2025屆重慶市江津長壽巴縣等七校物理高一上期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、質(zhì)點沿x軸運動，其速度v隨時間t變化的v-t圖像如圖所示，已知t=0時刻質(zhì)點速度方向沿x軸正方向；t2－t1=t3－t2．則下列說法正確的是A.t2時刻質(zhì)點的速度和加速度均為零B.t2時刻質(zhì)點即將向x軸負(fù)方向運動C.質(zhì)點在t1時刻和t3時刻的速度相同D.質(zhì)點在t1時刻和t3時刻的加速度大小相等方向相反2、以下說法正確的是()A.物體沿直線單方向運動時，通過的路程就是位移B.路程為零時位移一定為零；位移為零時路程不一定為零C.速度大小與位移成正比，與時間成反比D.速度大小不變的物體，其加速度必定不變3、書放在水平桌面上，桌面會受到彈力的作用，產(chǎn)生這個彈力的直接原因是（）A.書的形變 B.桌面的形變C.書和桌面的形變 D.書受到的重力4、質(zhì)疑“越重的物體下落得越快”這一觀點，并解釋落體運動規(guī)律的科學(xué)家是（）A.亞里士多德 B.伽利略C.牛頓 D.愛因斯坦5、如圖所示，質(zhì)量為m1的木塊在質(zhì)量為m2的無限長木板上，在力F的作用下向右滑行，長木板始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2，則（）A.木板受到地面的摩擦力大小一定為μ1m1gB.木板受到地面的摩擦力大小一定為μ2（m1+m2）gC.木板受到地面摩擦力大小一定為FD.木塊受到木板的摩擦力大小一定為F6、如圖所示，一輕繩的兩端分別固定在不等高的、兩點，現(xiàn)用另一輕繩將一物體系于點，設(shè)輕繩、相互垂直，與水平線的夾角分別為、，，且兩繩中的拉力分別為、，物體受到的重力為，下列表述正確的是（）A.一定大于 B.一定大于C.一定小于 D.與大小之和一定等于7、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝10N、F2＝20N，則下列說法正確的是A.彈簧的彈力大小為10NB.如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小為4NC.若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則它們對物體的拉力大小相同D.若F1＝20N、F2＝10N，則彈簧的彈力大小不變8、如圖所示，傾角為θ的楔形木塊A放在水平地面上，一物體B的質(zhì)量為m，置于楔形木塊的斜面上，現(xiàn)對木塊A施加水平推力F，恰使A、B一起向左勻加速運動，且B與A不發(fā)生相對滑動，不計一切摩擦，重力加速度為g則A.B所受的合力大小為mgtanθB.B對A的壓力大小為mgcosθC.若增加推力F，則A對地面的壓力將不變D.若增加推力F，則A對地面的壓力將增加9、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.力 B.加速度C.質(zhì)量 D.路程10、如圖所示，一小滑塊從斜面頂端A由靜止開始沿斜面向下做勻加速直線運動到達(dá)底端C，已知AB=BC，則下列說法正確的是（）A.滑塊到達(dá)B、C兩點的速度之比為1：B.滑塊到達(dá)B、C兩點的速度之比為1：4C.滑塊通過AB、BC兩段的時間之比為1：D.滑塊通過AB、BC兩段的時間之比為（+1）：111、如圖，小明站在電梯里的體重計上，電梯靜止時，體重計的示數(shù)為500N．某段時間電梯運動時加速度的大小為1m/s2g取10m/s2，則這段時間內(nèi)A.若電梯向上加速運動，則體重計的示數(shù)為550NB.若電梯向上減速運動，則體重計的示數(shù)為550NC.若電梯向下加速運動，則體重計的示數(shù)為450ND.若電梯向下減速運動，則體重計的示數(shù)為450N12、一輕質(zhì)彈簧一端固定在傾角為37°的光滑斜面的底端，另一端拴住質(zhì)量不計的物塊P，Q為質(zhì)量為4kg的重物，彈簧的勁度系數(shù)為k=600N/m，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給Q施加一個方向沿斜面向上的力F，使它從靜止開始沿斜面向上做勻加速直線運動，已知在前0.2s內(nèi)F為變力，0.2s以后F為恒力（，），則有()A.P、Q一起勻加速的加速度為2m/s2 B.F的最小值為8N，F(xiàn)的最大值為36NC.P、Q分離時彈簧為原長 D.若P為有質(zhì)量的物體，P、Q分離時彈簧為原長二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）傳送帶兩端AB距離L=31m，以v=5m/s速度勻速運行，現(xiàn)將質(zhì)量m=0.2kg相同工件以v0=1m/s速度沿水平方向一個接一個投放到傳送帶的A端，工件初速度方向與傳送帶運動方向相同，投放工件的時間間隔恒定．若一個工件從A端運動到B端所用時間為t=7s．g=10m/s2．求：（1）工件與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ；（2）若原來每一時刻在傳送帶上總能看到14個工件，現(xiàn)當(dāng)一個工件剛投射到A端的瞬間，傳送帶以a=1m/s2的加速度開始加速．與不運送任何工件時相比，上述傳送帶剛開始加速的短時間內(nèi)，電動機(jī)要給傳送帶增加多大的動力．（不計傳送帶自身加速所需的外力）17、（10分）足球運動員在罰點球時，原來靜止在地面上的球離開腳時獲得30m/s的速度并做勻速直線運動．設(shè)腳與球的作用時間為0.1s，球又在空中飛行0.3s后被守門員擋出，守門員雙手與球的接觸時間為0.2s，且球被守門員擋出后以10m/s的速度沿原路反彈，計算：(1)運動員罰點球的過程，足球的加速度；(2)守門員接球的過程，足球的加速度

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】v-t圖像的斜率表示加速度的大小，速度的正負(fù)表示運動方向．由此判斷各時刻加速度的大小和方向，以及速度的大小和方向【詳解】AD.v-t圖像斜率表示加速度的大小，由圖可知質(zhì)點運動的加速度不變，t2時刻質(zhì)點的速度為零，加速度不為零，故A錯誤，D錯誤；B.t2時刻之前質(zhì)點向x軸正方向運動，之后向x軸負(fù)方向運動，故B正確；C.質(zhì)點在t1時刻和t3時刻的速度大小相同，方向相反，故C錯誤；故選：B2、B【解析】A．物體沿直線單方向運動時，通過的路程等于位移的大小，A錯誤；B．路程為零時位移一定為零，位移為零，路程不一定為零，例如物體沿一個圓周運動一周時，路程不為零，位移為零，B正確；C．物體的速度與位移和時間無關(guān)，C錯誤；D．速度大小不變的物體，其加速度不一定不變，例如勻速圓周運動運動，D錯誤。故選B。3、A【解析】力是成對出現(xiàn)的，這兩個力是作用力與反作用力的關(guān)系，產(chǎn)生這兩個力的形變是不同物體的形變，要注意對應(yīng)關(guān)系【詳解】A．書的形變產(chǎn)生的力是書本對桌面的壓力，施力物體是書，受力物體是桌面；正確B．桌面形變產(chǎn)生的力是桌面對書的支持力，施力物體是桌面，受力物體是書；錯誤C．書和桌面的形變分別產(chǎn)生了書對桌面的壓力和桌面對書的支持力；錯誤D．書受到的重力致使書壓緊了桌面，重力的施力物體是地球，受力物體是書；錯誤【點睛】受力物體受到的力是施力物體形變產(chǎn)生的4、B【解析】伽利略是最早對對亞里士多德“物體越重下落得越快”的觀點提出質(zhì)疑，并對落體運動進(jìn)行系統(tǒng)研究并得出正確結(jié)論的科學(xué)家A.亞里士多德，與分析不符，故A項錯誤；B.伽利略，與分析相符，故B項正確；C.牛頓，與分析不符，故C項錯誤；D.愛因斯坦，與分析不符，故D項錯誤5、A【解析】AB．由于木塊向右滑行，因此木塊受到木板的摩擦力是滑動摩擦力根據(jù)牛頓第三定律可知木塊對木板的摩擦力為由于木板靜止不動，因此地面對木板的摩擦力是靜摩擦力大小等且方向與其相反故B錯誤，A正確；CD．木塊向右滑行不能確定是否是勻速滑行，因此不能確定力F與木塊受到的滑動摩擦力是否相等，也就不能確定地面對木板的摩擦力是否等于力F，故CD錯誤。故選A。6、B【解析】對物體受力分析如圖所示，由三力平衡的知識可知，、的合力大小等于，方向豎直向上，由平衡條件得，故一定小于，因為，故一定大于，與大小之和一定大于。故選B。7、BC【解析】A．穩(wěn)定時A、B具有相同的加速度。對于A、B及彈簧整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F2-F1=（mA+mB）a代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2。對A由牛頓第二定律：F2-F彈=mAa代入數(shù)據(jù)解得：F彈=16N故A錯誤。B．只有F1作用時，對AB整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F1=（mA+mB）a1解得：a1=2m/s2對A，由牛頓第二定律得：F彈=mAa1解得：F彈=4N故B正確。C．若把彈簧換成輕質(zhì)繩，整體的加速度不變，則繩對物體的拉力大小仍然為16N，故C正確。D．若F1=20N、F2=10N，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F1-F2=（mA+mB）a2解得：a2=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F彈-F2=mAa2解得：F彈=14N故D錯誤。故選BC。8、AD【解析】對物體B受力分析如圖：B所受的合力大小為mgtanθ，選項A正確；A對B的支持力，根據(jù)作用力與反作用力的關(guān)系，B對A的壓力大小為，選項B錯誤；若增加推力F，則A與B一起運動的加速度增大，B的合力增大，A對B的支持力增大，所以B對A的壓力增大，那么A對地面的壓力將增加，選項C錯誤，選項D正確。故選AD。9、AB【解析】AB．力和加速度都是既有大小又有方向的物理量，屬于矢量，故AB符合題意；CD．質(zhì)量和路程是只有大小沒有方向的物理量，屬于標(biāo)量，故CD不符合題意。故選AB。10、AD【解析】AB．根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式v2=2ax得，，所經(jīng)過的位移比為1：2，則通過B、C兩點的速度之比為，故A正確、B錯誤CD．設(shè)AB段、BC段的長度為x，所經(jīng)歷的時間分別為t1，t2，根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式有：則有：所以故C錯誤，D正確【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握初速度為零的勻變速直線運動的速度位移公式v2=2ax，以及位移時間公式11、AC【解析】分別討論加速度向上或向下應(yīng)用牛頓第二定律求解即可；【詳解】A、對小明進(jìn)行受力分析，其受到重力和支持力作用，加速向上或減速向下，加速度向上，若加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律可知：，則，根據(jù)牛頓第三定律可知，此時體重計的示數(shù)為，故選項A正確，選項D錯誤；B、加速向下或減速向上，加速度向下，若加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律可知：，則，根據(jù)牛頓第三定律可知，此時體重計的示數(shù)為，故選項B錯誤，C正確【點睛】本題主要是考查對超重失重現(xiàn)象的理解，利用牛頓第二定律來求解即可12、AC【解析】AC．系統(tǒng)做勻變速直線運動，因為物塊P質(zhì)量不計，Q物塊質(zhì)量為，兩物塊分離時，對系統(tǒng)應(yīng)用牛頓第二定律：對于Q物塊應(yīng)用牛頓第二定律：因為加速度相同，所以，所以彈簧恢復(fù)原長時，二者分離；開始P、Q靜止，根據(jù)平衡條件：根據(jù)題意彈簧經(jīng)過恢復(fù)原長，根據(jù)勻變速直線運動位移與時間關(guān)系：解得：，AC正確；B．開始時，彈簧彈力沿斜面向上最大，外力有最小值：解得：兩物塊分離后，彈簧彈力為零，外力有最大值：解得：，B錯誤；D．根據(jù)A選項分析可知，若P物塊質(zhì)量不為零，二者分離時，D錯誤。故選AC。二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（1）0.2（2）3.6N【解析】（1）工件在傳送帶上先加速后勻速，結(jié)合運動公式求解加速的隨時間和加速度；根據(jù)牛頓第二定律求解物體和傳送帶之間的摩擦因數(shù)；（2）每個工件加速時間2s，勻速時間5s意味著每個時刻有4個工件在加速，10個工件在減速．傳送帶加速的加速度為a<μg，所以當(dāng)傳送帶加速時，有4個工件與傳送帶之間相對滑動，10個工件與傳送帶之間相對靜止．求解相對滑動和相對靜止的工件的摩擦力，從而求解電動機(jī)要給傳送帶增加的動力.【詳解】（1）假設(shè)工件加速時間為t1L=t1+v（t-t1）解得t1=2s由a′==2m/s2根據(jù)牛頓第二定律μmg=ma′解得μ=0.2（2）投放工件得時間間隔為：Δt=7s/14=0.5s加速時間2s，勻速時間5s意味著每個時刻有4個工件在加速，10個工件在減速．傳送帶加速的加速度為a<μg，所以當(dāng)傳送帶加速時，有4個工件與傳送帶之間相對滑動，10個工件與傳送帶之間相對靜止相對滑動的工件受摩擦力f1=μmg相對靜止的工件受摩擦力f2=ma所需外力為F=4f1+10