重慶三口中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.靜止于粗糙水平面上的物體，受到方向恒定的水平拉力F的作用，其大小隨時(shí)間變化如圖甲所示。在拉力F從零逐漸增大的過(guò)程中，物體的加速度隨時(shí)間變化如圖乙所示，g取10m/s2。則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是A.物體與水平面間的摩擦力先增大后減小至某一值并保持不變B.物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1C.4s末物體的動(dòng)量大小為12kg·m/sD.4s內(nèi)滑動(dòng)摩擦力的沖量大小為9N·s參考答案：ABC【詳解】由乙知，0-2s內(nèi)物體靜止不動(dòng)，物體所受的靜摩擦力與拉力平衡，則知摩擦力逐漸增大。t=2s時(shí)靜摩擦力達(dá)到最大值，t=2s后物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，受到滑動(dòng)摩擦力作用，滑動(dòng)摩擦力小于最大靜摩擦力，并且保持不變，所以物體所受的摩擦力先增大，后減小至某一值并保持不變。故A正確。在2-4s內(nèi)，由牛頓第二定律得：F-μmg=ma；由圖知：當(dāng)F=6N時(shí)，a=1m/s2，代入得6-10μm=m；當(dāng)F=12N時(shí)，a=3m/s2，代入得12-10μm=3m；聯(lián)立解得μ=0.1，m=3kg，故B正確。根據(jù)a-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度的變化量，可知4s內(nèi)物體速度的變化量為△v=×2=4m/s，由于初速度為0，所以4s末物體的速度為4m/s，動(dòng)量大小為P=mv=12kg?m/s，故C正確。4s內(nèi)滑動(dòng)摩擦力的沖量大小為，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2.（單選）如圖所示，一小球從斜軌道的某高度處由靜止滑下，然后沿豎直光滑軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)。已知圓軌道的半徑為R，忽略一切摩擦阻力。則下列說(shuō)法正確的是

A.在軌道最低點(diǎn)、最高點(diǎn)，軌道對(duì)小球作用力的方向是相同的B.小球的初位置比圓軌道最低點(diǎn)高出2R時(shí)，小球能通過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)C.小球的初位置比圓軌道最低點(diǎn)高出0.5R時(shí)，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中能不脫離軌道D.小球的初位置只有比圓軌道最低點(diǎn)高出2.5R時(shí)，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中才能不脫離軌道參考答案：C3.（單選）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻一定，R1、R2為定值電阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向上端a滑動(dòng)時(shí)，電流表A1、A2及電壓表V的示數(shù)的變化情況是（）A．A1示數(shù)增大，A2示數(shù)減小，V示數(shù)減小B．A1示數(shù)減小，A2示數(shù)增大，V示數(shù)減小C．A1示數(shù)增大，A2示數(shù)增大，V示數(shù)增大D．A1示數(shù)減小，A2示數(shù)減小，V示數(shù)增大參考答案：考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律．專(zhuān)題：恒定電流專(zhuān)題．分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向上端a滑動(dòng)時(shí)，變阻器有效電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，由歐姆定律確定電壓表V讀數(shù)的變化和電流A1的變化．解答：解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向上端a滑動(dòng)時(shí)，變阻器有效電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I增大，A2增大．電壓表V讀數(shù)U=E﹣I（R2+r），I增大，U減小，則電流表A1減小．故選：B點(diǎn)評(píng)：本題是電路中典型的問(wèn)題：動(dòng)態(tài)變化問(wèn)題，往往牽一發(fā)而動(dòng)全身，按照“部分→整體→部分”的思路進(jìn)行分析．4.（單選）如右圖所示，傳送帶通過(guò)滑道將長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的柔軟勻質(zhì)物體以初速度V0向右送上水平臺(tái)面，物體前端在臺(tái)面上滑動(dòng)S距離停下。已知滑道上的摩擦不計(jì)，物體與臺(tái)面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ而且S>L，則物體的初速度V0為：（

）A． B． C． D．參考答案：B解析：當(dāng)時(shí)，，滑動(dòng)摩擦力對(duì)位移的平均值等于，此過(guò)程中摩擦力做功為W=-FL=-，當(dāng)時(shí)，F(xiàn)=，此過(guò)程中摩擦力做功為W=-(S-L),由動(dòng)能定理得--（S-L）=0，V0=，故ACD錯(cuò)誤，B正確.5.（單選）如圖所示，不帶電的金屬球A固定在絕緣底座上，它的正上方有B點(diǎn)，該處有帶電液滴不斷地自靜止開(kāi)始落下（不計(jì)空氣阻力），液滴到達(dá)A球后將電荷量全部傳給A球，設(shè)前一液滴到達(dá)A球后，后一液滴才開(kāi)始下落，不計(jì)B點(diǎn)未下落帶電液滴對(duì)下落液滴的影響，則下列敘述中正確的是（）A．第一滴液滴做自由落體運(yùn)動(dòng)，以后液滴做變加速運(yùn)動(dòng)，都能到達(dá)A球B．當(dāng)液滴下落到重力等于電場(chǎng)力位置時(shí)，開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)C．能夠下落到A球的所有液滴下落過(guò)程所能達(dá)到的最大動(dòng)能不相等D．所有液滴下落過(guò)程中電場(chǎng)力做功相等參考答案：考點(diǎn)：功能關(guān)系．專(zhuān)題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題．分析：隨著球A液滴增多，帶電量增大，空間產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)增強(qiáng)，除第一滴液滴做自由落體運(yùn)動(dòng)，以后液滴做變加速運(yùn)動(dòng)，不一定能到達(dá)A球；通過(guò)分析受力情況，判斷液滴的運(yùn)動(dòng)情況；當(dāng)液滴所受的電場(chǎng)力與重力相等時(shí)動(dòng)能最大，但各個(gè)液滴動(dòng)能最大的位置不同，最大動(dòng)能不等；根據(jù)功的公式W=Fl分析電場(chǎng)力做功關(guān)系．解答：解：A、第一滴液滴只受重力做自由落體運(yùn)動(dòng)，以后液滴將受力向上的電場(chǎng)力作用而做變加速運(yùn)動(dòng)，隨著球A液滴增多，帶電量增大，空間產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)增強(qiáng)，以后液滴所受的電場(chǎng)力增大，這些液滴先加速后減速，就不一定能到達(dá)A球，故A錯(cuò)誤．B、當(dāng)液滴下落到重力等于電場(chǎng)力位置時(shí)，繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力增大，電場(chǎng)力將大于重力，開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤．C、當(dāng)液滴所受的電場(chǎng)力與重力相等時(shí)動(dòng)能最大，則有：mg=k，x是動(dòng)能最大的位置到A距離，由于A球的電荷量qA在不斷增大，x增大，所以第一滴液滴以后的液滴動(dòng)能最大的位置將不斷上移，合外力做功不等，則最大動(dòng)能不相等，故C正確．D、由于所有液滴下落過(guò)程中所受的電場(chǎng)力不等，若能到達(dá)A球，根據(jù)功的公式W=Fl可知，通過(guò)的位移相等，電場(chǎng)力做功不相等；若不能到達(dá)A球，液滴將返回到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，即電場(chǎng)力做功相等，故D錯(cuò)誤．故選：C．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要正確分析液滴的受力情況，從而判斷其運(yùn)動(dòng)情況，知道液滴所受的電場(chǎng)力與重力平衡時(shí)動(dòng)能最大，類(lèi)似于小球掉在彈簧上的問(wèn)題，要能進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.一物塊靜置于水平面上，現(xiàn)用一與水平方向成37°角的拉力F使物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，如圖（a）所示．其后一段時(shí)間內(nèi)拉力F隨時(shí)間變化和物體運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間變化的圖象如圖（b）所示，已知物塊的質(zhì)量為0.9kg，g=10m/s2．根據(jù)圖象可求得，物體與地面間的動(dòng)摩擦系數(shù)為，0～1s內(nèi)拉力的大小為6.6N．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）參考答案：考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系．專(zhuān)題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題．分析：由速度時(shí)間圖象抓住1～t1時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出動(dòng)摩擦因數(shù)，從圖象中求出物體運(yùn)動(dòng)的加速度，由牛頓第二定律可求得物體受到的拉力的大?。獯穑航猓何矬w在0～1s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在1～t1時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，最好做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．對(duì)于勻速直線運(yùn)動(dòng)階段，有：Fcos37°=f，f=μ（mg﹣Fsin37°）解得：．在0～1s內(nèi)，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=4m/s2．F1cos37°﹣μ（mg﹣F1sin37°）=ma解得F1=6.6N．故答案為：，6.6點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解．7.一個(gè)質(zhì)量為50kg的人站立在靜止于平靜水面上的質(zhì)量為400kg的船上，突然船上人對(duì)地以2m/s的水平速度跳向岸，不計(jì)水的阻力，則船以_____

___m/s的速度后退，若該人向上跳起后，以人船為系統(tǒng)，人船系統(tǒng)的動(dòng)量_________。（填守恒或不守恒）參考答案：0.25

不守恒8.一個(gè)圓盤(pán)邊緣系一根細(xì)繩，繩的下端拴著一個(gè)質(zhì)量為m的小球，圓盤(pán)的半徑是r，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，圓盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)小球隨著一起轉(zhuǎn)動(dòng)，并且細(xì)繩與豎直方向成θ角，如圖所示，則圓盤(pán)的轉(zhuǎn)速是______.參考答案：9.(選修模塊3－5)（4分）氫原子的能級(jí)如圖所示，當(dāng)氫原子從n=4向n=2的能級(jí)躍遷時(shí)，輻射的光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功為

eV。現(xiàn)有一群處于n=5的能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，在輻射出的各種頻率的光子中，能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的頻率共有

種。

參考答案：

答案：2.55（2分）6（2分）10.如圖所示，內(nèi)徑均勻的導(dǎo)熱性能良好的“U”形玻璃管豎直放置，橫截面積S=5cm2，右側(cè)管上端封閉，左側(cè)管上端開(kāi)口，內(nèi)有用細(xì)線栓住的活塞．兩管中均封入長(zhǎng)L=11cm的空氣柱A和B，活塞上、下表面處的氣體壓強(qiáng)均為p=76cm水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)，這時(shí)兩管內(nèi)的水銀面的高度差h=6cm。環(huán)境溫度恒定，現(xiàn)將活塞用細(xì)線緩慢地向上拉，使兩管內(nèi)水銀面相平，則：

①此過(guò)程中活塞向上移動(dòng)的距離h′是多少?②此過(guò)程中空氣柱B內(nèi)的氣體對(duì)外界做___________(填“正功”或“負(fù)功”)，氣體將__________(填“吸熱”或放熱”)。參考答案：11.用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，將選擇開(kāi)關(guān)置于合適的擋位后，必須先將兩表筆短接，調(diào)整

▲

旋鈕，使指針指在歐姆刻度的“0”處．若選擇旋鈕在“×100”位置，指針在刻度盤(pán)上停留的位置如圖所示，所測(cè)量電阻的值為

▲

．參考答案：歐姆調(diào)零（2分）

320012.（4分）正弦交流電源與電阻R、交流電壓表按圖1所示的方式連接，R=10Ω，交流電表的示數(shù)是20V，圖2是交變電源輸出電壓u隨時(shí)間t變化的圖象，則通過(guò)R的電流的最大值是_______A；在1s內(nèi)出現(xiàn)電流最大值的次數(shù)有_______次。參考答案：；10013.地面上放一開(kāi)口向上的氣缸，用一質(zhì)量為m=0.8kg的活塞封閉一定質(zhì)量的氣體，不計(jì)一切摩擦，外界大氣壓為P0=1.0×105Pa，活塞截面積為S=4cm2，重力加速度g取10m/s2，則活塞靜止時(shí)，氣體的壓強(qiáng)為

Pa；若用力向下推活塞而壓縮氣體，對(duì)氣體做功為6×105J，同時(shí)氣體通過(guò)氣缸向外傳熱4.2×105J，則氣體內(nèi)能變化為

J。參考答案：1.2×10-5Pa；內(nèi)能增加了1.8×105J三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（09年大連24中質(zhì)檢）（選修3—5）（5分）如圖在光滑的水平桌面上放一個(gè)長(zhǎng)木板A，其上放有一個(gè)滑塊B，已知木板和滑塊的質(zhì)量均為m=0.8kg，滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，開(kāi)始時(shí)A靜止，滑塊B以V=4m／s向右的初速度滑上A板，如圖所示，B恰滑到A板的右端，求：①說(shuō)明B恰滑到A板的右端的理由?②A板至少多長(zhǎng)?

參考答案：解析：①因?yàn)锽做勻減速運(yùn)動(dòng)，A做勻加速運(yùn)動(dòng)，A，B達(dá)到共同速度V1時(shí)，B恰滑到A板的右端（2分）

②根據(jù)動(dòng)量守恒

mv=2mv1（1分）

v1=2m/s

……

設(shè)A板長(zhǎng)為L(zhǎng)，根據(jù)能量守恒定律

（1分）

L=1m15.如圖所示，在滑雪運(yùn)動(dòng)中一滑雪運(yùn)動(dòng)員，從傾角θ為37°的斜坡頂端平臺(tái)上以某一水平初速度垂直于平臺(tái)邊飛出平臺(tái)，從飛出到落至斜坡上的時(shí)間為1.5s，斜坡足夠長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，若g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)運(yùn)動(dòng)員在斜坡上的落點(diǎn)到斜坡頂點(diǎn)(即飛出點(diǎn))間的距離；(2)運(yùn)動(dòng)員從斜坡頂端水平飛出時(shí)的初速度v0大小.參考答案：18.75m

試題分析：（1）根據(jù)位移時(shí)間公式求出下落的高度，結(jié)合平行四邊形定則求出落點(diǎn)和斜坡頂點(diǎn)間的距離。（2）根據(jù)水平位移和時(shí)間求出初速度的大小。（1）平拋運(yùn)動(dòng)下落的高度為：則落點(diǎn)與斜坡頂點(diǎn)間的距離為：（2）平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和數(shù)學(xué)公式進(jìn)行求解，并且要知道斜面的傾角是與位移有關(guān)，還是與速度有關(guān)。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.下圖是導(dǎo)軌式電磁炮實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌沿水平方向固定，其間安放金屬滑塊（即實(shí)驗(yàn)用彈丸）．滑塊可沿導(dǎo)軌無(wú)摩擦滑行，且始終與導(dǎo)軌保持良好接觸．電源提供的強(qiáng)大電流從一根導(dǎo)軌流入，經(jīng)過(guò)滑塊，再?gòu)牧硪粚?dǎo)軌流回電源．滑塊被導(dǎo)軌中的電流形成的磁場(chǎng)推動(dòng)而發(fā)射．在發(fā)射過(guò)程中，該磁場(chǎng)在滑塊所在位置始終可以簡(jiǎn)化為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于紙面，其強(qiáng)度與電流的關(guān)系為B=kI，比例常量k=2.5×10﹣6T/A．已知兩導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)間距為l=3.0cm，滑塊的質(zhì)量為m=30g，滑塊沿導(dǎo)軌滑行5m后獲得的發(fā)射速度為v=3.0km/s（此過(guò)程視為勻加速運(yùn)動(dòng)）．（1）求發(fā)射過(guò)程中金屬滑塊的加速度大?。唬?）求發(fā)射過(guò)程中電源提供的電流強(qiáng)度大?。唬?）若電源輸出的能量有9%轉(zhuǎn)換為滑塊的動(dòng)能，則發(fā)射過(guò)程中電源的輸出功率和輸出電壓各是多大？參考答案：考點(diǎn)：安培力；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律．分析：（1）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定滑塊加速的加速度，再由動(dòng)能定理求得安培力，最后得到電流強(qiáng)度；（2）先由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式確定滑塊加速的時(shí)間，再由能量守恒定律結(jié)合已知條件列式求解即可；（3）根據(jù)動(dòng)能定理和動(dòng)量守恒定律結(jié)合已知條件聯(lián)立方程組求解即可．解答：解：（1）由勻加速運(yùn)動(dòng)公式a==9×105m/s2（2）由安培力公式和牛頓第二定律，有F=IBl=kI2l，kI2l=ma因此

I==6.0×105A（3）滑塊獲得的動(dòng)能是電源輸出能量的，即P△t×9%=mv2發(fā)射過(guò)程中電源供電時(shí)間△t==×10﹣2s所需的電源輸出功率為P==4.5×108W由功率P=IU，解得輸出電壓

U==750V答：（1）求發(fā)射過(guò)程中金屬滑塊的加速度大小9×105m/s2；（2）求發(fā)射過(guò)程中電源提供的電流強(qiáng)度大小6.0×105A；（3）若電源輸出的能量有9%轉(zhuǎn)換為滑塊的動(dòng)能，則發(fā)射過(guò)程中電源的輸出功率4.5×108W和輸出電壓750V．點(diǎn)評(píng)：滑塊加速過(guò)程只有安培力做功，碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，還可結(jié)合動(dòng)能定理求解．17.如圖所示，長(zhǎng)L＝1.2m、質(zhì)量M＝3kg的木板放在傾角為37°的光滑斜面上，質(zhì)量m＝1kg、帶電荷量q＝＋2.5×10－4C的物塊放在木板的上端，木板和物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1，所在空間加有一個(gè)方向垂直斜面向下、場(chǎng)強(qiáng)E＝4.0×104N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)．現(xiàn)對(duì)木板施加一平行于斜面向上的拉力F＝10.8N.取g＝10m/s2，斜面足夠長(zhǎng)．設(shè)圖示位置木板和物塊的速度均為零。求：(1)物塊離開(kāi)木板時(shí)木板獲得的動(dòng)能。(2)物塊在木板上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，由于摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能。參考答案：）解：（1）轎車(chē)B在實(shí)際制動(dòng)前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其發(fā)生的位移為s2，由題意可知s1=v0(t1+t2)得s1=15m

3分實(shí)際制動(dòng)后，f=0.75mg

由牛頓第二定律可知f=ma得a=7.5m/s2

2分設(shè)轎車(chē)B速度減為0時(shí)發(fā)生的位移為s2，有v02=2as2代入數(shù)據(jù)得：s2=41