…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版高三物理上冊(cè)月考試卷410考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖（甲）所示，質(zhì)量不計(jì)的彈簧豎直固定在水平面上．一個(gè)金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放．利用傳感器測量到小物體的速度和離地高度h．圖（乙）是其動(dòng)能和高度的對(duì)應(yīng)關(guān)系圖．其中高度從0.2m下降到0.15m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線．以地面為零勢能面，取g=10m/s2；根據(jù)圖象下列說法正確的是（）

A.小球質(zhì)量m為2kgB.剛接觸彈簧時(shí)，小球的動(dòng)能最大C.從小球接觸彈簧開始，彈性勢能一直增大，彈性勢能最大值為2JD.小球和彈簧構(gòu)成系統(tǒng)，在h=0.11m是彈性勢能與重力勢能之和最小2、下列關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場強(qiáng)度的說法，正確的是（）A.電場強(qiáng)度的方向與電荷所受的電場力的方向相同B.由定義式可知電場強(qiáng)度的大小與電荷量q有關(guān)C.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同D.由定義式B=可知，電流強(qiáng)度I越大，導(dǎo)線L越長，某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度就越小3、如圖，一輛有動(dòng)力驅(qū)動(dòng)的小車上有一水平放置的彈簧，其左端固定在小車上，右端與一小球相連．設(shè)在某一段時(shí)間內(nèi)小球與小車相對(duì)靜止且彈簧處于壓縮狀態(tài)，若忽略小球與小車間的摩擦力，則在此段時(shí)間內(nèi)小車可能是()A.向右做加速運(yùn)動(dòng)B.向右做減速運(yùn)動(dòng)C.向左做加速運(yùn)動(dòng)D.向左做減速運(yùn)動(dòng)4、某一質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)的位移x與時(shí)間t的關(guān)系圖如圖所示，由圖可知，在t=1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度和加速度為（）A.速度為零，加速度為正的最大值B.速度為零，加速度為負(fù)的最大值C.速度為正的最大值，加速度為零D.速度為負(fù)的最大值，加速度為零5、如圖所示，為某種用來束縛原子的磁場的磁感線分布情況，以O(shè)點(diǎn)（圖中白點(diǎn)）為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿Z軸正方向上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的變化可能為（）A.B.C.D.6、如圖所示，原、副線圈匝數(shù)比為l00：1的理想變壓器，b是原線圈的中心抽頭，電壓表和電流表均為理想電表，從某時(shí)刻開始在原線圈c．d兩端加上交變電壓，其瞬時(shí)值表達(dá)式為u1=310sin314t（V），則（）A.當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接時(shí)，電壓表的示數(shù)為3VB.單刀雙擲開關(guān)與口連接，在滑動(dòng)變阻器觸頭尸向上移動(dòng)的過程中，電壓表和電流表的示數(shù)均變小C.當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a扳向b時(shí)，原線圈輸入功率變小D.副線圈兩端的電壓頻率為50Hz7、在印度洋海嘯災(zāi)害中，執(zhí)行救災(zāi)任務(wù)的飛機(jī)逆風(fēng)做水平方向的勻速直線飛行，相隔0.5s先后釋放完全相同的兩箱救災(zāi)物資1和2．假設(shè)風(fēng)力保持不變，這兩箱物資在空中時(shí)，地面上的人沿著飛機(jī)飛行的方向看（）A.1號(hào)箱在2號(hào)箱的正上方B.兩箱間的水平距離保持不變C.兩箱間的水平距離越來越大D.兩箱間的水平距離越來越小8、“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星于2013年12月在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，實(shí)現(xiàn)“落月”的新階段．已知月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1、周期為T1；“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星繞月球做圓運(yùn)動(dòng)的半徑為r2、周期為T2．引力常量為G，不計(jì)周圍其他天體的影響．下列說法正確的是（）A.根據(jù)題目條件可得出=B.根據(jù)題目條件能求出地球與月球之間的引力C.根據(jù)題目條件能求出“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星的質(zhì)量D.根據(jù)題目條件能求出地球的密度評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、（2016?海口模擬）圖示為兩分子系統(tǒng)的勢能Ep與兩分子間距離r的關(guān)系曲線，當(dāng)r=____（填“r1”或“r2”）時(shí)，分子間的作用力為零；在r由r1變到r2的過程中，分子間的作用力做____（填“正”或“負(fù)”）功．10、帶電體周圍存在著一種物質(zhì)，這種物質(zhì)叫____．11、兩個(gè)100N的力的夾角為120°，則它們的合力大小是____．12、（2011秋?崇明縣校級(jí)期中）如圖，在光滑的墻壁上用一根細(xì)線將一足球掛在A點(diǎn)，足球的質(zhì)量為m，足球與墻壁的接觸點(diǎn)為B，細(xì)線與墻壁的夾角為θ，則細(xì)線對(duì)球的拉力大小為____；若只把足球換成等質(zhì)量的實(shí)心鉛球，其他條件不變，則墻壁對(duì)球的支持力將____（填“增大”、“減小”或“不變”）．13、（2010?寶山區(qū)一模）如圖，在光滑水平面上固定三個(gè)等質(zhì)量的帶電小球（均可視為質(zhì)點(diǎn)），A、B、C三球排成一直線．若釋放A球（另兩球仍固定）的瞬時(shí)，A球的加速度大小為1m/s2，方向向左；若釋放C球（另兩球仍固定）的瞬時(shí)，C球的加速度大小為2m/s2，方向向右；則釋放B的瞬時(shí)，B球的加速度大小為____m/s2，方向向____．14、簡諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖線可用下述方法畫出：

如圖（1）所示；在彈簧振子的小球上安裝一枝繪圖筆P，讓一條紙帶在與小球振動(dòng)方向垂直的方向上勻速運(yùn)動(dòng)，筆P在紙帶上畫出的就是小球的振動(dòng)圖象．取振子水平向右的方向?yàn)檎褡与x開平衡位置的位移正方向，紙帶運(yùn)動(dòng)的距離代表時(shí)間，得到的振動(dòng)圖線如圖（2）所示．

①剛開始計(jì)時(shí)時(shí)，振子處在____位置（填左邊最大位移處或右邊最大位移處），t=17s時(shí)振子相對(duì)平衡位置的位移是____cm，此時(shí)速度為____（填正或負(fù)）向最大．

②若紙帶運(yùn)動(dòng)的速度為2cm/s，振動(dòng)圖線上1、3兩點(diǎn)間的距離是____cm．15、（2014春?浉河區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，內(nèi)壁光滑的氣缸水平放置．一定質(zhì)量的理想氣體被密封在氣缸內(nèi)，外界大氣壓強(qiáng)為p0．現(xiàn)對(duì)氣缸緩慢加熱，氣體吸收熱量Q后，體積由V1增大為V2．則在此過程中，氣體分子平均動(dòng)能____（選增“增大”、“不變”或“減小”），氣體內(nèi)能變化了____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、每一種形式的能對(duì)應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、火車轉(zhuǎn)彎時(shí)，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，則轉(zhuǎn)彎時(shí)，對(duì)外軌產(chǎn)生向外的擠壓作用．____．19、電視機(jī)的顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描____．20、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會(huì)發(fā)生改變____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)22、滬杭高鐵是連接上海和杭州的現(xiàn)代化高速鐵路；現(xiàn)已進(jìn)入試運(yùn)行階段，試運(yùn)行時(shí)的最大時(shí)速達(dá)到了413.7公里，再次刷新世界紀(jì)錄．滬杭高速列車在一次試運(yùn)行中由A站開往B站，A；B車站間的鐵路為直線．技術(shù)人員乘此列車從A車站出發(fā)，列車從啟動(dòng)勻加速到360km/h，用了250s時(shí)間，在勻速運(yùn)動(dòng)了10分鐘后，列車勻減速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過5分鐘后剛好停在B車站．

（1）畫出該高速列車的v-t圖象．

（2）求此高速列車啟動(dòng)；減速時(shí)的加速度；

（3）求A、B兩站間的距離．23、一個(gè)物體受到三個(gè)共點(diǎn)力作用，這三個(gè)力分別是：向東的7N，向南的4N，向西的3N，試用作圖法求這三個(gè)力的合力．24、圖1中，質(zhì)量為m1=1kg的物塊疊放在質(zhì)量為m2=3kg的木板右端．木板足夠長，放在光滑的水平地面上，木板與物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.2．整個(gè)系統(tǒng)開始時(shí)靜止，重力加速度g=10m/s2．

（1）在木板右端施加水平向右的拉力F；為使木板和物塊發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，拉力F至少應(yīng)為多大？

（2）在0～4s內(nèi)，若拉力F的變化如圖2所示，2s后木板進(jìn)入μ2=0.25的粗糙水平面；在圖3中畫出0～4s內(nèi)木板和物塊的v-t圖象．

（3）求0～4s內(nèi)物塊在木板上留下的痕跡的長度．25、在題圖中；已知合力F及其中一個(gè)分力，或者知道合力及兩個(gè)分力的方向，用作圖法求未知的分力．

評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共12分)26、一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體自30m高處自由下落，物體在下落前2秒內(nèi)重力所做的功W=____J，前2秒內(nèi)重力所做功的平均功率P=____w．（不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2）27、如圖所示，傳送帶與水平面的夾角為θ=37°，以v=10m/s的速度向下運(yùn)行，在傳送帶的頂端A處無初速度地放一個(gè)物體，它與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=O.5，AB間（B為底端）長度為16m．求物體從A到B的時(shí)間為多少？（g=10m/s2）28、A.(選修模塊3－3)（12分）【題文】(1)下列說法中正確的有________．A.實(shí)驗(yàn)“用油膜法估測分子大小”中，油酸分子的直徑等于油酸酒精溶液的體積除以相應(yīng)油酸膜的面積B.布朗運(yùn)動(dòng)中，懸浮在液體中的固體顆粒越小、液體的溫度越高，布郎運(yùn)動(dòng)越激烈C.分子間的距離越小，分子間引力越小，斥力越大D.液晶的光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性(2)如圖所示，某種自動(dòng)洗衣機(jī)進(jìn)水時(shí)，洗衣機(jī)缸內(nèi)水位升高，與洗衣缸相連的導(dǎo)熱性能良好的細(xì)管中會(huì)封閉一定質(zhì)量的空氣，通過壓力傳感器感知管中的空氣壓力，從而控制進(jìn)水量．將細(xì)管中密閉的空氣視為理想氣體，當(dāng)洗衣缸內(nèi)水位緩慢升高時(shí)，外界對(duì)空氣做了0.5J的功，則空氣________(填“吸收”或“放出”)了__________的熱量．（設(shè)環(huán)境溫度保持不變）(3)目前專家們正在研究二氧化碳的深海處理技術(shù)．實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，在水深300m處，二氧化碳將變成凝膠狀態(tài)．當(dāng)水深超過2500m時(shí)，二氧化碳會(huì)濃縮成近似固體的硬膠體，可看成分子間是緊密排列的．已知二氧化碳的摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，每個(gè)二氧化碳分子的體積為V0.某狀態(tài)下二氧化碳?xì)怏w的密度為ρ，求該狀態(tài)下體積為V的二氧化碳?xì)怏w濃縮成近似固體的硬膠體后體積為多少？29、如圖(a)

所示，一光滑絕緣細(xì)桿豎直放置，距細(xì)桿右側(cè)d=0.3m

的A

點(diǎn)處有一固定的點(diǎn)電荷.

細(xì)桿上套有一帶電量q=1隆脕10鈭?6C

質(zhì)量m=0.05kg

的小環(huán).

設(shè)小環(huán)與點(diǎn)電荷的豎直高度差為h.

將小環(huán)無初速釋放后，其動(dòng)能Ek

隨h

的變化曲線如圖(b)

所示．

(1)

試估算點(diǎn)電荷所帶電量Q

(2)

小環(huán)位于h1=0.40m

時(shí)的加速度a

(3)

小環(huán)從h2=0.3m

下落到h3=0.12m

的過程中其電勢能的改變量.(

靜電力常量k=9.0隆脕109N?m2/C2g=10m/s2)

評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共24分)30、如圖所示，第二象限的某個(gè)矩形區(qū)域內(nèi)，有方向垂直于紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1的勻強(qiáng)磁場，該磁場的下邊界與x軸重合；第三象限內(nèi)有互相正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，兩者場強(qiáng)分別E1=500V/m和B2=0.5T；第四象限有一電場強(qiáng)度E=2000V/m的勻強(qiáng)電場，方向與x軸負(fù)方向成600指向y軸負(fù)方向．一質(zhì)量m=1×l0-14kg、電荷量q=1×10-10C的帶正電的粒子以某一速度v從y軸上的N點(diǎn)沿與y軸負(fù)方向成60°角方向射入第二象限；后經(jīng)P點(diǎn)進(jìn)入第三象限內(nèi)并沿直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后，粒子經(jīng)y軸上的M點(diǎn)與y軸負(fù)方向成60°角的方向進(jìn)入第四象限，M點(diǎn)坐標(biāo)（0，-0.1m），N點(diǎn)坐標(biāo)（0，0.3m），粒子重力忽略不計(jì)．求：

（1）第二象限中矩形磁場的磁感強(qiáng)度B的大??；

（2）第二象限中矩形磁場區(qū)域的最小面積：

（3）若在該粒子經(jīng)M點(diǎn)進(jìn)入第四象限的同時(shí)，在適當(dāng)?shù)奈恢糜伸o止釋放另一與該粒子完全相同的帶電粒子，可使兩粒子在離開第四象限前相遇．求所有滿足條件的釋放點(diǎn)的集合（不計(jì)兩粒子之間的相互作用力）．31、如圖所示，A球和B球用輕繩相連靜止在光滑的圓柱面上，半個(gè)圓柱體靜止在水平面上．已知圓柱體半徑比A、B兩球的半徑大得多，若A球的質(zhì)量為m，求B球的質(zhì)量為多少？32、節(jié)能混合動(dòng)力車是一種可以利用汽油及電池所儲(chǔ)存電能作為動(dòng)力來源的汽車，有一質(zhì)量m=1000kg的混合動(dòng)力轎車，在平直公路上以v1=108km/h勻速行駛，發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率為P=60kW．當(dāng)駕駛員看到前方有80km/h限速標(biāo)志時(shí)，適當(dāng)減小發(fā)動(dòng)機(jī)的功率，立即啟動(dòng)智能電磁阻尼系統(tǒng)帶動(dòng)的發(fā)電機(jī)工作給電池充電，發(fā)動(dòng)機(jī)暫時(shí)不提升轎車運(yùn)動(dòng)牽引力，同時(shí)轎車做勻減速運(yùn)動(dòng)，4秒后，速度變?yōu)関2=72km/h．假設(shè)轎車在上述運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力保持不變；求：

（1）轎車以108km/h在平直公路上勻速行駛時(shí)，所受阻力f1的大?。?/p>

（2）轎車從108km/h減速到72km/h過程中運(yùn)動(dòng)的路程及所受的阻力f2大小．33、如圖所示，真空中水平放置的兩個(gè)相同極板Y和Y'長為L，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側(cè)相距b．在兩板間加上可調(diào)偏轉(zhuǎn)電壓U，一束質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子（不計(jì)重力）從兩板左側(cè)中點(diǎn)A以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出．

（1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心O點(diǎn)；

（2）求兩板間所加偏轉(zhuǎn)電壓U的范圍；

（3）求粒子可能到達(dá)屏上區(qū)域的長度．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當(dāng)彈力小于重力時(shí)，物體加速下降，合力變小，加速度變小，故小球做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大；之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變得大于重力，合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇?，加速度向上且不斷變大，故小球做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)；【解析】【解答】解：A、高度從0.2m下降到0.15m范圍內(nèi)圖象為直線，說明這一段小球自由下落，由動(dòng)能定理：mg△h=mv2

mg?0.05=0.5J

得：m=1kg；故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)彈簧彈力和小球重力相等時(shí)小球的動(dòng)能最大；故B錯(cuò)誤；

C、從小球接觸彈簧開始，彈性勢能一直增大，根據(jù)能量守恒，彈性勢能最大值是小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)：Ek=mgh=10×（0.2-0.035）＜2J；故C錯(cuò)誤；

D；小球和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；在h=0.11m時(shí)小球的動(dòng)能最大，則小球重力勢能與彈簧彈性勢能之和最小，D正確；

故選：D．2、C【分析】【分析】電場強(qiáng)度是反映電場力的性質(zhì)的物理量，大小用比值法定義，方向與正的試探電荷受到的電場力的方向相同；電場中某點(diǎn)的場強(qiáng)可以通過電場線形象地表示；而磁感應(yīng)強(qiáng)度也是通過比值定義，某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同．【解析】【解答】解：A；電場強(qiáng)度的方向與正電荷所受的電場力的方向相同；故A錯(cuò)誤．

B、電場強(qiáng)度的定義式E=；是通過比值定義，電場強(qiáng)度的大小與電荷量q無關(guān)，故B錯(cuò)誤．

C；磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同場；與該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向垂直，故C正確．

D、由公式B=可知；電流強(qiáng)度I大小，導(dǎo)線L長短，與該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度無關(guān)，故D錯(cuò)誤．

故選：C．3、A|D【分析】彈簧壓縮，小球受向右的彈力，由牛頓第二定律知小球加速度必向右，因此，小球可能向右加速或向左減速，A、D正確，B、C錯(cuò)誤．【解析】【答案】選AD.4、B【分析】【分析】根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的位移圖象直接讀出質(zhì)點(diǎn)的位移與時(shí)間的關(guān)系．當(dāng)物體位移為零時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度最大，加速度為零；當(dāng)位移為最大值時(shí)，速度為零，加速度最大．加速度方向總是與位移方向相反，位移為正值，加速度為負(fù)值．【解析】【解答】解：由圖可知，質(zhì)點(diǎn)在t=1s時(shí)，位移為正的最大值，故速度為零，加速度為：是負(fù)最大；

故選：B．5、D【分析】【分析】本題應(yīng)抓住磁感線的疏密表示磁場的強(qiáng)弱，磁感線上某點(diǎn)的切線方向表磁場的方向．【解析】【解答】解：如圖所示為某種用來束縛原子的磁場的磁感線分布情況：

磁感線的疏密表示磁場的強(qiáng)弱；所以沿Z軸正方向磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小是先變小后變大．由于題目中問的是磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，故D正確；

故選：D6、D【分析】【分析】變壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率，結(jié)合歐姆定律分析．【解析】【解答】解：A、當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接時(shí)，匝數(shù)之比為100：1，在原線圈c、d兩端加上瞬時(shí)值為u1=310sin314t（V）的交變電壓，故原線圈的最大電壓為310V，副線圈的電壓最大值為3.1V，有效值為V；故A錯(cuò)誤；

B；滑動(dòng)變阻器觸頭向上移動(dòng)的過程中；電阻增大，電壓不變電流減小，電流表的示數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a扳向b時(shí)；匝數(shù)之比減小為50：1，輸出電壓增大，電壓表和電流表的示數(shù)均變大，故輸出功率變大，輸入功率等于輸出功率，也變大，故C錯(cuò)誤；

D、在原線圈c、d兩端加上瞬時(shí)值為u1=310sin314t（V）的交變電壓，角頻率為314rad/s，故頻率f==50Hz；故D正確；

故選：D7、C【分析】【分析】救災(zāi)物資從飛機(jī)上釋放后，把救災(zāi)物資的運(yùn)動(dòng)分解為豎直方向和水平方向，在水平方向即沿著飛機(jī)飛行的方向，由于受到風(fēng)的恒定的阻力，救災(zāi)物資在水平方向看做勻減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式來分析物資1和物資2在水平方向的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【解答】解：A；兩箱物資在水平方向上受到大小相同且大小恒定的空氣阻力；這兩箱物資在開始下落的一段時(shí)間內(nèi)，在水平方向上均做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由于釋放的時(shí)間不同，雖然初速度相同，但二者水平方向的位移不同，因此，1號(hào)箱不在2號(hào)箱的正下方，故A錯(cuò)誤．

B、C、D、兩箱物資在開始下落的一段時(shí)間內(nèi)，在水平方向上均做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，而加速度相同，設(shè)大小為a，設(shè)物資2下落時(shí)的水平初速度為v0，此時(shí)物資1的速度為v0-a△t；當(dāng)物資2下落時(shí)間t時(shí)，二者之間的水平距離為：

△x=x2-x1=v0△t+v0t-at2-{v0（t+△t）-a（t+△t）2}=a△t2+a△t?t；

隨著時(shí)間t的增大△x增大；所以兩箱間水平距離越來越大故C正確，B錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．

故選：C．8、B【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力列式，化簡可得月球和地球的質(zhì)量．根據(jù)萬有引力定律分析計(jì)算地球與月球之間的引力．【解析】【解答】解：C、“嫦娥三號(hào)”探月衛(wèi)星繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力得：，由此可知衛(wèi)星的質(zhì)量m在等式兩邊約去了，只能得到月球的質(zhì)量M月=；故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1、周期為T1，，可求得地球的質(zhì)量M地=；但地球的半徑未知，不能求出地球的密度，故D錯(cuò)誤．

B、由上求出月球和地球的質(zhì)量，又月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1；根據(jù)萬有引力定律可求得地球與月球之間的引力，故B正確．

A、由A、B兩項(xiàng)結(jié)果可得：與中心天體的質(zhì)量成正比，所以；故A錯(cuò)誤．

故選：B．二、填空題(共7題，共14分)9、r2正【分析】【分析】從分子勢能圖象可知，當(dāng)分子勢能最小時(shí)，即r=r2時(shí)分子間的引力等于斥力，分子間作用力為零．當(dāng)r＜r2時(shí)，分子間表現(xiàn)為斥力，當(dāng)r＞r2時(shí)，表現(xiàn)為引力，所以當(dāng)r由r1變到r2時(shí)分子間的作用力做正功．【解析】【解答】解：分子間作用力為零時(shí)，即在平衡位置時(shí)，分子勢能最小，故r=r2時(shí)分子勢能最小；

在r由r1變到r2的過程中；分子力為排斥力，分子力與運(yùn)動(dòng)方向相同，故分子力做正功；

故答案為：r2，正．10、電場【分析】【分析】帶電體周圍存在著一種特殊物質(zhì)，這種物質(zhì)叫電場，電荷間的相互作用就是通過電場發(fā)生的．【解析】【解答】解：帶電體周圍就存在著一種特殊形態(tài)的物質(zhì)；這種物質(zhì)叫電場．電荷不接觸也能發(fā)生作用，是電場發(fā)生的．

故答案為：電場11、100N【分析】【分析】力的合成滿足平行四邊形定則，當(dāng)它們的夾角為120°時(shí)，作出平行四邊形，可以確定合力與分力的大小相等．【解析】【解答】解：由題意；設(shè)兩個(gè)相等的共點(diǎn)力大小為F，當(dāng)它們之間的夾角為120°時(shí)合力如圖。

由等邊三解形的知識(shí)可知分力與合力大小相等；即為100N．

故答案為：100N．12、增大【分析】【分析】分析足球的受力情況：重力mg、細(xì)繩的拉力N1和墻壁的彈力N2作用，作出足球的受力示意圖．根據(jù)平衡條件求解繩子對(duì)足球的拉力大小及墻壁對(duì)足球的彈力大小．【解析】【解答】解：對(duì)足球受力分析如圖所示；則由三力平衡條件可得：

細(xì)線的拉力：N1=

墻壁對(duì)球的支持力：N2=mgtanθ．

若只把足球換成等質(zhì)量的實(shí)心鉛球；其他條件不變，m增大，則墻壁對(duì)球的支持力將增大．

故答案為：，增大13、1左【分析】【分析】在光滑的水平面上，小球所受重力和支持力平衡，使小球產(chǎn)生加速的力就是小球間相互作用的庫侖力，根據(jù)牛頓第三定律解出其加速度滿足的規(guī)律．【解析】【解答】解：

小球A受到小球B和C的作用力分別記為FBA和FCA，小球B分別受到小球A和C的作用力分別記為FAB和FCB，小球C受到A和B的作用力記為FAC和FBC

對(duì)小球A有：FBA+FCA=ma1①

對(duì)小球B有：FAB+FCB=ma2②

對(duì)小球C有：FAC+FBC=ma3③

由于FBA和FAB互為作用力和反作用力，故其大小相等方向相反，有FBA+FAB=0；故有

①+②+③得：

ma1+ma2+ma3=0

根據(jù)題意取向左為正方向，則有：，

據(jù)ma1+ma2+ma3=0知；方向與正方向相同即向左．

即釋放B球時(shí)，B球的加速度大小為1m/s2；方向向左．

故答案為：1，左．14、左邊最大位移處0正4【分析】【分析】①由圖2直接讀出位移；根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的周期性分析t=17s時(shí)振子的位移和速度．

②紙帶做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)其運(yùn)動(dòng)與振子運(yùn)動(dòng)的同時(shí)性，求解振動(dòng)圖線上1、3兩點(diǎn)間的距離．【解析】【解答】解：①由圖2知?jiǎng)傞_始計(jì)時(shí)時(shí)；即t=0時(shí)刻，振子處在左邊最大位移處位置．

周期為T=4s，而t=17s=4T；根據(jù)振子的周期性可知t=17s時(shí)振子經(jīng)過平衡位置，相對(duì)平衡位置的位移是0．此時(shí)速度為正向最大．

②振動(dòng)圖線上1；3兩點(diǎn)時(shí)間間隔為t=2s；則振動(dòng)圖線上1、3兩點(diǎn)間的距離為：s=vt=2cm/s?2s=4cm

故答案為：①左邊最大位移處、0、正；②4．15、增大Q-p0（V2-V1）【分析】【分析】溫度是分子平均動(dòng)能變化的標(biāo)志；活塞緩慢上升為等壓過程，由功的表達(dá)式求解即可．

由熱力學(xué)第一定律△u=W+Q可求．【解析】【解答】解：現(xiàn)對(duì)氣缸緩慢加熱；溫度升高，氣體分子平均動(dòng)能增大，活塞緩慢上升，視為等壓過程，則氣體對(duì)活塞做功為：

W=F△h=p0（V2-V1）

根據(jù)熱力學(xué)定律有：△U=W+Q=Q-p0（V2-V1）

故答案為：增大，Q-p0（V2-V1）三、判斷題(共6題，共12分)16、√【分析】【分析】自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的，每種運(yùn)動(dòng)形式都對(duì)應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化【解析】【解答】解：根據(jù)能量守恒定律可知：自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的；每種運(yùn)動(dòng)形式都對(duì)應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化．

例如機(jī)械能對(duì)應(yīng)機(jī)械運(yùn)動(dòng)；內(nèi)能對(duì)應(yīng)分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故每一種形式的能對(duì)應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式是對(duì)的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時(shí)，需要有力提供指向圓心的向心力，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，只能軌道的壓力提供．【解析】【解答】解：火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時(shí)；做圓周運(yùn)動(dòng)，需要有力提供指向圓心的向心力，即方向指向內(nèi)側(cè)，此時(shí)外軌對(duì)火車的壓力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，火車對(duì)外軌產(chǎn)生向外的壓力作用，此說法正確。

故答案為：√19、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結(jié)合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉(zhuǎn)線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內(nèi)，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描；

故答案為：√．20、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對(duì)所研究的問題可以忽略的時(shí)候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯(cuò)誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會(huì)顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：（×）四、作圖題(共4題，共12分)22、略

【分析】【分析】（1）、（2）分別確定高速列車啟動(dòng)、減速運(yùn)動(dòng)過程的初速度、末速度和時(shí)間，由加速度定義式a=求出加速度．建立坐標(biāo)系；作出v-t圖象．

（3）根據(jù)圖象的面積表示位移，求出AB間的距離．【解析】【解答】解：（1）、（2）高速列車啟動(dòng)過程，初速度為0，末速度為v=360km/h=100m/s，時(shí)間為t=250s，則加速度為：a===0.4m/s2；

勻減速運(yùn)動(dòng)過程，初速度為v0=100m/s；末速度為0，時(shí)間為t′=5min=300s，則加速度為：

a′===-0.33m/s2．

畫出該高速列車的v-t圖象如圖所示．

（3）根據(jù)速度時(shí)間圖象的“面積”表示位移；可知A；B兩站間的距離為。

S=100m=87500m=87.5km

答：

（1）如圖所示．

（2）此高速列車啟動(dòng)、減速時(shí)的加速度分別為0.4m/s2和-0.33m/s2．

（3）A、B兩站間的距離是87.5km．23、略

【分析】【分析】首先選取標(biāo)度，分別作出三個(gè)力的圖示，接著，先根據(jù)平行四邊形定則作出其中兩個(gè)力的合力，再作出這個(gè)合力與第三個(gè)力的合力，即為三個(gè)力的合力，用三角板量出合力的長度，與標(biāo)度比較，求出合力．【解析】【解答】解：

1；選取標(biāo)度；以1cm表示1N；

2；作出三個(gè)力的圖示；

3、以F2、F3為鄰邊運(yùn)用平行四邊形定則作出其中兩個(gè)力F2、F3的合力F23；

4、以F23、F1為鄰邊運(yùn)用平行四邊形定則作出合力F合；

5、用三角板量出F合的長度約為5.6cm，則合力的大小為F合==5.6N．用量角器量出合力與力F1的夾角為45°．24、略

【分析】【分析】（1）當(dāng)木板和物塊剛要發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)；兩者間的靜摩擦力達(dá)到最大值，分別整體和物塊運(yùn)用牛頓第二定律可求得F的最小值．

（2）根據(jù)牛頓第二定律研究物塊和木板的加速度；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分段求出木板和物塊的速度，即可畫出v-t圖象．

（3）物塊在木板上留下的痕跡的長度等于物塊與木板的相對(duì)位移大小，由位移公式求解．【解析】【解答】解：（1）把物塊和木板看作整體，由牛頓第二定律得：F=（m1+m2）a

對(duì)物塊，物塊與木板將要相對(duì)滑動(dòng)時(shí)有μ1m1g=m1a

聯(lián)立解得F=μ1（m1+m2）g=8N

（2）物塊在0～2s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有：μ1m1g=m1a1

解得a1=2m/s2；

2s末物塊的速度為v1=a1t1=2×2=4（m/s）

木板在0～1s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有：F1-μ1m1g=m2a2

解得a2=4m/s2；

1s末木板的速度v1′=a2t2=4×1=4（m/s）

在1～2s內(nèi)F2=μ1m1g；木板做勻速運(yùn)動(dòng)，速度為4m/s

如果物塊和木板一起減速運(yùn)動(dòng)，共同的加速度為

m1的合力m1gμ2＞fm=m1gμ1

所以物塊和木板相對(duì)滑動(dòng)。

2s后物塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有：-μ1m1g=m1a3

得：a3=-2m/s2；

速度從4m/s減至零的時(shí)間t3===2（s）

木板做勻減速直線運(yùn)動(dòng)有：-μ2（m1+m2）g+μ1m1g=m2a4

得：a4=-m/s2；

速度從4m/s減至零的時(shí)間t4===1.5（s）

二者在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程的v-t圖象如圖所示（實(shí)線是木板的v-t圖象；虛線是物塊的v-t圖象）

（3）0～2s內(nèi)物塊相對(duì)木板向左運(yùn)動(dòng)

2-4s內(nèi)物塊相對(duì)木板向右運(yùn)動(dòng)

△x1＞△x2

所以0～4s內(nèi)物塊在木板痕跡的長度為△x=△x1=2m

答：（1）為使木板和物塊發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)；拉力F至少應(yīng)為8N．

（2）如圖所示．

（3）0～4s內(nèi)物塊在木板上留下的痕跡的長度為1m．25、略

【分析】【分析】合力與分力滿足平行四邊形定則；根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行分析，即可明確未知力的大小及方向．【解析】【解答】解：圖1中合力F及其中一個(gè)分力；則可得出兩個(gè)力大小相加，即為對(duì)應(yīng)的另一分力；

圖2中已知合力和一個(gè)分力，連接合力與分力，再過O點(diǎn)作出連線的平行線，過F的末端作F1的平行線；則可組成平行四邊形；

圖3中已知合力和一個(gè)分力，連接合力與分力，再過O點(diǎn)作出連線的平行線，過F的末端作F1的平行線；則可組成平行四邊形；

圖4中已知兩力的方向；過F的末端作兩邊的平行線，則可得出對(duì)應(yīng)的兩個(gè)分力；

答：如上圖所示．五、計(jì)算題(共4題，共12分)26、400200【分析】【分析】根據(jù)位移時(shí)間公式求出落地前2s內(nèi)的位移，從而得出重力做功的大小，結(jié)合平均功率的表達(dá)式求出重力做功的平均功率．【解析】【解答】解：落地前2s內(nèi)的位移為：

重力做功為：W=mgh=2×10×20J=400J

平均功率為：P=

故答案為：400，20027、略

【分析】【分析】由牛頓第二定律求出物體的加速度，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度公式求出物體的速度等于傳送帶速度需要的時(shí)間，然后求出在此時(shí)間內(nèi)物體的位移，判斷物體是否到達(dá)底端，然后應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解題．【解析】【解答】解：開始物體相對(duì)于傳送帶向上滑動(dòng)；受到的滑動(dòng)摩擦力向下，由牛頓第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma；

解得：a=10m/s2；

物體做加速直線運(yùn)動(dòng)，速度等于傳送帶速度需要的時(shí)間：t1==1s；

物體的位移：x1=t1=5m＜16m；物體沒有到達(dá)傳送帶底端；

然后物體相對(duì)于傳送帶向下滑動(dòng)；物體受到的摩擦力向上，由牛頓第二定律得：mgsin37°-μmgcos37°=ma′；

解得：a′=2m/s2；

物體向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；直到傳送帶底端，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式得：

L-x1=vt2+a′t22；

解得：t2=1s（t2=-11s不符合實(shí)際；舍去）

則物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=t1+t2=2s；

答：物體從A到B的時(shí)間為2s．28、略

【分析】【解析】試題分析：（1）實(shí)驗(yàn)“用油膜法估測分子大小”中，油酸分子的直徑等于油酸的體積除以相應(yīng)油酸膜的面積，A錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)中，懸浮在液體中的固體顆粒越小、液體的溫度越高，布郎運(yùn)動(dòng)越激烈，B正確，當(dāng)時(shí)，引力是增大的，C錯(cuò)誤，液晶的光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性，D正確，（2）根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得，溫度不變，所以空氣應(yīng)放出等量的熱量，故為0.5J,（3）體積為V的二氧化碳?xì)怏w的質(zhì)量為m＝ρV(1分)其分子數(shù)為n＝NA(1分)變成固體后體積為V′＝nV0(1分)解得V′＝(1分)考點(diǎn)：考查用油膜法估測分子大小實(shí)驗(yàn)，以及熱力學(xué)定律的應(yīng)用【解析】【答案】（1）：BD（2）放出0.5J（3）29、略

【分析】

(1)

由圖根據(jù)庫侖定律和受力平衡知電荷量；

(2)

根據(jù)庫侖定律和牛頓運(yùn)動(dòng)定律知加速度；

(3)

根據(jù)動(dòng)能定理求解電勢能變化．

此題考查點(diǎn)電荷的電場，注意受力分析、結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律和動(dòng)能定理求解，屬于中檔題．【解析】解：(1)

由圖可知；當(dāng)h隆爐=0.36m

時(shí)，小環(huán)所受合力為零。

則kQqd2+h鈥?2隆脕h隆爐d2+h隆爐2=mg

解得Q=mg(d2+h隆爐2)3/2kqh鈥?=1.6隆脕10鈭?5C

(2)

小環(huán)加速度沿桿方向，則mg鈭?F1h1d2+h12=ma

又F1=kQqd2+h12

解得a=0.78m/s2

方向向下。

(3)

設(shè)小環(huán)從h=0.3m

下落到h=0.12m

的過程中電場力對(duì)小環(huán)做功WG

根據(jù)動(dòng)能定理mg(h2鈭?h3)+WG=鈻?Ek

WG=鈻?Ek鈭?mg鈻?h=鈭?0.11J

所以小環(huán)的電勢能增加了0.11J

答：(1)

試估算點(diǎn)電荷所帶電量Q

為1.6隆脕10鈭?5C

(2)

小環(huán)位于h1=0.40m

時(shí)的加速度a

為0.78m/s2

(3)

小環(huán)從h2=0.3m

下落到h3=0.12m

的過程中電勢能增加了0.11J

．六、解答題(共4題，共24分)30、略

【分析】【分析】（1）由帶電粒子在第三象限做直線運(yùn)動(dòng)可知；電場力等于洛倫茲力，據(jù)此求出速度，由幾何關(guān)系求出做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再根據(jù)洛倫茲力提供向心力即可求解；

（2）畫出矩形ACPQ及第二象限中圓周運(yùn)動(dòng)從Q到P的軌跡；根據(jù)圖中幾何關(guān)系即可求解；

（3）帶電粒子從M進(jìn)入第四象