安徽省阜陽(yáng)市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二總分評(píng)分一、選擇題：共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1—8題只有一項(xiàng)符合題目要求；第9—12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1．如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一個(gè)光滑的半圓形細(xì)管，A、B為細(xì)管上的兩點(diǎn)，A點(diǎn)與圓心等高，B點(diǎn)為細(xì)管最低點(diǎn).一個(gè)小球從A點(diǎn)勻速滑到B點(diǎn)，小球除受到重力和細(xì)管的彈力外，還受另外一個(gè)力.小球從A點(diǎn)滑到B點(diǎn)的過(guò)程中，關(guān)于小球，下列說(shuō)法正確的是（）A．合力做功為零 B．合力的沖量為零C．機(jī)械能不變 D．機(jī)械能增大2．光滑水平面上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子的系統(tǒng)總能量表達(dá)式為E=1A．振子的最大加速度為16m/s2B．振子經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)的速度為0.4m/sC．若振子在位移最大處時(shí)，質(zhì)量突變?yōu)?.4kg，則振子經(jīng)過(guò)平衡位置的速度增大D．若振子在位移最大處時(shí)，質(zhì)量突變?yōu)?.4kg，則振子經(jīng)過(guò)平衡位置的速度減小3．如圖所示，有一光滑并帶有圓弧的曲面，傾斜放在平面上，在曲面的底部平行于軸線(xiàn)畫(huà)一條虛線(xiàn)，現(xiàn)將一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從圖中位置平行于虛線(xiàn)以一定的初速度進(jìn)入曲面，將小球下滑過(guò)程中經(jīng)過(guò)虛線(xiàn)時(shí)的位置依次記為a、b、c、d，以下說(shuō)法正確的是（）A．虛線(xiàn)處的ab、bc、cd間距相等B．經(jīng)過(guò)ab、bc、cd的時(shí)間相等C．小球從釋放到離開(kāi)曲面末端時(shí)（曲末端的圓弧可認(rèn)為在水平面內(nèi)）動(dòng)能的變化量與初速度大小有關(guān)D．小球通過(guò)a、b、c三點(diǎn)時(shí)對(duì)曲面的壓力大小與初速度大小有關(guān)4．如圖所示，輕質(zhì)細(xì)桿兩端固定兩個(gè)質(zhì)量不相等的小球a、b，小球a置于光滑的水平地面上，從圖示位置，靜止釋放b球，下列說(shuō)法正確的是（）A．b球落地的瞬間，a球的速度不為0B．在b球落地前的整個(gè)過(guò)程中，b球的機(jī)械能守恒C．在b球落地前的整個(gè)過(guò)程中，輕桿對(duì)b球的沖量不為0D．在b球落地前的整個(gè)過(guò)程中，輕桿對(duì)b球做的總功不為05．某次冰壺比賽中藍(lán)壺靜止在大本營(yíng)Q處，質(zhì)量相等的紅壺與藍(lán)壺發(fā)生對(duì)心正碰，在摩擦力作用下最終分別停在M點(diǎn)和N點(diǎn).可將冰壺視為質(zhì)點(diǎn)，兩冰壺與冰面的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，如圖所示，則（）A．碰撞過(guò)程中兩壺動(dòng)量的變化量相同B．碰后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩壺動(dòng)量的變化量相同C．兩壺碰撞為彈性碰撞D．碰后瞬間藍(lán)壺速度大小為紅壺的2倍6．質(zhì)量為m2的小車(chē)放在光滑的水平面上，小車(chē)上固定一輕大本營(yíng)桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線(xiàn)，細(xì)線(xiàn)另一端系一質(zhì)量為m1的小球，如圖所示，將小球向右拉至細(xì)線(xiàn)與豎直方向成60°角后由靜止釋放，小球向下擺動(dòng)過(guò)程中未碰到小車(chē)與輕桿，重力加速度大小為g，下列說(shuō)法正確的是（）A．球、車(chē)組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒B．小球向左不能能擺到原高度C．小車(chē)向右移動(dòng)的最大距離為3D．小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為27．如圖甲所示，在xOy平面內(nèi)有兩個(gè)沿y軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的點(diǎn)波源S1和S2分別位于x=?5m和x=7m處，某時(shí)刻波源S1在x軸上產(chǎn)生的波形圖如圖乙所示，波源S2的振動(dòng)圖像如圖丙所示，由兩波源所產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧波波速均為13m/s，質(zhì)點(diǎn)a、b、p的平衡位置分別位于xa=3m、xb=?2m、xp甲乙丙A．兩波源所產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧波不會(huì)發(fā)生干涉B．t=30s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a向y軸正方向振動(dòng)C．在32~50s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)b運(yùn)動(dòng)的總路程是0.30mD．穩(wěn)定后質(zhì)點(diǎn)p振動(dòng)的表達(dá)式為y=58．如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，振幅為2cm，某時(shí)刻相距40cm的兩質(zhì)點(diǎn)a、b的位移都是3cm，但運(yùn)動(dòng)方向相反，其中質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)，a的平衡位置距O點(diǎn)不足一個(gè)波長(zhǎng)入，此時(shí)x=0處質(zhì)點(diǎn)恰好經(jīng)過(guò)平衡位置.下列說(shuō)法正確的是（）A．該列簡(jiǎn)諧橫波波長(zhǎng)λ為2.4mB．質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置距O點(diǎn)的距離可能為2λC．質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置距O點(diǎn)的距離一定為λD．再經(jīng)T69．據(jù)報(bào)道ACF極限緩震材料，是一種集緩沖、減震、吸能于一身的高分子高性能材料，能吸收90%以上的機(jī)械能并瞬間把它轉(zhuǎn)化為不明顯的熱能.為了驗(yàn)證該報(bào)道，某同學(xué)找來(lái)一個(gè)ACF緩震材料置于水平地面，將質(zhì)量為m的鋼球置于緩震材料上方H1處?kù)o止釋放，通過(guò)相機(jī)測(cè)出鋼球與緩震材料的接觸時(shí)間t及鋼球反彈的最大高度H2，假設(shè)鋼球始終在豎直方向上運(yùn)動(dòng)，重力加速度大小為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A．沖擊時(shí)機(jī)械能轉(zhuǎn)為熱能百分比為HB．沖擊時(shí)機(jī)械能轉(zhuǎn)為熱能百分比為HC．鋼球與緩震材料接觸過(guò)程中，始終處于超重狀態(tài)D．緩震材料受到鋼球的平均沖力為m10．有兩列簡(jiǎn)諧橫波a、b在同一介質(zhì)中沿x軸相向傳播，其中a波沿x軸正向傳播，如圖所示，在t=0時(shí)刻兩列波的波峰正好在x=0處重合，a、b周期分別為T(mén)a，Tb，則下列判斷正確的是（）A．Ta：Tb=5：7B．t=0時(shí)刻，兩列波的波谷和波谷不可能有重合處C．t=0時(shí)刻，x=17.5cm處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度為0D．t=0.2Ta時(shí)刻，某處必有波峰與波峰重合11．如圖所示，甲乙兩人做拋球游戲，甲站在一輛平板車(chē)上，甲與車(chē)的總質(zhì)量M=50kg，車(chē)與水平地面間的摩擦不計(jì).另有一質(zhì)量m=2kg的球，乙站在車(chē)對(duì)面的地上，身旁有若干質(zhì)量不等的球.開(kāi)始車(chē)靜止，甲將球以速度v（相對(duì)于地面）水平拋給乙，乙接到拋來(lái)的球后，馬上將另一只球以相同速率v水平拋回給甲，甲接到球后，再以速率v將此球水平拋給乙，這樣反復(fù)進(jìn)行，乙每次拋回給甲的球的質(zhì)量都等于他接到球的質(zhì)量的2倍，則（）A．甲每一次拋出球后，速度均增加0.04vB．甲第三次拋出球后，車(chē)的速度為0.52v，方向水平向左C．從第一次算起，甲拋出4個(gè)球后，再也不能接到乙拋回來(lái)的球D．從第一次算起，甲拋出5個(gè)球后，再也不能接到乙拋回來(lái)的球12．圖甲為超聲波懸浮儀，上方圓柱體中，高頻電信號(hào)通過(guò)壓電陶瓷轉(zhuǎn)換成同頻率的高頻聲信號(hào)，發(fā)出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波信號(hào)反射回去.兩列超聲波信號(hào)疊加后，會(huì)出現(xiàn)振幅幾乎為零的點(diǎn)——節(jié)點(diǎn)，在節(jié)點(diǎn)兩側(cè)聲波壓力的作用下，小水珠能在節(jié)點(diǎn)處附近保持懸浮狀態(tài)，該情境可等效簡(jiǎn)化為圖乙所示情形，圖乙為某時(shí)刻兩列超聲波的波形圖，P、Q為波源，點(diǎn)M（?1.5，0）、點(diǎn)N（0.5，0）分別為兩列波的波前，已知聲波傳播的速度為340m/s，則下列說(shuō)法正確的是（）甲乙A．小水珠懸浮時(shí)，受到的聲波壓力為零B．兩列波穩(wěn)定疊加后，波源P、Q之間小水珠共有10個(gè)懸浮點(diǎn)C．兩列波穩(wěn)定疊加后，波源P、Q之間振幅為2A的點(diǎn)共有8個(gè)D．兩列波充分疊加后，小水珠不可以懸浮在點(diǎn)M（?1.5，0）附近二、非選擇題：本題共5小題，共52分。13．用如圖所示裝置探究物體所受合力的沖量與物體動(dòng)量變化的關(guān)系.將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)至水平，輕牽引繩一端連接滑塊，另一端通過(guò)定滑輪連接鉤碼.氣墊導(dǎo)軌充氣后釋放鉤碼，滑塊上的遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)A、B時(shí)間分別為t1、t2，滑塊從光電門(mén)A到B的時(shí)間為t；逐漸改變鉤碼個(gè)數(shù)n（n=1，2，3，…），重復(fù)實(shí)驗(yàn)，并將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)記錄在下列表格中.已知滑塊（含遮光片）總質(zhì)量M=0.422kg，每個(gè)鉤碼質(zhì)量m=0.005kg，遮光片寬度d=0.020m，g取9.8m/s2，計(jì)算時(shí)可認(rèn)為滑塊所受合外力等于鉤碼總重力.數(shù)據(jù)組別t1/st2/st/sn/個(gè)10.1270.0621.459120.0850.0431.005230.0750.0360.858340.0570.0300.699450.0510.0270.6255（1）從光電門(mén)A到B，滑塊“所受合力的沖量”的計(jì)算式是.（用題中相關(guān)物理量的符號(hào)表示）（2）從光電門(mén)A到B，滑塊“動(dòng)量變化”的計(jì)算式是.（用題中相關(guān)物理量的符號(hào)表示）（3）本實(shí)驗(yàn)滑塊“動(dòng)量變化Δp”和“所受合力的沖量I”的相對(duì)誤差δ=|I?Δp|12(14．同學(xué)們用如圖所示的“桿線(xiàn)擺”研究擺的周期與等效重力加速度的關(guān)系.桿線(xiàn)擺可以繞著立柱OO'來(lái)回?cái)[動(dòng)（立柱并不轉(zhuǎn)動(dòng)），使擺球的運(yùn)動(dòng)軌跡被約束在一個(gè)傾斜的平面內(nèi).具體操作步驟如下：（1）測(cè)量“斜面”的傾角①將鐵架臺(tái)放在水平桌面上，在鐵架臺(tái)立柱上綁上重垂線(xiàn)，調(diào)節(jié)桿線(xiàn)擺的線(xiàn)長(zhǎng)，使重垂線(xiàn)與擺桿垂直.②把鐵架臺(tái)底座的一側(cè)墊高，使立柱傾斜.測(cè)出靜止時(shí)擺桿與重垂線(xiàn)的夾角為β，則“斜面”的傾角θ=.（2）根據(jù)斜面傾角，求出等效重力加速度a.測(cè)量桿線(xiàn)擺的周期.盡量減小擺桿與立柱之間的摩擦，將擺拉開(kāi)一個(gè)較小的角度，輕輕釋放擺球.用停表測(cè)量擺球全振動(dòng)20次所用的時(shí)間t，則單擺的周期為T(mén)=.（3）改變鐵架臺(tái)的傾斜程度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將所需數(shù)據(jù)記錄在表格中.序號(hào)θ（°）T（s）a（m/s2）1111.02.521.870.731214.52.112.450.639319.01.833.190.560422.51.733.750.516525.51.624.220.487629.01.504.750.459為了直觀體現(xiàn)周期與等效重力加速度的關(guān)系，請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙中選擇合適的物理量與單位，補(bǔ)全缺少的數(shù)據(jù)點(diǎn)并繪圖.（4）通過(guò)圖線(xiàn)，可以計(jì)算出在擺長(zhǎng)一定的情況下，擺的周期與等效重力加速度的關(guān)系.若忽略球的尺寸，本實(shí)驗(yàn)中的擺長(zhǎng)應(yīng)為（填“擺線(xiàn)”、“擺桿”）的長(zhǎng)度，擺長(zhǎng)為L(zhǎng)=m（結(jié)果保留1位有效數(shù)字）.15．物理學(xué)中，力與運(yùn)動(dòng)關(guān)系密切，而力的空間累積效果——做功，又是能量轉(zhuǎn)化的量度。因此我們研究某些運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以先分析研究對(duì)象的受力特點(diǎn)，進(jìn)而分析其能量問(wèn)題。已知重力加速度為g，且在下列情境中，均不計(jì)空氣阻力。（1）勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧上端固定，下端連一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊，若以小物塊的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，以豎直向下為正方向建立坐標(biāo)軸Ox，如圖所示，用x表示小物塊由平衡位置向下發(fā)生的位移。a．求小物塊的合力F與x的關(guān)系式，并據(jù)此證明小物塊的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；b．系統(tǒng)的總勢(shì)能為重力勢(shì)能與彈性勢(shì)能之和。請(qǐng)你結(jié)合小物塊的受力特點(diǎn)和求解變力功的基本方法，以平衡位置為系統(tǒng)總勢(shì)能的零勢(shì)能參考點(diǎn)，推導(dǎo)小物塊振動(dòng)位移為x時(shí)系統(tǒng)總勢(shì)能Ep（2）若已知此簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為A，求小物塊在振動(dòng)位移為A2時(shí)的動(dòng)能E16．娛樂(lè)風(fēng)洞是一種空中懸浮裝置，在一個(gè)特定的空間內(nèi)人工制造和控制氣流，游人只要穿上特制的可改變受風(fēng)面積（游客在垂直風(fēng)力方向的投影面積）的飛行服跳入飛行區(qū)，即可通過(guò)改變受風(fēng)面積來(lái)實(shí)現(xiàn)向上、向下運(yùn)動(dòng)或懸浮.已知一游客穿上飛行服后質(zhì)量為60kg，腹部向下時(shí)受風(fēng)面積最大為0.7m2，身體直立時(shí)受風(fēng)面積最小為0.2m2，氣流密度為1.2kg/m3，氣流速度為30m/s，重力加速度為g=10m/s2，假設(shè)氣流吹到人身體上后速度近似變?yōu)?.求：（1）若游客在風(fēng)洞內(nèi)懸浮，則受風(fēng)面積應(yīng)調(diào)整為多大；（2）若游客進(jìn)入風(fēng)洞先由最大受風(fēng)面積運(yùn)動(dòng)1s后立即改為最小受風(fēng)面積，求游客距出發(fā)點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為多少.（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）17．如圖所示，傾角θ=37°、長(zhǎng)l=4m的傳送帶bc上端與固定在豎直平面內(nèi)半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道cd相切于c點(diǎn)，半徑Od豎直；傳送帶下端與光滑水平面ab間用一極小段光滑的圓弧平滑連接.可視成質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量分別為mA=1kg、mB=4kg的物塊A、B之間夾著一根僅與物塊B栓連、被壓縮且鎖定的輕短彈簧，它們靜止在光滑的水平軌道ab上.已知傳送帶以v0=2m/s逆時(shí)針勻速傳動(dòng)，物塊A與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5，重力加速g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.（1）若解除彈簧鎖定后，要使物塊A恰能通過(guò)圓弧軌道最高點(diǎn)，求開(kāi)始時(shí)彈簧彈性勢(shì)能Ep大小；（2）若開(kāi)始時(shí)彈簧彈性勢(shì)能Ep=40J，求解除彈簧鎖定后，物塊A在傳送帶上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的摩擦熱；（3）在（2）問(wèn)的基礎(chǔ)上，求物塊A在光滑水平面ab上運(yùn)動(dòng)的最終速度大小.

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】AB.由題意可知，小球從A點(diǎn)滑到B點(diǎn)的過(guò)程中，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球所受合外力提供向心力，故合外力不零，合外力的沖量I=Ft，不為零；由于向心力總與速度垂直，所以向心力不做功，即合力做功為零，A符合題意，B不符合題意；

CD.小球從A點(diǎn)滑到B點(diǎn)的過(guò)程中，速度大小不變，故小球的動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，所以小球的機(jī)械能減小，CD不符合題意。

故答案為：A。

【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)中，合外力即為向心力，由沖量的定義式I=Ft分析合外力的沖量；根據(jù)合外力與速度的方向關(guān)系，分析合外力做功；根據(jù)小球從A點(diǎn)滑到B點(diǎn)的過(guò)程中，動(dòng)能和重力勢(shì)能的變化情況分析機(jī)械能的變化情況。2．【答案】D【解析】【解答】A.彈簧振子振動(dòng)過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有1可得該振動(dòng)的振幅為A=0.08m，振子在端點(diǎn)的加速度最大，由牛頓第二定律可知振子的最大加速度為a=A不符合題意；

B.振子經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)，彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，可得1所以振子經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)的速度為v=0.8B不符合題意；

CD.振子在位移最大處時(shí)，速度為零，動(dòng)能為零，所以振子質(zhì)量突變?yōu)?.4kg，不影響系統(tǒng)的機(jī)械能，當(dāng)振子運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)，依然有12mv2=0.08J3．【答案】B【解析】【解答】B.小球在垂直于虛線(xiàn)所在平面內(nèi)做類(lèi)似單擺運(yùn)動(dòng)，小球從a到b、從b到c、從c到d的時(shí)間均為半個(gè)周期，所以經(jīng)過(guò)ab、bc、cd的時(shí)間相等，B符合題意；

A.小球在沿虛線(xiàn)方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榻?jīng)過(guò)ab、bc、cd的時(shí)間相等，所以ab<bc<cdA不符合題意；

C.由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能變化量等于合外力做功，與初速度大小無(wú)關(guān)，C不符合題意；

D.小球通過(guò)a、b、c三點(diǎn)時(shí)，斜面對(duì)小球的支持力與小球重力在垂直斜面方向的合力提供其在垂直于虛線(xiàn)平面內(nèi)分（圓周）運(yùn)動(dòng)的向心力，由于向心力不做功，所以小球通過(guò)a、b、c三點(diǎn)時(shí)在垂直于虛線(xiàn)方向的分速度大小相同，初速度方向沿虛線(xiàn)向下，無(wú)論初速度大小如何，小球所需向心力大小相同，受到斜面的支持力大小相同，根據(jù)牛頓第三定律可知小球通過(guò)a、b、c三點(diǎn)時(shí)對(duì)斜面的壓力大小相同，與初速度無(wú)關(guān)，D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】將小球的運(yùn)動(dòng)分解，小球在平行虛線(xiàn)方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在垂直虛線(xiàn)方向，可視為一個(gè)單擺運(yùn)動(dòng)，根據(jù)單擺運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，分析小球經(jīng)過(guò)ab、bc、cd的時(shí)間關(guān)系；根據(jù)勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，分析虛線(xiàn)處的ab、bc、cd間距的大小關(guān)系；由動(dòng)能定理分析小球動(dòng)能的變化量；根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，分析小球垂直虛線(xiàn)方向的分運(yùn)動(dòng)，得出小球小球通過(guò)a、b、c三點(diǎn)時(shí)對(duì)曲面的壓力與初速度的關(guān)系。4．【答案】C【解析】【解答】A.由于地面光滑，所以a、b組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合力為零，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，由于系統(tǒng)水平方向初動(dòng)量為零，在b球落地瞬間，b球速度與水平面垂直，水平分量為零，由水平方向上的動(dòng)量守恒可知，a球的速度為零，A不符合題意；

B.由于當(dāng)b球落地的瞬間，a球速度為零，可知a球先加速后減速到最后速度變?yōu)?，則輕桿對(duì)a球先做正功后做負(fù)功，由于球a、b與輕桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則在b球落地前的整個(gè)過(guò)程中，輕桿對(duì)b球先做負(fù)功后做正功，故此過(guò)程中b球的機(jī)械能不守恒，B不符合題意；

C.對(duì)b球，水平方向上動(dòng)量變化為零，由動(dòng)量定理可知，桿對(duì)b球的水平?jīng)_量為零，在豎直方向上，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，b落地時(shí)速度與只在重力作用下的速度一樣，如圖所示圖像中斜線(xiàn)為b球自由落體運(yùn)動(dòng)的圖線(xiàn)，曲線(xiàn)為b球豎直方向的運(yùn)動(dòng)圖線(xiàn)，在豎直方向上運(yùn)動(dòng)的位移與落地速度相同，對(duì)比可知b球落地所用時(shí)間相對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間要長(zhǎng)，由動(dòng)量定理可知桿對(duì)b球的豎直方向的沖量必定不為零，所以由桿對(duì)b球的水平和豎直沖量可知，桿對(duì)b球的沖量不為零，C符合題意；

D.由于b落地時(shí)的速度與只有重力作用時(shí)速度相同，所以b球落地前的整個(gè)過(guò)程中，b球受到的合力對(duì)b球做的總功等于重力做功，所以整個(gè)過(guò)程中桿對(duì)b球做的總功為零，D不符合題。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)分動(dòng)量守恒定律，分析b球落地的瞬間，a球的速度；由a、b兩球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度變化，分析桿對(duì)兩小球的做功情況，再分析機(jī)械能；由b球的速度變化情況，分析桿對(duì)b的沖量和總功。5．【答案】D【解析】【解答】A.兩壺碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，所以紅壺的動(dòng)量減少等于藍(lán)壺的動(dòng)量增加，故碰撞過(guò)程中兩壺動(dòng)量的變化量的大小相等，方向相反，A不符合題意；

B.由于碰后兩壺運(yùn)動(dòng)的距離不相同，而兩壺的加速度大小a=相同，可知碰后兩壺做勻減速運(yùn)動(dòng)的初速度大小不同，而末速度均為零，故動(dòng)量的變化量的大小?p=m不相同，B不符合題意；

C.如果兩壺發(fā)生的是彈性碰撞，因?yàn)閮蓧刭|(zhì)量相等，所以碰后應(yīng)該速度互換，碰后瞬間紅壺應(yīng)靜止，藍(lán)壺向前運(yùn)動(dòng)，與題意不符，C不符合題意；

D.由題意可得，碰后紅壺運(yùn)動(dòng)的距離為x藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)的距離為x碰后勻減速運(yùn)動(dòng)加速度大小相等，則x1=聯(lián)立可得vD符合題意；

故答案為：D。

【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律，分析碰撞過(guò)程中兩壺動(dòng)量的變化量的關(guān)系；由動(dòng)量變化量的定義式?p=mv-6．【答案】C【解析】【解答】A.小球在下擺的過(guò)程中，由豎直方向上有加速度，所以球和車(chē)組成的系統(tǒng)在豎直方向上受的合力不為零，系統(tǒng)總動(dòng)量不守恒，A不符合題意；

B.由于球、車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向所受外力的合力為0，則系統(tǒng)在水平方向上的動(dòng)量守恒，可知當(dāng)小球向左擺到最高點(diǎn)時(shí)，球與車(chē)的速度均為0，而球、車(chē)組成的系統(tǒng)內(nèi)，只發(fā)生了動(dòng)能和重力勢(shì)能的相互轉(zhuǎn)化，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，所以小球向左仍能擺到原高度，B不符合題意；

C.當(dāng)小球擺到左側(cè)最高點(diǎn)過(guò)程，小車(chē)位移最大，由人船模型原理可得m其中x解得小車(chē)向右移動(dòng)的最大距離為xC符合題意；

D.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒有m根據(jù)機(jī)械能守恒定律有m解得vD不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒的條件分析；由系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒的特點(diǎn)，分析小球向左擺到最高點(diǎn)時(shí)的速度，再由機(jī)械能守恒定律分析小球向左能否擺到原高度；根據(jù)人船模型原理，分析小車(chē)向右移動(dòng)的最大距離；對(duì)小球由最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最大點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律分析小車(chē)和球組成的系統(tǒng)，求出小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小。7．【答案】C【解析】【解答】A.由圖乙可知，波源S1產(chǎn)生的波的波長(zhǎng)λf由圖丙可知波源S2的周期為T(mén)f所以波源S1和波源S2的頻率相同，兩列波振動(dòng)方向相同，相位差固定，為相干波源，則兩波源所產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧波可發(fā)生干涉，A不符合題意；

B.由圖丙知，在t=5s時(shí)，波源S2?t=25波源S1和Sλ可知a點(diǎn)距波源S1的距離兩個(gè)波長(zhǎng)，距波源S2的距離為一個(gè)波長(zhǎng)，根據(jù)相距波長(zhǎng)整數(shù)倍的兩點(diǎn)，振動(dòng)情況總相同，可知波源S1和波源S2所引起的波均在t=30s時(shí)，使質(zhì)點(diǎn)a在平衡位置下方且向軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)波的疊加原理可知，t=30s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a向y軸負(fù)方向振動(dòng)，B不符合題意；

C.質(zhì)點(diǎn)b到波源?可知b點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則b點(diǎn)的振幅為A在32～50s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)了18根據(jù)一個(gè)周期質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)4個(gè)振幅的路程，可知質(zhì)點(diǎn)b在32～50s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的總路程s=C符合題意；

D.質(zhì)點(diǎn)p到兩波源的距離差為?可知p點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，則p點(diǎn)的振幅為Aω=2πf=由題在t=5s時(shí)兩波源均在平衡位置且向下振動(dòng)，p到兩波源的距離為6cm，可知p點(diǎn)到兩波源的距離等于半波長(zhǎng)，則在t=5s時(shí)p質(zhì)點(diǎn)在平衡位置且向上振動(dòng)，相位為0，則p點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的初相位為φ0ω×5+可得φ穩(wěn)定后質(zhì)點(diǎn)p振動(dòng)的表達(dá)式為y=35D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】分別計(jì)算兩波的頻率，再由波的干涉條件分析兩列波能否產(chǎn)生干涉；先分析t=30s時(shí)兩列波分別引起的a點(diǎn)的振動(dòng)情況，再根據(jù)波的疊加原理，分析a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向；通過(guò)b到兩波源的路程與波長(zhǎng)的關(guān)系，判斷出b是減弱點(diǎn)，求出b的振幅，再根據(jù)一個(gè)周期質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)4個(gè)振幅的路程，求出質(zhì)點(diǎn)b在32～50s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的總路程；根據(jù)p到兩波源的路程差確定p是加強(qiáng)點(diǎn)，求出振幅，判斷p點(diǎn)在t=5s時(shí)的振動(dòng)情況，求出P點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的初相位，再根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程寫(xiě)出p點(diǎn)振動(dòng)的表達(dá)式。8．【答案】B【解析】【解答】A.設(shè)質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上，圖中時(shí)刻b的振動(dòng)方程為3可得ωa質(zhì)點(diǎn)比b振動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，所以a的振動(dòng)方程為3可得ω則a、b振動(dòng)的時(shí)間差最短為?t=所以ab之間的最短距離為?x=v?t=則a、b之間的距離通式為(n+可得λ=A不符合題意；

BC.若O點(diǎn)正在向下振動(dòng)，由A的分析和題意可知，質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置距O點(diǎn)的距離為x若0點(diǎn)正在向上振動(dòng)，由A的分析和題意可知，質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置距O點(diǎn)的距離為xB符合題意，C不符合題意；

D.因?yàn)閍、b間距最短為λ6，根據(jù)a、b關(guān)于波峰對(duì)稱(chēng)的特點(diǎn)可知，波峰需向前傳播λ12到達(dá)b點(diǎn)，根據(jù)一個(gè)周期波向前一個(gè)波長(zhǎng)，可知波峰傳到b點(diǎn)最短還需T12，即b點(diǎn)最短經(jīng)T12到達(dá)波峰，D不符合題意。9．【答案】B,D【解析】【解答】AB.根據(jù)題意可知，沖擊前鋼球的機(jī)械能為E沖擊后鋼球的機(jī)械能為E由能量守恒定律可得，轉(zhuǎn)化內(nèi)能的機(jī)械能為Q=沖擊時(shí)機(jī)械能轉(zhuǎn)為熱能百分比為η=A不符合題意，B符合題意；

C.鋼球與緩震材料接觸過(guò)程中，下降階段，減震材料對(duì)鋼球的向上的作用力先小于重力，再大于重力，上升階段，減震材料對(duì)鋼球的向上的作用力先大于重力，再小于重力，故小球的加速度先向下，再向上，再向下，可知鋼球先失重后超重再失重，C不符合題意；

D.以向上為正方向，對(duì)鋼球，根據(jù)動(dòng)量定理有(F-mg)t=m由自由落體公式2gh=可得v1=聯(lián)立解得緩震材料受到鋼球的平均沖力為F=mD符合題意。

故答案為：BD。

【分析】求出沖擊緩震材料前后鋼球的機(jī)械能，再由能量守恒定律求出沖擊過(guò)程中產(chǎn)生的熱能，在計(jì)算沖擊過(guò)程機(jī)械能轉(zhuǎn)為熱能的百分比；根據(jù)鋼球與減震材料作用過(guò)程中的加速度方向，分析超重失重問(wèn)題；根據(jù)動(dòng)量定理分析緩震材料受到鋼球的平均沖力。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.由圖可知λa=2.5兩列波在同一介質(zhì)傳播，故兩列波的波速相等，根據(jù)T=λTA符合題意；

B.t=0時(shí)刻，a波的波谷平衡位置對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)為xb波的波谷平衡位置對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)為x兩列波的波谷重合處有x即5n1=7n2+1時(shí)，兩列波的波谷重合，B不符合題意；x=v·0.2可知t=0.2Ta時(shí)刻的a、b波的波形圖可由t=0時(shí)刻的a、b波的波形圖分別向右、左平移0.5m所得，由C可知t=0時(shí)刻，在x=17.5cm處a、b波波峰重合，故t=0.2Ta時(shí)刻，某處必有波峰與波峰重合，D符合題意。

故答案為：ACD。

【分析】根據(jù)機(jī)械波的速度由介質(zhì)決定，得出兩列波的傳播速度相等，再由波速公式11．【答案】B,C【解析】【解答】A.以向右為正方向，甲第一次拋出球后，對(duì)甲、車(chē)與第一只球構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mv-M解得v方向水平向左，甲第二次拋出球后，對(duì)甲、車(chē)與第二只球構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有M解得v方向水平向左，甲第二次拋出球后速度增加量?v=A不符合題意；

B.甲第三次拋出球后，對(duì)甲、車(chē)與第三只球構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有M解得v方向水平向左，B符合題意；

CD.根據(jù)由動(dòng)量守恒定律對(duì)前三次拋球列出的動(dòng)量守恒表達(dá)式，經(jīng)過(guò)歸納總結(jié)可得，甲第n次拋出球后有M解得v若甲不能接到乙拋回來(lái)的球，則有vn≥v，解得n>3，即從第一次算起，甲拋出4個(gè)球后，再也不能接到乙拋回來(lái)的球，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：BC。12．【答案】C,D【解析】【解答】A.小水珠懸浮時(shí)，受力平衡條，可知小水珠受到的聲波壓力與重力等大反向，A不符合題意；

B.由波源P、Q振動(dòng)步調(diào)相反，當(dāng)波程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)，該點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)，設(shè)波源P、Q之間某一點(diǎn)坐標(biāo)為x，懸浮點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，滿(mǎn)足(2-x)-[x-(-2.5)]=解得x=±0.25、±0.75、±1.25、±1.75、-2.25，故兩列波穩(wěn)定疊加后，波源P、Q之間小水珠共有9個(gè)懸浮點(diǎn)，B不符合題意；

C.波源P、Q之間振幅為2A的點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，當(dāng)波程差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，該點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，滿(mǎn)足|(2-x)-[x-(-2.5)]=|2x+0.5|=2n+1解得x=0、±0.5、±1、±1.5、-2，兩列波穩(wěn)定疊加后，波源P、Q之間振幅為2A的點(diǎn)共有8個(gè)，C符合題意；

D.由于P、Q兩個(gè)波源振動(dòng)步調(diào)相反，M點(diǎn)與兩個(gè)波源的波程差為?s=而波長(zhǎng)λ=1cm，可知?s為2.5個(gè)波長(zhǎng)，所以M點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，不是節(jié)點(diǎn)，小水珠不能懸浮在此處，D符合題意。

故答案為：CD。

13．【答案】（1）nmgt（2）Md(（3）5.94（5.90~5.98）【解析】【解答】（1）由于鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量，所以滑塊受到的拉力可認(rèn)為等于鉤碼的重力，由沖量的定義式I=Ft可得，滑塊所受合力的沖量為I=nmgt所以滑塊“所受合力的沖量”的計(jì)算式是nmgt。

（2）滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)A、B時(shí)的速度分別為vA=則滑塊的動(dòng)量變化為?p=M則滑塊“動(dòng)量變化”的計(jì)算式是Md(1t2-1t1I=nmgt=0.156?p=Md(則相對(duì)誤差為δ=【分析】（1）由沖量的定義式I=Ft，得出滑塊受到的合力沖量的表達(dá)式；（2）根據(jù)動(dòng)量變化量?p=mv-mv0，得出滑塊動(dòng)量變化的表達(dá)式；（3）用第5組數(shù)據(jù)求出滑塊從A運(yùn)動(dòng)到B，所受合力的沖量I和動(dòng)量的變化量14．【答案】（1）90°?β（2）t（3）（4）擺桿；0.3【解析】【解答】（1）由幾何關(guān)系可得θ=90°-β（2）由題意可知，擺球全振動(dòng)20次所用的時(shí)間t，則單擺的周期為T(mén)=（3）a為等效重力加速度，根據(jù)單擺周期公式T=2πLT=2π為了使直觀體現(xiàn)周期與等效重力加速度的關(guān)系，應(yīng)使圖線(xiàn)成直線(xiàn)，所以在圖中以周期T為縱坐標(biāo)軸、則應(yīng)以1a為橫坐標(biāo)軸建立坐標(biāo)系，根據(jù)表格中相應(yīng)的各組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)作圖，如圖所示：

（4）本實(shí)驗(yàn)的擺長(zhǎng)為擺桿；由上述圖像T-1k=結(jié)合T-1k=2π解得L=【分析】（1）由幾何關(guān)系求出θ與β的關(guān)系；（2）一次全振動(dòng)的時(shí)間為一個(gè)周期，由所給數(shù)據(jù)求出單擺的周期；（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2πLg，推導(dǎo)該單擺的周期表達(dá)式，根據(jù)圖線(xiàn)為直線(xiàn)能更直觀的體現(xiàn)物理量之間的關(guān)系，確定橫軸表示的物理量，然后根據(jù)表中數(shù)據(jù)做出圖像；（4）根據(jù)15．【答案】（1）解：a．設(shè)小物塊