廣東信宜市2025屆高二物理第一學(xué)期期中綜合測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，以O(shè)點為圓心、R＝0.20m為半徑的圓處于勻強電場（圖中未畫出）中，電場平行于圓面，ac、bd為圓的兩條相互垂直的直徑。已知a、b、c三點的電勢分別為2V、2V、-2V，則下列說法正確的是（）A．d點電勢為B．電子從d點運動到a點電勢能增加C．電場方向由b點指向c點D．該勻強電場的場強大小為20V/m2、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個小球A和B緊貼倒圓錐筒的光滑內(nèi)壁各自做水平面內(nèi)的勻速圓周運動，則（）A．A球受到的支持力較大B．B球受到的支持力較大C．A球運動的線速度較大D．B球運動的線速度較大3、如圖,虛線a、b、c是在O點處的一個點電荷形成的靜電場中的三個等勢面,一帶正電的粒子射入該電場中,其運動軌跡如實線KLMN所示.不計粒子的重力,由圖可知()A．粒子運動時電場力先做負功,后做正功B．a(chǎn)、b、c三個等勢面的電勢關(guān)系是φa>φb>φcC．粒子運動時的電勢能先增大后減小D．粒子運動時的動能先增大再減小4、電場中有A、B、C三點，電量為2×10-8C的負電荷從A移到B，電場力做功為4×10-6J的負功，電量為3×10-8C的正電荷從A移到C，電場力做功為9×10-6J的負功。如果這三點在同一條電場線上，順著電場線方向這三點位置的排列次序是（）A．A、B、C B．C、A、B C．B、A、C D．A、C、B5、A、B是一條電場線上的兩個點，一帶正電的微粒僅在電場力作用下以一定初速度從A點沿電場線運動到B點，其速度—時間圖象如圖所示。則這一電場可能是（）A． B． C． D．6、如圖所示，每個電阻的阻值都是2Ω，安培表內(nèi)阻不計，在B、C間加6V電壓時，安培表的示數(shù)是（）A．0 B．1A C．2A D．3A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)。若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點上方，穩(wěn)定后，下列說法中正確的是A．液滴將向下加速運動B．M點電勢升高，液滴在M點的電勢能將減小C．M點的電場強度變小了D．在a板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功相同8、如圖所示，為一做周期性變化的勻強電場的場強隨時間變化的圖象．一帶電粒子（不計重力）在t=0時在電場中無初速釋放，則（）A．粒子在電場中總是沿某個方向運動，位移越來越大B．粒子在電場中來回運動，每隔，速度方向改變一次C．粒子的速度和加速度的方向都不隨時間變化，但速度和加速度的大小隨時間做周期性變化D．每隔，加速度方向變化，而速度方向始終不變化，速度大小不斷變化9、有兩個勻強磁場區(qū)域I和II，I中的磁感應(yīng)強度是II中的k倍，兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動。與I中運動的電子相比，II中的電子A．運動軌跡的半徑是I中的k倍B．運動軌跡的半徑是I中的1/k倍C．加速度的大小是I中的1/k倍D．加速度的大小是I中的k倍10、真空中存在方向斜向上的勻強電場，一帶電小球水平射入電場中，恰好沿水平方向運動，如圖所示．下列說法正確的是A．小球可能帶負電B．小球所受的重力一定小于電場力C．運動過程中小球的機械能可能先減小后增大D．小球一定做勻加速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）用伏安法測一待測電阻，采用下圖的電路圖，則測量結(jié)果將比真實值______。（“偏大”，“偏小”）（2）用電流表和電壓表測待測電阻的電流電壓時讀數(shù)如圖，則電壓表的讀數(shù)為______V，電流表的讀數(shù)為______A。12．（12分）（1）在“探究法拉第電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實驗中，已將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電表及開關(guān)按如圖所示部分連接，要把電路連接完整正確，則N連接到________(選填“a”“b”“c”或“M”)，M連接到________(選填“a”“b”“c”或“N”).正確連接電路后，開始實驗探究，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當他將滑動變阻器的滑動端P向右加速滑動時，靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn).由此可以判斷__________.A．線圈A向上移動或滑動變阻器滑動端P向左加速滑動，都能引起靈敏電流計指針向左偏轉(zhuǎn)B．線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關(guān)，都能引起靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn)C．滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，都能使靈敏電流計指針靜止在中央D．因為線圈A、線圈B的繞線方向未知，故無法判斷靈敏電流計指針偏轉(zhuǎn)的方向（2）僅用一根導(dǎo)線，如何判斷G表內(nèi)部線圈是否斷了？________________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，BC是半徑為R的圓弧形的光滑且絕緣的軌道，位于豎直平面內(nèi)，其下端與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強電場中，電場強度為E．今有一質(zhì)量為m、帶正電q的小滑塊（體積很小可視為質(zhì)點），從C點由靜止釋放，滑到水平軌道上的A點時速度減為零．若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為，求：（1）滑塊由C到B的過程中，電場力做什么功？做功為多少？（2）滑塊通過B點時的速度大小．（3）水平軌道上A、B兩點之間的距離．14．（16分）如圖，在x軸下方有勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于xy平面向外．P是y軸上距原點為h的一點，N0為x軸上距原點為a的一點．A是一塊平行于x軸的擋板，與x軸的距離為h/1，A的中點在y軸上，長度略小于a/1．帶電粒子與擋板碰撞前后，x方向的分速度不變，y方向的分速度反向、大小不變．質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的粒子從P點瞄準N0點入射，最后又通過P點．不計重力．求粒子入射速度的所有可能值．15．（12分）如圖甲所示，在xOy坐標系中，兩平行金屬板AB、OD如圖放置，OD與x軸重合，板的左端與原點O重合，板長L=2m，板間距離d=1m，緊靠極板右側(cè)有一熒光屏。兩金屬板間電壓UAO隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示，已知U0=1×103V，變化周期T=2×10–3s，t=0時刻一帶正電的粒子從左上角A點，以v0=1×103m/s的速度平行于AB邊射入板間，粒子電荷量q=1×10–5C，質(zhì)量m=1×10–7kg，不計粒子所受重力，求：（1）粒子在板間運動的時間；（2）粒子打在熒光屏上的縱坐標；（3）粒子打到屏上的動能。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．根據(jù)勻強電場中電勢差與電場強度的關(guān)系式，相等距離，電勢差相等，因為，可知，O點電勢為0，而bO=Od，則b、O間的電勢差等于O、d間的電勢差，可知，d點的電勢為，故A錯誤；B．從d點運動到a點電勢增加，根據(jù)，電子從d點運動到a點電勢能減小，故B錯誤；CD．連接a、b，做ab的垂線由作圖和幾何關(guān)系可知，電場方向由b指向向c，電場強度故C正確，D錯誤。故選C?！军c睛】在勻強電場中，電勢沿直線是均勻變化的，即直線上距離相等的線段兩端的電勢差值相等，等分線段找等勢點法：將電勢最高點和電勢最低點連接后根據(jù)需要平分成若干段，必能找到第三點電勢的等勢點，它們的連線即等勢面（或等勢線），與其垂直的線即為電場線。2、C【解析】試題分析：AB、對小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖筒對小球的支持力N=，與軌道半徑無關(guān)，則由牛頓第三定律得知，小球?qū)ν驳膲毫σ才c半徑無關(guān)，即有球A對筒壁的壓力等于球B對筒壁的壓力．故AB錯誤；CD、根據(jù)牛頓第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的轉(zhuǎn)動半徑較大，A線速度較大．故C正確，D錯誤．故選C3、D【解析】

A．根據(jù)帶電粒子軌跡的彎曲方向可知：帶電粒子受到了引力作用，Q與帶電粒子是異種粒子，所以Q一定帶負電，粒子運動過程中粒子所受的電場力與速度的夾角先銳角，做正功，后為鈍角，做負功，故A錯誤；B．Q帶負電荷，電場線方向從無窮處到Q終止，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，故B錯誤；CD．粒子所受的電場力與速度的夾角先銳角，做正功，后為鈍角，做負功，所以電勢能先減小后增大，由能量守恒可知，粒子運動時的動能先增大再減小，故C錯誤，D正確。4、B【解析】

ABCD．根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系、電勢與電勢能的關(guān)系，電量為2×10-8C的負電荷從A移到B，電場力做功為4×10-6J的負功，即即電量為3×10-8C的正電荷從A移到C，電場力做功為9×10-6J的負功，即即綜上，ACD錯誤，B正確。故選B。5、D【解析】

由圖象可知，速度在逐漸減小，圖象的斜率在逐漸增大，故此帶正電的微粒做加速度越來越大的減速直線運動，所受電場力越來越大，電場線分布越來越密集；此帶正電的微粒做減速直線運動，所以受力方向與運動方向相反，正電荷受電場力的方向與電場強度方向相同，所以電場線方向向左，故A、B、C錯誤，D正確；故選D。6、B【解析】試題分析：等效電路如圖，則并聯(lián)部分電阻為0.5R，則電阻為R+0.5R=1.5R=3Ω,則干路電流,則通過電流表的電流為1A．考點：部分電路歐姆定律．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：原來液滴受力平衡，則知所受的電場力向上，液滴帶負電．電容器與電源相連，板間電壓不變，將a板向下平移時，由a板下移時，兩板間的距離減小，由E=Ud分析可知：板間電場強度增大，粒子受到的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故A．C錯誤；下極板接地，電勢為零，M點的電勢等于M與b之間的電勢差。由U=Ed可知，因E增大，d不變，則M點的電勢增大；因帶電液滴帶負電，故電勢能將減小，故B錯誤；因兩板間的電勢差不變，由考點：電容器的動態(tài)分析、帶電粒子在混合場中的運動【名師點睛】本題分析時，要抓住平行板電容器的與電源保持相連，電容器板間電壓保持不變，根據(jù)E=U8、AD【解析】試題分析：首先知道圖象的意義，場強大小不變而方向周期性的變化；再以帶電粒子為研究對象，受力分析和運動分析，從而判斷選項．解：以帶電粒子為研究對象，受大小不變的電場力，但方向周期性的變化，所以帶電粒子第一個T內(nèi)，在內(nèi)先做初速度為零的勻加速，在后內(nèi)做勻減速并且末速度為零，在第二個T內(nèi)與第一個T內(nèi)相同的運動，這樣周而復(fù)始，所以帶電粒子的運動方向不變即速度方向不變，位移越來越大；由于場強周期性的變化，所以電場力周期性的變化，即每隔加速度方向發(fā)生變化，故AD正確，BC錯誤．故選AD．【點評】明確圖象的意義和帶電粒子受力的特點，據(jù)此分析帶電粒子的運動是解題的核心；一定注意運動方向、位移和加速度的變化情況．9、AC【解析】

設(shè)Ⅱ中的磁感應(yīng)強度為B，則Ⅰ中的磁感應(yīng)強度為kB，根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以A正確，B錯誤；電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，所以C正確，D錯誤；故選AC；【點睛】本題是對粒子在磁場中做圓周運動的基本考查，解決本題的關(guān)鍵是抓住洛倫茲力作為向心力，根據(jù)向心力的不同的公式來分析不同的關(guān)系，記住平時的得出的結(jié)論可以快速的分析問題．10、BD【解析】

本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的直線運動【詳解】由題意可知，小球在電場中受到豎直向下的重力和電場力，要使小球做直線運動，則必須滿足一下兩個條件之一：①合外力為0；②合外力的方向與速度的方向共線。A．電場力的方向與重力的方向不共線，所以不可能滿足二力平衡合外力為0，則應(yīng)該滿足的是條件②，即合外力一定沿水平方向，則電場力一定沿電場線方向，可知該小球帶正電；故A選項正確；B．因受到電場力和重力的合力方向沿水平向右，受力分析如圖由平行四邊形定則可知，電場力大小一定大于小球的重力，故B選項正確；C．在整個過程中電場力始終與運動方向間的夾角為銳角，即機械能逐漸的增大，故C選項錯誤；D．小球的合外力與速度的方向共線，且所受重力和電場力均保持不變即合外力不變，則小球應(yīng)做勻加速直線運動，故D選項正確。綜上所述，本題正確答案選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偏小2.600.53【解析】

（1）[1]根據(jù)所示電路圖可知，所示電路采用電流表外接法，電壓表測量的是電阻兩端的電壓的真實值，由于電壓表的分流作用，電流測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實值。（2）[2]電壓表的最小分度值為0.1V，應(yīng)估讀到最小分度值的下一位，故電壓表讀數(shù)為2.60V。[3]電流表的最小分度值為0.02A，應(yīng)估讀到最小分度值這一位，故電流表讀數(shù)為0.53A。12、acB短接G表前后各搖動G表一次，比較指針偏轉(zhuǎn)，有明顯變化，則線圈未斷；反之則斷了．【解析】

（1）[1][2]．將電源、電鍵、變阻器、線圈A串聯(lián)成一個回路，注意滑動變阻器接一上一下兩個接線柱，所以M連接c；再將電流計與線圈B串聯(lián)成另一個回路，所以N連接a；

[3]．由題意可知：當P向右加速滑動時，線圈A中的電流應(yīng)越來越小，則其磁場減小，此時線圈B中產(chǎn)生了電流使指針向右偏轉(zhuǎn)；故可知當B中的磁通量減小時，電流表指向右偏；

A、A向上移動時B中磁通量減小，指針向右偏轉(zhuǎn)，而滑動變阻器滑動端P向左加速滑動時，B中磁通量增大，故指針應(yīng)向左偏轉(zhuǎn)，故A錯誤；

B、當鐵芯拔出或斷開開關(guān)時，A中磁場減小，故B中磁通量減小，指針向右偏轉(zhuǎn)，故B正確；

C、滑片勻速運動時，A中也會產(chǎn)生變化的磁場，線圈B中產(chǎn)生了感應(yīng)電流使指針向右或向左偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；

D、由以上分析可知，D錯誤；

（2）[4]．僅用一根導(dǎo)線，將檢流計G短接前后，搖動表一次，比較指針偏轉(zhuǎn)，有明顯變化，則線圈斷了，說明雖有切割磁感應(yīng)線，但沒有感應(yīng)電流，則沒有安培阻力，指針變化明顯；反之，則出現(xiàn)感應(yīng)電流，