…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高三物理上冊階段測試試卷595考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、假設地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體，已知地球表面重力加速度在兩極的大小為g0，赤道的大小為g；地球自轉(zhuǎn)的周期為T，引力常量為G．則地球的密度為（）A.B.C.D.2、如圖所示，一個理想變壓器，初級線圈的匝數(shù)為n1，a、b接交流電源，次級線圈匝數(shù)為n2，與負載電阻R相連接，R=40Ω．圖中電壓表的示數(shù)為100V，初級線圈的電流為0.4A．下列說法正確的是（）A.次級線圈中的電流的最大值為1AB.初級和次級線圈的匝數(shù)比n1：n2=2：5C.如果將另一個阻值也為R的電阻與負載電阻并聯(lián)，圖中電流表的示數(shù)為2AD.如果將另一個阻值也為R的電阻與負載電阻串聯(lián)，變壓器消耗的電功率是80W3、設質(zhì)子、中子、氘核的質(zhì)量分別為m1、m2和m3，那么，當一個質(zhì)子和一個中子結(jié)合成氘核時，釋放的能量是（）A.m2C2B.(m1+m2)C2C.(m3-m2-m1)C2D.(m1+m2-m3)C24、下列關于重力和重心的說法中正確的是()A.物體本身就有重力，所以重力沒有施力物體B.形狀規(guī)則的物體的重心，一定在它的幾何中心上C.重力的方向總是和支持重物的支持面垂直的E.物體本身就有重力，所以重力沒有施力物體E.物體本身就有重力，所以重力沒有施力物體5、如圖所示，一列簡諧橫波沿直線傳播，該直線上的a、b兩點相距4.42m，圖中實、虛兩條曲線分別表示平衡位置在a、b兩點處質(zhì)點的振動曲線．從圖示可知（）A.此列波的頻率可能是10HzB.此列波的波長可能是0.1mC.此列波的傳播速度可能是26m/sD.a點一定比b點距波源近6、如圖所示，a、b、c是勻強電場中三個點，各點電勢依次為10V、2V、8V；三點在同一平面上．下列各圖中，電場強度的方向表示可能正確的是（）A.B.C.D.7、一個物體在平行于斜面向上的力F作用下，勻速向下運動，如圖所示，除力F以外，它受到的力還有（）A.重力、彈力、下滑力和摩擦力B.重力、彈力和摩擦力C.重力、彈力和下滑力D.彈力、摩擦力和下滑力8、如圖，用平行于斜面的推力F使物體靜止于傾角為θ的固定斜面上，下列表述正確的是（）A.斜面對物體的摩擦力一定沿斜面向下B.斜面對物體的摩擦力一定沿斜面向上C.斜面對物體的摩擦力可能為零D.物體對斜面的壓力可能為零評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、關于摩擦力，下列說法中正確的是（）A.兩個接觸的相對靜止的物體間一定有摩擦力B.受靜摩擦作用的物體一定是靜止的C.滑動摩擦力方向可能與運動方向相同D.物體間正壓力一定時，靜摩擦力的大小可以變化，但有一個限度10、在平直公路上有甲、乙兩輛汽車同時從同一位置沿著同一方向做勻加速直線運動，它們速度的平方隨位移變化的圖象如圖所示，則（）A.甲車的加速度比乙車的加速度大B.在x=0.5m處甲乙兩車的速度相等C.在x=0.5m處甲乙兩車相遇D.在x=11.0m處甲乙兩車相遇11、如圖是一列簡諧橫波在某一時刻的圖象，已知波的傳播速度為4m/s，從這一時刻起再經(jīng)0.25s，質(zhì)點D通過平衡位置．則這列波（）A.周期為2sB.質(zhì)點D在這0.25s內(nèi)通過的路程為5cmC.質(zhì)點C在3s內(nèi)通過的路程為60cmD.可能向x軸正方向傳播12、質(zhì)點做直線運動的v-t圖象如右圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質(zhì)點（）A.第4s內(nèi)物體的速度和加速度方向相同B.第2s末和第4s末速度相同C.在前8s內(nèi)平均速度大小為0.25m/s，方向向左D.在前8s內(nèi)平均速度大小為1m/s，方向向右13、如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度α．在以下方法中，能使懸線的偏角α變大的是（）A.縮小a、b間的距離B.加大a、b間的距離C.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)D.換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)14、如圖(

甲)

所示，平行光滑金屬導軌水平放置，兩軌相距L=0.4m

導軌一端與阻值R=0.3婁賂

的電阻相連，導軌電阻不計.

導軌x>0

一側(cè)存在沿x

方向均勻增大的恒定磁場，其方向與導軌平面垂直向下，磁感應強度B

隨位置x

變化如圖(

乙)

所示.

一根質(zhì)量m=0.2kg

電阻r=0.1婁賂

的金屬棒置于導軌上；并與導軌垂直，棒在外力F

作用下從x=0

處以初速度v0=2m/s

沿導軌向右變速運動，且金屬棒在運動過程中受到的安培力大小不變.

下列說法中正確的是(

)

A.金屬棒向右做勻減速直線運動B.金屬棒在x=1m

處的速度大小為0.5m/s

C.金屬棒從x=0

運動到x=1m

過程中，外力F

所做的功為鈭?0.175J

D.金屬棒從x=0

運動到x=2m

過程中，流過金屬棒的電量為2C

15、如圖所示，豎直放置的長直導線通以恒定電流，有一矩形線框與導線在同一平面內(nèi)，則線框中能產(chǎn)生感應電流的情況為（）A.線框向右運動B.線框向上運動C.線框以導線為軸轉(zhuǎn)動D.線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動16、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受靜電力作用的帶正電粒子的運動軌跡，粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點，可以判定（）A.M點的電勢大于N點的電勢B.M點的電勢小于N點的電勢C.帶正電粒子在M點受到的靜電力大于在N點受到的靜電力D.帶正電的粒子從M點運動到N點受到的靜電力做正功17、連接在電池兩極上的平行板電容器，當A板下移一點使兩極板之間的距離減小時，則（）A.電容器的電容C變大B.電容器極板的帶電量Q減少C.電容器兩極板間的電場強度E變大D.電容器兩極板間的P處電勢降低評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、傳感器擔負著信息的采集任務，在自動控制中發(fā)揮著重要作用，傳感器能夠?qū)⒏惺艿降奈锢砹浚ㄈ鐪囟取⒐?、聲等）轉(zhuǎn)換成便于測量的量（通常是電學量），例如熱敏傳感器，主要是應用了半導體材料制成的熱敏電阻，熱敏電阻隨溫度變化的圖線如圖甲所示，圖乙是由熱敏電阻R1作為傳感器；制作的簡單自動報警器線路圖．

（1）為了使溫度過高時報警器鈴響，c應接在____（填“a”或“b”）．

（2）若使啟動報警的溫度降低些，應將滑動變阻器滑片P向____移動（填“左”或“右”）．

（3）如果在調(diào)試報警器達到最低報警溫度時，無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片P都不能使報警器工作，且電路連接完好，各電路元件都能處于工作狀態(tài)，則造成工作電路實際不能工作的原因可能是____．19、在電梯中，把一重物置于臺秤上，臺秤與力的傳感器相連，電梯從靜止加速上升，然后又勻速運動一段時間，最后停止運動；傳感器的屏幕上顯示出其受的壓力與時間的關系（N-t）圖象，如圖所示．則電梯在啟動階段經(jīng)歷了____s加速上升過程；電梯的最大加速度是____m/s2．

20、已知地球同步衛(wèi)星離地面的高度約為地球半徑的6倍．若某行星的平均密度為地球平均密度的一半，它的同步衛(wèi)星距其表面的高度是其半徑的2.5倍，則該行星的自轉(zhuǎn)周期約為____小時．21、【題文】一只小燈泡接在電壓是1．5伏的電路上，通過小燈泡的電流為0．3安，則1分鐘內(nèi)通過小燈泡的電量是____庫，小燈泡燈絲的電阻為____歐。22、汽車在平直公路上做勻加速直線運動，已知汽車質(zhì)量為2×103kg，在3000N的牽引力作用下經(jīng)過的10s，速度從10m/s增大到20m/s，路面有阻力．以汽車的運動方向為正方向，那么在這段時間內(nèi)，汽車動量改變量是____kg?m/s，牽引力的沖量是____N?s，阻力的沖量是____N?s，汽車所受合外力的沖量是____N?s．評卷人得分四、判斷題(共1題，共8分)23、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）評卷人得分五、作圖題(共2題，共18分)24、【題文】如下圖甲所示，在水平面上疊放著兩個物體A和B，兩物體在F1、F2(F1>F2)的水平拉力作用下；處于靜止狀態(tài)．試在圖乙中分別畫出A物體；B物體的受力圖。

25、如圖所示；用力F把物體壓在傾斜的天花板上，使物體保持靜止，畫出物體所受的其他各力的示意圖．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】根據(jù)萬有引力等于重力，則可列出物體在兩極的表達式，再由引力與支持力的合力提供向心力，列式綜合可求得地球的質(zhì)量，最后由密度公式，即可求解．【解析】【解答】解：在兩極，引力等于重力，則有：mg0=G；

由此可得地球質(zhì)量M=；

在赤道處，引力與支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律，則有：G-mg=m；

而密度公式；

ρ==；故B正確，ACD錯誤；

故選：B．2、C【分析】【分析】理想變壓器輸入功率等于輸出功率，原副線圈電流與匝數(shù)成反比，原副線圈電壓與匝數(shù)成正比．且電流與電壓均是有效值，電表測量值也是有效值．【解析】【解答】解：A、變壓器的輸出功率等于輸入功率，則：U1I1=U2I2=I22R

解得：I2=1A，U2=40V

所以最大值Im=I2=A；故A錯誤；

B；由于原副線圈電流與匝數(shù)成反比；所以初級線圈和次級線圈的匝數(shù)比為5：2，故B錯誤；

C、如果將另一個阻值為R的電阻與負載電阻并聯(lián)，則總電阻R總=20Ω，則I2===2A；故C正確；

D、如果將另一個阻值為R的電阻與負載電阻串聯(lián)，則總電阻R總=80Ω，則P2==20W；故D錯誤。

故選：C3、D【分析】【分析】核反應方程為根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可得D正確；

【點評】在計算核反應時，需要先寫出反應方程，然后根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求解4、D【分析】解：A；任何物體都受重力的作用；是由于地球?qū)ξ矬w的吸引造成的，施力物體是地球，所以A選項錯誤．

B；形狀規(guī)則的物體的重心不一定在它的幾何中心上；還要看物體的密度是否均勻，如果密度不均勻，那就不在幾何中心，所以B選項錯誤．

C；重力的方向始終是豎直向下的；無論物體放在什么樣的物體上面，方向是不變的，所以C選項錯誤．

D；在地面上同一地點；重力加速度是一樣的，重力G=mg，所以物體的質(zhì)量越大，它所受到的重力也越大，所以D選項正確．

故選：D．【解析】【答案】D5、A【分析】【分析】根據(jù)兩個質(zhì)點在同一時刻的狀態(tài)，結(jié)合波形波，分析a、b間的距離與波長的關系，求出波速的通項和頻率的通項，再確定波速的特殊值．根據(jù)a、b兩點振動先后判斷離振源的遠近．【解析】【解答】解：A、由圖讀出周期為T=0.1s，則此波的頻率為f===10Hz；故A正確；

B、波從a傳到b的時間為t=（0.1n+0.03）s，波速為v==（n=0，1，2），波長為λ=vT=；n是整數(shù)，λ不可能等于0.1m．故B錯誤．

C、波從a傳到b的時間為t=（0.1n+0.03）s，波速為v==（n=0；1，2），n=1.4時，v=26m/s，由于n是整數(shù)不可能為1.4，則波速不會為26m/s，故C錯誤；

D、由于不知道波的傳播方向，與波源的起振方向，無法判斷a、b哪點距波源近；故D錯誤；

故選：A．6、D【分析】【分析】在勻強電場中，電場強度大小處處相等，方向處處相同，電場線是平行且等間距．電勢沿著電場線降低，電場線與等勢面垂直．確定出a、b兩點連線的中點的電勢，即可得到一條等勢線，再根據(jù)相關知識分析．【解析】【解答】解：據(jù)題，a、b、c三點的電勢分別φa=10V，φb=2V，φc=8V，則ab兩點連線的中點的電勢為6V，因此該中點與C點的連線為等勢面，那么與連線垂直的即為電場線．由于φA=10V，φB=2V；又因為電勢沿著電場線降低．故D正確；

故選：D7、B【分析】【分析】對物體受力分析可知，物體受重力、支持力、拉力及摩擦力；根據(jù)滑動摩擦力的方向與相對運動方向相反，即可求解．【解析】【解答】解：由于勻速向下運動；則除重力，支持力與拉力外，還有滑動摩擦力，所謂的下滑力是重力的一個分力，不是物體的實際受的力，故B正確；

故選：B．8、C【分析】【分析】對物體受力分析，根據(jù)共點力平衡判斷摩擦力的方向．【解析】【解答】解：A；物體受重力、支持力、推力和摩擦力處于平衡．

若F=mgsinθ；f=0；

若F＞mgsinθ；物體有沿斜面向上運動的趨勢，靜摩擦力方向沿斜面向下；

若F＜mgsinθ；物體有沿斜面向下運動的趨勢，靜摩擦力方向沿斜面向上．

故AB錯誤C正確．

D；物體對斜面的壓力等于mgcosθ；不為零，故D錯誤．

故選：C．二、多選題(共9題，共18分)9、CD【分析】【分析】摩擦力定義是兩個互相接觸的物體，當它們要發(fā)生或已經(jīng)發(fā)生相對運動時，就會在接觸面上產(chǎn)生一種阻礙相對運動的力，這種力就叫做摩擦力，摩擦力既可以作為動力也可以作為阻力，當摩擦力做為動力時方向和物體的運動方向相同，而做為阻力時方向和物體的運動方向相反．【解析】【解答】解：A；相互壓緊的粗糙物體間如果既沒有沒有相對運動；也沒有相對于運動趨勢，則兩物體間不存在摩擦力，故A錯誤；

B；受靜摩擦作用的物體可能是運動的；比如用傳送帶向高處運送的貨物，故B錯誤；

C；當滑動摩擦力是動力時；則其方向與運動方向相同，當滑動摩擦力是阻力時，其方向與運動方向相反，故C正確；

D；物體間正壓力一定時；靜摩擦力的大小可以變化，小于等于最大靜摩擦力，故D正確；

故選：CD．10、AB【分析】【分析】根據(jù)圖象斜率比較加速度大小，由圖象可直接得到速度相等時的位移，從同一位置出發(fā)，兩車相遇時的位移相等，根據(jù)勻變速直線運動特征判斷位移相等時的位移和時間【解析】【解答】解：A、根據(jù)勻變速直線運動速度位移關系v2；可知圖象的斜率與物體運動的加速度成正比，由圖可知甲的斜率大于乙的斜率故甲車的加速度大地乙車的加速度，故A正確；

B；由圖象可知兩圖象對應位移0.5m時；速度的平方向相等，又兩車沿同一方向運動，故B正確；

C、據(jù)勻變速直線運動的平均速度公式；可知，由圖知在x=0.5m之前，甲的平均速度小于乙的平均速度，故當甲到達x=0.5m處時，乙已經(jīng)在甲之前了，故在此點和以后不再相遇．故C錯誤；

D、由圖知甲的初速度為0，由：，得加速度為：，乙的初速度為1m/s，由：，得加速度為：，當位移相等時兩車相遇：，解得t=2s，故位移為：；故D錯誤；

故選：AB．11、AC【分析】【分析】由圖讀出波長，根據(jù)波速公式求解周期．根據(jù)時間與周期的關系求解質(zhì)點通過的路程．結(jié)合質(zhì)點D的狀態(tài)，判斷波的傳播方向．【解析】【解答】解：A、由圖知：波長λ=8m，則周期為：T==s=2s；故A正確．

B、t=0.25s=；由于質(zhì)點D做的變加速運動，則在0.25s內(nèi)通過的路程不等于半個振幅，即不是5cm，故B錯誤．

C；t=3s=1.5T；則質(zhì)點C在3s內(nèi)通過的路程為：S=1.5×4A=6×10cm=60cm，故C正確．

D；據(jù)題從這一時刻起再經(jīng)0.25s；質(zhì)點D通過平衡位置，則知此刻質(zhì)點D正向下運動，波向x軸負方向傳播，故D錯誤．

故選：AC．12、AC【分析】【分析】傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負；平均速度等于位移除以時間．【解析】【解答】解：A；第4s內(nèi)物體的速度物體的速度為負；加速度為負，速度和加速度方向相同，故A正確；

B；第2s末和第4s末速度大小相同；方向相反，故B錯誤；

C、在前8s內(nèi)位移為：x=×2×3-×2×5=-2m

平均速度==-=-0.25m/s；平均速度大小為0.25m/s，方向向左，C正確D錯誤；

故選：AC．13、BC【分析】【分析】（1）對小球受力分析，小球受重力，拉力，電場力三個力的作用，要使懸線的偏角a變大，需要增加PQ兩極板間的電場強度，PQ兩極板距離不變，即只需增加PQ兩極板間的電壓即可．兩個電容器并聯(lián)在一起，所以兩個電容器極板間的電壓相同，只需增加ab兩極板之間的電壓就可以增加PQ兩極板間的電壓．

（2）ab電容器帶電量不變，由：，進行分析即可．【解析】【解答】解：對小球受力分析如圖：

要使懸線的偏角α變大，需要增加F電；即增加PQ兩極板間的電場強度，PQ兩極板距離不變，所以只需增加PQ兩極板間的電壓即可．

兩個電容器并聯(lián)在一起，所以兩個電容器極板間的電壓相同，此時：C并=Cab+CPQ．

對兩個電容器：總電量Q不變，由：得：增加U，需要將電容C并減小，CPQ不變；

由：得：減小電容Cab可有三個方法：

①增大極板距離d

②減小正對面積s，如將ab板錯開。

③換介電常數(shù)小的電介質(zhì)。

故選：BC14、BCD【分析】解：A

根據(jù)圖象得B鈭?x

函數(shù)關系式：B=0.5+0.5x

金屬棒向右運動切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢E=BLv

感應電流I=ER+r=BLvR+r

安培力F擄虜=BIL=BBLvR+rL=B2L2vR+r

解得：v=擄虜(R+r)B2L2=F擄虜0.4(0.5+0.5x)2隆脕0攏廬42=10F擄虜(x+1)2

根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式：v2鈭?v02=2ax

如果是勻變速直線運動，v2

與x

成線性關系，而由上式知，金屬棒不可能做勻減速直線運動，故A錯誤；

B、根據(jù)題意金屬棒所受的安培力大小不變，x=0

處與x=1

處安培力大小相等，有B02L2v0R+r=B12L2v1R+r

即v1=B02v0B12=0攏廬52隆脕212=0.5m/s

故B正確；

C、金屬棒在x=0

處的安培力大小為：F擄虜=B02L2v0R+r=0攏廬52隆脕0攏廬42隆脕20.4=0.2N

對金屬棒金屬棒從x=0

運動到x=1m

過程中；根據(jù)動能定理有：

WF鈭?F擄虜鈰?x=12mv12鈭?12mv02

代入數(shù)據(jù)：WF鈭?0.2隆脕1=12隆脕0.2隆脕0攏廬52鈭?12隆脕0.2隆脕22

解得：WF=鈭?0.175J

故C正確；

D、根據(jù)感應電量公式q=鈻?婁碌R+r=鈻?BxR+rL

x=0

到x=2

過程中，B鈭?x

圖象包圍的面積鈻?B?x=0.5+1.52隆脕2=2

q=鈻?婁碌R+r=2隆脕0.40.4=2C

故D正確。

故選：BCD

根據(jù)安培力的表達式導出速度v

與x

的關系式，結(jié)合勻變速直線運動的速度位移公式判斷金屬棒的運動是否為勻變速運動；根據(jù)安培力與速度的關系式，由x=0

和x=1m

處的安培力相等即可求出x=1m

處的速度；根據(jù)動能定理外力做功；根據(jù)感應電量公式q=鈻?婁碌R+r

考查法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律、安培力的大小公式、做功表達式、動能定理等的規(guī)律的應用與理解，運動過程中金屬棒所受的安培力不變，是本題解題的突破口，注意B鈭?x

圖象的面積和L

的乘積表示磁通量的變化量．【解析】BCD

15、AD【分析】【分析】根據(jù)閉合回路中磁通量發(fā)生變化時，回路中就會產(chǎn)生感應電流，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；線框向左運動時；線框中的磁場減弱，故磁通量減小，可以產(chǎn)生感應電流，故A正確；

B；線框向上運動時；線框中的磁感應強度不變，磁通量不變，故不會產(chǎn)生感應電流，故B錯誤；

C；線框以直導線為軸轉(zhuǎn)動時；線框中的磁通量不發(fā)生變化，故不會產(chǎn)生感應電流，故C錯誤；

D、線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動；穿過線框的磁通量在變化，則會產(chǎn)生感應電流，故D正確；

故選：AD．16、AD【分析】【分析】根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷電勢的高低．由電場線的疏密判斷場強大小，確定電場力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；B、根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知；M點的電勢高于N點的電勢．故A正確，B錯誤．

C；D、M點處的電場線較疏；而N點處電場線較密，則M點處的電場強度較小，粒子在M點所受的電場力也較小，故C錯誤．

D、正電的粒子從M點運動到N點，根據(jù)W=qUMN；可知，受到的靜電力做正功，故D正確；

故選：AD．17、AC【分析】【分析】根據(jù)電容的決定式C=，分析兩極板間的距離減小時電容的變化．電容器接在電源上，電容器的電壓不變，由電容的定義式C=分析電容器極板的帶電荷量Q變化．由E=分析板間場強的變化．根據(jù)U=Ed，分析P點與下極板間電勢差如何變化，再分析P點的電勢如何變化．【解析】【解答】解：

A、當兩極板間的距離減小時，根據(jù)電容的決定式C=分析得知電容C變大．故A正確．

B、由題可知，電容器的電壓不變，而C變大，由C=得知電容器極板的帶電荷量Q變大．故B錯誤．

C、U不變，d減小，由E=分析得知板間場強E增大．故C正確．

D；E增大；由U=Ed可知，P與下極板間的電勢差增大，由于P點的電勢高于下極板的電勢，則知P處電勢增大．故D錯誤．

故選：AC三、填空題(共5題，共10分)18、a右題圖乙中左邊電源端電壓太小，或者彈簧的勁度系數(shù)太大【分析】【分析】根據(jù)熱敏電阻的阻值隨溫度的變化而變化，因此使電路形成通路，并改變其中一個電阻的溫度．在最低報警溫度時不能報警，說明此時電路中產(chǎn)生的電流不能讓豎直片與a接觸，這可能由多種原因造成，如：①電源提供的電流太小，導致磁鐵的磁性太弱；②彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)圖1中曲線的趨勢可以得出；電阻隨溫度的升高而減小，因此熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，為了使溫度過高時發(fā)送報警信息，則熱敏電阻阻值最小，開關c應該接在a處．

（2）若使報警的最低溫度降低些；電路中電阻要減小，則滑動變阻R應將P點向右移動．

（3）在最低報警溫度時不能報警；說明此時電路中產(chǎn)生的電流不能讓豎直片與a接觸，這可能由多種原因造成，如：①左邊電源電壓太低，電源提供的電流太小，導致磁鐵的磁性太弱；②彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等．

故答案為：（1）a；（2）右；（3）題圖乙中左邊電源端電壓太小，或者彈簧的勁度系數(shù)太大．19、46.7【分析】【分析】（1）電梯加速上升時；重物對臺秤的壓力大于重力．由圖象可知：電梯在啟動階段經(jīng)歷了4.0s加速上升過程．

（2）當重物的合力最大時，加速度最大，此時重物對臺秤的壓力最大．由圖可知：4-18s內(nèi)電梯做勻速直線運動，壓力大小等于重力，求出質(zhì)量．當壓力N=50N時，重物的合力最大，由牛頓第二定律求出最大加速度．【解析】【解答】解：（1）電梯加速上升時；重物對臺秤的壓力大于重力．由圖象可知：電梯在啟動階段經(jīng)歷了4.0s加速上升過程．

（2）由圖可知：4-18s內(nèi)電梯做勻速直線運動；N=G=30N；

則重物的質(zhì)量為m=

當壓力N=50N時；重物的合力最大，加速度最大．

由牛頓第二定律得N-mg=ma

代入解得最大加速度為a=6.7m/s2

故答案為：4，6.720、1