2025屆廣東省東莞外國語學(xué)校高二物理第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度和磁感線,下列說法中錯(cuò)誤的是A.磁體的磁感線從磁體的N極出來到磁體的S極終止B.磁感線的疏密程度表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感線間隔相等、互相平行D.磁場(chǎng)中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向跟該點(diǎn)小磁針受力方向相同2、如圖所示，固定的水平長直導(dǎo)線中通有電流I，矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行。線框由靜止釋放，在下落過程中（）A.穿過線框的磁通量保持不變 B.線框中感應(yīng)電流方向保持不變C.線框所受安培力的合力為零 D.穿過線框的磁通量變大3、圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)．可以判定（）A.M點(diǎn)的電勢(shì)小于N點(diǎn)的電勢(shì)B.粒子帶正電，M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)C.粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力D.粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能4、關(guān)于科學(xué)家在電磁學(xué)中的貢獻(xiàn)，下列說法不符合歷史事實(shí)的是（）A.庫倫測(cè)出了靜電力常量KB.安培提出了左手定則判斷磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力方向C.洛倫茲提出了分子電流假說D.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)5、如圖所示，在通電直導(dǎo)線下方，有一電子沿平行導(dǎo)線方向以速度v開始運(yùn)動(dòng)，則()A.將沿軌跡Ⅰ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越小B.將沿軌跡Ⅰ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越大C.將沿軌跡Ⅱ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越小D.將沿軌跡Ⅱ運(yùn)動(dòng)，半徑越來越大6、如圖所示，把一個(gè)光滑圓球放在兩塊擋板AC和AB之間，AC與AB之間夾角為30°，現(xiàn)將AC板固定而使AB板順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)90°，則()A.球?qū)B板的壓力先減小后增大B.球?qū)B板的壓力逐漸減小C.球?qū)C板的壓力逐漸增大D.球?qū)C板的壓力先減小后增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖1所示，光滑的平行豎直金屬導(dǎo)軌AB、CD相距L，在A、C之間接一個(gè)阻值為R的電阻，在兩導(dǎo)軌間abcd矩形區(qū)域內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面豎直向上、寬為5d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一質(zhì)量為m、電阻為r、長度也剛好為L的導(dǎo)體棒放在磁場(chǎng)下邊界ab上（與ab邊重合），現(xiàn)用一個(gè)豎直向上的力F拉導(dǎo)體棒，使它由靜止開始運(yùn)動(dòng)，已知導(dǎo)體棒離開磁場(chǎng)前已開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終垂直且保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，F(xiàn)隨導(dǎo)體棒與初始位置的距離x變化的情況如圖2所示，下列判斷正確的是（）A.導(dǎo)體棒離開磁場(chǎng)時(shí)速度大小為B.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場(chǎng)的過程中，通過電阻R的電荷量為C.離開磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)體棒兩端電壓為D.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場(chǎng)的過程中，電阻R產(chǎn)生焦耳熱為8、如圖所示，光滑固定導(dǎo)軌m、n水平放置，兩根導(dǎo)體棒p、q平行放于導(dǎo)軌上，形成一個(gè)閉合回路。當(dāng)一條形磁體從高處下落接近回路時(shí)（重力加速度為g）（）A.p、q將互相靠攏 B.p、q將互相遠(yuǎn)離C.磁體的加速度仍為g D.磁體的加速度小于g9、如圖是一個(gè)回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連?，F(xiàn)分別加速氘核（）和氦核（），下列正確的是（）A.它們的最大速度相同B.兩次所接高頻電源的頻率不同C.若加速電壓不變，則它們的加速次數(shù)相等D.僅增大高頻電源的頻率可增大粒子的最大動(dòng)能10、矩形線圈abcd，長ab=20cm，寬bc=10cm，匝數(shù)n=200，線圈回路總電阻R=5Ω。整個(gè)線圈平面內(nèi)均有垂直于線圈平面的磁場(chǎng)穿過。若磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示，則()A.線圈回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間均勻變化B.線圈回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為0.4AC.當(dāng)t=0.3s時(shí)，線圈ab邊所受的安培力大小為0.016ND.在1min內(nèi)線圈回路產(chǎn)生的焦耳熱為48J三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中,待測(cè)金屬絲的電阻Rx約為5Ω,實(shí)驗(yàn)室備有下列實(shí)驗(yàn)器材：A．電壓表V1(量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ)B．電壓表V2(量程15V，內(nèi)阻約為75kΩ)C．電流表A1(量程3A，內(nèi)阻約為0.2Ω)D．電流表A2(量程0.6A，內(nèi)阻約為1Ω)E．滑動(dòng)變阻器R1(0～50Ω，0.6A)F．滑動(dòng)變阻器R2(0～500Ω，0.1A)G．電池E(電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻約為0.3Ω)H．開關(guān)S，導(dǎo)線若干(1`)為提高實(shí)驗(yàn)精確度,減小實(shí)驗(yàn)誤差,電壓表應(yīng)選用__________．電流表應(yīng)選用__________．滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用__________．（選填器材前面的字母序號(hào)）(2)為減小伏安法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)誤差,應(yīng)選用_________[填“甲”或“乙”]為該實(shí)驗(yàn)的電路圖(3)某次實(shí)驗(yàn)中，電表表盤如圖所示，則電壓表讀數(shù)為________V,電流表讀數(shù)為________A;(4)用千分尺測(cè)量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，該金屬絲的直徑的測(cè)量值為________mm.12．（12分）測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)電路和U—I圖象如圖所示現(xiàn)備有以下器材：A.干電池1個(gè)B.滑動(dòng)變阻器（0?50Ω）C.電壓表（0?3V）D.電壓表（0?15V）E.電流表（0?0.6A）F.電流表（0?3A）(1)其中電壓表____和電流表應(yīng)選_____（填字母代號(hào)）(2)如圖乙是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的U—I圖象.由此可知這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=___V，內(nèi)電阻r=___（保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的坐標(biāo)系中，第一和第二象限（包括y軸的正半軸）內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；第三和第四象限內(nèi)存在平行于y軸正方向、大小未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)．p點(diǎn)為y軸正半軸上的一點(diǎn)，坐標(biāo)為（0，）；n點(diǎn)為y軸負(fù)半軸上的一點(diǎn)，坐標(biāo)未知．現(xiàn)有一質(zhì)量為m電荷量為q帶正電的粒子由p點(diǎn)沿y軸正方向以一定的速度射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后以與x軸正方向成45°角的方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，該粒子恰好垂直于y軸經(jīng)過n點(diǎn)，粒子的重力忽略不計(jì)．求：（1）粒子在p點(diǎn)的速度大小；（2）第三和第四象限內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。唬?）帶電粒子從由p點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次通過x軸的總時(shí)間.14．（16分）容器A中裝有大量質(zhì)量不同、電荷量均為q的帶正電的粒子，粒子從容器下方的小孔不斷飄入加速電場(chǎng)初速度可視為零做直線運(yùn)動(dòng)通過小孔后，從兩平行板中央垂直電場(chǎng)方向射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．粒子通過平行板后垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，最后打在感光片上，如圖所示．已知加速場(chǎng)、間的加速電壓為U，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板長為L，兩板間距也為L，板間勻強(qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度，方向水平向左忽略板間外的電場(chǎng)．平行板f的下端與磁場(chǎng)邊界ab相交為P，在邊界PQ上固定放置感光片．測(cè)得從容器A中逸出的所有粒子均打在感光片P、Q之間，且Q距P的長度為3L，不考慮粒子所受重力與粒子間的相互作用，求：粒子射入磁場(chǎng)時(shí)，其速度方向與邊界ab間的夾角；射到感光片Q處的粒子的質(zhì)量；粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間15．（12分）如圖，直線MN兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向均垂直紙面向里，左側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，右側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B．一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的帶電粒子，以速度v沿與NM夾角θ=方向第1次經(jīng)過MN上的O點(diǎn)射入右側(cè)磁場(chǎng)中，不計(jì)粒子重力．求：（1）粒子第2次經(jīng)過MN時(shí)的位置與O點(diǎn)的距離；（2）粒子從離開O點(diǎn)到第2次經(jīng)過O點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】磁感線是描述磁場(chǎng)分布而假想；磁感線的疏密表示磁場(chǎng)強(qiáng)弱，磁感線某點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向；磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內(nèi)部是從S極到N極；【詳解】A．磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內(nèi)部是從S極到N極，故A錯(cuò)誤；B．磁感線是描述磁場(chǎng)分布而假想引入的，磁感線的疏密表示磁場(chǎng)強(qiáng)弱，故B正確；C．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的特點(diǎn)：磁感線間隔相等、互相平行，故C正確；D．某處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是該處小磁針北極所指的方向，即小磁針N極靜止時(shí)的方向，故D正確【點(diǎn)睛】通過不存在的磁感線來形象表達(dá)客觀存在的磁場(chǎng)，磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，某點(diǎn)的切線方向就是該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，也是磁感應(yīng)強(qiáng)度方向2、B【解析】ABD．根據(jù)右手螺旋定則，知直導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，線框由靜止釋放，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，即方向保持不變。故AD錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)左手定則，上邊所受的安培力方向向上，下邊所受的安培力方向向下，由于上邊所處的磁場(chǎng)強(qiáng)，所以上邊所受的安培力大小大于下邊所受的安培力大小，所以線框所受安培力的合力方向豎直向上。故C錯(cuò)誤。故選B。3、B【解析】A、粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，斜向左下方，與電場(chǎng)方向一致，粒子帶正電，根據(jù)順著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，可知過M點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)高于過N點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)，則M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤，B正確；C、由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小，由知，粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故C錯(cuò)誤；D、從M到N，粒子的所受電場(chǎng)力斜向左下方，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，電勢(shì)能減少，所以粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤4、C【解析】A．庫倫也用類似的扭秤裝置測(cè)出了靜電力常量k，故A正確；B．安培提出了左手定則判斷磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力方向，故B正確；C．安培提出了分子電流假說，故C錯(cuò)誤；D．奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故D正確。故選C。5、A【解析】CD．由安培定則可知，通電直導(dǎo)線在其下方的磁場(chǎng)垂直紙面向里，如圖所示，根據(jù)左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡Ⅰ運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤；AB．因離導(dǎo)線越近，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，根據(jù)Bqv＝m可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確，B錯(cuò)誤。故選A。6、A【解析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出小球三個(gè)不同位置的受力圖如圖，可見，使AB板順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過程中，AB板對(duì)球的支持力N1先減小后增大，AC板對(duì)球的支持力N2一直減小，由牛頓第三定律得知，球?qū)B板的壓力先減小后增大，球?qū)C板的壓力一直減?。蔄正確，BCD均錯(cuò)誤考點(diǎn)：物體平衡條件的應(yīng)用平行四邊形定則二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A.設(shè)導(dǎo)體棒離開磁場(chǎng)時(shí)速度大小為v．此時(shí)導(dǎo)體棒受到的安培力大小為：由平衡條件得：由圖2知：聯(lián)立解得：故A正確；B.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場(chǎng)的過程中，通過電阻R的電荷量為：故B錯(cuò)誤；C.離開磁場(chǎng)時(shí)，由F=BIL+mg得：導(dǎo)體棒兩端電壓為：故C正確；D.導(dǎo)體棒經(jīng)過磁場(chǎng)的過程中，設(shè)回路產(chǎn)生的總焦耳熱為Q．根據(jù)功能關(guān)系可得：而拉力做功為：電阻R產(chǎn)生焦耳熱為：聯(lián)立解得：故D正確故選ACD【點(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合應(yīng)用，對(duì)于這類問題一定要正確分析安培力的大小和方向，要掌握安培力經(jīng)驗(yàn)公式，能正確分析能量是轉(zhuǎn)化的，運(yùn)用能量守恒定律求焦耳熱8、AD【解析】當(dāng)一條形磁鐵從高處下落接近回路時(shí)，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，可知，p、q將互相靠攏，回路的面積減小一點(diǎn)，使穿過回路的磁場(chǎng)減小一點(diǎn)，起到阻礙原磁通量增加的作用，由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故AD正確，BC錯(cuò)誤。故選AD。9、AC【解析】A．根據(jù)，得兩粒子的比荷相等，所以最大速度相等。故A正確。B．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期兩粒子的比荷相等，所以周期和頻率相等。故B錯(cuò)誤。C．最大動(dòng)能則加速次數(shù)兩粒子的比荷相等，加速電壓不變，則加速次數(shù)相同，選項(xiàng)C正確；D．根據(jù)知，僅增大高頻電源的頻率不能增大粒子動(dòng)能，故D錯(cuò)誤；故選AC。10、BD【解析】AB．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由閉合電路歐姆定律可得A錯(cuò)誤，B正確；C．當(dāng)t=0.3s時(shí)，通電導(dǎo)線受到的安培力為C錯(cuò)誤；D．在1min內(nèi)線圈回路產(chǎn)生的焦耳熱D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.D③.E④.乙⑤.1.20⑥.0.50⑦.1.685(1.684~1.687)【解析】(1)根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表，由歐姆定律求出電路最大電流，根據(jù)電路最大電流選擇電流表，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器(2)根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表采用內(nèi)接法還是外接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路(3)電表讀數(shù)要根據(jù)精確度選擇估讀在同一位或下一位.(4)螺旋測(cè)微器的精確度為0.01mm，通過格數(shù)的估讀會(huì)讀到0.001mm.【詳解】(1)由于電源的電動(dòng)勢(shì)為3

V，所以電壓表應(yīng)選A，被測(cè)電阻阻值約為5Ω，電路中的最大電流約為,則電流表選D；為保證安全且方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選小電阻E(50Ω).(2)由于,即待測(cè)電阻為小電阻，采用小電阻外接法測(cè)量值會(huì)偏??；故選乙電路.(3)電壓表的量程為3V，精確度為0.1V，需估讀到下一位，故讀數(shù)為1.20V；電流表的量程為0.6A，精確度為0.02A，需估讀到同一位，故讀數(shù)為0.50V.(4)由圖示螺旋測(cè)微器可知，導(dǎo)線的直徑d=1.5mm+18.5×0.01mm=1.685mm(1.684~1.687).【點(diǎn)睛】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選取、實(shí)驗(yàn)電路的選擇、連接實(shí)物電路圖；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選取原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作；確定電流表的接法是正確解題的關(guān)鍵12、①.C②.E③.1.5④.0.75【解析】(1)[1]電源電動(dòng)勢(shì)大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇C[2]電路中的電流較小，因此電流表選擇0.6A量程的E(2)[3]在U-I圖象中圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)等于電源的電動(dòng)勢(shì)，所以由圖可以讀出電源的電動(dòng)勢(shì)為1.5V[4]圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻，所以電源的內(nèi)阻為四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】（1）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何知識(shí)得：r=l，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qv0B=m，解得：；（2）粒子進(jìn)入電場(chǎng)在第二象限中的逆過程為類平拋運(yùn)動(dòng)，速度：由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：解得：，；（3）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：，粒子第一次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：，粒子從開始到第二次通過x軸所用時(shí)間：t=t1+2t2=；14、（1）45°（2）（3）【解析】（1）粒子先經(jīng)過加速電場(chǎng)的加速后進(jìn)入水平勻強(qiáng)電場(chǎng)做類平拋運(yùn)動(dòng)，由速度的方向公式直接能求出末速度方向，這是為后續(xù)計(jì)算做一個(gè)鋪墊；（2）粒子從e板下端與水平方向成45°的角射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)270°后打在Q點(diǎn)，由幾何關(guān)系求出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再由洛侖茲力提供向心力就能求出粒子的比荷；（3）先判斷出打在何處的粒子的時(shí)間最短，由于，即質(zhì)量最大的粒子時(shí)間最長，再由半徑公式知質(zhì)量最大則半徑最小，所以打在Q點(diǎn)的粒子時(shí)間最長，再利用周期公式結(jié)合粒子轉(zhuǎn)過的圓心角即可求出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間【詳解】（1）加速電場(chǎng)運(yùn)用動(dòng)能定理：qU=mv02可得進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的初速度：v0=①粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋規(guī)律可得：L=v0t②沿電場(chǎng)線方向的分速度：vy=at③根據(jù)牛頓第二定律可得：Eq=ma④又因?yàn)椋篍=⑤設(shè)粒子的速度偏轉(zhuǎn)角為θ，聯(lián)立①②③④⑤式可得：tanθ==1故速度偏向角為45°，其速度方向與邊界ad間的夾角為：90°-45°=45°（2）粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)位移：y=at2=根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合