2025屆深圳市重點中學物理高二上期中學業(yè)水平測試試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，有一帶電粒子貼著板沿水平方向射入勻強電場，當偏轉電壓為時，帶電粒子沿①軌跡從兩板正中間飛出；當偏轉電壓為時，帶電粒子沿②軌跡落到板中間；設粒子兩次射入電場的水平速度相同，則兩次偏轉電壓之比為（）A． B．C． D．2、如圖所示點電荷電場中，將檢驗電荷從A點分別移到以點電荷為中心的同一圓周上的B、C、D、E各點，則電場力做的功A．從A到B做功最多． B．從A到C做功最多C．從A到E做功最多． D．做功一樣多3、五根平行的長直導體棒分別過豎直平面內正方形的四個頂點和中心，并和該正方形平面垂直．各導體棒中均通有強度相等的電流，方向如圖所示．則中心處的導體棒受到其余四根導體棒的磁場力的合力方向是A．豎直向上B．豎直向下C．水平向左D．水平向右4、如圖所示，當滑動變阻器的滑片向b端移動時（）A．電壓表的讀數增大，電流表的讀數減小B．電壓表和電流表的讀數都增大C．電壓表和電流表的讀數都減小D．電壓表的讀數減小，電流表的讀數增大5、如圖所示，通有恒定電流的導線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，第二次將金屬框繞cd邊翻轉到位置Ⅱ，設先、后兩次穿過金屬框的磁通量變化分別為Δ?1和A．Δ?1>Δ?2B．6、如圖所示，定值電阻R=20Ω，電動機線圈的電阻R0=10Ω，當開關S斷開時，電流表的示數是0.5A．當開關S閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數I和電路消耗的電功率P應是（）A．I=1.5A B．I＜1.5AC．P=15W D．P＞15W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，在水平面上有半徑為r的圓形邊界磁場，磁場垂直于水平面，磁感應強度大小為B．在磁場邊界上某點（未面出)有大量同種帶電粒子（不計重力及粒子間的相互作用)以相同速度在水平面上沿各方向射入磁場，已知在磁場中運動時間最長的粒子的運動時間為其在磁場中圓周運動周期的，下面說法正確的是A．在磁場中運動時間最長的粒子離開磁場的速度方向與入射速度方向的夾角為B．粒子的比荷為C．粒子在磁場中的軌道半徑為rD．粒子在磁場中圓周運動的周期為8、如圖所示，真空中有一邊長為a的等邊三角形ABC，P點是三角形的中心．在A點固定一電荷量為q的負點電荷，在B點同定一電荷量為q的正點電荷，已知靜電力常量為k，則以下說法正確的是A．c點的電場強度大小為B．c點電勢高于P點電勢C．某一試探電荷在c點與P點所受靜電力大小之比為D．將某一試探電荷從C點沿CP連線的方向移動到P點的過程中靜電力不做功9、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V，內阻不計，L1、L2是相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，R為定值電阻，阻值為10Ω．當開關S閉合后A．L1的電阻為1.2ΩB．L1消耗的電功率為0.75WC．L2的電阻為5ΩD．L2消耗的電功率為0.1W10、如圖所示，以坐標原點為圓心，半徑為的圓與坐標軸交于、、、．在點固定一個正電荷，另外還有一方向與軸正方向相同，場強大小為的勻強電場．現把一點電荷在圓上移動時，則（）A．從移到電場力對做功為B．從移到電場力對不做功C．從移到電場力對做功為D．從移到電場力對不做功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖甲所示的電路圖研究燈泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并測出該燈泡在額定電壓下正常工作時的電阻值，檢驗其標示的準確性．（1）在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在端．________（選填“a”或“b”）（2）根據電路圖，請在圖乙中以筆劃線代替導線將實物圖補充完整．_________（3）實驗后作出的I—U圖象如圖丙所示，圖中曲線彎曲的主要原因是：__________．（4）根據所得到的圖象如圖丙所示，求出它在額定電壓（2.4V）下工作時的電阻值R=______Ω，這個測量值比真實值偏______．（選填“大”或“小”）12．（12分）某同學選用兩個完全相同的小球A、B來驗證庫侖定律．使小球A和B帶上同種電荷，A球放在左右可移動且上下高度可調節(jié)的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖．實驗時，保證A、B兩球球心在同一水平線上，待B球平衡后偏離豎直線的角度為θ，B球質量為m，重力加速度為g；先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，懸線的偏角越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大.(1)實驗中需要用到_____________的科學方法．(2)根據平衡關系，A、B兩球之間的電場力F=________________（用m、g、θ表示）．（3）在閱讀教材后，該同學知道了庫侖定律的表達式，并知道了均勻分布的帶電球體可以等效為電荷量全部集中在球心處的一個點電荷．它將兩個半徑為R的金屬小球分別帶上了q1和q2的正電，并使其球心相距3R，應用庫侖定律，計算了兩球之間的庫侖力，則該同學的計算結果__________（選填“偏大”“偏小”“正確”），原因是：_________________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某商場安裝了一臺傾角為30°的自動扶梯，該扶梯在電壓380V的電動機帶動下以0.4m/s的恒定速度向斜上方運動．電動機的最大輸出功率為4.9kW，不載人時測得電動機中的電流為5A，若載人時扶梯的移動速率和不載人時相同，則這臺自動扶梯可同時乘載的人數最多是多少？（設人的平均質量為60kg，g取10m/s2）14．（16分）一根長為l的絲線吊著一質量為m，帶電荷量為+q的小球靜止在勻強電場中，如右圖所示絲線與豎直方向成37°角，（重力加速度為g），則：（1）勻強電場的電場強度的方向（2）勻強電場的電場強度的大?。?5．（12分）在如圖所示的電路中，，，當電鍵K閉合時，R2上消耗的電功率為4W，當電鍵K斷開時，電壓表示數為4.5V，求電源的電動勢和內電阻。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由，得，所以，．A.，選項A符合題意；B.，選項B不符合題意；C.，選項C不符合題意；D.，選項D不符合題意；2、D【解析】試題分析：因為虛線所示的圓面是等勢面，則AE、AD、AC、AB之間的電勢差相等，所以根據W=Uq可知將檢驗電荷從A點分別移到以點電荷為中心的同一圓周上的B、C、D、E各點，則電場力做的功相等，故選D.考點：電場力的功.3、C【解析】

根據題意，由右手螺旋定則對角導線電流產生磁場正好相互疊加，如圖所示，由矢量的合成法則，則得磁場方向豎直向下，根據左手定則可知，中心處的導體棒受到其余四根導體棒的磁場力的合力方向是水平向左；故選C．

4、A【解析】

當滑動變阻器的滑動觸點向b端移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻R增大，由歐姆定律分析總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir增大，電阻R2的電壓U2=E﹣I（r+R1）增大，流過電阻R2的電流I2增大，則流過電流表的電流I3=I﹣I2減小．所以伏特表V的讀數增大，安培表A的讀數減?。蔬xA5、C【解析】

第一次將金屬框由位置I平移到位置Ⅱ，磁感線穿過金屬框的方向沒有改變，磁通量變化量等于在這兩個位置時的磁通量的差值；第二次將金屬框繞邊翻轉到位置Ⅱ，磁感.線穿過金屬框的方向發(fā)生改變，磁通量變化量等于兩個位置時的磁通量絕對值之和，所以Δ?1<Δ?2故選C6、B【解析】

.當電鍵S斷開時,由歐姆定律得，當電鍵S閉合后，通過R1的電流仍為0.5A，電動機的電流，故電流表的電流，電路中電功率，故B正確，ACD錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A、粒子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，在磁場中運動時間最長，對應的弦長最長，故弦長等于2r，在磁場中運動時間最長的粒子的運動時間為其在磁場中圓周運動周期的，由幾何關系可得在磁場中運動時間最長的粒子離開磁場的圓心角為，故A錯誤；BC、由幾何關系可，由可得粒子的比荷為，故B正確，C錯誤；D、粒子在磁場中圓周運動的周期為，故D正確；故選BD．【點睛】粒子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，在磁場中運動時間最長，對應的弦長最長，在磁場中運動時間最長的粒子的運動時間為其在磁場中圓周運動周期的，由幾何關系可得在磁場中運動時間最長的粒子離開磁場的圓心角為．8、CD【解析】AB兩點的點電荷在C點形成電場的場強大小均為，故C點的電場強度大小為，選項A錯誤；CP兩點均處于AB連線的垂直平分線上，故兩點的電勢相等，將某一試探電荷從C點沿CP連線的方向移動到P點的過程中靜電力不做功，選項B錯誤，D正確；AB兩點的點電荷在P點形成電場的場強大小均為，故P點的電場強度大小為，CP兩點的場強大小之比：,某一試探電荷在c點與P點所受靜電力大小之比為，選項C正確；故選CD.9、BC【解析】

AB、當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻，功率P1=U1I1=0.75W．故選項A不符合題意，選項B符合題意；C、燈泡L2的電壓為U，電流為I，R與燈泡L2串聯(lián)，則有，在小燈泡的伏安特性曲線作圖，如圖所示，則有，L2的電阻為5Ω，L2消耗的電功率為0.2W，故選項C符合題意，選項D不符合題意；故選BC．10、BC【解析】

點電荷+q處在勻強電場和點電荷Q產生的電場中，對于點電荷Q產生的電場，以Q為圓心的圓是一條等勢線，+q在等勢線上移動時，電場力不做功；對于勻強電場，根據W=qEd，d是沿電場線方向兩點的距離，即可計算電場力做功．【詳解】A、B項：從a移到c，點電荷Q產生的電場對+q不做功，在勻強電場中，a、c電勢相等，電場力對+q也不做功，故A錯誤，B正確；C、D項：從d移到b，點電荷Q產生的電場對+q不做功，勻強電場對+q做功為：W=qE?2r=2qEr，所以電場力做功為2qEr，故C正確，D錯誤．故應選：BC．【點睛】本題關鍵抓住以Q為圓心的圓是一條等勢線，+q在等勢線上移動時，電場力不做功，只要分析勻強電場的電場力做功情況即可．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、a溫度升高，燈絲電阻（或電阻率）增大4.8小【解析】

(1)[1]由圖甲知當滑動觸頭打到a端時通過電流表的電流是零，為防止燒表，在閉合開關S前，滑動變阻器觸頭應放在a端;(2)[2]根據電路圖連線實物圖如圖所示：(3)[3]圖中曲線彎曲的主要原因是隨著燈絲中的電流增大，溫度升高，燈絲的電阻率增大，電阻增大;(4)[4][5]由圖丙知小燈泡在額定電壓（2.4V）下工作時的電流為0.5A，由R=得R=Ω=4.8Ω，根據歐姆定律，由于電壓表的分流使得電流表測量值大于通過小燈泡的實際電流，故測得的電阻值偏?。军c睛】電學實驗首先應注意保護電流表，因此，閉合開關前應將滑動觸頭打到使通過電流表電路的電流最小的位置；注意變阻器分壓式和限流式在在閉合開關S前滑動觸頭位置的不同要求．12、（1）控制變量法（2）mgtanθ（3）偏大；兩電荷帶同種電荷，導致電量間距大于3R．【解析】

（1）做這個實驗是時，“先保持兩球電荷量不變”和“再保持兩球距離不變”，可見，實驗中需要用到控制變量法的科學方法．（2）A球受重力，繩的拉力和電場力三力平衡，根據平衡關系，A、B兩球之間的電場力F=mgtanθ．（3）當兩球心相距為3R時，兩球不能看成點電荷，因帶同種電荷，導致電量間距大于3R，根據庫侖定律F=k，可知，它們相互作用的庫侖力大小F＜．即該同學的計算結果偏大，原因是：兩電荷帶同種電荷，導致電量間距大于3R．【點睛】本題應知道控制變量法在實驗中的應用，明確當兩球心相距為3R時，兩球不能看成點電荷，不能直接運用庫侖定律解答，注意庫侖定律的成立條件，理解點電荷的含義．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、25人【解析】扶梯本身向上運動所需功率為P1＝