2025屆黑龍江省大興安嶺漠河縣一中高三物理第一學期期中考試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、從同一點沿不同方向拋出質量相同的A、B兩球，返回同一高度時，兩球再次經過同一點，如圖所示。如果不計空氣阻力，關于兩球的運動，下列說法正確的是A．在空中運動時小球A速度的變化率大于小球B速度的變化率B．小球A在空中運動的時間大于小球B在空中運動的時間C．A、B兩球落地時速度一定相等D．兩球落地時重力做功的功率可能相等2、如圖所示，甲、乙兩個小球的質量均為m，兩球間用細線2連接，甲球用細線1懸掛在天花板上．現(xiàn)分別用大小相等的力F水平向左、向右拉兩球，平衡時細線都被拉緊．則平衡時兩球的可能位置是下列選項中的()A． B． C． D．3、如圖所示，一木塊放在水平桌面上，在水平方向上共受三個力即F1、F2和摩擦力的作用，木塊處于靜止狀態(tài)．其中F1＝10N，F(xiàn)2＝2N．若撤去F1，則木塊在水平方向上受到的摩擦力為()A．2N，方向向右 B．8N，方向向右C．2N，方向向左 D．零4、如圖甲所示，一個單擺做小角度擺動，從某次擺球由左向右通過平衡位置時開始計時，相對平衡位置的位移x隨時間t變化的圖象如圖乙所示．不計空氣阻力，g取10m/s1．對于這個單擺的振動過程，下列說法中不正確的是（）A．單擺的位移x隨時間t變化的關系式為B．單擺的擺長約為1.0mC．從到的過程中，擺球的重力勢能逐漸增大D．從到的過程中，擺球所受回復力逐漸減小5、某電場的電場線如圖所示，A、B是一電場線上的兩點，則A、B兩點的電場強度A．大小相等，方向不同 B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向相同 D．大小不等，方向相同6、以下幾種運動形式在任何相等的時間內，物體動量的變化不相等的運動是（）A．勻變速直線運動 B．平拋運動C．自由落體運動 D．勻速圓周運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，用一輕質繩拴著一質量為m的小球，在豎直平面內做圓周運動（不計一切阻力），小球運動到最高點時繩對小球的拉力為T，小球在最高點的速度大小為v，其T-v2圖象如圖乙所示，則（）A．輕質繩長為B．當地的重力加速度為C．當v2＝c時，輕質繩的拉力大小為＋aD．只要v2≥b，小球在最低點和最高點時繩的拉力差均為6a8、如圖所示，在勻強電場中abcd為矩形的四個頂點，ef分別為ab邊和cd的中點且ab長為ad長的2倍。已知電場線的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三點電勢分別為4V、8V、6V，則()A．d點的電勢為2VB．電場線方向垂直于ac向下C．電場線方向垂直于ec向下D．一電子從a點運動到c點，電勢能增大9、如圖所示，A、B兩物塊質量均為m，兩物塊由一輕質彈簧拴接，質量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數為，初始時，系統(tǒng)處于靜止，細線恰好伸直且無作用力．現(xiàn)對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰好離開地面．則此過程中()A．細線的拉力T為恒力B．F的最小值為C．彈簧的彈性勢能變化量為零D．F做的功為10、如圖所示，在粗糙的水平面上，質量相等的兩個物體A、B間用一輕質彈簧相連組成系統(tǒng)。且該系統(tǒng)在水平拉力F作用下以相同加速度保持間距不變一起做勻加速直線運動，當它們的總動能為2Ek時撤去水平力F，最后系統(tǒng)停止運動。不計空氣阻力，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，從撤去拉力F到系統(tǒng)停止運動的過程中（）A．外力對物體A所做總功的絕對值等于EkB．物體A克服摩擦阻力做的功等于EkC．系統(tǒng)克服摩擦阻力做的功可能等于系統(tǒng)的總動能2EkD．系統(tǒng)克服摩擦阻力做的功一定等于系統(tǒng)機械能的減小量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學欲運用牛頓第二定律測量滑塊的質量M，其實驗裝置如圖甲所示，設計的實驗步驟為：（1）調整長木板傾角，當鉤碼的質量為m0時滑塊恰好沿木板向下做勻速運動；（2）保持木板傾角不變，撤去鉤碼m0，將滑塊移近打點計時器，然后釋放滑塊，滑塊沿木板向下做勻加速直線運動，并打出點跡清晰的紙帶如圖乙所示(打點計時器的工作頻率為50Hz)．請回答下列問題：①打點計時器在打下D點時滑塊的速度vD=__________m/s；(結果保留3位有效數字)②滑塊做勻加速直線運動的加速度a=_____m/s2；(結果保留3位有效數字)③滑塊質量M=___________(用字母a、m0和當地重力加速度g表示)．（3）保持木板傾角不變，掛上質量為m(均小于m0)的鉤碼，滑塊沿木板向下勻加速運動，測出滑塊的加速度；多次改變鉤碼的質量，分別求出相應的加速度．（4）若繩的拉力與所掛鉤碼的重力大小相等，作出a—mg圖象如圖丙所示，則由圖丙可求得滑塊的質量M=______kg．(取g=10m/s2，結果保留3位有效數字)12．（12分）在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，通過描點法畫出小球平拋運動軌跡，并求出平拋運動初速度。實驗裝置如圖甲所示。如圖乙所示，某同學在描繪平拋運動軌跡時，忘記記下斜槽末端位置。圖中A點為小球運動一段時間后的位置，他便以A點為坐標原點，建立了水平方向和豎直方向的坐標軸，則根據圖象可知小球平拋運動的初速度大小為________m/s，以及拋出點的坐標________。（g取10m/s2）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）圖是《駕駛員守則》中的安全距離圖示和部分安全距離表格：請根據圖表計算⑴如果駕駛員的反應時間一定，請在表格中填上A的數據；⑵如果路面情況相同，請在表格中填上B、C的數據；⑶如果路面情況相同，一名喝了酒的駕駛員發(fā)現(xiàn)前面50m處有一隊學生正在橫穿馬路，此時他的車速為72km/h，而他的反應時間比正常時慢了0.1s，請問他能在50m內停下來嗎？14．（16分）在電場中把電荷量q=2.0×10-9C的正電荷從A點移到B點，靜電力做功為-1.5×10-7J，再把該電荷從（1）求A、B間電勢差UAB（2）求B、C間電勢差UBC（3）若該電荷只在電場力作用下從A點運動到C點，求電荷動能的增加量ΔE．15．（12分）一長木板靜止在水平地面上，木板長，小茗同學站在木板的左端，也處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)小茗開始向右做勻加速運動，經過2s小茗從木板上離開，離開木板時小茗的速度為v=4m/s，已知木板質量M=20kg，小茗質量m=50kg，g取10m/s2，求木板與地面之間的動摩擦因數（結果保留兩位有效數字）．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.兩球在空中運動時，只受重力，加速度為都為g，所以兩球在空中運動時速度的變化率相等.故A錯誤.B.由圖可知，兩球在豎直方向上做豎直上拋運動，A球上升的高度大，即A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以A球運動的時間長.故B正確.C.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，則A球運動的時間長。根據題意可知兩球水平方向距離相等，則A球的水平分速度小于B球的水平分速度，兩球在整個運動過程中，機械能守恒，根據運動的合成可知，兩球落地時速度不一定相等.故C錯誤.D.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以兩球落地時重力做功的功率A球的大于B球的.故D錯誤.2、A【解析】

以整體為研究對象，受到向左和向右的拉力、重力和繩子1的拉力而靜止，向左和向右的拉力等大反向，合力為零，重力和繩子1的拉力合力也為零，所以繩子的拉力應豎直向上；再隔離乙球分析，受向下的重力、水平向右的拉力和繩子2的拉力而平衡，所以繩子2的拉力應斜向左上方，故A正確、BCD錯誤．故選A．3、A【解析】

木塊開始時在水平方向受三個力而平衡，所受的靜摩擦力為：f=F1-F2=10N-2N=8N；

物體處于靜止狀態(tài)，則說明物體受到的最大靜摩擦力大于等于8N；撤去F1后，由于F2=2N，小于8N，故物體仍能處于平衡，故合力一定是0，則摩擦力為2N，方向向右，故A正確，BCD錯誤．故選A．【點睛】本題是初學摩擦力的同學易錯的一個題目，解答本題應準確理解靜摩擦力的定義，知道只有當水平推力大于最大靜摩擦力時物體才能被推動．4、C【解析】

A．由振動圖象讀出周期，振幅，由得到角頻率，則單擺的位移x隨時間t變化的關系式為A正確，不符合題意；B．由公式得，B正確，不符合題意；C．從到的過程中，擺球從最高點運動到最低點，重力勢能減小，C錯誤，符合題意；D．從到的過程中，擺球的位移減小，回復力減小，D正確，不符合題意。故選C。5、D【解析】由圖可知，B處的電場線比A處密集，電場線越密，場強越大，所以EA＜EB；場強的方向均水平向右，方向相同，故ABC錯誤，D正確；故選D.6、D【解析】由相等時間內，物體動量的變化總是相等，由動量定理Ft=Δp知，作用力F一定為恒力，則物體必須做勻變速運動，而勻速圓周運動是變加速運動，故有勻速圓周運動的物體動量的變化不相等，故D正確，ABC錯誤，故選D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

設繩長為L，最高點由牛頓第二定律得：T＋mg＝，則T＝－mg。對應圖象有：mg＝a得g＝，斜率：得：L＝，故A錯誤，B正確；C.當v2＝c時，，故C錯誤；D.當v2≥b時，小球能通過最高點，恰好通過最高點時速度為v，則，在最低點的速度v′，則，F(xiàn)－mg＝，可知小球在最低點和最高點時繩的拉力差為6mg，即6a，故D正確。故選：BD。8、AC【解析】

勻強電場的等勢線是等間距的平行直線，根據幾何關系，知ab的電勢差等于dc的電勢差，即φa-φb=φd-φc，解得：φd=2V，故A正確；a、b兩點的電勢分別為4V、8V，e為ab的中點，則e點的電勢為6V，所以ec為等勢線，根據電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，知電場線垂直于ec向下，故C正確，B錯誤；因為a點的電勢小于c點的電勢，根據電勢能Ep=qφ，知a點的電勢能大于c點的電勢能，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。9、BC【解析】

A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設力F做的功為，對BC組成的系統(tǒng)．由功能關系得：而且：解得：故D錯誤．10、AD【解析】

拉力F作用下兩物體以相同加速度保持間距不變一起做勻加速直線運動，對物體A分析知，拉力F作用下彈簧彈力大于滑動摩擦力，彈簧具有一定的彈性勢能EP1．系統(tǒng)停止運動時，對物體A分析知，彈簧彈力小于最大靜摩擦力(滑動摩擦力)，彈簧具有的彈性勢能EP2<EP1．從撤去拉力F到系統(tǒng)停止運動的過程中，彈簧對兩端物體做功．拉力F作用下兩物體間距不變，則兩物體速度相等；它們的總動能為2Ek，質量相等；撤去拉力AB：從撤去拉力F到系統(tǒng)停止運動的過程中，物體A的動能由Ek變?yōu)?，據動能定理，外力對物體A所做總功W總=0-Ek=-Ek，外力對物體A所做總功的絕對值等于Ek．此過程中有彈力和摩擦力做功，則摩擦力對物體A所做功的絕對值不等于Ek，物體A克服摩擦阻力做的功不等于CD：據能量守恒可得，系統(tǒng)克服摩擦阻力做的功一定等于系統(tǒng)機械能的減小量，即W系克f=2Ek三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①；②，③；（4）【解析】試題分析：根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點時小車的瞬時速度大??；根據勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大?。划斎∠录毨K和鉤碼時，由于滑塊所受其它力不變，因此其合外力與撤掉鉤碼的重力等大反向；根據牛頓第二定律有mg=Ma，由此可解得滑塊的質量．從圖乙中可知，，，（2）①相鄰計數點間的時間間隔為，根據勻變速直線運動過程中的中間時刻速度推論可得，②根據逐差法可得，聯(lián)立即得③滑塊做勻速運動時受力平衡作用，由平衡條件得，撤去時滑塊做勻加速直線運動時，受到的合外力，由牛頓第二定律得，解得．（4）滑塊做勻速運動時受力平衡作用，由平衡條件得，掛上質量為m的鉤碼時滑塊沿木板向下做勻加速直線運動，受到的合外力為，由牛頓第二定律得，解得，由圖丙所示圖象可知，解得M=0.200kg．12、2（-20cm，-5cm）【解析】

[1]根據得：則小球平拋運動的初速度為：[2]點的豎直分速度為：根據知：則拋出點與B點的豎直位移為：水平位移為：則拋出點的位置坐標為：拋出點的坐標為(-2