…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示電路，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中；電壓表；電流表的示數(shù)變化情況為。

A.兩電表示數(shù)都增大B.兩電表示數(shù)都減少C.電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大D.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減少2、電磁炮是一種理想的兵器,而電容式電磁炮一直是世界各國研究的熱點．研究它的主要原理如圖．若電容器的電容C=5×10-2F,電磁炮釋放前兩端電壓為2kV,利用這種裝置可以把質量m=20g的彈體(包括金屬桿EF的質量)在極短的時間內加速到500m/s發(fā)射出去,若這種裝置的軌道寬L=2m；軌道內充滿磁感應強度B=2.5T的勻強磁場,不計軌道摩擦且金屬桿EF與軌道始終接觸良好,則在這個過程中下列說法正確的是（）

A.通過電磁炮的電荷量為2CB.通過電磁炮的電荷量為100CC.電容器兩端的電壓將變?yōu)?.5kVD.電容器兩端的電壓將變?yōu)?0V3、如圖所示，豎直放置的螺線管與導線構成閉合電路，電路所圍區(qū)域內有方向垂直紙面向里的勻強磁場，螺線管下方水平桌面上有一個導體圓環(huán).欲使導體圓環(huán)受到向上的磁場力，磁感應強度隨時間變化的規(guī)律應是（）

A.B.C.D.4、圖甲是阻值為1Ω的單匝線圈與阻值為9Ω的電阻R構成的回路．線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動；產生的電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，電壓表為交流電壓表．則（）

A.電壓表的示數(shù)為14.14VB.0﹣0.01s的時間內通過電阻R的電量為0.04πCC.電阻R上消耗的功率為18WD.通過電阻的電流方向每秒變化100次5、下列說法正確的是（）A.分子之間的引力和斥力大小都隨分子間距離的增加而增大B.布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動C.液體中的懸浮微粒越小，布朗運動越明顯D.當分子間距離增大時，分子勢能一定增大6、如圖甲所示，上端固定的彈簧振子在豎直方向上做簡諧運動．規(guī)定向上為正方向，彈簧振子的振動圖象如圖乙所示．則（）

A.彈簧振子的振動頻率f=2.0HzB.彈簧振子的振幅為0.4mC.在內，彈簧振子的動能逐漸減小D.在內，彈簧振子的彈性勢能逐漸減小7、如圖所示，一束可見光以入射角θ從玻璃磚射向空氣，經(jīng)折射后分為a、b兩束單色光．a、b兩束光相比；下列說法正確的是。

A.玻璃對a光的折射率小于對b光的折射率B.在玻璃中，a光的速度較大b光的速度C.增大入射角θ，b光首先發(fā)生全反射D.a光光子的能量大于b光光子的能量8、說明原子核具有復雜結構的是A.質子的發(fā)現(xiàn)B.天然放射性現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)C.電子的發(fā)現(xiàn)D.α粒子散射實驗評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示的電路，a、b、c為三個相同的燈泡，其電阻大于電源內阻，當變阻器R的滑片P向上移動時；下列判斷中正確的是（）

A.a、b兩燈變亮，c燈變暗B.電源輸出功率增大C.電源的供電效率增大D.b燈中電流變化值小于c燈中電流變化值10、產生光電效應時，關于逸出光電子的最大初動能Ek，下列說法正確的是（）A.對于同種金屬，Ek與照射光的強度無關B.對于同種金屬，Ek與照射光的波長成反比C.對于同種金屬，Ek與光照射的時間成正比E.對于不同種金屬，若照射光頻率不變，Ek與金屬的逸出功成線性關系E.對于不同種金屬，若照射光頻率不變，Ek與金屬的逸出功成線性關系11、下列說法正確的是（）A.懸浮顆粒的無規(guī)則運動并不是分子的運動，但能間接地反映液體分子運動的無規(guī)則性B.一種物質溫度升高時，所有分子熱運動的動能都要增加C.液體能夠流動說明液體分子間的相互作用力比固體分子間的作用力要小E.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行E.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行12、如圖所示，矩形線圈是閉合的，在外力作用下，勻速向右通過寬為d(大于線圈邊長)的勻強磁場時，設穿過線圈的磁通量為Φ，感應電流為I，線圈所受磁場力為F，通過線圈導線橫截面的電荷量為q；則描述此過程中以上各物理量的變化的圖像如選項圖所示，其中正確的是()

A.B.C.D.13、對于紅、藍兩種單色光，下列說法正確的是A.在水中紅光的傳播速度較大B.在同種介質中，藍光的折射率較小C.在同種介質中紅光、藍光的傳播速度一樣大D.光從同種介質射向真空發(fā)生全反射時，藍光的臨界角較小14、如圖所示，兩帶電金屬球在絕緣的光滑水平桌面上沿同一直線相向運動，球帶電為球帶電為下列說法中正確的是（）

A.相碰前兩球的運動過程中，兩球的總動量守恒B.相碰前兩球的總動量隨兩球的距離逐漸減小而增大C.相碰分離后的兩球的總動量不等于相碰前兩球的總動量，因為兩球相碰前作用力為引力，而相碰后的作用力為斥力D.相碰分離后任一瞬時兩球的總動量等于碰前兩球的總動量，因為兩球組成的系統(tǒng)所受合外力為零15、用綠光照射一個光電管，能產生光電效應，欲使光電子從陰極逸出時最大初動能增大，可以()A.改用紅光照射B.改用紫光照射C.改用藍光照射D.增加綠光照射時間評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點為AB連線的中點．則圖示時刻C點的振動方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時刻再經(jīng)過0.25s時，A點經(jīng)過的路程為______m．

17、如圖，一定量的理想氣體經(jīng)歷的兩個不同過程，分別由體積-溫度（V-t）圖上的兩條直線I和Ⅱ表示，V1和V2分別為兩直線與縱軸交點的縱坐標；t0為它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0是它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0=-273.15℃；a、b為直線I上的一點。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和b的壓強之比=___________；氣體在狀態(tài)b和c的壓強之比=___________。

18、假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。19、下圖甲為一臺小型發(fā)電機構造示意圖，線圈逆時針轉動，產生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．發(fā)電機線圈內阻為5Ω，外接燈泡的電阻為105Ω，電流的有效值為_____A，電壓表的示數(shù)為_____V，燈泡實際消耗的功率為_____W，發(fā)電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為_____J．

20、兩塊大??；形狀完全相同的金屬板平行放置；構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，閉合開關S，電源即給電容器充電。

（1）若保持S閉合，減小兩板間的距離，則兩極板間的電場強度_______；

（2）若斷開S，減小兩板間的距離，則極板上的電量_______，兩極板間的電場強度_______。（填：“變大”、“不變”或“變小”）21、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學將質量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運動時壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實驗數(shù)據(jù)后；根據(jù)數(shù)據(jù)做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質量M=____kg（保留小數(shù)點后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點后兩位）

（3）不同質量的小鋼珠在斜面上運動的時間______________（填“相同”或“不相同”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)25、某同學利用“插針法”測量一長方體玻璃磚的折射率；部分實驗步驟如下：

①將一張方格紙固定在木板上，玻璃磚放在方格紙上，如圖所示，在紙上畫出玻璃磚的兩條邊a和a′；

②在玻璃磚的一側插上兩個大頭針P1、P2，然后眼睛在另一側透過玻璃磚看兩個大頭針，插上第三個大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像，再插上第四個大頭針P4，使P4擋住P3和P1、P2的像．

請根據(jù)該同學的做法按下列要求作答：

I.在圖中作出完整光路圖和所需的輔助線；并求出該玻璃磚的折射率；

II.已知玻璃磚的厚度為d，光在真空中的傳播速度為c；求本次實驗中光通過玻璃磚所用的時間（不考慮反射）．

評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)26、光子除了有能量；還有動量．若光子能量為E，動量為P，則光子動量，式中c為真空中的光速．當光照射到物體表面上時，不論光被物體吸收還是被物體表面反射，光子的動量都會發(fā)生改變，因而對物體表面產生一種壓力．

如圖是1901年俄國物理科學家列別捷夫測量光壓的實驗裝置．T型架通過懸絲豎直懸掛，橫臂水平，懸絲一端固定在橫臂中點．在橫臂的兩側有圓片P和Q，兩圓片與T型架在同一豎直平面內．圓片P是涂黑的，當光線照射到P上時，可以認為光子全部被吸收：圓片Q是光亮的，當光線照射到Q上時，可以認為光子被反射．分別用光線照射在P或Q上，都可以引起懸絲的旋轉．在懸絲上固定的一小鏡M，用一細光束照射M，就可以獲知懸絲扭轉的角度．已知光速為c，兩個圓片P、Q的半徑都為r．懸絲轉過的角度與光對圓片的壓力成正比．

a.用光強（單位時間內通過與傳播方向垂直的單位面積的光能）為的激光束垂直照射整個圓片P；求激光束對圓片P的壓力F的大??；

b.實驗中，第一次用光強為的激光束單獨照射整個圓片P，平衡時，光束與圓片垂直，且懸絲有一扭轉角；第二次仍用該光束單獨照射整個圓片Q，平衡時，光束與圓片不垂直，懸絲的扭轉角與第一次相同．求激光束與圓片Q所在平面的夾角．27、豎直放置，內壁光滑的氣缸，由上下兩部分足夠長圓柱組成，兩部分的橫截面積分別為氣缸中有兩個活塞，其質量分別為中間封閉著一定質量的理想氣體?，F(xiàn)用豎直向上的力作用在活塞上，使兩活塞均處于平衡狀態(tài)，兩活塞距離氣缸上下兩部分分界處的距離都是如圖所示。若大氣壓強取10求：

（i）此時密閉氣體的壓強和外力的大??；

（ii）若將外力撤去，使密閉氣體的溫度由原來的升高到滑塞向下移動多大距離后又處于平衡狀態(tài)？28、下圖是一種汽車空氣減震器的模型，其主要構造是導熱性良好的氣缸和活塞（面積為），活塞通過連桿與車輪軸連接。將裝有減震裝置的輪子模擬靜止在斜坡上的汽車，固定在傾角為的斜面上，連桿與斜面垂直，初始時氣缸內密閉體積為壓強為的理想氣體，環(huán)境溫度為氣缸與活塞間的摩擦忽略不計，大氣壓強始終為在氣缸頂部固定一個物體A，穩(wěn)定時氣缸內氣體體積縮小了該過程氣體溫度保持不變。重力加速度取

（1）放上A物體待其穩(wěn)定后，氣缸對氣體做功判斷該過程氣缸內氣體是吸熱還是放熱。并求出熱量的大小；

（2）求氣缸和物體A的總質量M；

（3）由于環(huán)境溫度變化，氣缸內氣體體積逐漸恢復到求體積恢復后的環(huán)境溫度

29、一水平放置的氣缸左端開口與大氣相通，活塞可在氣缸內壁左右移動?；钊疫呌靡桓舭鍖飧追殖审w積均為V0的兩部分，隔板左側是理想氣體，右側是真空，隔板右側還有一電阻絲可加熱。活塞厚度可忽略，活塞和氣缸壁均絕熱，不計一切摩擦。開始時活塞處于靜止狀態(tài)，大氣壓強為p0。外界和理想氣體溫度均為T0。現(xiàn)拔掉隔板；用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好回到初始位置再次靜止。

（1）求活塞剛好回到初始位置再次靜止時的溫度T；

（2）整個過程中，若電阻絲提供的熱量為Q；求理想氣體內能的增加量。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向a端滑動時，接入電路的電阻增大，與R2并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，則電壓表的示數(shù)UV=E-I(r+R1)，則UV增大；流過R2的電流增大，電流表的讀數(shù)為則電流表示數(shù)減??；故A，B，C錯誤，D正確.2、A【分析】【詳解】

A、B項：對電磁炮由動量定理可知，得：代入數(shù)據(jù)解得：故A正確，B錯誤；

C、D項：由公式得：所以電容器兩端電壓變?yōu)楣蔆；D錯誤．

故應選：A．3、A【分析】【分析】

如果要使導體圓環(huán)受到向上的磁場力，圓環(huán)中必須要產生感應電流，這就要求abcd中的電流是變化的，根據(jù)楞次定律，abcd中的電流不僅是變化的；而且要逐漸變?。?/p>

【詳解】

圓環(huán)是與螺線管產生作用，圓環(huán)要受到向上的力，螺線管中的產生的磁場要變小，所以螺線管中的電流要減小，在電阻不變條件下，感應電動勢要減小，而感應電動勢與abcd回路中磁通量變化率成正比，在面積不變時，磁感應強度的變化率要減小，即在B-t圖象中，斜率要減小，即：在B-t圖象中，斜率不僅要變而且要變小，故A正確，BCD錯誤．4、C【分析】【詳解】

從圖象得出電動勢最大值為20V，有效值為：根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流為電阻兩端電壓為故A錯誤；根據(jù)角速度為：可得：根據(jù)可得~0.01s的時間內通過電阻R的電量為：故B錯誤；電阻R上消耗的功率為：故C正確；每個周期，電流方向改變兩次，電流周期為0.04s，故每秒電流方向改變50次，故D錯誤．5、C【分析】分子之間的斥力和引力大小都隨分子間距離的增加而減小，如果分子間表現(xiàn)為引力，則距離增大，分子力做負功，分子勢能增大，AD錯誤；布朗運動是固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規(guī)則運動，液體中的懸浮微粒越小，布朗運動越明顯，B錯誤C正確．6、C【分析】【分析】

根據(jù)振動圖象直接分析振子的頻率和振幅．根據(jù)加速度的方向判斷振子的狀態(tài)．結合彈簧振子的能量變化分析．

【詳解】

由振動圖像可知，彈簧振子的振動周期為2s，頻率f=1/T=0.5Hz，選項A錯誤；彈簧振子的振幅為0.2m，選項B錯誤；在0～0.5s內，彈簧振子的位移變大，速度減小，動能逐漸減小，選項C正確；在1.0～1.5s內，彈簧振子離開平衡位置的位移變大，則彈簧的形變量變大，彈性勢能逐漸變大，選項D錯誤；故選C.7、D【分析】【詳解】

因為玻璃對a光的偏折程度大于b光，所以玻璃對a光的折射率大于對b光的折射率，根據(jù)可知，在玻璃中，a光的速度小于b光的速度，a光的頻率大于b光的頻率，則a光光子的能量大于b光光子的能量，選項AB錯誤，D正確；根據(jù)sinC=1/n分析知，a光的臨界角比b光的小；逐漸增大入射角，先達到a光的臨界角，則a光最先發(fā)生全反射，故C錯誤；故選D．

點睛：光線的偏折程度越大，則折射率越大，光在介質中的速度越小，光的頻率越大，光子能量越大，臨界角越小，這些結論要熟記.8、B【分析】【詳解】

貝克勒爾發(fā)現(xiàn)的天然放射現(xiàn)象說明原子核具有復雜的結構，盧瑟福進行α粒子散射實驗提出的一種原子結構模型．二、多選題(共7題，共14分)9、A:B【分析】【分析】

當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，即可知道a燈亮度的變化．由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷c燈亮度的變化．由通過c的電流與總電流的變化，分析通過b燈電流的變化，判斷其亮度的變化．a、b；c三個燈泡的電阻都大于電源內阻；根據(jù)推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化．

【詳解】

當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，a燈變亮．并聯(lián)部分電壓減小，c燈變暗．由總電流增大，而通過c燈的電流減小，可知通過b燈的電流增大，b燈變亮，A正確；a、b、c三個燈泡的電阻都大于電源內阻，外電路總電阻應大于電源的內阻．根據(jù)推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，則知，當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大．電源的供電效率外電阻減小，路端電壓U減小，電源的供電效率減小，B正確C錯誤；由于增大，減小，增大，則知，流過b燈的電流變化值大于流過c燈的電流變化值；D錯誤．

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，按局部到整體，再局部分析電壓、電流的變化．利用推論分析電源輸出功率的變化．10、A:D:E【分析】【詳解】

ABCD．根據(jù)光電效應規(guī)律

對于同種金屬，Ek與照射光的強度無關，Ek與光照射的時間無關，Ek與照射光的頻率成線性關系，Ek與照射光的波長有關；但不是成反比，故AD正確，BC錯誤；

E．對于不同種金屬，若照射光頻率不變，根據(jù)光電效應方程

與金屬的逸出功成線性關系；故E正確。

故選ADE。11、A:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮顆粒的無規(guī)則運動并不是分子的運動；但能間接地反映液體分子運動的無規(guī)則性，A正確；

B．一種物質溫度升高時；分子的平均動能增加，這是一種統(tǒng)計規(guī)律，可能有的分子熱運動的動能要增加，有的反而要減少，B錯誤；

C．液體能夠流動與液體分子間作用力無必然聯(lián)系；固體有固定形狀也與固體間分子作用力無必然聯(lián)系，C錯誤；

D．一定質量的物質；在一定的溫度和壓強下，汽化時吸收的熱量與液化時放出的熱量相等，D錯誤；

E．一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行；E正確。

故選AE。12、A:B【分析】【詳解】

線圈穿過磁場的過程中，速度不變，其他各物理量的變化分析如下：進入磁場的過程中，磁通量Φ＝BS＝Bl·vt(l為切割磁感線的邊長)，可見磁通量Φ正比于時間t；從全部進入磁場到出磁場之前的過程中，Φ最大且保持不變；離開磁場的過程中，Φ均勻減小，故A正確；感應電流進入磁場與離開磁場的過程中，I感的大小相等方向相反，均為恒定電流；全部在磁場中平移時，無感應電流，故B正確；進入與離開磁場的過程中，安培力大小F安＝BI感l(wèi)不變；全部在磁場中平移時，不受安培力，故C錯誤；進入與離開磁場的過程中，通過導線橫截面的電荷量可見電荷量隨時間均勻增加，全部在磁場中時，無感應電流，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤．13、A:D【分析】【詳解】

AB、紅色光的頻率比藍色光的頻率小，故紅色光的折射率比藍色光的折射率小，根據(jù)可知在水中紅色光的速度比藍色光的速度大，A正確B錯誤；

C；在真空中兩種光的傳播速度相等；都為光速度，C錯誤；

D、根據(jù)可知，折射率越大的單色光，其全反射的臨界角越小，即藍光的臨界角較小，D正確．14、A:D【分析】【詳解】

AB.相碰前兩球所受的合外力為零；動量守恒，兩球的總動量保持不變，故A符合題意，B不符合題意；

CD.將兩球看作整體分析時，整體受重力、支持力，水平方向不受外力，故整體系統(tǒng)動量守恒，故兩球相碰分離后的總動量等于碰前的總動量，C不符合題意，D符合題意15、B:C【分析】【詳解】

光電子的最大初動能與照射時間或照射強度無關，故D錯誤；最大初動能與入射光的頻率有關，入射光子的頻率越大，光電子從陰極逸出時最大初動能越大，所以改用比綠光頻率更大的紫光、藍光照射，以增大光電子從陰極逸出時的最大初動能，故A錯誤，BC正確．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

B點處于波谷，A點處于波峰，波由B向A傳播，此時C處于平衡位置，經(jīng)過四分之一周期，波谷傳播到該點，知C點的振動方向向下，周期質點在一個周期內振動的路程等于4倍的振幅，經(jīng)過0.25s時，走過的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)蓋呂薩克定律有

整理得

由于體積-溫度（V-t）圖像可知，直線I為等壓線，則a、b兩點壓強相等，則有

[2]設時，當氣體體積為其壓強為當氣體體積為其壓強為根據(jù)等溫變化，則有

由于直線I和Ⅱ各為兩條等壓線，則有

聯(lián)立解得【解析】118、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時兩分子間距離大；分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據(jù)熱力學第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功。【解析】先減小后增大可以19、略

【分析】【詳解】

解：電動勢的有效值為：

電流的有效值為：

電壓表的示數(shù)為：

燈泡消耗的功率為：

發(fā)電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為為：【解析】2，210，420，120020、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若保持S閉合，則兩板間的電勢差U不變；減小兩板間的距離，則根據(jù)

可知兩極板間的電場強度變大；

(2)[2]若斷開S；則極板上的電量保持不變；

[3]根據(jù)

可知

可知減小兩板間的距離d，兩極板間的電場強度不變?！窘馕觥?1)變大；(2)不變；不變21、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當m=0時，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據(jù)平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球對A的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質量的小鋼珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同．

考點：研究加速度與物體質量；受力的關系.

【名師點睛】

本題考查研究加速度與物體質量、受力的關系實驗；解題的關鍵是搞清實驗的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】