…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年粵教滬科版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷810考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、人類探測(cè)火星的夢(mèng)想一刻也沒有停止過，若在將來(lái)的某一天，人類實(shí)現(xiàn)了在火星上的登陸，宇航員在火星表面上用測(cè)力計(jì)測(cè)得質(zhì)量為m的物塊重力為G0，測(cè)得火星的半徑為R，已知火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期和線速度分別為T和v，引力常量為G，則太陽(yáng)對(duì)火星的引力大小為（）A.B.C.D.2、如圖所示，有一傾斜放置的傳送帶，當(dāng)它未開啟時(shí)，將一物塊自傳送帶的上端A點(diǎn)由靜止釋放后，它經(jīng)t1時(shí)間下滑到底端B點(diǎn)，接觸面上發(fā)熱量為Q1；若開啟傳送帶，使之順時(shí)針運(yùn)行且速度V保持不變，同一物塊仍由A點(diǎn)靜止釋放，若仍能下滑到底端B點(diǎn)，設(shè)物塊下滑的時(shí)間為t2，接觸面發(fā)熱量為Q2，對(duì)上述現(xiàn)象的分析和判斷，正確的有（）A.傳送帶順時(shí)針開啟時(shí)，物塊有可能無(wú)法下滑B.物塊一定能下滑到B點(diǎn)，且有：t2＞t1、Q2＞Q1C.物塊一定能下滑到B點(diǎn)，且有：t2=t1、Q2＞Q1D.物塊一定能下滑到B點(diǎn)，且有：t2=t1、Q2=Q13、一輛汽車在平直的公路上追上一輛正向前行駛的自行車，超過它并繼續(xù)向前行駛，對(duì)此下面描述正確的是（）A.以自行車為參考系，汽車超車前是向后運(yùn)動(dòng)的B.以自行車為參考系，汽車是向前運(yùn)動(dòng)的C.以汽車為參考系，自行車是向前運(yùn)動(dòng)的D.以汽車為參考系，汽車和自行車都是向前運(yùn)動(dòng)的4、如圖所示，兩束單色光a、b自空氣射向玻璃，經(jīng)折射后形成復(fù)合光束c，則下列說(shuō)法不正確的是（）A.a光在玻璃中的折射率比b光的大B.在玻璃中，a光的光速大于b光的光速C.從玻璃射向空氣時(shí)，a光的臨界角大于b光的臨界角D.a光和b光的臨界角均大于30°5、如圖所示為研究電子槍中電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的簡(jiǎn)化模型示意圖．在xOy平面的第一象限，存在以x軸、y軸及雙曲線y=的一段（0≤x≤L；0≤y≤L）為邊界的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ；在第二象限存在以x=-L；x=-2L、y=0、y=L為邊界的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域Ⅱ．兩個(gè)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小均為E，不計(jì)電子重力的影響，電子的電荷量為e，則以下說(shuō)法中不正確的是（）

A.從電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ的邊界B點(diǎn)（B點(diǎn)的縱坐標(biāo)為L(zhǎng)）處由靜止釋放電子，到達(dá)區(qū)域Ⅱ的M點(diǎn)時(shí)的速度為v=B.從電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ的邊界B（B點(diǎn)的極坐標(biāo)為L(zhǎng)）處由靜止釋放電子，電子離開MNPQ區(qū)域時(shí)的極坐標(biāo)為（-2L，0）C.從電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ的AB曲線上任一點(diǎn)處由靜止釋放的電子都能從MNPQ區(qū)域左下角P點(diǎn)離開D.在電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ的AB曲線上任一點(diǎn)處由靜止釋放的電子離開MNPQ區(qū)域時(shí)最小動(dòng)能為2eEL6、如圖為用索道運(yùn)輸貨物的情景，已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37°，重物與車廂地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.30．當(dāng)載重車廂沿索道向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重物與車廂仍然保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)，重物對(duì)車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么這時(shí)重物對(duì)車廂地板的摩擦力大小為（）A.0.35mgB.0.30mgC.0.23mgD.0.20mg7、設(shè)勻速行駛的汽車，發(fā)動(dòng)機(jī)功率保持不變，則（）A.路面越粗糙，汽車行駛得越慢B.路面越粗糙，汽車行駛得越快C.在同一路面上，汽車不載貨與載貨時(shí)行駛得一樣快D.在同一路面上，汽車不載貨比載貨時(shí)行駛得慢評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、關(guān)于不共線的兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的合成，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)B.兩個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的合成一定是直線運(yùn)動(dòng)C.勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合成一定是直線運(yùn)動(dòng)D.兩個(gè)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)一定是勻加速直線運(yùn)動(dòng)9、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m=0.2kg的小球用細(xì)繩吊在傾角為θ=45°的光滑斜面上，當(dāng)斜面靜止時(shí)，繩與斜面平行．當(dāng)斜面以10m/s2的加速度向右做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，則（）A.細(xì)繩的拉力約為2.8NB.小球?qū)π泵娴膲毫s為1.4NC.細(xì)繩的拉力約為1.4ND.小球?qū)π泵娴膲毫榱?0、下面哪些現(xiàn)象是防止了靜電的危害（）A.靜電除塵B.高大建筑物上安裝避雷針C.靜電復(fù)印D.油車拖著鐵鏈行駛11、如圖所示，一物體從豎直平面內(nèi)圓環(huán)的最高點(diǎn)A處由靜止開始沿光滑弦軌道AB下滑至B點(diǎn)，那么（）A.只要知道弦長(zhǎng)，就能求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間B.只要知道圓半徑，就能求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間C.只要知道傾角θ，就能求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間D.只要知道弦長(zhǎng)和傾角就能求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間12、如圖所示是質(zhì)量為1kg的滑塊在水平面上做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象．下列判斷正確的是（）A.在t=1s時(shí)，滑塊的加速度為2m/s2B.在4s～6s時(shí)間內(nèi)，滑塊的平均速度為2.5m/sC.在3s～7s時(shí)間內(nèi)，合力做功的平均功率為2WD.在5s～6s時(shí)間內(nèi)，滑塊受到的合力為2N13、一物體靜止在水平地面上；在豎直向上的拉力F的作用下開始向上運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示．在物體向上運(yùn)動(dòng)過程中，其機(jī)械能E與位移x的關(guān)系圖象如圖乙所示（空氣阻力不計(jì)），已知曲線上點(diǎn)A處的切線的斜率最大，則（）

A.在x1處物體所受拉力最大B.在x1～x2過程中，物體的動(dòng)能先增大后減小C.在x2處物體的速度最大D.在x1～x2過程中，物體的加速度先增大后減小14、電場(chǎng)中有一點(diǎn)P

下列說(shuō)法正確的是(

)

A.若放在P

點(diǎn)的電荷的電量減半，則P

點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)減半B.若P

點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷，則P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零C.P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P

點(diǎn)所受的電場(chǎng)力越大D.P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)檎姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向15、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的小物體b放在固定的斜面a上；下列說(shuō)法正確的是（）

A.整個(gè)裝置靜止時(shí)，地面對(duì)斜面a的支持力大小等于整個(gè)裝置重力大小之和B.斜面a保持靜止，小物體b勻速下滑時(shí)，地面對(duì)斜面a的摩擦力向左C.整個(gè)裝置靜止時(shí)，通過小物體b的重心給小物體b施加一豎直向下的恒力F，則小物體b將向下滑動(dòng)D.斜面a保持靜止，小物體b勻速下滑時(shí)，通過小物體b的重心給小物體b施加一豎直向下的恒力F，小物體b所受摩擦力將變大，小物體b仍保持勻速下滑16、抽制高強(qiáng)度纖維細(xì)絲時(shí)可用激光監(jiān)控其粗細(xì)，如圖所示，觀察激光束經(jīng)過細(xì)絲時(shí)在光屏上所產(chǎn)生的條紋即可判斷細(xì)絲粗細(xì)的變化．（）A.如果屏上條紋變寬，表明抽制的絲變細(xì)B.這主要是光的衍射現(xiàn)象C.如果屏上條紋變寬，表明抽制的絲變粗D.這主要是光的干涉現(xiàn)象評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、（2014春?匯川區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，半徑為R、內(nèi)徑很小的光滑半圓管豎直放置，兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a，b，以不同速度進(jìn)入管內(nèi)，a球通過最高點(diǎn)C的速度為2時(shí)，球?qū)鼙赺___（上或下）部的壓力為____，b球通過最高點(diǎn)C速度為0.5時(shí)，對(duì)管壁____（上或下）部的壓力為____．18、為了只用一根彈簧和一把刻度尺測(cè)定某滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ（設(shè)μ為定值），某同學(xué)經(jīng)查閱資料知：一勁度系數(shù)為k的輕彈簧由伸長(zhǎng)量為x至恢復(fù)到原長(zhǎng)過程中，彈力所做的功為kx2；于是他設(shè)計(jì)了下述實(shí)驗(yàn)：

第1步：如圖所示；將彈簧的一端固定的豎直墻上，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)另一端位置A．現(xiàn)使滑塊緊靠彈簧將其壓縮至位置B，松手后滑塊在水平桌面上運(yùn)動(dòng)一段距離，到達(dá)C位置時(shí)停止：

第2步：將滑塊掛在豎直放置的彈簧下；彈簧伸長(zhǎng)后保持靜止?fàn)顟B(tài)．

回答下列問題：

（1）你認(rèn)為，該同學(xué)應(yīng)該用刻度尺直接測(cè)量的物理量是（寫出名稱并用符號(hào)表示）____．

（2）用測(cè)得的物理量表示滑塊與水平桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ的計(jì)算式：μ=____．19、一定質(zhì)量的理想氣體，從圖示A狀態(tài)開始，經(jīng)歷了B、C狀態(tài)，最后到D狀態(tài)，狀態(tài)A變化到狀態(tài)B溫度升高，體積____，狀態(tài)C到狀態(tài)D壓強(qiáng)變小，體積____．（填寫“變小”；“變大”或“不變”）

20、【題文】三個(gè)阻值都是10Ω的電阻以不同方式接到電源電壓為3V的電路中，整個(gè)電路能產(chǎn)生的最小電流是____A，最大電流是____Ａ。21、（2014秋?楊浦區(qū)校級(jí)期末）如圖是直流電動(dòng)機(jī)的原理圖，其中P、Q和X、Y是電動(dòng)機(jī)中的兩個(gè)部件，電動(dòng)機(jī)中的轉(zhuǎn)子能夠不停地繞同一方向轉(zhuǎn)動(dòng)，是利用上述部件中____部件實(shí)現(xiàn)的，我們把這一部件叫做____．22、（2014秋?西湖區(qū)校級(jí)期中）板長(zhǎng)為L(zhǎng)的平行金屬板與水平面成θ角放置，板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)．一個(gè)帶負(fù)電、電量為q、質(zhì)量為m的液滴，以速度v0垂直于電場(chǎng)方向射入兩板間，如圖所示，射入后液滴沿直線運(yùn)動(dòng)，兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E=____．液滴離開電場(chǎng)時(shí)的速度為____．（液滴的運(yùn)動(dòng)方向沒有改變）23、一矩形線圈面積S=10-2m2，它和勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向之間的夾角θ1=30°，穿過線圈的磁通量Ф=1×10-3Wb，則磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B=____；若線圈以一條邊為軸的轉(zhuǎn)180°，則穿過線圈的磁能量的變化為____；若線圈平面和磁場(chǎng)方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Ф=____．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)24、分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的和叫做這個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】根據(jù)火星表面物體重力等于萬(wàn)有引力和萬(wàn)有引力定律列式求解．【解析】【解答】解：由題可知，，根據(jù)火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)，有，所以太陽(yáng)對(duì)火星的引力大小=；選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤．

故選：A2、C【分析】【分析】傳送帶靜止或順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物塊受到的滑動(dòng)摩擦力都沿傳送帶向上，根據(jù)物塊的受力情況應(yīng)用牛頓第二定律比較物塊的加速度大小關(guān)系，然后應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式比較物塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后根據(jù)物塊與傳送帶的相對(duì)位移大小分析判斷熱量間的關(guān)系．【解析】【解答】解：傳送帶靜止或瞬時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物塊受到的滑動(dòng)摩擦力方向都沿傳送帶向上，兩種情況下物塊受到的合力不變，加速度a不變，物塊的位移s相等，物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由s=at2可知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=相等，即：t2=t1；

傳送帶靜止時(shí)；物塊與傳送帶間的相對(duì)位移為AB間的距離L，傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；

物塊與傳送帶間的相對(duì)位移為AB間的距離L與傳送帶的位移x之和；即為：L+x；

熱量：Q1=μmgLcosθ，Q2=μmg（L+x）cosθ，則：Q2＞Q1；故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選：C．3、B【分析】【分析】選擇的參考系，可以假設(shè)該物體不動(dòng)，結(jié)合兩車之間的距離分析物體的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【解答】解：A；以自行車為參考系；汽車在超車前，兩者的距離逐漸減小，可知汽車超車前向前運(yùn)動(dòng)，超車后，兩車距離逐漸增大，以自行車為參考系，汽車向前運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確．

C；以汽車為參考系；超車前，兩者的距離逐漸減小，自行車向后運(yùn)動(dòng)，超車后，兩者的距離逐漸增大，自行車向后運(yùn)動(dòng)，故C、D錯(cuò)誤．

故選：B．4、A【分析】【分析】由圖看出，a光的入射角大于b光的入射角，而折射角相同，根據(jù)折射定律便知玻璃對(duì)兩束光折射率的大小關(guān)系．由v=分析光在玻璃中速度關(guān)系．由公式sinC=分析臨界角大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

A、由圖看出，a光的入射角大于b光的入射角，而折射角相同，根據(jù)折射定律得知，玻璃對(duì)b光的折射率大于a光的折射率．故A錯(cuò)誤．

B、由v=分析可知，在玻璃中，a光的光速小于b光的光速．故B正確．

C、由公式sinC=分析可知，折射率越小，臨界角越大，則從玻璃射向空氣時(shí)，a光的臨界角大于b光的臨界角．故C正確．

D、由題看出，折射角是30°，當(dāng)入射角增大時(shí)，折射角會(huì)增大，當(dāng)入射角接近90°時(shí)，折射角將大于30°，根據(jù)光路可逆性原理可知，a光和b光的臨界角均大于30°．故D正確．

本題選不正確的，故選A5、D【分析】【分析】（1）根據(jù)B點(diǎn)的縱坐標(biāo)求出B點(diǎn)的橫坐標(biāo)；根據(jù)動(dòng)能定理求出電子到達(dá)區(qū)域Ⅱ的M點(diǎn)時(shí)的速度．

（2）電子進(jìn)入電場(chǎng)II做類平拋運(yùn)動(dòng)；在垂直電場(chǎng)方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)偏轉(zhuǎn)位移的大小求出離開MNPQ時(shí)的縱坐標(biāo)．

（3）根據(jù)動(dòng)能定理，結(jié)合類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出在電場(chǎng)區(qū)域Ⅱ中偏轉(zhuǎn)位移【解析】【解答】解：A、B點(diǎn)坐標(biāo)（；L），在電場(chǎng)I中電子被加速到V，由動(dòng)能定理有：

；

所以；故A正確．

B；電子進(jìn)入電場(chǎng)II做類平拋運(yùn)動(dòng)；有：

t=；

；

；

所以橫坐標(biāo)x=-2L；縱坐標(biāo)y=L-y=0即為（-2L；0），故B正確。

C、設(shè)釋放點(diǎn)在電場(chǎng)區(qū)域I的AB曲線邊界，其坐標(biāo)為（x，y），在電場(chǎng)I中電子被加速到v1；然后進(jìn)入電場(chǎng)II做類平拋運(yùn)動(dòng)，有：

；

t=；

；

所以離開點(diǎn)的橫坐標(biāo)X1=-2L，縱坐標(biāo)y1=y-y′=0；即（-2L，0）為P點(diǎn)，故C正確。

D；電子在兩個(gè)電場(chǎng)中被加速；電場(chǎng)力做功為：W=eEx+eEy

則從B到P由動(dòng)能定理得：eE（x+y）=Ek-0

又y=，所以只有x=y點(diǎn)釋放的電子，離開P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最小，所以x+y=L，即最小動(dòng)能為EKmin=eEL；故D不正確．

因選不正確的，故選：D6、D【分析】【分析】對(duì)物體受力分析可知，物體在水平和豎直方向都有加速度，由牛頓第二定律可以求得豎直方向上的加速度的大小，進(jìn)而可以求得水平方向上的加速度的大小，再次由牛頓第二定律可以求得摩擦力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河捎谥匚飳?duì)車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍，在豎直方向上，由牛頓第二定律得：FN-mg=ma豎直；

解得a上=0.15g；

設(shè)水平方向上的加速度為a水平；

則=tan37°=；

解得：a水平=0.2g；

對(duì)物體受力分析可知，在水平方向上摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度，由牛頓第二定律得：f=ma水=0.20mg；故D正確．

故選：D．7、A【分析】【分析】發(fā)動(dòng)機(jī)的功率等于牽引力與速度的乘積，抓住功率不變，根據(jù)牽引力的大小比較汽車的速度．【解析】【解答】解：A；勻速行駛的汽車；路面越粗糙，阻力越大，牽引力越大，功率不變，根據(jù)P=Fv知，汽車的速度越?。蔄正確，B錯(cuò)誤．

C；在同一路面上；載貨的汽車所受的阻力較大，則勻速行駛時(shí)，牽引力較大，根據(jù)P=Fv知，載貨的汽車速度較?。蔆、D錯(cuò)誤．

故選：A．二、多選題(共9題，共18分)8、BD【分析】【分析】運(yùn)動(dòng)的合成和分解遵循平行四邊形定則，當(dāng)合速度的方向與合加速度的方向在同一條直線上時(shí)，物體做直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)合速度的方向和合加速度的方向不在同一條直線上時(shí)，物體做曲線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)不一定是直線運(yùn)動(dòng)；比如平拋運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．

B；兩個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)仍然是勻速直線運(yùn)動(dòng)；因?yàn)楹霞铀俣葹榱?，以合速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)．故B正確．

C；勻加速直線運(yùn)動(dòng)和勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)若不在同一條直線上；則做曲線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)楹霞铀俣确较蚺c合速度方向不在同一條直線上．故C錯(cuò)誤．

D；兩個(gè)初速度為零勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是勻加速直線運(yùn)動(dòng)；若合速度的方向與合加速度的方向在同一條直線上時(shí)．故D正確．

故選：BD．9、AD【分析】【分析】首先判斷小球是否飛離了斜面，根據(jù)小球剛剛飛離斜面的臨界條件，即繩子的傾角不變，斜面的支持力剛好為零，解出此時(shí)的加速度與題目給出的加速度大小進(jìn)行比較，若給出加速度大于小球的臨界加速度說(shuō)明小球已經(jīng)飛離了斜面，否則小球還在斜面上．【解析】【解答】解：設(shè)小球剛剛脫離斜面時(shí)，斜面向右的加速度為a0；

此時(shí)斜面對(duì)小球的支持力恰好為零；小球只受重力和細(xì)繩的拉力；

且細(xì)繩仍然與斜面平行；小球受力如圖所示；

由牛頓第二定律得：mgcotθ=ma0；

解得臨界加速度：a0=gcotθ=10m/s2．

加速度a＞10m/s2=a0，則小球已離開斜面，T==2≈2.8N；故AD正確，BC錯(cuò)誤；

故選：AD10、BD【分析】【分析】本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，從各種實(shí)例的原理出發(fā)就可以判斷出答案．【解析】【解答】解：A．靜電除塵時(shí)除塵器中的空氣被電離；煙霧顆粒吸附電子而帶負(fù)電，顆粒向電源正極運(yùn)動(dòng)，屬于靜電應(yīng)用，不符合題意；

B．當(dāng)打雷的時(shí)候；由于靜電的感應(yīng)，在高大的建筑物頂端積累了很多的靜電，容易導(dǎo)致雷擊事故，所以在高大的建筑物頂端安裝避雷針可以把雷電引入地下，保護(hù)建筑物的安全，屬于靜電防止，符合題意；

C．靜電復(fù)印是利用異種電荷相互吸引而使碳粉吸附在紙上；屬于靜電應(yīng)用，不符合題意；

D．鐵鏈的目的是為了將靜電導(dǎo)入大地；屬于靜電的防止，符合題意．

本題選擇靜電的危害，故選：BD．11、BD【分析】【分析】設(shè)半徑為R，則物體運(yùn)動(dòng)的位移為x=2Rcosθ，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，然后根據(jù)x=求解時(shí)間．【解析】【解答】解：設(shè)半徑為R，則物體運(yùn)動(dòng)的位移為x=2Rcosθ，物體運(yùn)動(dòng)的加速度a==gcosθ，根據(jù)x=，則t=；與θ角無(wú)關(guān)．而知道弦長(zhǎng)和傾角也能算出半徑，所以BD正確，AC錯(cuò)誤．

故選：BD．12、AC【分析】解：A、在v-t圖象中，圖象的斜率大小等于滑塊的加速度大小，則t=1s時(shí)，a==2m/s2；故A正確；

B、根據(jù)圖線圍成的面積表示位移知，在4s～6s時(shí)間內(nèi)，滑塊的位移x=×4=6m，則平均速度：===3m/s；故B錯(cuò)誤；

C、在3～7s時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理知，合力做功為：W=0-mv2=-×1×42J=-8J，則合力做功的平均功率大小P==W=2W；故C正確；

D、5～6s時(shí)間內(nèi)，由牛頓第二定律可得：F=ma′=1×=4N；故D錯(cuò)誤；

故選：AC．

根據(jù)圖線的斜率得出滑塊的加速度；結(jié)合牛頓第二定律求出滑塊的合力大小．根據(jù)圖線圍成的面積得出滑塊的位移，從而求出滑塊的平均速度．根據(jù)動(dòng)能定理求出合力做功的大小，結(jié)合平均功率的公式求出合力做功的平均功率．

解決本題的關(guān)鍵知道速度時(shí)間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移．【解析】【答案】AC13、AB【分析】解：A、由圖可知，x1處物體圖象的斜率最大；則說(shuō)明此時(shí)機(jī)械能變化最快，由E=Fh可知此時(shí)所受的拉力最大；故A正確；

B、x1～x2過程中，圖象的斜率越來(lái)越小，則說(shuō)明拉力越來(lái)越??；x2時(shí)刻圖象的斜率為零，則說(shuō)明此時(shí)拉力為零；在這一過程中物體應(yīng)先加速后減速，則說(shuō)明最大速度一定不在x2處；故B正確；C錯(cuò)誤；

D；由圖象可知；拉力先增大后減小，直到變?yōu)榱悖粍t物體受到的合力應(yīng)先增大，后減小，減小到零后，再反向增大；故加速度應(yīng)先增大后減小，再反向增大；故D錯(cuò)誤；

故選：AB．

根據(jù)功能關(guān)系：除重力以外其它力所做的功等于機(jī)械能的增量，0--x1過程中物體機(jī)械能在增加；知拉力在做正功，機(jī)械能與位移圖線的斜率表示拉力．當(dāng)機(jī)械能守恒時(shí)，拉力等于零，通過拉力的變化判斷其加速度以及動(dòng)能的變化．

本題畫出了我們平時(shí)所陌生的機(jī)械能與高度的變化圖象；要求我們從圖象中分析物體的運(yùn)動(dòng)過程．要求我們能明確機(jī)械能與外力做功的關(guān)系；明確重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系；并正確結(jié)合圖象進(jìn)行分析求解．【解析】【答案】AB14、CD【分析】解：AB

電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身；與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)，所以在p

點(diǎn)電荷減半或無(wú)檢驗(yàn)電荷，P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不變，故AB錯(cuò)誤．

C；據(jù)F=Eq

知；P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P

點(diǎn)所受的電場(chǎng)力越大，故C正確．

D；據(jù)場(chǎng)強(qiáng)方向的規(guī)定；正電荷所受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，所以P

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)檎姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向，故D正確．

故選：CD

．

電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)；場(chǎng)強(qiáng)公式E=Fq

采用比值法下的定義；利用場(chǎng)強(qiáng)方向的規(guī)定判斷場(chǎng)強(qiáng)方向與電場(chǎng)力的方向．

明確電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)；場(chǎng)強(qiáng)公式E=Fq

只是為研究電場(chǎng)的方便，采用比值法下的定義；場(chǎng)強(qiáng)方向的規(guī)定判斷場(chǎng)強(qiáng)方向與電場(chǎng)力的方向的依據(jù)．【解析】CD

15、AD【分析】【分析】物體靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)物體處于平衡狀態(tài)，所受合外力為零；分別對(duì)未加外力和加外力時(shí)物體A進(jìn)行受力分析，A原來(lái)靜止看成恰好靜止進(jìn)行分析，判斷A物體是否靜止．【解析】【解答】解：A；整個(gè)裝置靜止時(shí)；系統(tǒng)受重力與地面的支持力作用，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，地面對(duì)斜面a的支持力大小等于整個(gè)裝置重力大小之和，故A正確；

B、斜面a保持靜止，小物體b勻速下滑時(shí)，b受到豎直向下的重力、斜面的支持力與摩擦力作用，b處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，b所示合力為零，則摩擦力與支持力的合力與b所受的重力等大反向，b所受的重力豎直向下，則a對(duì)b的支持力與摩擦力的合力豎直向上，由牛頓第三定律可知，b對(duì)a的作用力豎直向下，a受豎直向下的重力、地面豎直向上的支持力與a對(duì)b豎直向下的作用力；a在水平方向沒有運(yùn)動(dòng)；也沒有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，地面對(duì)a沒有摩擦力，故B錯(cuò)誤；

C、整個(gè)裝置靜止時(shí)，對(duì)b：mgsinα=μmgcosα，施加F后，因?yàn)槿杂校‵+mg）sinα=μ（F+mg）cosα，則b仍然保持靜止；故C錯(cuò)誤；

D、斜面a保持靜止，小物體b勻速下滑時(shí)，mgsinα=μmgcosα，通過小物體b的重心給小物體b施加一豎直向下的恒力F，摩擦力：f=μ（F+mg）cosα增大，但仍有：（F+mg）sinα=μ（F+mg）cosα，b所受合力仍為零，仍然處于平衡狀態(tài)，b仍然保持勻速下滑；故D正確；

故選：AD．16、AB【分析】【分析】讓激光通過細(xì)絲，產(chǎn)生衍射條紋，條紋變寬，知金屬絲變細(xì)．【解析】【解答】解：當(dāng)障礙物的尺寸與波的波長(zhǎng)相當(dāng)；或小于波的波長(zhǎng)，會(huì)發(fā)生明顯的衍射，該裝置的原理是運(yùn)用光的衍射現(xiàn)象，如果屏上條紋變寬，則纖維絲變細(xì)．故CD錯(cuò)誤，AB正確．

故選：AB．三、填空題(共7題，共14分)17、上3mg下0.75mg【分析】【分析】a球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，由重力和彈力提供向心力，由牛頓第二定律求出a球所受的軌道的作用力．b球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，運(yùn)用同樣的方法求解．【解析】【解答】解：以a球?yàn)閷?duì)象，其到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度為va；設(shè)軌道對(duì)小球有向下的作用力，根據(jù)向心力公式有：

mg+Fa=m

又va=2

代入解得Fa=3mg，由牛頓第三定律得：a球?qū)鼙诘淖饔昧Υ笮a′=Fa=3mg；方向向上，即a球?qū)鼙谏喜康膲毫Γ?/p>

以b球?yàn)閷?duì)象，其到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度為vb；設(shè)軌道對(duì)小球有向上的作用力，根據(jù)向心力公式有。

mg-Fb=m

又vb=0.5

解得：Fb=0.75mg

由牛頓第三定律得：b球?qū)鼙诘淖饔昧Υ笮b′=Fb=0.75mg，方向向下，即b球?qū)鼙谙虏康膲毫Γ?/p>

故答案為：上、3mg、下、0.75mg18、略

【分析】

（1）該過程中，物體運(yùn)動(dòng)克服摩擦力做功，消耗彈性勢(shì)能，即彈簧彈力做的正功等于克服摩擦力做功，所以要求彈簧彈力做功的大小，根據(jù)需要測(cè)量彈簧的形變量，即原長(zhǎng)和壓縮后的長(zhǎng)度的差值，即AB之間的距離x1；需要測(cè)量彈簧的勁度系數(shù)，可以根據(jù)彈簧掛物體時(shí)處的平衡狀態(tài)求出勁度系數(shù)k，使用要測(cè)量將滑塊掛在豎直放置的彈簧下，彈簧伸長(zhǎng)后保持靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量x2；在整個(gè)過程中根據(jù)功能關(guān)系有：

①；所以要測(cè)量物體滑行的距離S．

（2）將滑塊掛在豎直放置的彈簧下時(shí)，mg=kx2②

①②聯(lián)立得：

故答案為：（1）AB間距離x1，BC間距離s，彈簧豎直懸掛時(shí)伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度x2（2）

【解析】【答案】該題中；利用二力平衡求出彈簧的勁度系數(shù)k，利用了功能關(guān)系來(lái)求摩擦系數(shù)，即運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做功消耗彈簧的彈性勢(shì)能．

19、略

【分析】

一定質(zhì)量的理想氣體；狀態(tài)A變化到狀態(tài)B溫度升高，從圖中看出AB的連線穿過原點(diǎn)，所以狀態(tài)A變化到狀態(tài)B是一個(gè)等容變化，所以體積不變．

狀態(tài)C到狀態(tài)D壓強(qiáng)變小，溫度不變，根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C知道體積變大．

故答案為：不變；變大．

【解析