…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷898考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一列簡(jiǎn)諧橫波沿直線傳播，該直線上的a、b兩點(diǎn)相距4.42m．圖中實(shí)、虛兩條曲線分別表示平衡位置在a、b兩點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)曲線．從圖示可知（）

A.此列波的頻率一定是0.1Hz

B.此列波的波長(zhǎng)一定是0.1m

C.此列波的傳播速度可能是34m/s

D.a點(diǎn)一定比b點(diǎn)距波源近。

2、真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷相距時(shí)，靜電力為如果保持它們的電量不變，而將距離增大為時(shí)，則靜電力將變?yōu)锳.B.C.D.3、如圖，表示兩列同頻率相干水波在t=0時(shí)刻的疊加情況，圖中實(shí)線表示波峰虛線表示波谷，已知兩列波的振幅均為2cm（且在圖示范圍內(nèi)振幅不變）。波速為2m/s，波長(zhǎng)為0.4m，E點(diǎn)是BD連線和AC連線的交點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.C兩點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)B.B,D,E點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)C.D兩點(diǎn)在該時(shí)刻的豎直高度差8cmD.E點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)D兩點(diǎn)在該時(shí)刻的豎直高度差8cmt=0.05s時(shí)，E點(diǎn)離平衡位置的位移大小4cm4、如圖所示，為一定質(zhì)量的氣體在不同溫度下的兩條等溫線，則下列說(shuō)法正確的是()A.從等溫線可以看出，一定質(zhì)量的氣體在發(fā)生等溫變化時(shí)，其壓強(qiáng)與體積成反比B.一定質(zhì)量的氣體，在不同溫度下的等溫線是不同的C.由圖可知T1>T2D.由圖可知T1<T25、關(guān)于元電荷，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是(

)

A.元電荷實(shí)質(zhì)是指電子和質(zhì)子本身B.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍C.元電荷的值通常取作e=1.60隆脕10鈭?19C

D.電荷量e

的數(shù)值最早是由美國(guó)科學(xué)家密立根用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的6、下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.在場(chǎng)強(qiáng)較小處，電荷在該處的電勢(shì)能也較小B.電荷在場(chǎng)強(qiáng)為零處，電勢(shì)能不一定為零C.在零電勢(shì)的位置處，電場(chǎng)強(qiáng)度必為零D.在場(chǎng)強(qiáng)相等的各點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能必相等7、如圖所示；一帶電粒子沿與電場(chǎng)線垂直的方向從電場(chǎng)中央進(jìn)入兩平行金屬板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，已知粒子的帶電量為q，兩板間的電勢(shì)差為U，則粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）

A.若粒子從電場(chǎng)中射出，則粒子動(dòng)能增加了qUB.若粒子從電場(chǎng)中射出，則電場(chǎng)力一定對(duì)粒子做了的功C.若粒子打在極板上，則電場(chǎng)力一定對(duì)粒子做了的功D.若粒子打在極板上，則粒子的動(dòng)能一定增加了qU8、有三個(gè)質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0先后射入豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負(fù)電B.三個(gè)小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C.三個(gè)小球到達(dá)正極板的動(dòng)能E＞E＞ED.三個(gè)小球的加速度關(guān)系為aA＞aB＞aC9、如圖所示，在絕緣的水平面上等間距固定著三根相互平行的通電直導(dǎo)線a、b和c，各導(dǎo)線中的電流大小相同，其中a、c導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向外，b導(dǎo)線電流方向垂直紙面向內(nèi)．每根導(dǎo)線都受到另外兩根導(dǎo)線對(duì)它的安培力作用．關(guān)于每根導(dǎo)線所受安培力的合力，以下說(shuō)法中正確的是（）A.導(dǎo)線a所受安培力的合力方向向右B.導(dǎo)線c所受安培力的合力方向向右C.導(dǎo)線c所受安培力的合力方向向左D.導(dǎo)線b所受安培力的合力方向向左評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、黑體輻射的實(shí)驗(yàn)規(guī)律如圖所示，圖中畫(huà)出了三種溫度下黑體輻射的強(qiáng)度與波長(zhǎng)的關(guān)系．可見(jiàn)，一方面，隨著溫度的降低，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度都有______（選填“增加”或“減少”），另一方面，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)______（選填“較長(zhǎng)”或“較短”）的方向移動(dòng)．11、用三個(gè)完全相同的金屬環(huán)，將其相互垂直放置，并把相交點(diǎn)焊接起來(lái)成為如圖所示的球形骨架，如整個(gè)圓環(huán)的電阻阻值為4Ω，則Ａ、Ｃ間的總電阻阻值ＲＡＣ＝________．（Ａ、Ｂ、Ｃ、Ｄ、Ｅ、Ｆ為六個(gè)相交焊接點(diǎn)，圖中Ｂ點(diǎn)在外，Ｄ點(diǎn)在內(nèi)）12、平行板電容器所帶電量為Q=3.0×10-8C，它的兩板之間的電壓U=2.0V，則它的電容為_(kāi)___________μF．如果兩板間的帶電量各減少一半，則兩板電勢(shì)差為_(kāi)___________V，電容器電容為_(kāi)___________μF．____________pF．13、如圖甲為盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型圖，原子的中間有一個(gè)體積很小、帶正電的核，盧瑟福推算出原子核的直徑約為_(kāi)_____m；如圖乙為α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象模擬圖，圖中只有極少數(shù)α粒子有機(jī)會(huì)從離核很近的地方經(jīng)過(guò)，是因?yàn)槭艿奖容^大的______力，才會(huì)發(fā)生大角度的偏轉(zhuǎn)．14、將一電荷量為2隆脕10鈭?5

的試探電荷放在電場(chǎng)中的P

點(diǎn)處，所受的電場(chǎng)力的大小為2隆脕10鈭?2N

則P

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為_(kāi)_____N/C

如果將試探電荷拿走則電場(chǎng)強(qiáng)度為_(kāi)_____N/C

．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)24、用多用表測(cè)量該元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，因此需選擇＿＿＿＿倍率的電阻檔(填：“×10”或“×1k”)，并重新＿＿＿＿再進(jìn)行測(cè)量，多用表的示數(shù)如圖(a)所示，測(cè)量結(jié)果為＿＿＿＿Ω。評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共8分)25、在“實(shí)驗(yàn)：用伏安法測(cè)量金屬絲電阻率ρ”中；實(shí)驗(yàn)用的電源電動(dòng)勢(shì)為3V，金屬絲的最大電阻為5Ω．

①為使測(cè)量更為準(zhǔn)確；請(qǐng)?jiān)趫D甲中正確選擇電流表的量程并接入電路．

②用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為d=______mm．

③滑動(dòng)變阻器觸頭調(diào)至一合適位置后不動(dòng)．閉合開(kāi)關(guān)，P的位置選在ac的中點(diǎn)b，讀出金屬絲接人電路的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，電壓表、電流表的示數(shù)分別為U、I．請(qǐng)用U、I、L、d寫(xiě)出計(jì)算金屬絲電阻率的表達(dá)式：ρ=______．

④本電路測(cè)量結(jié)果：ρ測(cè)______ρ真．（選填“＞”或“＜”）26、如圖所示，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系：先安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫(xiě)紙，記下重垂線所指的位置O

.

接下來(lái)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：步驟1

不放小球2

讓小球1

從斜槽上A

點(diǎn)由靜止?jié)L下，并落在地面上.

重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置；步驟2

把小球2

放在斜槽前端邊緣位置B

，讓小球1

從A

點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞，重復(fù)多次，并使用與步驟1

同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置；步驟3

用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置M

、P

、N

離O

點(diǎn)的距離，即線段OM

、OP

、ON

的長(zhǎng)度．(1)

對(duì)于上述實(shí)驗(yàn)操作，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是________．A.斜槽軌道必須光滑B.

應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下C.斜槽軌道末端必須水平D.

小球1

質(zhì)量應(yīng)大于小球2

的質(zhì)量(2)

上述實(shí)驗(yàn)除需測(cè)量線段OM

、OP

、ON

的長(zhǎng)度外，還需要測(cè)量的物理量有________．A.A

、B

兩點(diǎn)間的高度差h

1B

．B

點(diǎn)離地面的高度h

2

C.小球1

和小球2

的質(zhì)量m

1

m

2D.

小球1

和小球2

的半徑r

(3)

當(dāng)所測(cè)物理量滿(mǎn)足表達(dá)式_______________________________________________(

用所測(cè)物理量的字母表示)

時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律.

如果還滿(mǎn)足表達(dá)式_________________________________________________(

用所測(cè)物理量的字母表示)

時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞時(shí)無(wú)機(jī)械能損失．27、（1）物理課外小組研究“用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)，他們依照教材實(shí)驗(yàn)直接測(cè)量的物理量應(yīng)為：______、______、______、______．

（2）他們測(cè)出不同的擺長(zhǎng)（l）所對(duì)應(yīng)的周期（T）；在進(jìn)行數(shù)據(jù)處理時(shí)：

①如果甲同學(xué)以擺長(zhǎng)（l）為橫坐標(biāo)、周期（T）的平方為縱坐標(biāo)作出了T2-l圖象，若他測(cè)得的圖象的斜率為k，則測(cè)得的重力加速度g=______．若甲同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，忘記測(cè)擺球的半徑，則他用圖象法求得的重力加速度______（填“偏小”“偏大”或“準(zhǔn)確”）；

②乙同學(xué)根據(jù)公式：T=2π得g=并計(jì)算重力加速度，若乙同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，也忘記了測(cè)擺球的半徑，則他測(cè)得的重力加速度______（填“偏小”“偏大”或“準(zhǔn)確”）．

（3）甲同學(xué)測(cè)量5種不同擺長(zhǎng)下單擺的振動(dòng)周期，記錄結(jié)果見(jiàn)表：

。l/m0.500.80.91.01.2T/s1.421.791.902.002.20T2/s22.023.203.614.004.84以周期（T）的平方為橫坐標(biāo)，擺長(zhǎng)（l）為縱坐標(biāo)坐標(biāo)，請(qǐng)你替他在上面的虛線框中作出l-T2圖象，利用此圖象求出的重力加速度為_(kāi)_____．28、某同學(xué)用伏安法要準(zhǔn)確測(cè)定一只約200電阻的阻值；除北側(cè)電阻外，還有如下實(shí)驗(yàn)儀器。

A．直流電源（電壓3V；內(nèi)阻不計(jì)）

B．電壓表V1（量程0-3V；內(nèi)阻約為5kΩ）

C．電壓表V2（量程0-15V；內(nèi)阻約為25kΩ）

D．電流表A1（量程0-25mA；內(nèi)阻約為1Ω）

E．電流表A2（量程0-250mA；內(nèi)阻約為0.1Ω）

F．滑動(dòng)變阻器一只；阻值0-20Ω

G．電鍵一只；導(dǎo)線若干。

在上述儀器中，電壓表應(yīng)選擇______（填“V1”或“V2”），電流表應(yīng)選擇______（填“A1”或“A2”）．請(qǐng)?jiān)诜娇騼?nèi)畫(huà)出電路原理圖．評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共1題，共10分)29、如圖所示，電源的內(nèi)電阻r=1Ω，定值電阻R=1Ω，小電動(dòng)機(jī)繞組的電阻RM=0.5Ω．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后電路正常工作；電壓表的讀數(shù)U=5V，電流表的讀數(shù)I=1A．求：

（1）電源的電動(dòng)勢(shì)E；

（2）電動(dòng)機(jī)的焦耳功率PQ．

（3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

A、由圖讀出周期為T(mén)=0.1s，則此波的頻率為f==10Hz．故A錯(cuò)誤．

B、C波從a傳到b的時(shí)間為t=（0.1n+0.03）s，波速為v==m/s，（n=0，1，2），當(dāng)n=1時(shí)，v=34m/s．波長(zhǎng)為λ=vT=n是整數(shù)，λ不可能等于0.1m．故B錯(cuò)誤，C正確．

D；無(wú)法判斷波的傳播方向；則無(wú)法確定哪個(gè)點(diǎn)離波源近．故D錯(cuò)誤．

故選C

【解析】【答案】根據(jù)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻的狀態(tài)，結(jié)合波形波，分析a、b間的距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，求出波速的通項(xiàng)和頻率的通項(xiàng)，再確定波速的特殊值．根據(jù)a、b兩點(diǎn)振動(dòng)先后判斷離振源的遠(yuǎn)近．

2、A【分析】試題分析：根據(jù)庫(kù)侖定律：選項(xiàng)A正確.考點(diǎn)：庫(kù)侖定律.【解析】【答案】A3、B|C|D【分析】【解析】試題分析：兩列波相遇時(shí)振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振動(dòng)減弱，則振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．同一介質(zhì)里，波速是相同，則波長(zhǎng)與頻率成反比．【解析】

如圖所示，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷．波速為2m/s，波長(zhǎng)為0.4m，由v=λf及得：T=0.2s．A.C兩點(diǎn)均是波峰與波谷相遇點(diǎn)，所以振動(dòng)減弱點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B、B點(diǎn)是波谷與波谷相遇點(diǎn)，而D兩點(diǎn)是波峰與波峰相遇點(diǎn)，均屬于振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)．所以BD連線上也是振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)，則E點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故B正確；C、B點(diǎn)是波谷與波谷相遇點(diǎn)，則此刻相對(duì)平衡的豎直高度為4cm，而D兩點(diǎn)是波峰與波峰相遇點(diǎn)，則此刻相對(duì)平衡的豎直高度為4cm，所以B、D兩點(diǎn)在此刻的豎直高度差為8cm．故C正確；D、圖為相干水波在t=0時(shí)刻的疊加情況，由v=λf及得：T=0.2s．則再經(jīng)過(guò)t=0.05s時(shí)，即為周期，E點(diǎn)是波峰與波峰相遇，所以離開(kāi)平衡位置的位移大小為4cm．故D正確；故選：BCD．考點(diǎn)：波的疊加．【解析】【答案】BCD4、A|B|C【分析】【解析】試題分析：根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程當(dāng)溫度恒定是，壓強(qiáng)p與體積V成反比關(guān)系，A選項(xiàng)正確。溫度不同時(shí)，反比例函數(shù)系數(shù)不同，兩條曲線不同，B選項(xiàng)正確。由圖可知壓強(qiáng)p相同時(shí)，T1曲線體積V較小，則T1較大。考點(diǎn)：理想氣體狀態(tài)方程【解析】【答案】ABC5、A【分析】解：AC

元電荷是指電子或質(zhì)子所帶的電荷量；數(shù)值為e=1.60隆脕10鈭?19C

并不是電子和質(zhì)子本身.

故A項(xiàng)錯(cuò)誤，C

項(xiàng)正確；

B；所有帶電體的電荷量都等于元電荷的整數(shù)倍；故B正確；

D；電荷量e

的數(shù)值最早是由美國(guó)科學(xué)家密立根用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的；故D正確．

本題要求選擇錯(cuò)誤的選項(xiàng)；故選：A

．

電子的帶電量最?。毁|(zhì)子的帶電量與電子相等，但電性相反，故物體的帶電量只能是電子電量的整數(shù)倍，人們把這個(gè)最小的帶電量叫做叫做元電荷。

元電荷是帶電量的最小值，它本身不是電荷，所帶電量均是元電荷的整數(shù)倍.

且知道電子的電量與元電荷的電量相等，同時(shí)讓學(xué)生明白電荷量最早是由美國(guó)科學(xué)家密立根用實(shí)驗(yàn)測(cè)得．【解析】A

6、B【分析】解：A

根據(jù)電荷的電勢(shì)能公式EP=q婁脮

而電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān)，所以場(chǎng)強(qiáng)小的地方，電荷在該處的電勢(shì)能不一定小，故A錯(cuò)誤．

B；電荷在場(chǎng)強(qiáng)為零處；因?yàn)殡妱?shì)的零點(diǎn)是人為選取的，電勢(shì)不一定為零，故電荷的電勢(shì)能也不一定為零，故B正確。

C；在選定為零電勢(shì)的位置處；場(chǎng)強(qiáng)并不一定為零，故C錯(cuò)誤；

D；在場(chǎng)強(qiáng)相等的各點(diǎn)；電荷的電勢(shì)不一定相等，則電荷的電勢(shì)能不一定相等，如勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)處處相等，但放在不同位置時(shí)電勢(shì)能不一定相等，故D錯(cuò)誤．

故選：B

電荷的電勢(shì)能公式EP=q婁脮

而電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān).

在場(chǎng)強(qiáng)相等的各點(diǎn)，電勢(shì)不一定相等，電勢(shì)能不一定相等．

本題考查電勢(shì)和電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系，電勢(shì)能和電勢(shì)關(guān)系.

明確電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)之間沒(méi)有關(guān)系，電勢(shì)是描述電場(chǎng)中能的性質(zhì)的物理量，而場(chǎng)強(qiáng)是描述電場(chǎng)中力的物理量．【解析】B

7、C【分析】【解答】解：A、B若粒子從電場(chǎng)中射出，恰好從右板邊緣飛出，電場(chǎng)力做功最大，最大為q故AB均錯(cuò)誤．

C、若粒子打在極板上，粒子初末位置的電勢(shì)差為電場(chǎng)力一定對(duì)粒子做了q的功；故C正確．

D、根據(jù)動(dòng)能定理得，動(dòng)能的變化等于電場(chǎng)力做功，則若粒子打在極板上，粒子的動(dòng)能一定增加了q．故D錯(cuò)誤．

故選C

【分析】電場(chǎng)力做功W=qU，與電荷的初末位置的電勢(shì)差U有關(guān)，分析粒子可能打在什么位置，確定電勢(shì)差，分析電場(chǎng)力做功情況．由動(dòng)能定理研究動(dòng)能的增加量．8、A【分析】解：從極板左側(cè)中央以相同的水平速度先后垂直地射入勻強(qiáng)電場(chǎng)的粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)為類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)；水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向?yàn)槌跛俣葹榱愕膭蚣铀龠\(yùn)動(dòng)；

AB；從圖中可以看到水平位移A最大；根據(jù)公式：x=vt，說(shuō)明A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，其次是B，C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短；又由于正電荷受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相同，負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，不帶電的粒子不受電場(chǎng)力；所以A粒子受到向上的電場(chǎng)力即A粒子帶正電，C粒子帶負(fù)電，B粒子不帶電．故A正確，B錯(cuò)誤；

C、以相同的水平速度v0先后垂直極板間電場(chǎng)射入，電場(chǎng)力對(duì)C粒子做正功，電勢(shì)能減小則動(dòng)能增加；對(duì)A粒子做負(fù)功，電勢(shì)能減小，則粒子的動(dòng)能減?。匀齻€(gè)粒子到達(dá)正極板時(shí)的動(dòng)能EkA＜EkB＜EkC．故C錯(cuò)誤；

D、又因它們豎直方向?yàn)槌跛俣葹榱愕膭蚣铀龠\(yùn)動(dòng)且位移相同，根據(jù)y=at2，可以判斷aC＞aB＞aA；故D錯(cuò)誤．

故選：A．

正電荷受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相同；負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，不帶電的粒子不受電場(chǎng)力．

注意類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的靈活應(yīng)用，水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【答案】A9、B【分析】解：對(duì)a來(lái)說(shuō)，受到b的斥力和C的引力，而b靠近a；所以對(duì)a的作用力更大，所以a受到的合力向左；

對(duì)b來(lái)說(shuō)，受到a、c的拆力，并且是相等的，所以b受到的合力為0；

對(duì)c來(lái)說(shuō)；和a的情況正好相反，所以合力向右。

故選：B。

同向電流相互吸引；異向電流相互排斥．導(dǎo)線越近，磁場(chǎng)越強(qiáng)，安培力越大．

本題考查了學(xué)生對(duì)用安培定律中導(dǎo)線之間相互作用力、電流的大小、導(dǎo)線之間的距離等因素的關(guān)系了解和掌握，屬于常見(jiàn)題型．【解析】B二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】解：由圖可知；隨溫度的降低，相同波長(zhǎng)的光輻射強(qiáng)度都會(huì)減??；同時(shí)最大輻射強(qiáng)度向右側(cè)移動(dòng)，即向波長(zhǎng)較長(zhǎng)的方向移動(dòng)；

故答案為：減少；較長(zhǎng)．

本題考查的是讀圖能力；由圖可得出波長(zhǎng)與輻射強(qiáng)度及溫度之間的關(guān)系．

本題看起來(lái)考查較為高深的內(nèi)容，但其實(shí)考查的是學(xué)生讀圖的能力，只要認(rèn)真分析是較為容易的找出答案的．【解析】減少；較長(zhǎng)11、略

【分析】【解析】試題分析：BDEF四點(diǎn)為等式點(diǎn)，所以AC間的電阻為考點(diǎn)：考查了串并聯(lián)電路規(guī)律【解析】【答案】0．5Ω12、略

【分析】解：電容器的電容C=．

帶電量減小一半；電容不變；

則U=．

電容器的電容C=1.5×10-2μF=1.5×104pF．

故答案為：1.5×10-2；1.0；1.5×10-2；1.5×104【解析】1.5×10-2;1.0;1.5×10-2;1.5×10413、略

【分析】解：原子核直徑的數(shù)量級(jí)為10-15m；在α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，極少數(shù)α粒子從離核很近的地方經(jīng)過(guò)，發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)是受到了原子核較大的排斥力作用．

故答案為：10-15；排斥。

盧瑟福在用a粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，原子核直徑的數(shù)量級(jí)為10-15m；原子核帶正電荷且質(zhì)量很大，α粒子也帶正電荷，由于同種電荷相互排斥和α粒子被質(zhì)量較大的原子核彈回．

本題考查的是α粒子散射實(shí)驗(yàn)．對(duì)這個(gè)實(shí)驗(yàn)要清楚兩點(diǎn)：一是α粒子散射實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象；二是對(duì)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的微觀解釋--原子的核式結(jié)構(gòu)．【解析】10-15；排斥14、1000；1000【分析】解：電荷量為q=2隆脕10鈭?5

的試探電荷；放在電場(chǎng)中在P

點(diǎn)的電場(chǎng)力大小為F=2隆脕10鈭?2N

則有：E=Fq=2隆脕10鈭?22隆脕10鈭?5N/q=1000N/C

電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)有關(guān)；與檢驗(yàn)電荷無(wú)關(guān)，將試探電荷移走，則電場(chǎng)強(qiáng)度大小與方向仍不變；

故答案為：10001000

電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)強(qiáng)弱的物理量；它是由電荷所受電場(chǎng)力與其電量的比值來(lái)定義.

比值與電場(chǎng)力及電量均無(wú)關(guān).

而電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)．

電場(chǎng)強(qiáng)度是通過(guò)比值定義的，比值與其電場(chǎng)力及電量均沒(méi)有關(guān)系.

例如：質(zhì)量與體積的比值定義為密度.

當(dāng)質(zhì)量變大時(shí)，體積變大，而比值卻不變.

電場(chǎng)線雖不實(shí)際存在，但卻能形象描繪電場(chǎng)的強(qiáng)度與方向．【解析】10001000

三、判斷題(共9題，共18分)15、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)24、略

【分析】試題分析:選用“×100”倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，說(shuō)明歐姆表的讀數(shù)過(guò)小，也就是倍率選擇大了，應(yīng)選取×10倍率的電阻檔，并需要重新歐姆調(diào)零后再測(cè)量，測(cè)量結(jié)果為R=7×10Ω=70Ω考點(diǎn)：多用表的使用【解析】【答案】×10,調(diào)零（歐姆調(diào)零），70Ω五、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共8分)25、略

【分析】解：①根據(jù)I==A=0.6A；

因滑動(dòng)變阻器采用限流式接法；電流表采取外接法，實(shí)物圖連接如下圖；

②螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：0.5mm+0.01×19.0mm=0.690mm．

③根據(jù)歐姆定律得，R=根據(jù)電阻定律得，R=ρ=ρ

聯(lián)立兩式解得ρ=．

④所用電壓表不是理想電壓表；電壓表起分流作用，導(dǎo)致測(cè)量的電流偏大，根據(jù)歐姆定律測(cè)量的電阻偏小，根據(jù)電阻定律知，導(dǎo)致電阻率的測(cè)量值偏?。?/p>

故答案為：①如圖所示；

②0.690（0.688～0.693）；

③．

④＜．

①根據(jù)滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法；電流表采取外接法連接實(shí)物圖．

②螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

③結(jié)合電阻定律和歐姆定律求出電阻率的表達(dá)式．

④電流表采取外接法；由于電壓表起分流作用，導(dǎo)致測(cè)量的電流偏大，根據(jù)歐姆定律和電阻定律得出電阻率測(cè)量的誤差是偏大還是偏?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，以及掌握歐姆定律和電阻定律，會(huì)分析誤差的來(lái)源．【解析】0.688～0.693；＜26、（1）A（2）C（3）m1?OP=m1?OM+m2?ON【分析】【分析】(1)(2)

在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中；運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)得出碰撞前后兩球的速度，因?yàn)橄侣涞臅r(shí)間相等，則水平位移代表平拋運(yùn)動(dòng)的速度。根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定需要測(cè)量的物理量。

(3)

根據(jù)動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律可求得動(dòng)量守恒及機(jī)械能守恒的表達(dá)式。解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理，以及實(shí)驗(yàn)的步驟，在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中，無(wú)需測(cè)出速度的大小，可以用位移代表速度.

同時(shí)，在運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)得出碰撞前后兩球的速度，因?yàn)橄侣涞臅r(shí)間相等，則水平位移代表平拋運(yùn)動(dòng)的速度.

若碰撞前后總動(dòng)能相等，則機(jī)械能守恒。【解答】(1)BCD.

為保證小球平拋時(shí)獲得相同的初速度，應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下，因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，根據(jù)v=xt

所以用水平射程可以代替速度，則需測(cè)量小球平拋運(yùn)動(dòng)的射程間接測(cè)量速度。故應(yīng)保證斜槽末端水平，小球每次都從同一點(diǎn)滑下；同時(shí)為了小球2

能飛的更遠(yuǎn)，防止1

反彈，球1

的質(zhì)量應(yīng)大于球2

的質(zhì)量；故BCD正確，A.只要保證每次平拋的初速度相同即可，斜槽不要求必須光滑，A錯(cuò)誤；本題選擇錯(cuò)誤的；故選A。

(2)

根據(jù)動(dòng)量守恒得；m1?OP=m1?OM+m2?ON

所以除了測(cè)量線段OMOPON

的長(zhǎng)度外，還需要測(cè)量的物理量是小球1

和小球2

的質(zhì)量m1m2隆攏

故選C。

(3)

因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則水平位移可以代表速度，OP

是A

球不與B

球碰撞平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表A

球碰撞前的速度，OM

是A

球碰撞后平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表碰撞后A

球的速度，ON

是碰撞后B

球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B

球的速度，當(dāng)所測(cè)物理量滿(mǎn)足表達(dá)式m1?OP=m1?OM+m2?ON

說(shuō)明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律，由功能關(guān)系可知，只要12m1v02=12m1v12+12m2v22

成立則機(jī)械能守恒；故若m1?OP2=m1?OM2+m2?ON2

說(shuō)明碰撞過(guò)程中機(jī)械能守恒。

故填(1)A(2)C(3)m1?OP=m1?OM+m2?ONm1?OP2=m1?OM2+m2?ON2

【解析】(1)A(2)C(3)m

11?OP=m

11?OM+m

22?ONm1?OP2=m1?OM2+m2?ON2

27、略

【分析】解：（1）應(yīng)用單擺測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)，單擺的周期：T=單擺擺長(zhǎng)：L=l+單擺周期：：

所以：

需要測(cè)出：擺線的長(zhǎng)度l；擺球的直徑d、擺球完成n次全振動(dòng)所用時(shí)間t；

（2）①如果甲同學(xué)以擺長(zhǎng)（l）為橫坐標(biāo)、周期（T）的平方為縱坐標(biāo)作出了T2-l圖象，若他測(cè)得的圖象的斜率為k，則由公式g=可知測(cè)得的重力加速度g=．若甲同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，忘記測(cè)擺球的半徑，將擺線的長(zhǎng)誤為擺長(zhǎng)，由公式g=可知；與擺長(zhǎng)無(wú)關(guān)，所以測(cè)量值不變；

②乙同學(xué)根據(jù)公式：T=2π得g=并計(jì)算重力加速度，若乙同學(xué)