(zhì)量為，與傳送帶A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度g?。螅海?）要使快遞C在到達(dá)傳送帶B前加速到與傳送帶A共速，快遞C在傳送帶A上運(yùn)動(dòng)的最小位移；（2）快遞C在傳送帶B上所受摩擦力的大小和方向；（3）快遞C在傳送帶B上做曲線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．〖答案〗（1）2m；（2），方向與傳送帶B的運(yùn)動(dòng)方向夾角為45°；（3）〖解析〗（1）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有代入數(shù)據(jù)解得（2）快遞C在傳送帶B上所受摩擦力的大小為設(shè)方向與傳送帶B的運(yùn)動(dòng)方向夾角為，則解得（3）快遞C在傳送帶B上做曲線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為17.如圖，圓柱形區(qū)域與平面相切于y軸，該區(qū)域內(nèi)存在平行y軸的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．在和位置，緊靠y軸放置兩平行金屬板，金屬板與平面平行，沿z軸方向長(zhǎng)為L(zhǎng)，沿x軸方向?qū)挾茸銐虼螅瑑砂彘g加恒定電壓．在金屬板右側(cè)垂直z軸固定一足夠大的熒光屏，熒光屏與金屬板右端距離為，熒光屏與z軸交點(diǎn)記為．平面內(nèi)有一與z軸平行且寬度等于磁場(chǎng)區(qū)域直徑的線狀粒子源，粒子源各位置處均勻向外無(wú)初速度釋放帶電粒子，已知單位時(shí)間內(nèi)粒子源釋放的總粒子數(shù)為N．粒子源釋放的粒子經(jīng)加速電壓加速后，全部射向磁場(chǎng)區(qū)域，通過(guò)磁場(chǎng)后均過(guò)O點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后，粒子向y軸正方向偏轉(zhuǎn)，最終部分粒子打在熒光屏上．已知粒子進(jìn)入磁場(chǎng)前的加速電壓與離開(kāi)磁場(chǎng)后的偏轉(zhuǎn)電壓大小相等，不計(jì)粒子重力．求：（1）如圖所示，沿與z軸正方向夾角離開(kāi)磁場(chǎng)的粒子，最終打在熒光屏上的x軸坐標(biāo)值；（2）熒光屏上顯示的粒子落點(diǎn)形成的圖線的方程；（3）單位時(shí)間打在熒光屏上的粒子數(shù)．〖答案〗（1）；（2）見(jiàn)〖解析〗；（3）〖解析〗（1）帶電粒子打到熒光屏前，沿軸方向沿軸方向最終射熒光屏上的軸坐標(biāo)（2）對(duì)帶電粒子加速過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)，偏轉(zhuǎn)角為，則粒子離開(kāi)電場(chǎng)后，沿軸方向偏轉(zhuǎn)位移粒子打在熒光屏上的軸坐標(biāo)聯(lián)立解得熒光屏上顯示的粒子落點(diǎn)圖線方程粒子能手射到熒光屏的條件可得即圖線方程的定義域?yàn)椋?）如圖所示設(shè)圓柱形磁場(chǎng)圓直徑為，由幾何關(guān)系可知，沿與軸正方向夾角離開(kāi)圓柱形磁場(chǎng)粒子恰好可以打在熒光屏上，改粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與中心線距離可知滿足條件的粒子源長(zhǎng)度單位時(shí)間打在熒光屏上的粒子數(shù)18.如圖所示是游樂(lè)園某種電動(dòng)小火車的結(jié)構(gòu)示意圖，小火車由車頭和n節(jié)車廂組成，車頭與每節(jié)車廂的質(zhì)量均為m，各車廂間用長(zhǎng)為l的輕繩連接，靜止在水平直軌道上，各車廂緊靠在一起，車頭啟動(dòng)后發(fā)動(dòng)機(jī)提供恒定的動(dòng)力，大小為，車頭和每節(jié)車廂所受軌道阻力均為，繩子拉緊后，被拉車廂在非常短的時(shí)間內(nèi)與車頭達(dá)到共速，重力加速度為g，求：（1）車頭與車廂1之間的輕繩繃緊后瞬間火車的速度大小；（2）整個(gè)火車啟動(dòng)過(guò)程中，克服軌道阻力做的總功；（3）第n節(jié)車廂啟動(dòng)后瞬間火車的速度大小。（已知）〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）對(duì)車頭有第1根輕繩繃緊過(guò)程有解得（2）車廂1被拉動(dòng)前，車頭克服阻力做車廂2被拉動(dòng)前，車頭與車廂1克服阻力做功車廂3被拉動(dòng)前，車頭與車廂1、車廂2克服阻力做功車廂n被拉動(dòng)前，車頭與前面所有車廂克服阻力做功整個(gè)火車啟動(dòng)過(guò)程中，克服軌道阻力做的總功解得（3）第1根輕繩繃緊后瞬間車廂1的速度，則對(duì)車頭和車廂1第2根輕繩繃緊過(guò)程解得同理，第3根輕繩繃緊瞬間速度則車廂n-1與車廂n間輕繩繃緊后瞬間，車廂n的速度為其中則解得高三物理試題本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘．注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、考生號(hào)、座號(hào)填寫在相應(yīng)位置，認(rèn)真核對(duì)a條形碼上的姓名、考生號(hào)和座號(hào)，并將條形碼粘貼在指定位置上．2．選擇題〖答案〗必須使用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題〖答案〗必須使用0.5毫米黑色簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚．3．請(qǐng)按照題號(hào)在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效．保持卡面整潔，不折疊、不破損．第Ⅰ卷（選擇題，共40分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求．1.不同原子核的比結(jié)合能不同，如圖是按照實(shí)際測(cè)量結(jié)果畫的圖像，根據(jù)圖像和所學(xué)知識(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）．A.結(jié)合能是由于核子結(jié)合成原子核而具有的能量B.隨著原子質(zhì)量數(shù)的增加，原子核的比結(jié)合能增大C.鈾核比鋇核結(jié)合能大D.兩個(gè)氘核結(jié)合成氦核，需要吸收能量〖答案〗C〖解析〗A．結(jié)合能不是由于核子結(jié)合成原子核而具有的能量，而是為了把核子分開(kāi)而需要的能量，故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知隨著原子質(zhì)量數(shù)的增加，原子核的比結(jié)合能先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．由圖像可知鈾核的比結(jié)合能與核子數(shù)的乘積大于鋇核的比結(jié)合能與核子數(shù)的乘積，即鈾核比鋇核結(jié)合能大，故C正確；D．兩個(gè)氘核結(jié)合成氦核，需要釋放能量，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，在水平桌面上，固定激光器、雙縫、光屏，雙縫所在平面與光屏平行，一束激光打在雙縫上，在光屏上可以觀察到明暗相間的干涉條紋，若其他裝置固定不動(dòng)，光屏勻速遠(yuǎn)離雙縫，在遠(yuǎn)離過(guò)程中，光屏與雙縫所在平面始終保持平行，觀察到（）A.條紋間距不變 B.條紋間距隨時(shí)間均勻增加C.條紋間距隨時(shí)間均勻減小 D.條紋間距先變大后變小〖答案〗B〖解析〗干涉條紋中相鄰兩個(gè)兩條紋或暗條紋的中心間距為增大雙縫到光屏的距離，即增大l，條紋間距變大。故選B。3.如圖所示為模擬遠(yuǎn)距離輸電的實(shí)驗(yàn)電路圖，兩變壓器均為理想變壓器，變壓器的匝數(shù)，四根輸電線的電阻，、為兩個(gè)相同的小燈泡，燈絲電阻，忽略燈絲電阻隨溫度的變化。當(dāng)端輸入低壓交流電時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表示數(shù)比示數(shù)小B.的熱功率大于的熱功率C.、兩燈泡的功率相同D.的功率比的功率要小〖答案〗A〖解析〗A．電流表示數(shù)為令通過(guò)燈泡的電流為，則燈泡兩端電壓為，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系，電流表示數(shù)為根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系可知降壓變壓器原線圈兩端電壓為，令端輸入為U，根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系可知升壓變壓器副線圈兩端電壓為，則有解得則有由于，可知可知即電流表示數(shù)比示數(shù)小，A正確；B．根據(jù)由于，可知，的熱功率小于的熱功率，B錯(cuò)誤；CD．由于根據(jù)上述根據(jù)可知，燈泡的功率大于燈泡的功率，CD錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷AB、BC、CD、DA四個(gè)過(guò)程回到原狀態(tài)A，其中AB、CD為等壓過(guò)程，BC、DA為等溫過(guò)程，狀態(tài)C、D的壓強(qiáng)和體積未知，下列說(shuō)法正確的是（）A.在過(guò)程BC中氣體和外界沒(méi)有發(fā)生熱傳遞B.氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能大于在狀態(tài)D的內(nèi)能C.氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B對(duì)外做功40JD.在過(guò)程CD中外界對(duì)氣體做的功等于在過(guò)程AB中氣體對(duì)外界做的功〖答案〗D〖解析〗A．在過(guò)程BC中，體積增大，氣體對(duì)外做功，但由于溫度不變，內(nèi)能保持不變，所以氣體從外界吸熱，故A錯(cuò)誤；B．DA為等溫過(guò)程，溫度不變，所以氣體在狀態(tài)A的內(nèi)能等于在狀態(tài)D的內(nèi)能，故B錯(cuò)誤；C．體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓過(guò)程，體積增大，氣體對(duì)外做功，即故C錯(cuò)誤；D．由于AB、CD為等壓過(guò)程，BC、DA為等溫過(guò)程，所以過(guò)程CD中外界對(duì)氣體做的功等于在過(guò)程AB中氣體對(duì)外界做的功，故D正確。故選D。5.從高處的點(diǎn)A先后水平拋出兩個(gè)小球1和2，球1與地面碰撞一次后，恰好越過(guò)位于水平地面上高為h的豎直擋板，然后落在水平地面上的D點(diǎn)，碰前碰后的速度水平方向不變，豎直方向等大反向。球2恰好越過(guò)擋板也落在D點(diǎn)，忽略空氣阻力。擋板的高度h為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗A．設(shè)1、2球的初速度分別為、，從拋出到落到D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為、則對(duì)兩球在水平方向有依題意所以又因兩球飛過(guò)豎直擋板前的水平位移相同，而速度的水平分量的關(guān)系為故它們飛過(guò)擋板前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足設(shè)球1從第一次落地到飛至擋板頂端所用的時(shí)間為t，則上述關(guān)系可寫為球1第一次落地時(shí)速度的豎直分量為到達(dá)擋板頂端時(shí)速度的豎直分量為兩者滿足聯(lián)立方程并代入數(shù)據(jù)可得故選B。6.如圖，點(diǎn)光源S發(fā)出的一條光束，垂直半圓形透明體面，照射到半圓圓心O點(diǎn)，經(jīng)面反射的光線照射到與平行的無(wú)限大固定光屏上，在屏上形成一光點(diǎn)。半圓形透明體對(duì)光的折射率?，F(xiàn)讓半圓形透明體繞垂直于紙面且過(guò)O點(diǎn)的軸以角速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，在光屏上形成的光點(diǎn)沿移動(dòng)，已知，則（）A.時(shí)，光點(diǎn)到S距離B.后光照在面發(fā)生全反射，光屏上光點(diǎn)消失C.光點(diǎn)沿做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.時(shí)，光點(diǎn)移動(dòng)的速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．時(shí)，則如圖所示由幾何關(guān)系，得光點(diǎn)到S距離故A錯(cuò)誤；B．半圓形透明體對(duì)光的折射率，由公式則全反射的臨界角為時(shí)，則恰好發(fā)生全反射，但是光線會(huì)沿半徑垂直界面射出，所以光屏上光點(diǎn)不會(huì)消失，故B錯(cuò)誤；C．在光屏上形成的光點(diǎn)沿移動(dòng)，由題意知光點(diǎn)沿移動(dòng)運(yùn)動(dòng)的位移滿足不滿足二次函數(shù)關(guān)系，所以光點(diǎn)沿不做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．時(shí)，則如圖所示由幾何關(guān)系，得光點(diǎn)到O距離為所以時(shí)，光點(diǎn)垂直于光線移動(dòng)的速度大小為速度關(guān)系如圖所示則光點(diǎn)沿移動(dòng)的速度大小為故D正確。故選D。7.神舟十四號(hào)載人飛船采用自主快速交會(huì)對(duì)接模式，經(jīng)過(guò)6次自主變軌，于北京時(shí)間2022年6月5日17時(shí)42分，成功對(duì)接于核心艙徑向端口，對(duì)接過(guò)程歷時(shí)約7小時(shí)。若某載人飛船沿圓軌道Ⅰ做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為r，空間站沿圓軌道Ⅱ做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為R，載人飛船和空間站運(yùn)動(dòng)方向相同。載人飛船運(yùn)動(dòng)到軌道Ⅰ的位置A時(shí)，加速變軌到橢圓軌道，此時(shí)空間站在軌道Ⅱ的位置B，，當(dāng)載人飛船第一次運(yùn)動(dòng)至遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)恰好與空間站相遇，再次加速變軌實(shí)現(xiàn)對(duì)接，此過(guò)程中，空間站轉(zhuǎn)過(guò)的角度小于。則的大小為（）A. B.C. D.0〖答案〗B〖解析〗根據(jù)開(kāi)普勒第三定律得整理得飛船從近地點(diǎn)第一次到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)所用的時(shí)間為在這段時(shí)間，空間站運(yùn)行的角度為整理得故選B8.圖1是電磁炮結(jié)構(gòu)圖，其原理可簡(jiǎn)化為圖2，、是光滑水平導(dǎo)軌，直流電源連接在兩導(dǎo)軌左端，銜鐵P放置在兩導(dǎo)軌間，彈丸放置在P的右側(cè)（圖中未畫出）．閉合開(kāi)關(guān)K后，電源、導(dǎo)軌和銜鐵形成閉合回路，通過(guò)導(dǎo)軌的電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，銜鐵P在安培力作用下沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)．已知電源的電動(dòng)勢(shì)大小為E，銜鐵P與彈丸總質(zhì)量為m，整個(gè)電路的總電阻恒為R，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌間的磁場(chǎng)可認(rèn)為是垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與通過(guò)導(dǎo)軌的電流成正比，即．某時(shí)刻，銜鐵P的速度大小為v，此時(shí)銜鐵P的加速度大小為（）．A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗銜鐵產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)電路中電流為根據(jù)牛頓第二定律可得結(jié)合聯(lián)立可得故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．9.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，O點(diǎn)為波源，波源的振動(dòng)周期，時(shí)刻波形圖如圖所示，則（）A.時(shí)，P點(diǎn)速度沿y軸負(fù)方向B.時(shí)，P點(diǎn)的坐標(biāo)為C.Q點(diǎn)起振方向沿y軸正方向D.時(shí)，Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰〖答案〗BD〖解析〗A．時(shí)，P點(diǎn)位于波峰位置，此刻速度零，故A錯(cuò)誤；B．時(shí)，P點(diǎn)位于波峰位置，此刻質(zhì)點(diǎn)P的位移最大，則可將質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程表示為式中，即將時(shí)間代入方程，可得質(zhì)點(diǎn)P在這一時(shí)刻的縱坐標(biāo)為由此可知質(zhì)點(diǎn)P在該時(shí)刻的坐標(biāo)為（，），故B正確；C．該波沿x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知該波的起振方向沿著y軸負(fù)方向，而在波的傳播方向上的任意質(zhì)點(diǎn)的起振方向都和波源的起振方向相同，因此Q點(diǎn)起振方向應(yīng)該沿y軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D．從時(shí)刻開(kāi)始，設(shè)波傳播到Q點(diǎn)的時(shí)間為，則有而由題可知，該波的周期為可知時(shí)，Q點(diǎn)剛好振動(dòng)了個(gè)周期，而其起振方向沿著軸負(fù)方向，可知此刻Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，故D正確。故選BD。10.如圖1所示，一物體在一水平拉力F作用下，沿水平地面做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中拉力大小隨時(shí)間的變化圖像如圖2。物體加速度a隨時(shí)間變化的圖像如圖3．重力加速度g取，下列說(shuō)法正確的是（）．A.物體與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.15B.物體與水平地面間的最大靜摩擦力為C.在時(shí)間內(nèi)，合外力做的功為D.在時(shí)間內(nèi)，拉力F的沖量為〖答案〗AC〖解析〗A．由圖2可得拉力F關(guān)于時(shí)間的函數(shù)為而由圖3可知，在2s末物塊的加速度大小為，此時(shí)拉力大小為；在4s末加速度大小為，此時(shí)拉力大小為，則由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得，故A正確；B．物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受的滑動(dòng)摩擦力為而最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力，故B錯(cuò)誤；C．加速度與時(shí)間的圖像中，圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示速度的變化量，由圖3可知，4s末物體的速度為根據(jù)動(dòng)能定理可得，在時(shí)間內(nèi)，合外力做的功為故C正確；D．根據(jù)圖2可知，在時(shí)間內(nèi)，拉力F沖量大小為圖像與時(shí)間軸圍成的面積，可得故D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，在三維坐標(biāo)系中，A、B兩點(diǎn)處分別固定兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量為和，A點(diǎn)坐標(biāo)為，B點(diǎn)坐標(biāo)為。另有一點(diǎn)電荷C僅在A、B處兩電荷的作用力下，在平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，O為圓心，半徑，不計(jì)重力作用。則（）A.點(diǎn)電荷C在做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電勢(shì)能發(fā)生變化B.點(diǎn)電荷C在做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電勢(shì)能不發(fā)生變化C.A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量滿足關(guān)系D.A、B兩處點(diǎn)電荷的電荷量滿足關(guān)系〖答案〗BD〖解析〗AB．電荷C僅在A、B處兩電荷的作用力下，在平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由能量守恒可知，動(dòng)能不變，電勢(shì)能也不變，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．點(diǎn)電荷C在平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知A、B處兩電荷的沿軸的分力相互抵消，運(yùn)用幾何關(guān)系可得解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。12.如圖，輕質(zhì)彈簧一端與垂直固定在斜面上的板C相連，另一端與物體A相連。物體A置于光滑固定斜面上，斜面的傾角。A上端連接一輕質(zhì)細(xì)線，細(xì)線繞過(guò)光滑的定滑輪與物體B相連且始終與斜面平行。開(kāi)始時(shí)托住B，A靜止且細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B。已知物體A、B的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，B始終未與地面接觸。從釋放B到B第一次下落至最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）。A.剛釋放物體B時(shí)，物體A受到細(xì)線的拉力大小為B.物體A到最高點(diǎn)時(shí)，A所受合力大小為C.物體B下落至最低點(diǎn)時(shí)，A和彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能最大D.物體A的最大速度為〖答案〗ACD〖解析〗A．剛釋放物體B時(shí)，以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，有解得對(duì)B研究解得故物體A受到細(xì)線的拉力大小為，故A正確；BC．對(duì)于A、B物體以及彈簧組成的系統(tǒng)，只有彈簧的彈力和重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，B減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為A的機(jī)械能以及彈簧的彈性勢(shì)能，故當(dāng)B下落至最低點(diǎn)時(shí)，A和彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能最大，且此時(shí)A上升到最高位置，根據(jù)對(duì)稱性可知B產(chǎn)生的加速度大小也為故對(duì)B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可知解得故AB整體研究，可得解得對(duì)A研究，A受到彈簧拉力、重力和繩子的拉力，則故B錯(cuò)誤，C正確；D．手拖住物塊B時(shí)，物塊A靜止，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為，對(duì)物塊A根據(jù)平衡條件可得解得當(dāng)物體A上升過(guò)程中，當(dāng)A和B整體的加速度為0時(shí)速度達(dá)到最大值，此時(shí)細(xì)線對(duì)A的拉力大小剛好等于，設(shè)此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為，則解得所以此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能與初始位置時(shí)相同，對(duì)A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得故D正確。故選ACD。第Ⅱ卷（非選擇題，共60分）三、非選擇題：本題共6小題，共60分．13.phyphoxapp是一款用途廣泛的傳感器手機(jī)軟件。某同學(xué)使用手機(jī)下載phyphoxapp后設(shè)計(jì)了一套實(shí)驗(yàn)裝置用來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（1）一鋼尺伸出水平桌面少許，將質(zhì)量為m=60g的小鋼球放在鋼尺末端；（2）用刻度尺測(cè)量鋼尺上表面與水平地板間的高度h=100.00cm；（3）打開(kāi)手機(jī)中的聲音“振幅”（聲音傳感器）app；（4）迅速敲擊鋼尺側(cè)面，讓小鋼球自由下落。手機(jī)中的傳感器記錄下聲音振幅隨時(shí)間變化的曲線，如圖所示，第一、第二個(gè)尖峰的橫坐標(biāo)分別對(duì)應(yīng)小鋼球離開(kāi)鋼尺時(shí)刻和落地時(shí)刻。測(cè)得這兩個(gè)尖峰的時(shí)間間隔為t=0.46s。（5）當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取9.8m/s2，則下落過(guò)程中，重力勢(shì)能減小量______J，動(dòng)能增加量______J。據(jù)此可以得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論：在誤差允許的范圍內(nèi)，小鋼球自由下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）（6）敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若導(dǎo)致小鋼球獲得了一個(gè)豎直向上的未被察覺(jué)的小速度，此時(shí)小球動(dòng)能增加量的測(cè)量值與真實(shí)值相比______（填“偏大”、“偏小”或“相同”）。〖答案〗（5）0.5880.567（6）偏大〖解析〗（5）[1]下落過(guò)程中，重力勢(shì)能減小量[2]小鋼球落地的平均速度根據(jù)，解得（6）[3]敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若導(dǎo)致小鋼球獲得了一個(gè)豎直向上的未被察覺(jué)的小速度，則小鋼球落地速度大于小鋼球靜止釋放的落地速度，則此時(shí)小球動(dòng)能增加量的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏大。14.利用如圖所示電路測(cè)量靈敏電流表的內(nèi)阻。其中E為電源，K為開(kāi)關(guān)，R為滑動(dòng)變阻器，P為滑動(dòng)觸頭，R1、R2為電阻箱，V為電壓表，G為待測(cè)內(nèi)阻的靈敏電流表。A．電壓表（量程0~2V，內(nèi)阻約10kΩ）B．電壓表（量程0~10V，內(nèi)阻約100kΩ）C．靈敏電流表（量程0~300μA，內(nèi)阻未知）D．電源（電動(dòng)勢(shì)1.5V，內(nèi)阻不計(jì)）E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）F．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~1000Ω，額定電流0.6A）（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，關(guān)于儀器選擇，下列說(shuō)法正確的是______。①電壓表選A，滑動(dòng)變阻器選E②電壓表選A，滑動(dòng)變阻器選F③電壓表選B，滑動(dòng)變阻器選E④電壓表選B，滑動(dòng)變阻器選F（2）閉合開(kāi)關(guān)K，調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭P的位置和電阻箱R1、R2的阻值，讀出靈敏電流表的示數(shù)為I，電壓表的示數(shù)為U，電阻箱R2的阻值為a，靈敏電流表的內(nèi)阻為_(kāi)_________。（3）閉合開(kāi)關(guān)K，調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭P的位置和電阻箱R1、R2的阻值，使靈敏電流表達(dá)到半偏，此時(shí)電阻箱R2的阻值為b；再次調(diào)節(jié)，使靈敏電流表達(dá)到滿偏，此時(shí)電阻箱R2的阻值為c。兩次調(diào)節(jié)過(guò)程中，電壓表示數(shù)保持不變，則靈敏電流表的內(nèi)阻__________。若考慮電壓表的內(nèi)阻，靈敏電流表內(nèi)阻測(cè)量值與真實(shí)值相比__________（填“偏大”、“偏小”或“相同”）．〖答案〗（1）①（2）（3）b－2c相同〖解析〗（1）[1]電源電動(dòng)勢(shì)為1.5V，電壓表應(yīng)選擇A，為方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E。故選①。（2）[2]根據(jù)歐姆定律有（3）[3]電流表半偏時(shí)有電流表滿偏時(shí)有U=IG(RG＋c)解得RG=b－2c[4]實(shí)驗(yàn)中保持電壓表電壓不變，微安表和電阻箱串聯(lián)，通過(guò)微安表的電流和兩端的電壓均為準(zhǔn)確值，靈敏電流表內(nèi)阻測(cè)量值與真實(shí)值相比相同。15.圖1是很多機(jī)械結(jié)構(gòu)中都會(huì)用到的氣彈簧裝置．其簡(jiǎn)化模型如圖2所示，裝有氮?dú)獾姆忾]氣缸豎直固定在水平地面上，一光滑活塞將氣缸分成A、B兩部分，活塞上有一個(gè)透氣的小孔將氣缸中兩部分氣體連通在一起，活塞上固定一個(gè)圈柱形的連桿．已知活塞與連桿的總質(zhì)量為m，活塞橫截面積為S，連桿橫截面積為．初始時(shí)刻活塞停在氣缸內(nèi)某處，此時(shí)A部分氣體高，B部分氣體高．已知大氣壓強(qiáng)為，重力加速度為g，氣體可看作理想氣體，汽缸與連桿之