新疆烏魯木齊市名校2025屆物理高二上期中聯(lián)考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國北京正負電子對撞機的儲存環(huán)是周長為240m的近似圓形軌道，當環(huán)中的電流是10mA時(設電子的速度是3×107m/s)，在整個環(huán)中運行的電子數(shù)目為(電子電量e=1.6×10－19C)()A．5×1011個 B．5×1010個C．1×102個 D．1×104個2、有一個直流電動機，把它接入0.2V電壓的電路中電機不轉(zhuǎn)，測得流過電動機的電流是0.4A；若把電動機接入2.0V電壓的電路中，正常工作時的電流是1.0A，此時，電動機的輸出功率是P出；如果在電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機的發(fā)熱功率是P熱，則（）A．，B．，C．，D．，3、帶電粒子垂直射入勻強電場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)時（除電場力外不計其他力的作用）A．電勢能和動能都增加B．電勢能減小，動能增加C．電勢能增大，動能減小D．無法確定電勢能和動能的變化4、地球的兩顆人造衛(wèi)星A和B，它們的軌道近似為圓。已知A的周期約為12小時，B的周期約為16小時，則兩顆衛(wèi)星相比A．A距地球表面較遠 B．A的線速度較大C．A的角速度較小 D．A的向心加速度較小5、電源電動勢的大小反映的是（）A．電源把電能轉(zhuǎn)化成其他形式的能的本領的大小B．電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領的大小C．電動勢為1.5V的干電池把化學能轉(zhuǎn)化為電能的本領比電動勢為2V的蓄電池強D．以上說法均不正確6、關于電流，下列說法中正確的是()A．通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B．電子運動的速率越大，電流越大C．因為電流有方向，所以電流是矢量D．單位時間內(nèi)通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,MNPQ為有界的豎直向下的勻強電場,電場強度為E,ACB為光滑固定的半圓形軌道,圓軌道半徑為R,A、B為圓水平直徑的兩個端點,ACB為圓弧.一個質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小球,從A點正上方高為H處由靜止釋放,并從A點沿切線進入半圓軌道.不計空氣阻力及一切能量損失,關于帶電小球的運動情況,下列說法正確的是(

)A．小球再次到達C點的速度可能為零B．小球一定能從B點離開軌道C．小球在AC部分可能做勻速圓周運動D．當小球從B點離開時,上升的高度一定等于H8、如圖，一人以恒定速度v0通過定滑輪豎直向下拉小車使其在水平面上運動，當運動到如圖位置時，細繩與水平成60°角，則此時（）A．小車運動的速度為v0 B．小車運動的速度為2v0C．小車在水平面上做加速運動 D．小車在水平面上做減速運動9、如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道1．若飛船在兩軌道上都做勻速圓周運動，不考慮質(zhì)量變化，相對于在軌道1上，飛船在軌道1上的A．動能大B．向心加速度大C．運行周期長D．角速度小10、在勻強磁場中，一矩形金屬線框在勻強磁場中繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)動軸勻速轉(zhuǎn)動如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A．t=0.01s時穿過線框的磁通量最小B．t=0.01s時穿過線框的磁通量變化率最大C．該線框勻速轉(zhuǎn)動的角速度大小為100πD．電動勢瞬時值為22V時，線圈平面與中性面的夾角可能為45°三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在用如圖所示的裝置探究彈簧彈力與伸長量的關系時，測得彈簧的長度與所掛鉤碼的個數(shù)如下表所示，請?zhí)畛霰碇孝佗谒表梍_____、______(彈簧在彈性限度內(nèi)，每個鉤碼質(zhì)量相同)所掛鉤碼個數(shù)(個)彈簧長度(cm)0①14.0②5.012．（12分）某物理學習小組的同學在研究性學習過程中，用伏安法研究某電子元件R1的伏安特性曲線，已知該電子元件的電阻約為120Ω．現(xiàn)在通過實驗描繪一個這個電子元件伏安特性曲線，要求多次測量并盡可能減小實驗誤差，現(xiàn)有電源（電動勢6V，內(nèi)阻不計）、電流表A0（0-500μA，內(nèi)阻1000Ω）、定值電阻R0、開關和導線若干，其他可供選用的器材如下：A．電流表（0~50mA，內(nèi)阻約5Ω）B．電流表（0~0.6A，內(nèi)阻約為0.2Ω）C．滑動變阻器（0~10Ω，額定電流1.0A）D．滑動變阻器（0~50Ω，額定電流0.2A）（1）為了測定小燈泡上的電壓，可以將電流表A0串聯(lián)定值電阻的阻值R0=_______Ω，將其改裝成一個量程為6.0V的電壓表（2）根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設計測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）（請畫在方框內(nèi)）__________（3）為減小測量誤差并便于操作，實驗中電流表應選用_________，滑動變阻器應選用________（選填器材前的字母）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，離子發(fā)生器發(fā)射出一束質(zhì)量為m、電荷量為q的離子，從靜止經(jīng)加速電壓U1加速后，獲得速度v0，并沿垂直于勻強電場方向射入兩平行板中央，受偏轉(zhuǎn)電壓U2作用后，以速度v離開電場，已知平行板長為L(1)v(2)離子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間t．(3)離子在離開偏轉(zhuǎn)電場時的偏移量y．14．（16分）如圖，不計電阻的U形導軌水平放置，導軌寬l=0.5m，左端連接阻值為0.4的電阻R，在導軌上垂直于導軌放一電阻為0.1的導體棒MN，并用水平輕繩通過定滑輪吊著質(zhì)量為m=2.4g的重物，圖中L=0.8m，開始重物與水平地面接觸并處于靜止，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感強度B0=0.5T，并且按=0.1（T/s）的規(guī)律增大，不計摩擦阻力，（g=10m/s2）求：（1）回路電流的大小及方向；（2）MN兩端的電勢差UMN；（3）至少經(jīng)過多長時間才能將重物吊離地面?15．（12分）如圖所示，兩足夠長平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內(nèi)阻r=0.50Ω的直流電源?，F(xiàn)把一個質(zhì)量m=0.040kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰能靜止。導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=2.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s2。已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）導體棒受到的安培力大??；（2）導體棒受到的摩擦力大??；（3）若只把勻強磁場B的方向改為豎直向上、大小改為1.0T，動摩擦因數(shù)為μ=0.2，其他條件都不變，求導體棒運動的加速度大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：電子運動一周用的時間：，因為，，在整個環(huán)中運行的電子數(shù)目個，A正確．考點：考查了電流的宏觀定義【名師點睛】知道電子的速度和周長，利用速度公式求電子運動一周用的時間，再根據(jù)電流定義式求電荷量，而一個電子電荷量，可求在整個環(huán)中運行的電子數(shù)目．2、B【解析】

當電動機卡住時，電流做的功全部轉(zhuǎn)化為熱能，即是純電阻，符合歐姆定律，故可得電動機的電阻為，正常工作時，電動機消耗的總功率為，輸出功率為總功率與熱功率之差，故，若此時電動機突然卡住，則電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故熱功率為，故B正確．3、B【解析】

帶電粒子垂直射入勻強電場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)時，整個過程只有電場力做正功，只有電勢能與動能之間相互轉(zhuǎn)化，且電勢能減小，根據(jù)能量守恒，減小的電勢能全部轉(zhuǎn)化為動能，故ACD錯誤，B正確。故選B。4、B【解析】

衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球的質(zhì)量為M，有：，則得：，，，；A衛(wèi)星的周期小于B衛(wèi)星的周期，根據(jù)上式可知，A衛(wèi)星的軌道半徑較小，距地面較近。故A錯誤。由上式知，A衛(wèi)星的軌道半徑較小，線速度較大，故B正確。由上式知，A衛(wèi)星的軌道半徑較小，角速度較大，故C錯誤。由上式知，A衛(wèi)星的軌道半徑較小，向心加速度較大，故D錯誤。故選B。【點睛】本題關鍵抓住萬有引力提供向心力，列式求解出線速度、角速度、周期和向心力的表達式，再進行討論．5、B【解析】

電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領的強弱，電動勢越大，本領越大，所以1.5V的干電池把化學能轉(zhuǎn)化為電能的本領比電動勢為2V的蓄電池弱。故B正確，ACD錯誤。故選B。6、D【解析】

根據(jù)I=q/t可知，通過導體橫截面的電荷量越多，電流不一定越大，選項A錯誤；根據(jù)I=nesv可知，電子運動的速率越大，電流不一定越大，選項B錯誤；電流有方向，但是電流是標量，選項C錯誤；根據(jù)I=q/t可知，單位時間內(nèi)通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大，選項D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

當小球的重力與電場力平衡，小球進入軌道，靠彈力提供向心力，做勻速圓周運動．根據(jù)動能定律判斷上升的高度與H的關系．．通過假設法判斷小球到達C點的速度能否為零，若能為零，根據(jù)動能定理知，電場力做功做功等于重力做功，則電場力大于重力，無法做圓周運動．【詳解】A、若小球到達C點的速度為零，由動能定理得，小球所受電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運動，所以小球到達C點的速度不可能為零，A錯誤；B、由于題中沒有給出H與R、E的關系，所以小球不一定能從B點離開軌道，B錯誤；C、若重力大小等于電場力，小球在AC部分做勻速圓周運動，C正確；D、若小球能從B點離開軌道，由于小球在AB部分電場力做功為零，所以若小球能從B點離開，上升的高度一定等于H，D正確．故選CD．【點睛】本題考查了帶電小球在電場和重力場中的運動，綜合運用了動能定理、牛頓第二定律等知識，綜合性強，對學生的能力要求較高．8、BC【解析】

AB.將小車速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，如圖所示：

人拉繩的速度與小車沿繩子方向的分速度是相等的，根據(jù)三角形關系：v?cos60°=v0，解得：，故B正確，A錯誤；CD.由上可知：，隨小車向左運動，小車與水平方向的夾角越來越大，可知v越來越大，則小車在水平面上做加速運動，故C正確，D錯誤．故選BC9、CD【解析】

根據(jù)得，，，，，由這些關系可以看出，r越大，a、v、ω越小，動能越小，而T越大，故AB錯誤，CD正確．10、CD【解析】

AB.由圖象知：t=0.01s時感應電動勢為零，則穿過線框的磁通量最大，磁通量變化率最小，故A、B錯誤；C.由圖象得出周期T=0.02s，所以ω=2πT=100πD.當t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁場方向垂直，故該交變電動勢的瞬時值表達式為e=222sin100πtV，電動勢瞬時值為22V時，代人瞬時表達式，則有線圈平面與中性面的夾角正弦值sinα=22三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.02【解析】

由圖看出，不掛勾碼時，彈簧長度為3.0cm；掛一個勾碼時，彈簧長度為4cm，伸長1cm；掛兩個勾碼時，拉力變?yōu)?倍，故伸長量變?yōu)?倍，即伸長2cm，長度為5cm；則表中①②所缺項：3.0、2；【點睛】胡克定律是力學基本定律之一。適用于一切固體材料的彈性定律，它指出：在彈性限度內(nèi)，物體的形變跟引起形變的外力成正比。這個定律是英國科學家胡克發(fā)現(xiàn)的，所以叫做胡克定律。12、(1)11000Ω(2)電路圖如圖所示；(3)BC【解析】（1）根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，；

（2）根據(jù)題意可知，要畫出對應的伏安特性曲線應采用分壓接法，同時因電流表內(nèi)阻較小，故應；故采用電流表外接法；如圖；

③電源電動勢為6V，電阻約為120Ω；則電流約為：=0.5A；故電流表選擇B；因采用分壓接法，故滑動變阻器選擇總阻值較小的C；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2qU1m【解析】

(1)在加速電場中，由動能定理得：q解得：v(2)離子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，離子的運動時間：t(3)粒子的偏移量：y解得：y(4)由動能定理得：q解得：v【點睛】解決本題的關鍵掌握處理類平拋運動的方法，知道粒子在垂直電場和沿電場方向的運動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運動學公式靈活求解．14、（1）從上向下看順時針，；（2）；（3）【解析】

（1）由楞次定律可知，回路的電流從上向下看順時針.根據(jù)法拉第電磁感應定律：則（2）MN兩端的電勢差（3）由平衡可知解得；15、（1）（2）（3）a=2.6m/s2【解析】

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出