2025屆云南省祿豐縣民族中學高二物理第一學期期末質(zhì)量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，直角三角形的AB邊長為L，∠C為30°，三角形所圍區(qū)域內(nèi)存在著方向垂直紙面向里的勻強磁場．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電粒子(不計重力)從A點沿AB方向以速度v0射入磁場，要使粒子不從BC邊穿出磁場，則下列說法正確的是A.磁感應強度的最小值為B=B.磁感應強度的最小值為B=C.粒子在磁場中運動的最長時間為t=D.粒子在磁場中運動的最長時間為t=2、如圖所示，為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經(jīng)過機械過濾裝置再進入靜電除塵區(qū)、圖中虛線是某一帶負電的塵埃(不計重力)僅在電場力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，A.A點電勢高于B點電勢B.塵埃在A點的加速度大于在B點的加速度C.塵埃在遷移過程中做勻變速運動D.塵埃在遷移過程中電勢能始終在增大3、兩個完全相同的金屬球AB，A帶正電為3q，B不帶電，將兩導體接觸一下再分開，則B導體的帶電荷量變?yōu)锳.﹣q B.qC.1.5q D.3q4、如圖所示的皮帶傳動裝置中，甲、乙、丙三輪的軸均為水平軸，其中甲、乙、丙三輪的半徑之比．、、三點分別是甲、乙、丙三輪的邊緣點，若傳動中皮帶不打滑，則()A.，兩點的線速度大小之比為B.，兩點的角速度大小之比為C.，兩點的向心加速度大小之比為D.，兩點向心加速度大小之比為5、汽車在水平路面上剎車時位移隨時間變化的規(guī)律為：x=20t－2t2(x的單位是m，t的單位是s).則關(guān)于該汽車的運動，下列判斷中正確的是()A.剎車前的行駛速度為10m/sB.剎車過程中的加速度為2m/s2C.剎車后的行駛時間為10sD.剎車后的位移為50m6、如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直紙面向里的勻強磁場B中．質(zhì)量為m、帶電量為+q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑．對滑塊下滑的過程，下列判斷正確的是（）A.滑塊受到的洛侖茲力方向垂直斜面向上B.滑塊受到的摩擦力大小不變C.滑塊一定不能到達斜面底端D.滑塊到達地面時的動能與B的大小有關(guān)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．當滑動變阻器R2的滑片P向左滑動時，下列說法正確的是A.電阻R3消耗的功率變大B.電容器C上電荷量變大C.燈L變暗D.R1兩端的電壓變化量的絕對值小于R2兩端的電壓變化量的絕對值8、如圖所示，勻強電場中O、A、B、C四個點恰好構(gòu)成一個正三棱錐，邊長為6cm．已知A點電勢為6V、B點電勢為9V、C點電勢為3V，則下列說法正確的是（）A.O點的電勢為6VB.電場方向平行于直線ACC.電場強度大小100V/mD.將正電荷從O移動到B，電勢能減小9、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J，不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是()A.小球水平位移x1與x2的比值為1∶3 B.小球水平位移x1與x2的比值為1∶4C.小球落到B點時的動能為32J D.小球從A點運動到B點的過程中最小動能為6J10、長為L的水平極板間，有垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場，如圖所示，磁感應強度為B，板間距離為2L，極板不帶電，現(xiàn)有質(zhì)量為m，電量為q的帶正電粒子不計重力，從左邊極板間中點處垂直磁感線以速度V水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，粒子的速率可以為A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖示電路測繪“3.8V，2W”小燈泡的電流I隨電壓U變化的圖像。除了導線和開關(guān)外，有以下一些器材可供選擇：電流表：A1（量程100mA，內(nèi)阻約2Ω）；A2（量程0.6A，內(nèi)阻約0.3Ω）；電壓表：V1（量程5V，內(nèi)阻約5kΩ）；V2（量程15V，內(nèi)阻約15kΩ）；滑動變阻器：R1（阻值范圍0～10Ω）；R2（阻值范圍0～2kΩ）；電源：E1（電動勢為1.5V，內(nèi)阻約為0.2Ω）；E2（電動勢為4V，內(nèi)阻約為0.04Ω）；（1）為了調(diào)節(jié)方便，測量準確，實驗中應選用電流表________，電壓表________?；瑒幼冏杵鱛_______，電源________；（填器材的符號）（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，描繪出I-U的圖像數(shù)據(jù)如圖所示，由圖像可知，當所加電壓為4.0V時，燈絲電阻為________Ω，燈泡消耗的電功率為_________W。（3）若此實驗中測量電壓、電流數(shù)據(jù)時，同時記錄了滑動變阻器滑動頭P從左往右滑動的不同距離x，下列最符合實驗中測量電壓U與滑動頭P從左往右滑動的距離x的關(guān)系的是_____.12．（12分）為測定某舊干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供了如下器材：A．舊干電池1節(jié)；B．電壓表(視為理想電壓表，量程為0～3V)；C．電阻箱R(0～999.9Ω)；D．定值電阻R0＝10Ω；E．多用電表；F．開關(guān)、導線若干(1)同學甲直接使用多用電表直流2.5V擋測量該干電池的電動勢，讀數(shù)如圖所示，則該同學測得的電動勢E＝______V，此測量值比舊干電池電動勢的真實值______(選填“偏大”或者“偏小”)(2)同學乙將干電池接入如圖所示的電路，規(guī)范操作得到如圖所示的圖像．該同學所描繪的圖像中，橫坐標是________(填選項前的字母)A．RB．C．(3)按照(2)問中所選的橫坐標，已知圖像的斜率為k，縱坐標的截距為b，則干電池的電動勢E＝________，內(nèi)阻r＝________．(用k、b、R0表示)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器,其原理如圖所示,核心部分為兩個銅質(zhì)D形盒D1,D2構(gòu)成,其間留有空隙,將其置于勻強磁場中,兩盒分別與電源正負極相連,下列說法正確的是（）A.回旋加速器要接高頻交流電源B.粒子被加速后的最大動能隨加速電場電壓的增大而增大C.離子由加速器的邊緣進入加速器D.電場變化周期由粒子的質(zhì)量、電荷量和磁感應強度決定，且與粒子在狹縫及磁場中運動的周期一致E.為使被加速的粒子獲得的動能增加為原來的4倍,可只調(diào)節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2倍14．（16分）如圖所示，兩平行金屬導軌間距L=0.5m，導軌與水平面成θ=37°．導軌上端連接有E=6V、r=1Ω的電源和滑動變阻器．長度也為L的金屬棒ab垂直導軌放置且與導軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m=0.2kg、電阻R0=1Ω，整個裝置處在豎直向上的勻強磁場中，金屬棒一直靜止在導軌上．當滑動變阻器的阻值R=1Ω時金屬棒剛好與導軌間無摩擦力．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）此時電路中電流I；（2）當滑動變阻器接入電路的電阻為4Ω時金屬棒受到的摩擦力大小15．（12分）汽車以10m/s的速度在公路上勻速行駛，剎車后以2m/s2的加速度做勻減速直線運動。求：(1)剎車后4s末的速度；(2)8s內(nèi)汽車通過的位移。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】粒子在磁場中做圓周運動，根據(jù)題意作出粒子臨界運動軌跡，求出粒子臨界軌道半徑，應用牛頓第二定律求出磁感應強度的最小值；根據(jù)粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的最大圓心角求出粒子在磁場中運動的最長時間.【詳解】A、B、粒子恰好不從BC射出時運動軌跡如圖所示：圖中四邊形ABDO是正方形，故圓周的半徑為：r=L，粒子在磁場中做圓周運動，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子不從BC邊射出：，故A、B錯誤；C、D、粒子從AC邊射出磁場時在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角最大為：120°，粒子在磁場中運動時間最長，粒子在磁場中的最長運動時間：，故C正確，D錯誤；故選C.【點睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運動，粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)題意分析清楚粒子運動過程、作出粒子運動軌跡是解題的前提，應用牛頓第二定律與周期公式可以解題.2、B【解析】由圖可知，作過的等勢線，交A所在電場線于B'，則可知，B'點靠近正極板，故B點的電勢高于A點電勢，故A錯誤；由圖可知，A點電場線比B點密集，因此A點的場強大于B點場強，故A點的電場力大于B點的電場力，再根據(jù)牛頓第二定律可知，A點的加速度大于B點的加速度，故B正確；放電極與集塵極間建立非勻強電場，塵埃所受的電場力是變化的．故粒子不可能做勻變速運動，故C錯誤；由圖可知，開始為鈍角，電場力做負功，電勢能增大；后來變?yōu)殇J角，電場力做正功，電勢能減小；對于全過程而言，根據(jù)電勢的變化可知，電勢能減小，故D錯誤．故選B3、C【解析】兩完全相同的導體相互接觸時，若帶同種電荷則將兩球帶電量平分，若帶異種電荷則將電量先中和再平分，據(jù)此可正確解答本題；【詳解】根據(jù)題意，完全相同的球，接觸一下再分開，電量平分，即為：，故選項C正確，選項ABD錯誤【點睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)電荷守恒定律得到，兩個相同的金屬球接觸后，電荷總量均分或先中和后均分4、C【解析】A．由于甲、乙兩輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是兩輪與皮帶接觸點的線速度的大小與皮帶的線速度大小相同，所以AB兩點的線速度大小之比為1：1，故A錯誤；B．由于乙、丙兩輪共軸，故BC兩點角速度相同，由公式可得所以所以AC兩點的角速度大小之比為，故B錯誤；C．由向心加速度公式得故C正確；D．由向心加速度公式得故D錯誤故選C。5、D【解析】根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得：剎車前的行駛速度為v0="20"m/s；所以A錯誤；剎車過程中的加速度，a="-4"m/s2，所以B錯誤；剎車后的行駛時間，所以C錯誤；剎車后的位移，故D正確6、D【解析】小滑塊向下運動的過程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛倫茲力，摩擦力，向下運動的過程中，速度增大，洛倫茲力增大，支持力增大，滑動摩擦力增大，當加速度減到0，做勻速運動【詳解】AB、小滑塊向下運動的過程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛倫茲力，摩擦力，向下運動的過程中，速度增大，洛倫茲力增大，支持力增大，滑動摩擦力增大．故AB錯誤；C、滑塊到地面時當B很大，則摩擦力有可能很大，所以滑塊可能靜止在斜面上．當B很小，則滑塊有可能到達斜面底端，故C錯誤；D、B的大小不同，洛倫茲力大小不同，導致滑動摩擦力大小不同，根據(jù)動能定理，摩擦力功不同，到達底端的動能不同．故D正確故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A．當滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電阻變小，則外電路的總電阻變小，小電阻分小電壓，則外電壓變小，故消耗的功率：變小，故A錯誤；B．變小，外電路的總電阻變小，則干路總電流變大，而上電壓變小，則電流變小，故上電流變大，電壓變大，故電容器兩端電壓變大，，則電荷量變大，故B正確；C．變小，小電阻分小電壓，則的電壓變小，燈泡的電壓變小，故燈L變暗，故C正確；D．兩端的電壓變大，兩端的電壓變小，二者電壓之和等于外電壓，由前面分析之外電壓變小，故兩端增加的電壓小于兩端減小的電壓，故D正確8、AC【解析】求解BC中點的電勢，可知A點電勢等于BC中點的電勢，由此可找到等勢面，從而確定場強的方向，根據(jù)E=U/d確定場強的大?。徽姾稍诟唠妱蔹c電勢高.【詳解】因BC中點的電勢為，可知過A點以及BC中點和O點的平面為等勢面，可知O點的電勢為6V，選項A正確；電場線與等勢面正交，可知電場方向垂直于A點與BC中點的連線，即沿BC方向，選項B錯誤；電場強度大小為，選項C正確；O點電勢低于B點，可知將正電荷從O移動到B，電勢能增加，選項D錯誤；故選AC.【點睛】本題關(guān)鍵是找到等勢點，作出等勢線．利用電場線與等勢面相互垂直的關(guān)系作出電場線，分析時還要抓住對稱性9、AC【解析】AB.將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動。豎直分運動為豎直上拋運動，所以從A到M和從M到B點所用時間相等。對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續(xù)相等的時間間隔內(nèi)位移之比為1:3，則小球水平位移x1與x2的比值為1：3，故A正確，B錯誤；C.設物體在B動能為EkB，水平分速度為vBx，豎直分速度為vBy，由豎直方向運動對稱性知：，對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=，F(xiàn)(x1+x2)=，由A可知x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F(xiàn)(x1+x2)=24J，故EkB==32J，故C正確；D.小球受力如圖所示：小球受到的合外力為重力和電場力的合力，為恒力，在A點時，合力與速度之間的夾角為鈍角，在M點時，合力與速度之間的夾角為銳角，即合力先做負功后做正功，小球的動能先減小后增大，小球從M到B的過程，合力一直做正功，動能一直增大。則小球從A運動到B的過程中最小動能一定小于6J，故D錯誤。故選：AC。10、AB【解析】根據(jù)“欲使粒子不打在極板上”可知，本題考查帶電粒子在有界磁場中運動的問題，根據(jù)淪洛倫茲力提供向心力得到粒子做圓周運動的半徑和粒子速度的關(guān)系，運用幾何關(guān)系求出軌跡半徑，列式計算.【詳解】欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場時，其在磁場中圓周運動的半徑.粒子在磁場中做圓周運動由洛倫茲力提供向心力，即：可得粒子做圓周運動的半徑：所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：.帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時粒子的最小半徑為r，由上圖可知：；可得粒子圓周運動的最大半徑：則：，即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或，故A、B正確，C、D錯誤；故選AB.【點睛】帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，需要找圓心，畫軌跡，求半徑，算時間.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.③.④.⑤.8.0⑥.2.0⑦.B【解析】(1)[1]因小燈泡的額定電流為，故選擇。[2]因小燈泡的額定電壓為3.8V，故電壓表選擇；[3]因滑動變阻器采用的時分壓式接法，選擇可小燈泡兩端電壓接近線性變化，調(diào)節(jié)方便，故選擇。[4]因小燈泡的額定電壓為3.8V，故電源選擇。(2)[5][6](3)[7]滑動變阻器采用分壓式接法，滑動變阻器滑動頭P從左往右滑動時，小燈泡兩端電壓逐漸增大，因小燈泡的電阻和滑動變阻器的最大電阻接近，故小燈泡兩端電壓接近線性變化，故B正確，ACD錯誤。故選擇B選項。12、①.1.45②.偏?、?A④.⑤.【解析】（1）[1][2]由圖可知，量程為2.5V，則其讀數(shù)為1.45V；由于電壓表內(nèi)阻不是無窮大，故所測應為路端電壓，故測量值為路端電壓，故測量值偏小。（2）[3]根據(jù)圖乙可知兩電阻串聯(lián)，電壓表測量R0兩端的電壓，則由閉合電路歐姆定律可知，變形得故應作出圖象，故選A。（3）[4][5]根據(jù)圖象可知，解得四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、ADE【解析】當離子在磁場中圓周運動半徑等于D形盒半徑時，速度最大，動能最大，根據(jù)洛倫茲力充當向心力，列式得到最大動能的表達式，再進行分析增加最大動能的方法【詳解】A項：為了使粒子進入電場就能加速，所接的應為交變電源，故A正確；B項：、粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：粒子的最大速度：vm＝所以，粒子加速后的最大動能：Ekm＝，可知粒子的最大動能與加速電壓無關(guān)，故B錯誤；C項：粒子在磁場中做圓周運動，在運動的過程中圓的半