2022-2023學年遼寧省大連市瓦房店第四十五初級中學高二物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，一導線彎成半徑為a的半圓形閉合回路。虛線MN右側有磁感應強度為B的勻強磁場，方向垂直于回路所在的平面?；芈芬运俣葀向右勻速進入磁場，直徑CD始絡與MN垂直。從D點到達邊界開始到C點進入磁場為止，下列結論正確的是（

）A．感應電流方向不變

B．CD段直線始終不受安培力C．感應電動勢最大值E=2Bav

D．感應電動勢平均值參考答案：AD2.如圖所示圓環(huán)形導體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路．若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下列表述正確的是（

）

A．線圈a中將產生俯視逆時針方向的感應電流B．穿過線圈a的磁通量變大C．線圈a有收縮的趨勢ks5uD．線圈a對水平桌面的壓力F將變小參考答案：：D解本題時應該掌握：楞次定律的理解、應用．在楞次定律中線圈所做出的所有反應都是阻礙其磁通量的變化．如：感應電流磁場的磁通量、面積、速度、受力等．當滑動變阻器的滑片P向上滑動，通過線圈a的電流減小，閉合導體環(huán)b內的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知：線圈a中將產生俯視順時針方向的感應電流因此線圈，做出的反應是面積有擴展的趨勢，同時將靠近磁鐵，故減小了和桌面的擠壓程度，從而使導體環(huán)對桌面壓力減小，選項ABC錯誤，D正確，故選A．考點：法拉第電磁感應定律；楞次定律．點評：本題從力、運動的角度考察楞次定律，思維含量高，考察角度新穎．3.由加速度的定義式a=△v/△t可知（

）A．加速度a與速度的變化△v成正比B．加速度a與時間△t成反比C．加速度a的方向與速度v的方向相同D．△v/△t叫速度的變化率，就是加速度，它是描述速度變化快慢的物理量參考答案：D4.（單選）a、b兩物體從同一點沿同一方向作直線運動，v﹣t圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A．當t=5s時，a、b兩物體第一次相遇B．當t=10s時．a、b兩物體間距最大C．當t=15s時，b物體在a物體的前面D．當t=20s時，a、b兩物體第二次相遇參考答案：解：A、當t=5s時，a、b兩物體速度相等，由圖形的面積可以看出a的位移小于b的位移，故二者沒有相遇，A錯誤；B、當t=10s時，由圖形的面積可以看出二者的位移相等，a、b兩物體相遇，間距最小，B錯誤；C、當t=15s時，a的位移大于b的位移，故a物體在b物體前面，C錯誤；D、當t=20s時，兩圖形面積相等，則位移相等，二者相遇，由前面分析知已經相遇一次，故為第二次相遇，D正確；故選：D．5.如圖3所示，AB是一個接地的很大的薄金屬板，其右側P點有一帶電荷量為Q的正電荷，N為金屬板外表面上的一點。AB板至P空間內的電場分布與等量異種電荷形成的電場相同。P到金屬板的垂直距離PN=d，M為PN連線的中點．關于M、N兩點的場強和電勢，如下說法正確的是A．M點的電勢比N點的電勢點高，M點的場強比N點的場強大B．M點的場強大小為4KQ/d2C．N點的電勢為零，場強也為零D．N點的電勢和場強都不為零

參考答案：A點電勢就為零，但電勢與場強無關，所以N點場強不為零，故CD錯誤?？键c：電勢、電場強度【名師點睛】本題要掌握靜電平衡導體的特點，運用類比法分析，理解合電場強度求解的方法，掌握矢量合成法則。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如上圖所示，電子射線管（A為其陰極），放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的AB兩極分別接在直流高壓電源的__________極和_________極。此時，熒光屏上的電子束運動徑跡________偏轉。（填“向上”、“向下”“不”）

參考答案：負

正

向下

7.電阻R1和R2分別標有規(guī)格“100Ω、4W”和“12.5Ω、8W”，將它們串聯(lián)起來之后，能承受的最大電壓是_____V。參考答案：22.58.如圖所示，放在通電螺線管外部的小磁針，靜止時N極指向右端，則小磁針所在位置的磁場方向為

，電源的c端為

極，螺線管的a端為

極（N或S）。參考答案：9.當質量為1kg、溫度為0℃的水結成0℃的冰后，它的體積會變大。此過程中所有水分子的總動能__________（選填：“增大”、“不變”或“減少”），所有水分子勢能的總和__________（選填：“增大”、“不變”或“減少”）。

參考答案：不變；減少10.熊蜂能夠以最大速度v1豎直向上飛，以最大速度v2豎直向下飛。熊蜂“牽引力”與飛行方向無關，空氣阻力與熊蜂速度成正比，比例系數(shù)為k。則熊蜂“牽引力”的大小是

，熊蜂沿水平方向飛行的最大速度是

。參考答案：11.在電場中某點放入一點電荷,電量q=1.0×10-10C,受到的電場力F=1.8×10-5N,則電場中該點電場強度大小為________N/C。若在該點放入另一個點電荷,電量q′=2.0×10-10C,則電場中該點電場強度大小為________N/C，點電荷q′受到的電場力大小為________N。參考答案：1.8×105

1.8×105

3.6×10-512.按照玻爾原子理論，氫原子中的電子離原子核越遠，氫原子的能量________(選填“越大”或“越小”)。已知氫原子的基態(tài)能量為E1(E1<0)，電子質量為m，基態(tài)氫原子中的電子吸收一頻率為ν的光子被電離后，電子速度大小為________(普朗克常量為h)。參考答案：13.（6分）物體A、B的質量之比為mA:mB=4:1，使它們以相同的初速度沿水平地面滑行，若它們受到的阻力相等，那么它們停下來所用的時間之比為tA:tB=_________，若兩物體與地面的動摩擦因數(shù)相同，那么它們停下來所用的時間之比為tA:tB=___________。參考答案：4:1；1:1三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，水平放置的兩平行金屬板間距為d，電壓大小為U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一個質量為m、、電量為－q的小顆粒，將小顆粒由靜止釋放，它將從靜止被加速，然后沖出小孔，則它能上升的最大高度h=_________________，參考答案：;試題分析:小顆粒由靜止釋放，電場力對它做正功，重力做負功，從小顆粒由靜止釋放到最高點過程，根據(jù)動能定理得qU-mg（d+h）=0，解得，h=考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；動能定理的應用；機械能守恒定律15.（解答）如圖所示，一水平放置的矩形線圈abcd，在細長的磁鐵N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ab邊在紙內，由圖中位置Ⅰ經位置Ⅱ到位置Ⅲ，這三個位置都靠得很近，且位置Ⅱ剛好在條形磁鐵中心軸線上，在這個過程中穿過線圈的磁通量怎樣變化？有無感應電流？參考答案：穿過線圈的磁通量先減少后增加，線圈中有感應電流根據(jù)條形磁鐵N極附近磁感線的分布情況可知，矩形線圈在位置Ⅰ時，磁感線從線圈的下面斜向上穿過；線圈在位置Ⅱ時，穿過它的磁通量為零；線圈在位置Ⅲ時，磁感線從線圈上面斜向下穿過。所以，線圈從Ⅰ到Ⅱ磁通量減少，從Ⅱ到Ⅲ磁通量增加。穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，足夠長平行金屬導軌傾斜放置，傾角為37°，寬度為0.5m，電阻忽略不計，其上端接一小燈泡，電阻為1Ω.一導體棒MN垂直于導軌放置，質量為0.2kg，接入電路的電阻為1Ω，兩端與導軌接觸良好，與導軌間的動摩擦因數(shù)為0.5.在導軌間存在著垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度為0.8T.將導體棒MN由靜止釋放，運動一段時間后，小燈泡穩(wěn)定發(fā)光，（重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6）求：（1）此后導體棒MN的運動速度;（2）小燈泡消耗的電功率是多少？參考答案：導體棒做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：mgsin37°=μmgcos37°+B2L2v/R+r解得v=5m/s；導體棒產生的感應電動勢E=BLv，電路電流I=E/R+r，燈泡消耗的功率P=I2R，解得P=1W；17.如圖所示，ABCD是一玻璃磚的截面圖，一束光與AB面成30°角從AB邊上的E點射入玻璃磚中，折射后經玻璃磚的BC邊反射后，從CD邊上的F點垂直于CD邊射出．已知∠B=90°，∠C=60°，EB=10cm，BC=30cm．真空中的光速c=3×108m/s，求：①玻璃磚的折射率；②光在玻璃磚中從E到F所用的時間．（結果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：解：①光在三棱鏡中傳播的光路如圖所示，由幾何關系可得：

i=60°，r=∠BQE=∠CQF=30°由折射定律得：

n===；②由v=，得光在玻璃中傳播的速度v=×108m/s；由幾何關系得=2=20cm=cos30°=（﹣）cos30°=（15﹣15）cm則光在玻璃磚中從E到F所用的時間t==1.8×10﹣9s答：光在玻璃磚中從E到F所用的時間是1.8×10﹣9s．【考點】光的折射定律．【分析】①根據(jù)題意作出光路圖，由光的反射定律和幾何知識求出入射角和折射角，再得到玻璃磚的折射率；②根據(jù)幾何知識求出光在玻璃磚中傳播的距離，由v=求