PAGE12-江蘇省如皋市2024-2025學年高一物理下學期期末調研試題（必修，含解析）一、單項選擇題：每小題只有一個選項符合題意（本部分15小題，每小題4分，共60分）．1.關于動能的理解，下列說法錯誤的是A.凡是運動的物體都具有動能B.動能不變的物體，肯定處于平衡狀態(tài)C.重力勢能可以為負值，動能不行以為負值D.肯定質量的物體，動能變更時，速度肯定變更，但速度變更時，動能不肯定變更【答案】B【解析】【詳解】A．由動能的定義可知，凡是運動的物體都具有動能，故A正確；B．物體做勻速圓周運動時，物體的動能不變，但是物體的合力供應向心力即合力不為零，物體處于非平衡狀態(tài)，故B錯誤；C．重力勢能可以有負值，其正負取決于所選擇的零勢能面；而動能沒有負值，故C正確；D．由于速度為矢量，當方向變更時，若其速度大小不變，則動能并不變更；而動能變更時，速度大小肯定變更；故D正確。2.將一個物體由A處移到B處，重力做功（）A.與運動過程是否存在阻力有關B.與運動的詳細路徑有關C.與運動的位移無關D.與運動物體本身的質量有關【答案】D【解析】重力做功與路徑、是否受其他力以及物體的速度無關，僅與初末位置的高度差有關，與運動的位移有關，依據(jù)可知還與運動物體本身的質量有關，D正確．3.關于彈簧的彈性勢能，下列說法正確的是（）A.彈簧的彈性勢能跟拉伸（或壓縮）的長度有關B.彈簧彈性勢能跟彈簧的勁度系數(shù)有關C.同一彈簧，彈性限度內(nèi)，形變量越大，彈性勢能越大D.彈性勢能的大小跟使彈簧發(fā)生形變的物體有關【答案】D【解析】A、彈簧的彈性勢能是由于彈簧發(fā)生彈性形變而具有的勢能，拉伸（或壓縮）的長度越大，彈性勢能越大，故A正確；

B、彈簧的彈性勢能跟彈簧的勁度系數(shù)有關，形變量相同時，勁度系數(shù)越大，彈性勢能越大，故B正確；

C、對于同一彈簧，在彈性限度內(nèi)，勁度系數(shù)肯定，形變量越大，彈性勢能越大，故C正確；

D、彈簧的彈性勢能跟彈簧的勁度系數(shù)和形變量有關，與使彈簧發(fā)生形變的物體無關，故D錯誤。點睛：彈簧的彈性勢能是由于彈簧發(fā)生彈性形變而具有的勢能，與彈簧的形變量大小有關，與勁度系數(shù)有關，與其他因素無關。4.下面各個實例中，機械能守恒的是（）A.物體沿斜面勻速下滑 B.物體從高處以0.9g的加速度豎直下落C.物體沿光滑曲面滑下 D.拉著一個物體沿光滑的斜面勻速上升【答案】C【解析】【詳解】A．勻速下滑，動能不變，重力勢能減小，A錯誤；B．物體從高處以0.9g的加速度下落，受到阻力，機械能不守恒，B錯誤；C．物體沿光滑曲面滑下，除重力做功外，沒有其它力做功，機械能守恒，C正確；D．拉著一個物體沿光滑的斜面勻速上升，速度不變，重力勢能增加，機械能增加，D錯誤。5.自由下落的小球，從接觸豎直放置的輕彈簧起先，到壓縮彈簧有最大形變的過程中，下列說法正確的是A.小球的動能逐慢慢少 B.小球的重力勢能逐慢慢少C.小球的動能漸漸增加 D.小球的機械能守恒【答案】B【解析】當彈力等于重力時速度最大，所以動能先增大后減小，A錯；重力始終做正功，重力勢能始終減小，B對；小球要克服彈力做功，機械能減小，CD錯；6.如圖所示，某人以力F將物體沿斜面對下拉，拉力大小等于摩擦力，則下列說法正確的是()A.物體做勻速運動B.合力對物體做功等于零C.物體的機械能保持不變D.物體機械能減小【答案】C【解析】【詳解】A、對物體受力分析，受重力、拉力、摩擦力和支持力，拉力和摩擦力平衡，故物體加速下滑；故A錯誤.B、合力沿著斜面對下大小等于重力的分力，合力做正功；故B錯誤.C、D、拉力和摩擦力平衡，做的功之和為零，支持力不做功，故總功等于重力的功，故機械能總量保持不變；故C正確，D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵明確機械能守恒的條件，然后受力分析并結合功能關系推斷.7.在真空中有甲、乙兩個點電荷，其相互作用力為F。要使它們之間的相互作用力變?yōu)?F，下列方法中可行的是A.僅使甲、乙的電荷量都變?yōu)樵瓉淼谋禕.僅使甲、乙的電荷量都變?yōu)樵瓉淼谋禖.僅使甲、乙之間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍D.僅使甲、乙之間的距離變?yōu)樵瓉淼谋丁敬鸢浮緽【解析】由庫侖定律F=A、當甲、乙的電荷量都變?yōu)樵瓉淼谋?，庫侖力變?yōu)镕．故A錯誤．B、甲、乙的電荷量都變?yōu)樵瓉淼谋?，庫侖力變?yōu)?F．故B正確．C、甲、乙之間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍，庫侖力變?yōu)镕．故C錯誤D、甲、乙之間的距離變?yōu)樵瓉淼谋叮?，庫侖力變?yōu)镕．故D錯誤．故選B．8.在電場中的某點放入電荷量為－q的摸索電荷時，測得該點的電場強度為E；若在該點放入電荷量為＋3q的摸索電荷，此時測得該點的場強A.大小為3E，方向和E相反B.大小為E，方向和E相同C.大小為3E，方向和E相同D.大小為E，方向和E相反【答案】B【解析】【詳解】電場強度是描述電場強弱和方向的物理量，是摸索電荷所受的電場力F與摸索電荷所帶的電荷量q的比值，由電場本身確定，故與摸索電荷的有無、電性、電量的大小無關；故在該點放入電荷量為-q的摸索電荷時電場強度為E，改放電荷量為+3q的摸索電荷時電場強度大小仍為E，方向和E相同。故B正確ACD錯誤。9.某電場的電場線如圖所示，A點和B點的電場強度分別為EA、EB，同一點電荷在A、B點所受的靜電力分別為FA、FB，則A.EA>EB，F(xiàn)A>FB B.EA＝EB，F(xiàn)A＝FBC.EA<EB，F(xiàn)A<FB D.EA＝EB，F(xiàn)A>FB【答案】A【解析】【詳解】電場線越密的地方場強越大，越疏的地方場強越小，可知EA＞EB，依據(jù)F=qE知，F(xiàn)A＞FB，故A正確。10.下列說法正確的是（）A.電場中兩點間電勢的差值叫作電勢差，也叫電壓B.電勢差與電勢一樣，是相對量，與零電勢點的選取有關C.表示點與點之間的電勢差，即D.、兩點間的電勢差是恒定的，不隨零電勢點的變更而變更，所以【答案】A【解析】【詳解】A.電場中兩點間電勢的差值叫電勢差，也叫電壓，選項A符合題意；B.電勢差的大小與零電勢點的選取無關，選項B不符合題意；CD.電勢差可以反映出兩點電勢的凹凸，，而電壓只是電勢差的大小，選項C、D不符合題意。11.在某電場中，A、B兩點間的電勢差=60V，B、C兩點間的電勢差=–50V，則A、B、C三點電勢凹凸關系是A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】電勢差等于兩點的電勢之差，結合電勢差的大小比較A、B、C三點電勢的凹凸．【詳解】A、B兩點間的電勢差，知A點的電勢比B點的電勢高60V，B、C兩點間的電勢差，知B點的電勢比C點的電勢低50V，則A點的電勢比C點的電勢高10V，所以，C正確．【點睛】解決本題的關鍵知道電勢差與電勢的關系，即，基礎題．12.如圖所示，場強為E＝1.0×102V/m的勻強電場中，有相距d＝2.0×10-2m的A、B兩點，A、B連線與電場方向的夾角為，則A、B兩點間的電勢差為A.1.0V B.VC.2.0V D.3.0V【答案】A【解析】【詳解】由題知，E=1.0×102V/m，d=2.0×10-2m，依據(jù)勻強電場中電勢差和電場強度關系：故A正確。13.有一充電的電容器，兩板間的電壓為3V，所帶電荷量為4.5×10－4C，此電容器的電容是A.7.5×10－5F B.1.5×10－4FC.1.35×10－3F D.2.7×10－3F【答案】B【解析】【詳解】已知當電壓為3V時電量為4.5×10-4C；故由可知，故B正確。14.平行板電容器的電容C＝．若要使平行板電容器的電容減小，下列操作可行的是A.減小極板的正對面積 B.減小極板的距離C.增大電介質的相對介電常數(shù) D.增大電容器的帶電量【答案】A【解析】【詳解】A．依據(jù)電容的確定式可知，減小極板的正對面積時，電容會減小，故A正確；B．依據(jù)電容的確定式可知，減小極板的距離，電容會增大，故B錯誤；C．依據(jù)電容的確定式可知，在增大電介質的相對介電常數(shù)時，電容會增大，故C錯誤；D．電容的大小與電量和電壓無關，故變更電量不會影響電容的大小，故D錯誤。15.如圖所示，平行板電容器兩板間的距離為d，電勢差為U．一質量為m、帶電荷量為q的帶電粒子，在電場力的作用下由靜止起先從正極板A向負極板B運動．粒子的重力忽視不計．下列說法錯誤的是A.平行板電容器兩板間的電場是勻強電場B.粒子在電場中做初速度為0勻加速直線運動C.粒子到達負極板時的速度大小為D.運動過程中，粒子的電勢能不斷增大【答案】D【解析】【詳解】A．平行板電容器內(nèi)產(chǎn)生的是場強方向向右的勻強電場，故A正確；B．平行板電容器內(nèi)產(chǎn)生的是場強方向向右的勻強電場，粒子受向右的電場力作用，從而做勻加速直線運動，故B正確；C．依據(jù)動能定理有所以粒子達到右極板的速度為故C正確；D．運動過程中電場力做正功，所以粒子的電勢能減小，故D錯誤。二、填空題：把答案填寫在答題卡相應的橫線上（本部分2小題，其中16小題4分，17小題6分，共10分）．16.“視察電容器的充、放電現(xiàn)象”的試驗電路圖如圖所示，接通開關S，對電路中的電容器充電．充電后，該電容器______（選填“上”或“下”）極板帶正電荷．若電容器的兩個極板分別帶上了電荷量均為Q的等量異號電荷，此時電容器所帶的電荷量為______．【答案】(1).上(2).Q【解析】【詳解】[1]圖中電容器充電過程，充完電后電容器上極板與電源的正極相連，則電容器上極板帶正電；[2]電容器電荷量是單極板所帶電荷量的肯定值，故電荷量為Q17.在“驗證機械能守恒定律”的試驗中：（1）下列釋放紙帶的操作正確的是__________．（2）打點計時器所接電源的頻率為50Hz．某次打出的一條紙帶如圖所示，當打點計時器打到B點時，重錘的速度vB＝________m/s．（結果保留兩位小數(shù))（3）試驗發(fā)覺重物重力勢能削減量大于其動能增大量，緣由可能是_____________．【答案】(1).A(2).1.83(3).阻力造成了機械能損失（意思正確即可）【解析】【詳解】(1)[1]由圖中可以看出，B和C圖中的紙帶發(fā)生彎曲，阻力太大，故BC選項錯誤，而D圖有可能造成打出的點跡太少，故選項D錯誤，故選項A正確；(2)[2]由運動學公式求速度(3)[3]試驗發(fā)覺重物重力勢能削減量大于其動能增大量，這是系統(tǒng)誤差造成的，阻力造成了機械能損失三、計算或論述題：解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位（本部分3小題，其中18小題10分，19小題10分，20小題10分，共30分）．18.如圖所示，質量為m＝2kg的木塊在傾角θ＝的斜面上由靜止起先下滑（假設斜面足夠長），木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，已知sin＝0.6，cos＝0.8，g取10m/s2，求：(1)木塊下滑時加速度大小和前2s內(nèi)的位移大??；(2)前2s內(nèi)重力做的功；(3)前2s內(nèi)重力的平均功率．【答案】(1)(2)(3)【解析】【詳解】(1)對木塊由牛頓其次定律有解得：前內(nèi)木塊的位移解得：(2)重力在前內(nèi)做的功為解得：(3)重力在前內(nèi)的平均功率為解得：19.如圖所示，質量m＝70kg的運動員以10m/s的速度從高h＝10m的滑雪場A點沿斜坡自由滑下，以最低點B為零勢能面，一切阻力可忽視不計．求運動員：(g＝10m/s2)(1)在A點時的機械能；(2)到達最低點B時的速度大??；(3)相對于B點能到達的最大高度．【答案】(1)(2)(3)【解析】(1)運動員在A點時的機械能E＝Ek＋Ep＝mv2＋mgh＝×70×102J＋70×10×10J＝10500J.(2)運動員從A運動到B，依據(jù)機械能守恒定律得E＝mvB2，解得vB＝m/s＝10m/s(3)運動員從A運動到斜坡上最高點過程中，由機械能守恒得E＝mgH，解得H＝m＝15m.點睛：若物體在運動過程中若只受重力，則機械能守恒，利用機械能守恒定律表達式可以順當求解．20.如圖所示，質量為m、電荷量為q的粒子以初速度v0垂直于電場方向射入兩極板間，兩平行板間存在方向豎直向下的勻強電場，已知板長為l，板間電壓為U，板間距為d，粒子能夠射出電場，不計粒子的重力．因為粒子在電場中只受到豎直向下的恒定的電場力作用，所以粒子在水平方向做勻速直線運動，在電場力方向做初速度為零的勻加速直線運動，其合運動類似于平拋運動．求：(1)粒