2025屆福建省寧德市高中同心順聯(lián)盟物理高一第二學期期末綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc,實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，R同時在等勢面b上，據此可知（）A．帶電質點在P點的電勢能比在Q點的小B．三個等勢面中，c的電勢最高C．帶電質點在P點的動能與電勢能之和比在Q點的小D．帶電質點在P點的加速度比在Q的加速度小2、關于物體的動能，下列說法正確的是A．質量大的物體，動能一定大B．速度大的物體，動能一定大C．速度方向變化，動能一定變化D．物體的質量不變，速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，動能將變?yōu)樵瓉淼乃谋?、(本題9分)忽略空氣阻力，下列幾種運動中滿足機械能守恒的是（）A．電梯勻速下降 B．物體沿斜面勻速下滑C．子彈射穿木塊的運動 D．物體自由下落的運動4、(本題9分)一名宇航員在某星球上完成自由落體運動實驗，讓一個質量為2kg的小球從一定的高度自由下落，測得在第5s內的位移是18m，則（）A．物體在2s末的速度是20m/sB．物體在第5s內的平均速度是3.6m/sC．物體自由下落的加速度是5m/s2D．物體在5s內的位移是50m5、(本題9分)行星繞太陽的運動近似地看做勻速圓周運動。已知太陽的質量為M，行星的質量為m，行星到太陽的距離為r。若測得行星繞太陽公轉的周期為T，則行星繞太陽做勻速圓周運動所需的向心力為（）A．m2πrTB．m4π6、(本題9分)a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點．電場線與矩形所在的平面平行．已知a點的電勢是20V，b點的電勢是24V，d點的電勢是4V，如圖．由此可知，c點的電勢為（）A．4V B．8V C．12V D．24V7、(本題9分)1957年10月4日，世界上第一顆人造地球衛(wèi)星在蘇聯(lián)發(fā)射成功．此衛(wèi)星質量為，每繞地球飛行一圈．關于此衛(wèi)星，說法正確的是（）A．衛(wèi)星運行時，速度． B．衛(wèi)星運行時，速度C．該衛(wèi)星軌道比同步衛(wèi)星軌道更高． D．該衛(wèi)星周期比同步衛(wèi)星周期更短．8、(本題9分)如圖所示的電場中有A、B兩點，下列判定正確的是：()A．電勢φA>φB，場強EA>EBB．電勢φA>φB，場強EA<EBC．將電荷量為q的正電荷從A點移動B點，電場力做正功，電勢能減小D．將電荷量為q的負電荷分別放在A、B兩點，電荷具有電勢能9、(本題9分)用繩子系一小球，使它在水平面內做勻速圓周運動，如圖所示，則（）A．重力對球不做功，繩的拉力對球做功B．重力和繩的拉力對球都不做功C．繩的拉力等于球做圓周運動的向心力D．小球所受的合力提供做圓周運動的向心力10、(本題9分)如圖所示，長為L的細繩一端固定于O點，另一端系住一質量為m的小球，將細繩拉直至水平，小球從P位置從靜止開始釋放，運動過程中通過最低位置Q，重力加速度為g，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．從P到Q過程中，小球重力功率一直增大B．從P到Q過程中，小球重力功率先增大后減小C．小球通過最低位置Q時繩彈力大小T=3mgD．小球通過最低位置Q時繩彈力大小T=2mg11、(本題9分)如圖，小球套在光滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連．現將小球從M點由靜止釋放，它在下降的過程中經過了N點．已知M、N兩點處，彈簧對小球的彈力大小相等，且∠ONM<∠OMN<．在小球從M點運動到N點的過程中A．彈力對小球先做正功后做負功B．有兩個時刻小球的加速度等于重力加速度C．彈簧長度最短時，彈力對小球做功的功率為零D．小球到達N點時的動能等于其在M、N兩點的重力勢能12、(本題9分)質量為的物體靜止在光滑水平面上，從時刻開始受到水平力的作用．力的大小與時間的關系如圖所示，力的方向保持不變，則A．時刻的瞬時功率為B．時刻的瞬時功率為C．在到這段時間內，水平力的平均功率為D．在到這段時間內，水平力的平均功率為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)某同學用圖甲所示的器材做“探究功與速度變化的關系”的實驗．如圖甲所示，小車在一條橡皮筋作用下彈出，沿木板滑行，這時橡皮筋對小車做的功計為W，當用2條、3條……完全相同的橡皮筋并在一起進行第2次，第3次……筋實驗時，使每次實驗中橡皮筋伸長的長度都保持一致，小車速度可由速度傳感器測出，并經電腦處理后得出如圖乙所示的一一對應的圖象，由圖象可以讀出每次實驗時小車獲得的最大速度并記入表中．(1)表中“X”處的數值應該是______．(2)從表格中可以得出，合力的功W與速度的關系是______．(3)在作圖象時，由于實際操作過程中木板的傾角調整不當，造成實際圖線與理想圖線（圖中虛線）存在差異，則作出的圖象可能是圖中的________．A．B．C．D．14、（10分）(本題9分)用如圖實驗裝置驗證m1、m1組成的系統(tǒng)機械能守恒．m1從高處由靜止開始下落，在m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證系統(tǒng)機械能守恒．下圖給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個點未標出，計數點間的距離如圖所示．已知m1=50g、m1=150g，當地重力加速度g=9.8m/s1．則（1）在紙帶上打下計數點5時m1的速度v=____m/s；（1）在打點0～5過程中系統(tǒng)動能的增量△Ek=___J，系統(tǒng)勢能的減少量△Ep=___J；（3）上題中經精確計算得到系統(tǒng)動能的增量與系統(tǒng)勢能的減少量間有差距，其原因是有空氣阻力、測量誤差和_____.（寫一條）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，光滑曲面軌道AB下端與水平粗糙軌道BC平滑連接，水平軌道離地面高度h，有一質量為m的小滑塊自曲面軌道離B高H處靜止開始滑下，經過水平軌道末端C后水平拋出，落地點離拋出點的水平位移為x，不計空氣阻力重力加速度為g試求:(1)滑塊到達B點時的速度大??；(2)滑塊離開C點時的速度大小v；(3)滑塊在水平軌道上滑行時克服摩擦力所做的功.16、（12分）(本題9分)如圖所示，飛機距地面高H＝500m，水平飛行速度為v1＝120m/s，追擊一輛速度為v2＝25m/s同向行駛的汽車，欲使炸彈擊中汽車，飛機應在距汽車水平距離多遠處投彈？(g取10m/s2)17、（12分）(本題9分)如圖所示，在光滑的圓錐體頂部用長為L=0.5m的細線懸掛一質量為m=lkg的小球，因錐體固定在水平面上，其軸線沿豎直方向，母線與軸線之間的夾角為θ=37°，物體繞軸線在水平面內做勻速圓周運動，小球靜止時細線與母線給好平行，已知sin37°=0.6，cos37°

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

AB.帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，電場線與等勢面垂直，且由于帶電粒子帶負電，因此電場線指向左上方，根據沿電場線電勢降低，可知a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高，負電荷在電勢高的地方，電勢能小，所以帶電質點在P點的電勢能比在Q點的大，故A錯誤，B正確；C.只有電場力做功，所以帶電粒子在P點的動能與電勢能之和與在Q點的動能與電勢能之和相等，故C錯誤；D.由圖可知P點電場線密，電場強度大，帶電粒子在P點電場力大，加速度大，故D錯誤。2、D【解析】動能公式為，可見動能的大小與物體的質量和速度大小都有關系，但與速度方向無關，ABC錯；D對；3、D【解析】

電梯勻速下降時，動能不變，重力勢能減小，則機械能減小，選項A錯誤；物體沿斜面勻速下滑時，動能不變，重力勢能減小，則機械能減小，選項B錯誤；子彈射穿木塊的運動中因為木塊的阻力對子彈做負功，則子彈的機械能減小，選項C錯誤；物體自由下落的運動中，只有重力做功，則機械能守恒，選項D正確.4、D【解析】試題分析：第5s內的位移等于5s內的位移減去4s內的位移，根據自由落體運動的位移時間公式求出星球上的重力加速度．再根據速度時間公式v=gt，位移時間公式h=求出速度和位移解：A、第5s內的位移是18m，有：gt11﹣gt11=18m，t1=5s，t1=4s，解得：g=4m/s1．所以1s末的速度：v=gt=8m/s．故AC錯誤．B、第5s內的平均速度：．故B錯誤．D、物體在5s內的位移：x=gt1=×4×15m=50m．故D正確．故選：D【點評】解決本題的關鍵掌握自由落體運動的規(guī)律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同5、B【解析】根據向心力的公式有：F=mω點睛：本題要掌握向心力的各種表達式，要能根據題意選擇需要的向心力的表達式。6、B【解析】試題分析：根據在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段兩端的電勢差等分將線段bd五等分，如圖所示，則Ube=Ubd=×（24-4）=4v，故Ube=φb-φe=4v，故φf-φd=4v，故φe=24-4=20v．φf=8v．故φa=φe，連接cf，則cf∥ae，故c點的電勢φc=φf=8v．故B正確．故選B．考點：電勢【名師點睛】①在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段兩端的電勢差等分；②在勻強電場中電場線平行且均勻分布故等勢線平行且均勻分布．以上兩點是解決此類題目的金鑰匙．7、BD【解析】AB.根據知，第一宇宙速度=7.9×103m/s，是人造衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度，是最大的環(huán)繞速度，所以衛(wèi)星運行時，速度v<7.9×103m/s，故A錯誤，B正確；CD.由題意知該衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星小，離地球的距離近，所以該衛(wèi)星軌道比同步衛(wèi)星軌道更低，周期比同步衛(wèi)星周期更短，故C錯誤，D正確故選BD8、BC【解析】

AB、電場線疏密表示電場的強弱，故場強，沿著電場線的方向電勢降低，可知，故B正確，A錯誤；C、將電荷量為q的正電荷放在電場中，受力的方向是從A指向B，故從A點移到B點，電場力做正功，電勢能減少，故C正確；D、將電荷量為q的負電荷分別放在A、B兩點，根據可知負電荷在電勢低的地方電勢能大，即有，故D錯誤；故選BC．9、BD【解析】

AB.重力和拉力都與小球的運動方向垂直，所以重力和繩的拉力對球都不做功，故A錯誤，B正確．CD.重力和拉力的合力提供做圓周運動的向心力，故C錯誤，D正確．10、BC【解析】

AB．在釋放時，速度為零，重力的重力為零，在Q點時，速度方向與重力方向垂直，重力的功率為零，在下降過程中，速度在豎直方向的分量先增大后減小，故小球重力功率先增大后減小，故A錯誤，B正確；CD．根據機械能守恒定律可知在最低點解得故C正確，D錯誤；故選BC．【點睛】根據機械能守恒定律判斷出速度的變化，利用速度的分解求得豎直方向速度的變化，有P=mgv判斷重力的功率，根據牛頓第二定律求得在最低點的拉力．11、BCD【解析】

牛頓第二定律、能量守恒定律【詳解】A．因M和N兩點處彈簧對小球的彈力大小相等，且∠ONM<∠OMN<知M處的彈簧處于壓縮狀態(tài)，N處的彈簧處于伸長狀態(tài)，則彈簧的彈力對小球選做負功后正功，選項A錯誤．B．當彈簧水平時，豎直方向的力只有重力，加速度為g；當豎直方向的合外力為mg時，加速度為也g，則有兩個時刻的加速度大小等于g，選項B正確；C．彈簧長度最短時，即彈簧水平，彈力與速度垂直，則做功的功率為零，選項C正確；D．由M→N的動能定理，因M和N兩點處彈簧對小球的彈力大小相等，則由彈力作功特點知，即，選項D正確．12、BD【解析】在0-2t0時間內，物體的加速度a=，則2t0時刻的瞬時速度v1=a?2t0=2at0，在2t0-3t0時間內，a′=，則3t0時刻的瞬時速度v=v1+a′t0=．所以3t0時刻的瞬時功率P=3F0v=．故A錯誤，B正確．在t=0到3t0這段時間內，根據動能定理得：水平力做的功W=mv2-0=m（）2=，則平均功率．故C錯誤，D正確．故選BD．點睛：解決本題的關鍵掌握瞬時功率的公式P=Fvcosθ，以及平均功率的公式．要注意平均功率和瞬時功率的區(qū)別，不能搞混．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、2.00AD【解析】：（1）由乙圖可知X=2.00；（2）由表中數據可得；（3）若傾角較小，根據動能定理：，所以A圖正確，若傾角較大，平衡摩擦過度，，D圖正確．14、1.40.5760.588紙帶與打點計時器間有摩擦（細線與定滑輪間有摩擦或定滑輪的轉動等）【解析】

第一空.利用勻變速直線運動的推論.第二空.系統(tǒng)動能的增量△Ek=Ek5-0=(m1+m1)v51=0.576J．第三空.系統(tǒng)重力勢能減小量△Ep=（m1-m1）gh=0.1×9.8×0.600J=0.588J.第四空.上題中經精確計算得到系統(tǒng)動