高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年全國(guó)普通高考模擬考試物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.核電池壽命長(zhǎng)，在嚴(yán)酷的環(huán)境中仍能正常工作，經(jīng)常應(yīng)用在航天領(lǐng)域，利用半衰期為88年的發(fā)生衰變釋放的能量可制造核電池。一個(gè)靜止的钚核（相對(duì)原子質(zhì)量為）放出一個(gè)X粒子（相對(duì)原子質(zhì)量為）后，衰變成鈾核（相對(duì)原子質(zhì)量為）。假設(shè)衰變過(guò)程中產(chǎn)生的核能全部轉(zhuǎn)化為粒子的動(dòng)能，已知光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.Pu的同位素的半衰期一定也為88年B.在核反應(yīng)過(guò)程中，原子核平均核子質(zhì)量和比結(jié)合能都增加C.衰變反應(yīng)中釋放出X粒子動(dòng)能D.若一個(gè)靜止的原子核在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中發(fā)生衰變，衰變后兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為內(nèi)切圓〖答案〗C〖解析〗A．不同的同位素有不同的半衰期，故A錯(cuò)誤；B．核反應(yīng)釋放能量說(shuō)明有質(zhì)量虧損，而總的核子數(shù)不變，故原子核平均核子質(zhì)量減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可判斷X粒子質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，則知X是粒子，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程，釋放的能量為系統(tǒng)動(dòng)量守恒，鈾核和粒子的動(dòng)量大小相等，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系設(shè)粒子的動(dòng)能為，則鈾核的動(dòng)能為，則有解得故C正確；D．靜止的原子核在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中發(fā)生α衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒，總動(dòng)量為零，兩個(gè)粒子速度相反，α粒子帶正電，原子核帶正電，電性相同，根據(jù)左手定則受洛倫茲力方向相反，衰變后兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為外切圓，故D錯(cuò)誤。故選C。2.將一圓形細(xì)鐵絲圈蘸上肥皂水，使圈內(nèi)附上肥皂膜，水平靜置時(shí)，由于重力作用，肥皂膜中央?yún)^(qū)域略凹且厚度略大，讓單色光從上方射入，如圖。則從上往下可看到（）A.等距的平行條紋B.等距的環(huán)狀條紋C.內(nèi)密外疏環(huán)狀條紋D.內(nèi)疏外密的環(huán)狀條紋〖答案〗D〖解析〗從肥皂膜的上下表面反射的兩列光為相干光，當(dāng)光程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)是亮條紋，當(dāng)光程差為半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)是暗條紋，以中心為圓心上的圓周各點(diǎn)是等厚的，則干涉條紋是環(huán)狀條紋，從中心到邊緣肥皂膜的厚度不等，故干涉條紋疏密不均勻，從里到外相同的水平距離光的路程差越來(lái)越小，則干涉條紋越來(lái)越密集，為內(nèi)疏外密的環(huán)狀條紋。故選D。3.在足球訓(xùn)練場(chǎng)上，某球員將足球以初速度踢出后，立即從靜止開(kāi)始沿直線加速向足球追去，經(jīng)一段時(shí)間后追上了還在向前滾動(dòng)的足球。球員和足球這一運(yùn)動(dòng)過(guò)程的圖像如圖所示，關(guān)于這一過(guò)程的判斷正確的是（）A.球員的速度變大，加速度變大 B.球員的最大速度可能等于C.球員的平均速度一定小于 D.時(shí)刻球員追上足球〖答案〗B〖解析〗A．由圖可知，球員的速度變大，加速度變小，故A錯(cuò)誤；B．球員做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，球做勻減速運(yùn)動(dòng)，兩者位移相等，則由圖像可知，球員的最大速度可能等于足球的最大速度，故B正確；C．球員與足球的位移相等，時(shí)間相等，球員與足球的平均速度相等，則故C錯(cuò)誤；D．時(shí)刻球員與足球速度相同，此時(shí)相距最遠(yuǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩個(gè)質(zhì)量相同、帶電量分別為和的小球a、b固定于絕緣輕桿的兩端，輕桿可繞中點(diǎn)O處的固定軸在豎直面內(nèi)無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)。已知O點(diǎn)電勢(shì)為0，不考慮帶電小球間的相互作用力，桿從靜止開(kāi)始由水平位置順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)180°的過(guò)程中（）A.小球a、b總動(dòng)能一直增加 B.小球a、b系統(tǒng)機(jī)械能始終不變C.小球a、b系統(tǒng)電勢(shì)能始終不變 D.小球a、b任一時(shí)刻的電勢(shì)能相等〖答案〗D〖解析〗ABC．電場(chǎng)力對(duì)a球先做正功再做負(fù)功，對(duì)b球也是先做正功再做負(fù)功，所以桿從靜止開(kāi)始由水平位置順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過(guò)程中小球a、b與輕桿組成的系統(tǒng)電勢(shì)能先減小，總動(dòng)能增加，機(jī)械能增加；桿從90°轉(zhuǎn)到180°的過(guò)程中，系統(tǒng)電勢(shì)能增大，總動(dòng)能減小，機(jī)械能減小，最后與初始位置的電勢(shì)能相等，機(jī)械能也相等，總動(dòng)能為零，故A、B、C錯(cuò)誤；D．由于O點(diǎn)處電勢(shì)為零，由在勻強(qiáng)電場(chǎng)中因?yàn)閮尚∏蜻\(yùn)動(dòng)過(guò)程中豎直方向上的位移大小相同，所以小球a、b任一時(shí)刻的電勢(shì)能相等，D正確。故選D。5.氣缸中有一定質(zhì)量理想氣體，氣體由初始狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)歷ab、bc、ca三個(gè)過(guò)程回到初始狀態(tài)，其圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）Abc過(guò)程中氣體分子數(shù)密度增大B.ab過(guò)程中每個(gè)氣體分子的動(dòng)能增大C.ab過(guò)程中氣體對(duì)外做的功大于ca過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功D.ca過(guò)程中氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減少〖答案〗C〖解析〗A．bc過(guò)程中，根據(jù)圖像可知?dú)怏w的體積不變，則單位體積內(nèi)的氣體分子數(shù)不變，氣體分子數(shù)密度不變，故A錯(cuò)誤；B．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，ab過(guò)程中氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，并不是每個(gè)氣體分子的動(dòng)能增大，故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)b過(guò)程中氣體體積的變化量等于ca過(guò)程中氣體體積的變化量，但ca過(guò)程中氣體的平均壓強(qiáng)小于ab過(guò)程中氣體的平均壓強(qiáng)，所以ab過(guò)程中氣體對(duì)外做的功大于ca過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功，故C正確；D．ca過(guò)程中，氣體溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，但體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增多，因此單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，穿過(guò)小動(dòng)滑輪的輕繩兩端分別固定在a、b兩點(diǎn)，質(zhì)量為m的小物塊通過(guò)輕繩拴接在小動(dòng)滑輪的軸上?，F(xiàn)給小物塊施加一個(gè)水平向右的拉力F，系統(tǒng)靜止時(shí)，滑輪到固定點(diǎn)a、b的兩部分輕繩與水平方向的夾角分別為30°和60°，滑輪質(zhì)量、大小忽略不計(jì)，重力加速度為g。下列判斷正確的是（）A.小物塊與滑輪間的輕繩與豎直方向夾角為37°B.作用在小物塊上的水平拉力大小為C.跨過(guò)滑輪的輕繩中的張力大小為D.跨過(guò)滑輪的輕繩中的張力大小為〖答案〗C〖解析〗CD．跨過(guò)滑輪的輕繩中的張力大小為T(mén)，把滑輪與物塊看作整體，豎直方向有解得故C正確，D錯(cuò)誤；B．水平方向有解得故B錯(cuò)誤；A．小物塊與滑輪間的輕繩中張力大小為由數(shù)學(xué)知識(shí)可知小物塊與滑輪間的輕繩與豎直方向夾角為45°，故A錯(cuò)誤。故選C。7.近年來(lái)，我國(guó)科技飛速發(fā)展，科學(xué)家們研發(fā)的反隱身米波雷達(dá)堪稱(chēng)隱身戰(zhàn)斗機(jī)的克星，它標(biāo)志著我國(guó)雷達(dá)研究又創(chuàng)新的里程碑，米波雷達(dá)發(fā)射無(wú)線電波的波長(zhǎng)在1~10m范圍內(nèi)，如圖所示為一列米波在時(shí)刻的波形圖，接下來(lái)之后一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P的加速度減小，質(zhì)點(diǎn)N在時(shí)第二次到達(dá)波峰。則下列判斷正確的是（）A.該波沿x軸正方向傳播B.該波的傳播周期為C.接下來(lái)一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q的速度增加D.從時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q更早到達(dá)波峰〖答案〗B〖解析〗A．接下來(lái)之后一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P的加速度減小，質(zhì)點(diǎn)P向平衡位置運(yùn)動(dòng)，由上下坡法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)N在t=0時(shí)，位于波谷，t=1s時(shí)第二次到達(dá)波峰，有解得故B正確；C．由圖可知，質(zhì)點(diǎn)Q向正向最大位移處運(yùn)動(dòng)，接下來(lái)一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q的速度減小，故C錯(cuò)誤；D．從時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)Q向正向最大位移處運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P向平衡位置運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q比質(zhì)點(diǎn)P更早到達(dá)波峰，故D錯(cuò)誤。故選B。8.2022年11月29日晚，長(zhǎng)征二號(hào)運(yùn)載火箭將神舟十五號(hào)載人飛船精準(zhǔn)送入預(yù)定軌道，并于11月30日7時(shí)33分對(duì)接天和核心艙，形成三艙三船組合體，這是中國(guó)太空站目前最大的構(gòu)型。如圖所示為“神舟十五號(hào)”對(duì)接前變軌過(guò)程的簡(jiǎn)化示意圖，先將“神舟十五號(hào)”送入圓形軌道Ⅰ，在a點(diǎn)發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火加速，由軌道Ⅰ變?yōu)榻攸c(diǎn)高度為、遠(yuǎn)地點(diǎn)高度為的軌道Ⅱ上，飛船在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)c點(diǎn)的速度大小為v，然后再變軌到圓軌道Ⅲ，與在圓軌道Ⅲ運(yùn)行的天和核心艙實(shí)施對(duì)接。已知ac是橢圓軌道Ⅱ的長(zhǎng)軸，地球的半徑R，地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m。飛船與地球中心的距離為r時(shí)，引力勢(shì)能為，取無(wú)窮遠(yuǎn)處引力勢(shì)能為零。下列說(shuō)法正確的是（）A.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上由a到c運(yùn)行時(shí)，機(jī)械能增大B.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)的速度大小約C.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上從a到c的時(shí)間D.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上由a到c運(yùn)行時(shí)，機(jī)械能不變，故A錯(cuò)誤；B．由可得“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)的速度大小約故B錯(cuò)誤；C．“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期由開(kāi)普勒第三定律可知故“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期與軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期之比為“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上從a到c的時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上c點(diǎn)運(yùn)行時(shí)，動(dòng)能、引力勢(shì)能分別為，“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上a點(diǎn)運(yùn)行時(shí)，引力勢(shì)能為動(dòng)能為“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大小為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，某圓柱形玻璃的橫截面圓心為O、半徑為R。一束由1、2兩種單色光組成的復(fù)色光從橫截面所在平面內(nèi)射向M點(diǎn)，入射光線與OM的夾角，在M點(diǎn)折射后進(jìn)入玻璃內(nèi)部，分別射到橫截面上的N、P兩點(diǎn)，，。已知真空中的光速為c，下列說(shuō)法正確的是（）A.玻璃對(duì)1、2兩種單色光的折射率之比為B.適當(dāng)減小入射角，光線2可能在玻璃中發(fā)生全反射C.1、2兩束光線在玻璃中傳播的時(shí)間差為D.1、2兩束光線射出后相互平行〖答案〗AC〖解析〗A．由幾何得，，所以所以玻璃對(duì)1、2兩種單色光的折射率之比為故A正確；B．因?yàn)?，所以由光路可逆可知，光線2不可能在玻璃中發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；C．由，所以光線1在玻璃中傳播的時(shí)間為光線2在玻璃中傳播的時(shí)間為所以它們的時(shí)間差為故C正確。D．由光路可逆可得，光線1射出玻璃的光線與ON夾角為60°，光線2射出玻璃的光線與OP夾角為60°，由于ON與OP不平行，所以它們的出射光線不平行，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖，發(fā)電機(jī)的矩形線圈長(zhǎng)為2L、寬為L(zhǎng)，匝數(shù)為N，放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為和，原、副線圈各串聯(lián)一個(gè)電阻、。當(dāng)發(fā)電機(jī)線圈以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，原線圈電路中的理想電流表讀數(shù)為I，不計(jì)發(fā)電機(jī)線圈電阻，下列判斷正確的是（）A.通過(guò)電阻的電流為B.原線圈電壓為C.副線圈電壓為D.發(fā)電機(jī)線框轉(zhuǎn)動(dòng)一圈外力做功為〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系有通過(guò)電阻的電流為故A正確；B．矩形線圈產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)為Emax=2NBL2ω有效值為原線圈電壓為故B錯(cuò)誤；C．副線圈電壓為故C錯(cuò)誤；D．發(fā)電機(jī)線框轉(zhuǎn)動(dòng)一圈經(jīng)過(guò)的時(shí)間根據(jù)功能關(guān)系可知外力做功為解得故D正確。故選AD。11.如圖所示，兩根等高光滑的圓弧軌道半徑為r、間距為L(zhǎng)，軌道的電阻不計(jì)。在軌道的頂端連接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B?，F(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍大于L、質(zhì)量為m、電阻也是R的金屬棒從軌道的最低位置cd開(kāi)始，在拉力作用下以速率沿軌道向上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)至ab處，則該過(guò)程中（）A.通過(guò)電阻的電流方向?yàn)?B.通過(guò)電阻的電荷量為C.電阻上產(chǎn)生的熱量為 D.拉力做功為〖答案〗BD〖解析〗A．由右手定則可知，通過(guò)電阻的電流方向?yàn)?，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒從cd運(yùn)動(dòng)到ab過(guò)程，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均感應(yīng)電流流過(guò)R的電荷量故B正確；C．金屬棒做圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為θ時(shí)導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)回路產(chǎn)生正弦式感應(yīng)電流，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值有效值通過(guò)R的電流大小金屬棒從cd到ab過(guò)程R上產(chǎn)生的熱量故C錯(cuò)誤；D．由功能關(guān)系可知解得故D正確。故選BD。12.如圖，一長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿一端固定在光滑鉸鏈上，另一端固定質(zhì)量為m的小球。開(kāi)始時(shí)，輕桿位于豎直方向，之后受輕微擾動(dòng)后向左自由轉(zhuǎn)動(dòng)。某時(shí)刻輕桿與豎直方向的夾角記為，取重力加速度為g，關(guān)于轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中小球的以下說(shuō)法正確的是（）A.豎直速度先增大后減小 B.重力的最大功率為C.當(dāng)時(shí)，小球只受重力作用 D.水平方向上速度最大值為〖答案〗BCD〖解析〗A．小球受桿沿桿方向的支持力或拉力作用，豎直向下的重力作用，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，重力一直做正功，豎直方向速度一直增加，故A錯(cuò)誤；B．桿對(duì)小球不做功，重力對(duì)小球做正功，當(dāng)時(shí)，有解得重力的最大功率為故B正確；C．當(dāng)時(shí)，由機(jī)械能守恒可得解得此時(shí)小球做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力為重力沿桿方向的分力為則桿對(duì)小球無(wú)作用力，小球只受重力作用，故C正確；D．桿對(duì)小球的作用力由支持力逐漸變?yōu)槔?，則在水平方向?yàn)橄蜃蟮耐屏χ饾u變?yōu)?，再變?yōu)橄蛴业睦Γ粭U對(duì)小球無(wú)作用力時(shí)水平方向速度速度最大，為故D正確。故選BCD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置，探究滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。將一端帶有定滑輪且表面平整的長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，滑塊置于長(zhǎng)木板左端，滑塊上面固定一個(gè)小遮光片。將滑塊和托盤(pán)用輕細(xì)繩連接，在靠近托盤(pán)處連接力傳感器，在長(zhǎng)木板右側(cè)某位置固定光電門(mén)，并連接好數(shù)字計(jì)時(shí)器。重力加速度為g。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片的寬度，游標(biāo)尺固定后如圖乙所示，則遮光片的寬度______mm；（2）滑塊靜置于長(zhǎng)木板上，記錄遮光片中線在長(zhǎng)木板上的投影位置，用刻度尺測(cè)量出該位置到光電門(mén)的水平距離x；用手托住托盤(pán)，將若干砝碼置于托盤(pán)內(nèi)，由靜止釋放托盤(pán)，當(dāng)遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄時(shí)間為t，力傳感器記錄此過(guò)程中繩的拉力為F；（3）將滑塊再次置于初始位置，增加砝碼數(shù)量后，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，記錄數(shù)據(jù)。利用圖像處理數(shù)據(jù)，作出圖像如圖丙所示，由圖像可知其縱軸截距為b，斜率為k；（4）滑塊和遮光片的總質(zhì)量______；滑塊和長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)______。（用題目所給物理量符號(hào)表示）〖答案〗（1）6.70（4）〖解析〗（1）[1]遮光片的寬度（4）[2][3]設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)加速度為a，由牛頓第二定律可得當(dāng)遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，速度為由速度位移關(guān)系可得整理可得圖像如圖丙所示，由圖像可知其縱軸截距為b，斜率為k，有解得14.某研究性學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲做“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)。已知所用小電珠的額定電壓和額定功率分別為V、W，實(shí)驗(yàn)使用的直流電源的電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)阻忽略不計(jì)，實(shí)驗(yàn)可供選擇的器材規(guī)格如下：A.電流表（量程，內(nèi)阻約5）B.電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約）C.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3k）D.電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約2k）E.滑動(dòng)變阻器（阻值0~10，額定電流1A）F.滑動(dòng)變阻器（阻值0~5000，額定電流500mA）請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)為了完成實(shí)驗(yàn)且盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選擇___________，電壓表應(yīng)選擇___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇___________（填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前的序號(hào)）。(2)該研究性學(xué)習(xí)小組想進(jìn)一步研究?jī)呻娮璐?lián)后的伏安特性曲線與單個(gè)電阻的伏安特性曲線的關(guān)系，于是找來(lái)兩個(gè)電阻和，并測(cè)出和的伏安特性圖線分別如圖所示，將這兩個(gè)電阻串聯(lián)，然后接在電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電阻的電源的兩極上。①在圖上用實(shí)線畫(huà)出、串聯(lián)（作為一個(gè)整體）后的伏安特性曲線和該電源的圖線（不需寫(xiě)作圖步驟和理由）___________。②接通電路后，電阻消耗的功率___________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗(1)ACE(2)1.0W〖解析〗(1)[1]燈泡的額定電流為：，電流表選A；[2]燈泡額定電壓是2.5V，電壓表應(yīng)選C；[3]本實(shí)驗(yàn)燈泡兩端電壓從零開(kāi)始變化，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，即選用總阻值較小的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選E。(2)[4][5]從圖象看：電源的U-I直線與整體的伏安特性曲線相交于（2.6V，1.4A），而從R2的伏安特性曲線可以看出：當(dāng)電流1.4A時(shí)，R2兩端電壓U=0.7V則電阻R2消耗的功率P=UI=1.4×0.7W=1.0W15.肺活量是常用來(lái)衡量人體心肺功能的重要指標(biāo)。肺活量是指在標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下人一次盡力吸氣后，再盡力呼出的氣體體積總量。某同學(xué)在學(xué)習(xí)氣體實(shí)驗(yàn)定律后，設(shè)計(jì)了一個(gè)吹氣球?qū)嶒?yàn)來(lái)粗測(cè)自己肺活量。首先他測(cè)量了自己的體溫為37℃．環(huán)境溫度為27℃，然后該同學(xué)盡最大努力吸氣，通過(guò)氣球口盡力向氣球內(nèi)吹氣，吹氣后的氣球可近似看成球形，過(guò)一段時(shí)間穩(wěn)定后測(cè)得氣球的直徑，氣球穩(wěn)定的過(guò)程中，氣球向外界散失了2.8J的熱量。已知?dú)馇蛳鹉z薄膜產(chǎn)生的附加壓強(qiáng)，其中為薄膜的等效表面張力系數(shù)，R為氣球充氣后的半徑。如下圖為該氣球的等效表面張力系數(shù)隨氣球半徑R的變化曲線。吹氣前氣球內(nèi)部的空氣可忽略不計(jì)，空氣可看作理想氣體，大氣壓強(qiáng)，。求：（1）該同學(xué)通過(guò)查閱資料得知理想氣體內(nèi)能大致可以用公式來(lái)計(jì)算，氣球穩(wěn)定的過(guò)程中外界對(duì)氣球做了多少功？（2）該同學(xué)的肺活量為多少毫升？〖答案〗（1）-2.2J；（2）〖解析〗（1）由得（2）由圖象可知?dú)馇虬霃綍r(shí)，氣球橡膠薄膜的等效表面張力系數(shù)吹氣后穩(wěn)定時(shí)氣球內(nèi)氣體壓強(qiáng)解得設(shè)該同學(xué)的肺活量為，氣球體積為由理想氣體狀態(tài)方程解得16.如圖所示，在光滑水平面上放著一質(zhì)量為的木塊，在木塊正上方處有一固定懸點(diǎn)O，在懸點(diǎn)O和木塊之間用一根長(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的輕繩鏈接。有一質(zhì)量的子彈以初速度水平射入木塊并留在其中，輕繩繃緊后木塊和子彈繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)剛好能到達(dá)最高點(diǎn)。忽略空氣阻力，子彈進(jìn)入木塊并相對(duì)木塊靜止后整體可以看做質(zhì)點(diǎn)，。求：（1）子彈的初速度大小；（2）從子彈開(kāi)始進(jìn)入木塊到輕繩繃緊后的過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能的損失?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）對(duì)木塊和子彈在最高點(diǎn)受力分析，木塊和子彈的重力剛好提供向心力，設(shè)最高點(diǎn)時(shí)物塊和子彈的速度為，則解得從細(xì)繩繃緊后到最高點(diǎn)，設(shè)繩子剛繃緊時(shí)的物塊和子彈的速度為，繩與水平面間的夾角為，繃緊后沿繩子方向速度變?yōu)榱?，垂直繩子方向速度為，由動(dòng)能定理得解得子彈射入木塊過(guò)程中由動(dòng)量守恒得解得（2）根據(jù)功能關(guān)系，整個(gè)過(guò)程中機(jī)械能的損失解得17.如圖所示為一種粒子約束裝置，橫截面abcd是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形，將裝置分成左右兩部分。左側(cè)是寬度為的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，電場(chǎng)方向豎直向下；右側(cè)是長(zhǎng)為x（x未知）的長(zhǎng)方體勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向水平向右，長(zhǎng)方體右側(cè)面efgh內(nèi)有一個(gè)光屏。粒子源射出一個(gè)電荷量為、質(zhì)量為m的粒子，以速度從pq中點(diǎn)水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，恰好從圖中abcd面的中心O點(diǎn)進(jìn)入長(zhǎng)方體區(qū)域，粒子在右側(cè)磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，到達(dá)光屏之前恰好未離開(kāi)長(zhǎng)方體區(qū)域，粒子重力不計(jì)。（1）求粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的速度大小v和左側(cè)區(qū)域中的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；（2）若粒子打在光屏上Q點(diǎn)時(shí)速度恰好和經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度相同，求磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B和OQ兩點(diǎn)間距離x；（3）若將光屏移至和點(diǎn)距離，求粒子打到光屏上的位置到O點(diǎn)的距離l?！即鸢浮剑?），；（2），（、2、3…）；（3）〖解析〗（1）由題意可知粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，分解O點(diǎn)速度如圖所示聯(lián)立得（2）粒子在磁場(chǎng)中做等螺距螺旋線運(yùn)動(dòng)，粒子在水平方向以大小為的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，在豎直平面內(nèi)以的速率做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)又由題意恰好不出立方體得可得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期聯(lián)立得由題目條件可知（、2、3…）得（、2、3…）（3）粒子沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由得在右側(cè)區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)間由幾何關(guān)系可得原點(diǎn)O到光屏上落點(diǎn)的距離為18.如圖所示，長(zhǎng)為2L、質(zhì)量為m的長(zhǎng)方形箱子，放在光滑的水平地面上，箱內(nèi)有一質(zhì)量也為m的小滑塊，滑塊與箱底間無(wú)摩擦。開(kāi)始時(shí)箱子靜止不動(dòng)，滑塊以速度從箱子的中間位置處向右運(yùn)動(dòng)，所有碰撞時(shí)間均可忽略。（1）若滑塊與箱子右側(cè)壁的第一次碰撞為彈性碰撞，求小滑塊從開(kāi)始到再一次位于箱子中間位置經(jīng)歷的時(shí)間t；（2）若滑塊與箱子右側(cè)壁第一次碰后速度方向仍然向右、大小變?yōu)?，求碰后兩者相?duì)速度大小與碰前相對(duì)速度大小的比值；（3）若滑塊與箱壁每碰撞一次，兩者相對(duì)速度的大小變?yōu)樵摯闻鲎睬跋鄬?duì)速度大小的倍且，求碰撞n次后滑塊的速度大小和箱子的速度大小；（4）在滿(mǎn)足（3）問(wèn)中條件下，求滑塊與箱子碰撞4次時(shí)系統(tǒng)損失的總動(dòng)能與系統(tǒng)初動(dòng)能的比值。〖答案〗（1）；（2）；（3），；（4）〖解析〗（1）設(shè)第一次碰撞后滑塊對(duì)地速度為，箱子對(duì)地速度為。由于每次發(fā)生的均為彈性碰撞，無(wú)機(jī)械能損失，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律可知解得，即兩者發(fā)生速度交換；則小滑塊從開(kāi)始到再一次位于箱子中間位置經(jīng)歷的時(shí)間為（2）設(shè)碰后B的速度大小為，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律可知解得由解得（3）由于每次碰撞的是一樣的，故有或則有即碰撞次后，有碰撞第n次的動(dòng)量守恒式是聯(lián)立上面兩式得（4）滑塊與箱壁碰撞，碰后滑塊對(duì)地速度為，箱子對(duì)地速度為；第n次碰撞后，系統(tǒng)損失的動(dòng)能可得當(dāng)時(shí)，有2023年全國(guó)普通高考模擬考試物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.核電池壽命長(zhǎng)，在嚴(yán)酷的環(huán)境中仍能正常工作，經(jīng)常應(yīng)用在航天領(lǐng)域，利用半衰期為88年的發(fā)生衰變釋放的能量可制造核電池。一個(gè)靜止的钚核（相對(duì)原子質(zhì)量為）放出一個(gè)X粒子（相對(duì)原子質(zhì)量為）后，衰變成鈾核（相對(duì)原子質(zhì)量為）。假設(shè)衰變過(guò)程中產(chǎn)生的核能全部轉(zhuǎn)化為粒子的動(dòng)能，已知光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.Pu的同位素的半衰期一定也為88年B.在核反應(yīng)過(guò)程中，原子核平均核子質(zhì)量和比結(jié)合能都增加C.衰變反應(yīng)中釋放出X粒子動(dòng)能D.若一個(gè)靜止的原子核在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中發(fā)生衰變，衰變后兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為內(nèi)切圓〖答案〗C〖解析〗A．不同的同位素有不同的半衰期，故A錯(cuò)誤；B．核反應(yīng)釋放能量說(shuō)明有質(zhì)量虧損，而總的核子數(shù)不變，故原子核平均核子質(zhì)量減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可判斷X粒子質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，則知X是粒子，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程，釋放的能量為系統(tǒng)動(dòng)量守恒，鈾核和粒子的動(dòng)量大小相等，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系設(shè)粒子的動(dòng)能為，則鈾核的動(dòng)能為，則有解得故C正確；D．靜止的原子核在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中發(fā)生α衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒，總動(dòng)量為零，兩個(gè)粒子速度相反，α粒子帶正電，原子核帶正電，電性相同，根據(jù)左手定則受洛倫茲力方向相反，衰變后兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為外切圓，故D錯(cuò)誤。故選C。2.將一圓形細(xì)鐵絲圈蘸上肥皂水，使圈內(nèi)附上肥皂膜，水平靜置時(shí)，由于重力作用，肥皂膜中央?yún)^(qū)域略凹且厚度略大，讓單色光從上方射入，如圖。則從上往下可看到（）A.等距的平行條紋B.等距的環(huán)狀條紋C.內(nèi)密外疏環(huán)狀條紋D.內(nèi)疏外密的環(huán)狀條紋〖答案〗D〖解析〗從肥皂膜的上下表面反射的兩列光為相干光，當(dāng)光程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)是亮條紋，當(dāng)光程差為半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)是暗條紋，以中心為圓心上的圓周各點(diǎn)是等厚的，則干涉條紋是環(huán)狀條紋，從中心到邊緣肥皂膜的厚度不等，故干涉條紋疏密不均勻，從里到外相同的水平距離光的路程差越來(lái)越小，則干涉條紋越來(lái)越密集，為內(nèi)疏外密的環(huán)狀條紋。故選D。3.在足球訓(xùn)練場(chǎng)上，某球員將足球以初速度踢出后，立即從靜止開(kāi)始沿直線加速向足球追去，經(jīng)一段時(shí)間后追上了還在向前滾動(dòng)的足球。球員和足球這一運(yùn)動(dòng)過(guò)程的圖像如圖所示，關(guān)于這一過(guò)程的判斷正確的是（）A.球員的速度變大，加速度變大 B.球員的最大速度可能等于C.球員的平均速度一定小于 D.時(shí)刻球員追上足球〖答案〗B〖解析〗A．由圖可知，球員的速度變大，加速度變小，故A錯(cuò)誤；B．球員做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，球做勻減速運(yùn)動(dòng)，兩者位移相等，則由圖像可知，球員的最大速度可能等于足球的最大速度，故B正確；C．球員與足球的位移相等，時(shí)間相等，球員與足球的平均速度相等，則故C錯(cuò)誤；D．時(shí)刻球員與足球速度相同，此時(shí)相距最遠(yuǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩個(gè)質(zhì)量相同、帶電量分別為和的小球a、b固定于絕緣輕桿的兩端，輕桿可繞中點(diǎn)O處的固定軸在豎直面內(nèi)無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)。已知O點(diǎn)電勢(shì)為0，不考慮帶電小球間的相互作用力，桿從靜止開(kāi)始由水平位置順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)180°的過(guò)程中（）A.小球a、b總動(dòng)能一直增加 B.小球a、b系統(tǒng)機(jī)械能始終不變C.小球a、b系統(tǒng)電勢(shì)能始終不變 D.小球a、b任一時(shí)刻的電勢(shì)能相等〖答案〗D〖解析〗ABC．電場(chǎng)力對(duì)a球先做正功再做負(fù)功，對(duì)b球也是先做正功再做負(fù)功，所以桿從靜止開(kāi)始由水平位置順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過(guò)程中小球a、b與輕桿組成的系統(tǒng)電勢(shì)能先減小，總動(dòng)能增加，機(jī)械能增加；桿從90°轉(zhuǎn)到180°的過(guò)程中，系統(tǒng)電勢(shì)能增大，總動(dòng)能減小，機(jī)械能減小，最后與初始位置的電勢(shì)能相等，機(jī)械能也相等，總動(dòng)能為零，故A、B、C錯(cuò)誤；D．由于O點(diǎn)處電勢(shì)為零，由在勻強(qiáng)電場(chǎng)中因?yàn)閮尚∏蜻\(yùn)動(dòng)過(guò)程中豎直方向上的位移大小相同，所以小球a、b任一時(shí)刻的電勢(shì)能相等，D正確。故選D。5.氣缸中有一定質(zhì)量理想氣體，氣體由初始狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)歷ab、bc、ca三個(gè)過(guò)程回到初始狀態(tài)，其圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）Abc過(guò)程中氣體分子數(shù)密度增大B.ab過(guò)程中每個(gè)氣體分子的動(dòng)能增大C.ab過(guò)程中氣體對(duì)外做的功大于ca過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功D.ca過(guò)程中氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減少〖答案〗C〖解析〗A．bc過(guò)程中，根據(jù)圖像可知?dú)怏w的體積不變，則單位體積內(nèi)的氣體分子數(shù)不變，氣體分子數(shù)密度不變，故A錯(cuò)誤；B．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，ab過(guò)程中氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，并不是每個(gè)氣體分子的動(dòng)能增大，故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)b過(guò)程中氣體體積的變化量等于ca過(guò)程中氣體體積的變化量，但ca過(guò)程中氣體的平均壓強(qiáng)小于ab過(guò)程中氣體的平均壓強(qiáng)，所以ab過(guò)程中氣體對(duì)外做的功大于ca過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功，故C正確；D．ca過(guò)程中，氣體溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，但體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增多，因此單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，穿過(guò)小動(dòng)滑輪的輕繩兩端分別固定在a、b兩點(diǎn)，質(zhì)量為m的小物塊通過(guò)輕繩拴接在小動(dòng)滑輪的軸上?，F(xiàn)給小物塊施加一個(gè)水平向右的拉力F，系統(tǒng)靜止時(shí)，滑輪到固定點(diǎn)a、b的兩部分輕繩與水平方向的夾角分別為30°和60°，滑輪質(zhì)量、大小忽略不計(jì)，重力加速度為g。下列判斷正確的是（）A.小物塊與滑輪間的輕繩與豎直方向夾角為37°B.作用在小物塊上的水平拉力大小為C.跨過(guò)滑輪的輕繩中的張力大小為D.跨過(guò)滑輪的輕繩中的張力大小為〖答案〗C〖解析〗CD．跨過(guò)滑輪的輕繩中的張力大小為T(mén)，把滑輪與物塊看作整體，豎直方向有解得故C正確，D錯(cuò)誤；B．水平方向有解得故B錯(cuò)誤；A．小物塊與滑輪間的輕繩中張力大小為由數(shù)學(xué)知識(shí)可知小物塊與滑輪間的輕繩與豎直方向夾角為45°，故A錯(cuò)誤。故選C。7.近年來(lái)，我國(guó)科技飛速發(fā)展，科學(xué)家們研發(fā)的反隱身米波雷達(dá)堪稱(chēng)隱身戰(zhàn)斗機(jī)的克星，它標(biāo)志著我國(guó)雷達(dá)研究又創(chuàng)新的里程碑，米波雷達(dá)發(fā)射無(wú)線電波的波長(zhǎng)在1~10m范圍內(nèi)，如圖所示為一列米波在時(shí)刻的波形圖，接下來(lái)之后一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P的加速度減小，質(zhì)點(diǎn)N在時(shí)第二次到達(dá)波峰。則下列判斷正確的是（）A.該波沿x軸正方向傳播B.該波的傳播周期為C.接下來(lái)一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q的速度增加D.從時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q更早到達(dá)波峰〖答案〗B〖解析〗A．接下來(lái)之后一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P的加速度減小，質(zhì)點(diǎn)P向平衡位置運(yùn)動(dòng)，由上下坡法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)N在t=0時(shí)，位于波谷，t=1s時(shí)第二次到達(dá)波峰，有解得故B正確；C．由圖可知，質(zhì)點(diǎn)Q向正向最大位移處運(yùn)動(dòng)，接下來(lái)一小段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)Q的速度減小，故C錯(cuò)誤；D．從時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)Q向正向最大位移處運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P向平衡位置運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q比質(zhì)點(diǎn)P更早到達(dá)波峰，故D錯(cuò)誤。故選B。8.2022年11月29日晚，長(zhǎng)征二號(hào)運(yùn)載火箭將神舟十五號(hào)載人飛船精準(zhǔn)送入預(yù)定軌道，并于11月30日7時(shí)33分對(duì)接天和核心艙，形成三艙三船組合體，這是中國(guó)太空站目前最大的構(gòu)型。如圖所示為“神舟十五號(hào)”對(duì)接前變軌過(guò)程的簡(jiǎn)化示意圖，先將“神舟十五號(hào)”送入圓形軌道Ⅰ，在a點(diǎn)發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火加速，由軌道Ⅰ變?yōu)榻攸c(diǎn)高度為、遠(yuǎn)地點(diǎn)高度為的軌道Ⅱ上，飛船在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)c點(diǎn)的速度大小為v，然后再變軌到圓軌道Ⅲ，與在圓軌道Ⅲ運(yùn)行的天和核心艙實(shí)施對(duì)接。已知ac是橢圓軌道Ⅱ的長(zhǎng)軸，地球的半徑R，地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m。飛船與地球中心的距離為r時(shí)，引力勢(shì)能為，取無(wú)窮遠(yuǎn)處引力勢(shì)能為零。下列說(shuō)法正確的是（）A.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上由a到c運(yùn)行時(shí)，機(jī)械能增大B.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)的速度大小約C.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上從a到c的時(shí)間D.“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上由a到c運(yùn)行時(shí)，機(jī)械能不變，故A錯(cuò)誤；B．由可得“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)的速度大小約故B錯(cuò)誤；C．“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期由開(kāi)普勒第三定律可知故“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅰ上運(yùn)行的周期與軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期之比為“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上從a到c的時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上c點(diǎn)運(yùn)行時(shí)，動(dòng)能、引力勢(shì)能分別為，“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上a點(diǎn)運(yùn)行時(shí)，引力勢(shì)能為動(dòng)能為“神舟十五號(hào)”在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度大小為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，某圓柱形玻璃的橫截面圓心為O、半徑為R。一束由1、2兩種單色光組成的復(fù)色光從橫截面所在平面內(nèi)射向M點(diǎn)，入射光線與OM的夾角，在M點(diǎn)折射后進(jìn)入玻璃內(nèi)部，分別射到橫截面上的N、P兩點(diǎn)，，。已知真空中的光速為c，下列說(shuō)法正確的是（）A.玻璃對(duì)1、2兩種單色光的折射率之比為B.適當(dāng)減小入射角，光線2可能在玻璃中發(fā)生全反射C.1、2兩束光線在玻璃中傳播的時(shí)間差為D.1、2兩束光線射出后相互平行〖答案〗AC〖解析〗A．由幾何得，，所以所以玻璃對(duì)1、2兩種單色光的折射率之比為故A正確；B．因?yàn)?，所以由光路可逆可知，光線2不可能在玻璃中發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；C．由，所以光線1在玻璃中傳播的時(shí)間為光線2在玻璃中傳播的時(shí)間為所以它們的時(shí)間差為故C正確。D．由光路可逆可得，光線1射出玻璃的光線與ON夾角為60°，光線2射出玻璃的光線與OP夾角為60°，由于ON與OP不平行，所以它們的出射光線不平行，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖，發(fā)電機(jī)的矩形線圈長(zhǎng)為2L、寬為L(zhǎng)，匝數(shù)為N，放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為和，原、副線圈各串聯(lián)一個(gè)電阻、。當(dāng)發(fā)電機(jī)線圈以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，原線圈電路中的理想電流表讀數(shù)為I，不計(jì)發(fā)電機(jī)線圈電阻，下列判斷正確的是（）A.通過(guò)電阻的電流為B.原線圈電壓為C.副線圈電壓為D.發(fā)電機(jī)線框轉(zhuǎn)動(dòng)一圈外力做功為〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系有通過(guò)電阻的電流為故A正確；B．矩形線圈產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)為Emax=2NBL2ω有效值為原線圈電壓為故B錯(cuò)誤；C．副線圈電壓為故C錯(cuò)誤；D．發(fā)電機(jī)線框轉(zhuǎn)動(dòng)一圈經(jīng)過(guò)的時(shí)間根據(jù)功能關(guān)系可知外力做功為解得故D正確。故選AD。11.如圖所示，兩根等高光滑的圓弧軌道半徑為r、間距為L(zhǎng)，軌道的電阻不計(jì)。在軌道的頂端連接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。現(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍大于L、質(zhì)量為m、電阻也是R的金屬棒從軌道的最低位置cd開(kāi)始，在拉力作用下以速率沿軌道向上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)至ab處，則該過(guò)程中（）A.通過(guò)電阻的電流方向?yàn)?B.通過(guò)電阻的電荷量為C.電阻上產(chǎn)生的熱量為 D.拉力做功為〖答案〗BD〖解析〗A．由右手定則可知，通過(guò)電阻的電流方向?yàn)?，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒從cd運(yùn)動(dòng)到ab過(guò)程，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均感應(yīng)電流流過(guò)R的電荷量故B正確；C．金屬棒做圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為θ時(shí)導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)回路產(chǎn)生正弦式感應(yīng)電流，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值有效值通過(guò)R的電流大小金屬棒從cd到ab過(guò)程R上產(chǎn)生的熱量故C錯(cuò)誤；D．由功能關(guān)系可知解得故D正確。故選BD。12.如圖，一長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿一端固定在光滑鉸鏈上，另一端固定質(zhì)量為m的小球。開(kāi)始時(shí)，輕桿位于豎直方向，之后受輕微擾動(dòng)后向左自由轉(zhuǎn)動(dòng)。某時(shí)刻輕桿與豎直方向的夾角記為，取重力加速度為g，關(guān)于轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中小球的以下說(shuō)法正確的是（）A.豎直速度先增大后減小 B.重力的最大功率為C.當(dāng)時(shí)，小球只受重力作用 D.水平方向上速度最大值為〖答案〗BCD〖解析〗A．小球受桿沿桿方向的支持力或拉力作用，豎直向下的重力作用，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，重力一直做正功，豎直方向速度一直增加，故A錯(cuò)誤；B．桿對(duì)小球不做功，重力對(duì)小球做正功，當(dāng)時(shí)，有解得重力的最大功率為故B正確；C．當(dāng)時(shí)，由機(jī)械能守恒可得解得此時(shí)小球做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力為重力沿桿方向的分力為則桿對(duì)小球無(wú)作用力，小球只受重力作用，故C正確；D．桿對(duì)小球的作用力由支持力逐漸變?yōu)槔Γ瑒t在水平方向?yàn)橄蜃蟮耐屏χ饾u變?yōu)?，再變?yōu)橄蛴业睦Γ粭U對(duì)小球無(wú)作用力時(shí)水平方向速度速度最大，為故D正確。故選BCD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置，探究滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。將一端帶有定滑輪且表面平整的長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，滑塊置于長(zhǎng)木板左端，滑塊上面固定一個(gè)小遮光片。將滑塊和托盤(pán)用輕細(xì)繩連接，在靠近托盤(pán)處連接力傳感器，在長(zhǎng)木板右側(cè)某位置固定光電門(mén)，并連接好數(shù)字計(jì)時(shí)器。重力加速度為g。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片的寬度，游標(biāo)尺固定后如圖乙所示，則遮光片的寬度______mm；（2）滑塊靜置于長(zhǎng)木板上，記錄遮光片中線在長(zhǎng)木板上的投影位置，用刻度尺測(cè)量出該位置到光電門(mén)的水平距離x；用手托住托盤(pán)，將若干砝碼置于托盤(pán)內(nèi)，由靜止釋放托盤(pán)，當(dāng)遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄時(shí)間為t，力傳感器記錄此過(guò)程中繩的拉力為F；（3）將滑塊再次置于初始位置，增加砝碼數(shù)量后，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，記錄數(shù)據(jù)。利用圖像處理數(shù)據(jù)，作出圖像如圖丙所示，由圖像可知其縱軸截距為b，斜率為k；（4）滑塊和遮光片的總質(zhì)量______；滑塊和長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)______。（用題目所給物理量符號(hào)表示）〖答案〗（1）6.70（4）〖解析〗（1）[1]遮光片的寬度（4）[2][3]設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)加速度為a，由牛頓第二定律可得當(dāng)遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，速度為由速度位移關(guān)系可得整理可得圖像如圖丙所示，由圖像可知其縱軸截距為b，斜率為k，有解得14.某研究性學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲做“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)。已知所用小電珠的額定電壓和額定功率分別為V、W，實(shí)驗(yàn)使用的直流電源的電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)阻忽略不計(jì)，實(shí)驗(yàn)可供選擇的器材規(guī)格如下：A.電流表（量程，內(nèi)阻約5）B.電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約）C.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3k）D.電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約2k）E.滑動(dòng)變阻器（阻值0~10，額定電流1A）F.滑動(dòng)變阻器（阻值0~5000，額定電流500mA）請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)為了完成實(shí)驗(yàn)且盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選擇___________，電壓表應(yīng)選擇___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇___________（填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前的序號(hào)）。(2)該研究性學(xué)習(xí)小組想進(jìn)一步研究?jī)呻娮璐?lián)后的伏安特性曲線與單個(gè)電阻的伏安特性曲線的關(guān)系，于是找來(lái)兩個(gè)電阻和，并測(cè)出和的伏安特性圖線分別如圖所示，將這兩個(gè)電阻串聯(lián)，然后接在電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電阻的電源的兩極上。①在圖上用實(shí)線畫(huà)出、串聯(lián)（作為一個(gè)整體）后的伏安特性曲線和該電源的圖線（不需寫(xiě)作圖步驟和理由）___________。②接通電路后，電阻消耗的功率___________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗(1)ACE(2)1.0W〖解析〗(1)[1]燈泡的額定電流為：，電流表選A；[2]燈泡額定電壓是2.5V，電壓表應(yīng)選C；[3]本實(shí)驗(yàn)燈泡兩端電壓從零開(kāi)始變化，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，即選用總阻值較小的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選E。(2)[4][5]從圖象看：電源的U-I直線與整體的伏安特性曲線相交于（2.6V，1.4A），而從R2的伏安特性曲線可以看出：當(dāng)電流1.4A時(shí)，R2兩端電壓U=0.7V則電阻R2消耗的功率P=UI=1.4×0.7W=1.0W15.肺活量是常用來(lái)衡量人體心肺功能的重要指標(biāo)。肺活量是指在標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下人一次盡力吸氣后，再盡力呼出的氣體體積總量。某同學(xué)在學(xué)習(xí)氣體實(shí)驗(yàn)定律后，設(shè)計(jì)了一個(gè)吹氣球?qū)嶒?yàn)來(lái)粗測(cè)自己肺活量。首先他測(cè)量了自己的體溫為37℃．環(huán)境溫度為27℃，然后該同學(xué)盡最大努力吸氣，通過(guò)氣球口盡力向氣球內(nèi)吹氣，吹氣后的氣球可近似看成球形，過(guò)一段時(shí)間穩(wěn)定后測(cè)得氣球的直徑，氣球穩(wěn)定的過(guò)程中，氣球向外界散失了2.8J的熱量。已知?dú)馇蛳鹉z薄膜產(chǎn)生的附加壓強(qiáng)，其中為薄膜的等效表面張力系數(shù)，R為氣球充氣后的半徑。如下圖為該氣球的等效表面張力系數(shù)隨氣球半徑R的變化曲線。吹氣