…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如上右圖所示，電源電動勢ε=12V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=5Ω，R2=50Ω，則A.電鍵K斷開時，B兩端電壓等于零B.電鍵K閉合,電容器C充電后，電容器兩極板間的電壓等于10VC.電鍵K閉合,電容器C充電后，電容器兩極板間的電壓等于12VD.電鍵K閉合,電容器C充電后，兩極板間的電壓與電容大小有關(guān)2、如圖甲所示為一自耦變壓器，變壓器的原線圈AB端輸入電壓如圖乙所示，副線圈電路中定值電阻R0＝11Ω，電容器C的擊穿電壓為22V，移動滑片P使電容器剛好不會被擊穿．所有電表均為理想電表，下列說法正確的是()A.電壓表的示數(shù)為311VB.原副線圈的匝數(shù)比為10∶1C.電流表的示數(shù)等于通過電阻R0的電流D.原線圈AB端輸入電壓的變化規(guī)律為u＝311sin100πtV3、如圖，一個半徑為L

的半圓形硬導(dǎo)體AB

以速度v

在水平U

型框架上勻速滑動，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

回路電阻為R0

半圓形硬導(dǎo)體AB

的電阻為r

其余電阻不計，則半圓形導(dǎo)體AB

切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小及AB

之間的電勢差分別為(

)

A.2BLvBLvR0R0+r

B.2BLvBLv

C.BLv2BLv

D.2BLv2BLvR0R0+r

4、如圖所示，一臺理想變壓器的原線圈匝數(shù)n1

與副線圈匝數(shù)n2

之比為51.

原線圈兩端加U1=220V

的正弦交變電壓時，副線圈兩端的電壓U2

為(

)

A.44V

B.33V

C.22V

D.11V

5、下述說法正確的是（）A.根據(jù)E=F/q，可知電場中某點的場強(qiáng)與電場力成正比。B.根據(jù)E=KQ/r2，可知點電荷在電場中某點產(chǎn)生的場強(qiáng)與該點電荷的電量Q成正比。C.根據(jù)場強(qiáng)疊加原理，可知合電場的場強(qiáng)一定大于分電場的場強(qiáng)。D.根據(jù)U=Ed可知：同一電場中兩個點的距離越遠(yuǎn)，它們之間的電勢差越大。6、關(guān)于日光燈，下列說法不正確的是A日光燈工作原理與白熾燈不同，日光燈主要靠熒光粉在紫外線的照射下發(fā)光B日光燈正常發(fā)光時，啟動器處于導(dǎo)通狀態(tài)C日光燈正常工作時，取下日光燈啟動器，日光燈正常工作D日光燈的鎮(zhèn)流器在工作時主要作用是限制燈管中的電流7、現(xiàn)有a、b、c三束單色光，其波長關(guān)系為用b光束照射某種金屬時，恰能發(fā)生光電效應(yīng).若分別用a光束和c光束照射該金屬，則可以斷定A.a光束照射時，不能發(fā)生光電效應(yīng)B.c光束照射時，不能發(fā)生光電效應(yīng)C.a光束照射時，釋放出的光電子數(shù)目最多D.c光束照射時，釋放出的光電子的最大初動能最小8、如圖所示，電源內(nèi)阻不可忽略，R1為半導(dǎo)體熱敏電阻（溫度升高時，阻值減?。琑2為錳銅合金制成的可變電阻.當(dāng)發(fā)現(xiàn)燈泡L的亮度逐漸變暗時，可能的原因是（）A.R1的溫度逐漸降低B.R1的溫度逐漸升高C.R2的阻值逐漸減小D.R2的阻值逐漸增大9、在一空間有方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B

的勻強(qiáng)磁場，如圖所示，向外的磁場分布在一半徑為a

的圓形區(qū)域內(nèi)，向內(nèi)的磁場分布在除圓形區(qū)域外的整個區(qū)域，該平面內(nèi)有一半徑為b(b>2a)

的圓形線圈，線圈平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線圈與半徑為a

的圓形區(qū)域是同心圓.

從某時刻起磁感應(yīng)強(qiáng)度開始減小到B2

則此過程中該線圈磁通量的變化量的大小為(

)

A.12婁脨B(b2鈭?a2)

B.婁脨B(b2鈭?2a2)

C.婁脨B(b2鈭?a2)

D.12婁脨B(b2鈭?2a2)

評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、做簡諧運(yùn)動的彈簧振子對平衡位置的位移為x，速度為v，加速度為a，則（）A.x與v同向時，振子加速B.x與v反向時，振子加速C.v與a反向時，位移變大D.v與a同向時，位移變大11、線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動；產(chǎn)生交變電流的圖象如圖所示，由圖中可知（）

A.在A和C時刻線圈處于中性面位置B.在B和D時刻穿過線圈的磁通量最大C.在O～D時間內(nèi)線圈轉(zhuǎn)過的角度為2πD.若從O～D時間為0.02s，則在1s內(nèi)交變電流的方向改變100次12、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，壓強(qiáng)隨體積變化的關(guān)系如右圖，這個過程中（）A.氣體分子熱運(yùn)動的平均動能增大B.氣體的溫度一直降低C.氣體一直對外界做負(fù)功D.氣體一直從外界吸熱13、如圖，兩個物體1

和2

在光滑水平面上以相同動能E

相向運(yùn)動，它們的質(zhì)量分別為m1

和m2

且m1<m2

經(jīng)一段時間兩物體相碰撞并粘在一起。碰撞后A.兩物體將向左運(yùn)動B.兩物體將向右運(yùn)動C.兩物體組成系統(tǒng)損失能量最小D.兩物體組成系統(tǒng)損失能量最大14、如圖甲中通過P

點電流的(

向右為正)

變化規(guī)律如圖乙所示，則(

)

A.在t

從0.5s隆蘆ls

電容器C

正在充電B.0.5s隆蘆1s

間，電容器C

上板帶正電C.1s隆蘆1.5s

內(nèi)，Q

點電勢比P

點電勢高D.1s

一1.5s

磁場能轉(zhuǎn)化為電場能15、在如圖所示的U-I圖象中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。由圖象可知，下說法正確的是（）A.電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB.電源的效率為80%C.電阻R的阻值為1ΩD.電源內(nèi)阻的熱功率為2W16、兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點，A為MN上的一點．一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點由靜止釋放，只在靜電力作用下運(yùn)動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則（）A.q運(yùn)動到O點時的動能最大B.q由A向O做勻加速直線C.q由A向O運(yùn)動的過程電勢能逐漸減小D.q運(yùn)動到O點時的電勢能為零17、如圖所示，L1L2

為兩平行的虛線，L1

上方和L2

下方都是垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場，AB

兩點都在L2

上，帶電粒子從A

點以初速度v

斜向上與L2

成30鈭?

角射出，經(jīng)過B

點時速度方向也斜向上，不計重力，下列說法中正確的是()

A.帶電粒子經(jīng)過B

點時速度一定跟A

點速度相同B.若將帶電粒子在A

點時初速度變大(

方向不變)

它仍能經(jīng)過B

點C.若將帶電粒子在A

點時初速度方向改為與L2

成60鈭?

角斜向上，它也能經(jīng)過B

點D.此粒子一定帶正電18、利用如圖所示的裝置來驗證碰撞中的動量守恒，入射小球和被碰小球的質(zhì)量分別為m

1

m

2

關(guān)于該實驗下列說法中正確的是A.m

1

一定要大于m

2

但它們的直徑一定要相等B.不放被碰小球時，m

1

平均落點為N

點C.適當(dāng)增大入射球初始下落的高度，可減小實驗的誤差D.實驗之前，一定要將斜槽的末端調(diào)整到水平狀態(tài)評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)19、如圖所示，光滑水平面上有物塊M、m，在其中靜止的物塊m上固定一輕彈簧，M以v的速度向右運(yùn)動，當(dāng)彈簧壓縮量最大時，兩者的速度VM﹦____，Vm﹦____．

20、手機(jī)是人們生活中普遍使用的通信工具，它是利用________(

選填“電磁波”或“超聲波”)

進(jìn)行通信的.

這種波________(

選填“能”或“不能”)

在真空中傳播．21、有一個彈簧振子，某段時間內(nèi)發(fā)現(xiàn)它的速度在減小，則它的加速度____，回復(fù)力____，彈簧的彈性勢能____．22、一端封閉的均勻玻璃管，用長h的一段水銀柱封入一些空氣，當(dāng)管開口向上時，測得空氣柱的高度是H1，當(dāng)管開口向下時，沒有水銀流出，測得空氣柱高度是H2，可以算得，這時大氣壓強(qiáng)等于_____________。（水銀柱的產(chǎn)生的壓強(qiáng)用高度表示）23、一質(zhì)量為2kg的質(zhì)點從靜止開始沿某一方向做勻變速直線運(yùn)動，它的動量p隨位移的變化關(guān)系為p=4則質(zhì)點的加速度為______m/s2．24、如圖甲所示，在一條張緊的繩子上掛幾個擺.

當(dāng)a

擺振動的時候，通過張緊的繩子給其他各擺施加驅(qū)動力，使其余各擺也振動起來，此時b

擺的振動周期______(

選填“大于”、“等于”或“小于”)d

擺的周期.

圖乙是a

擺的振動圖象，重力加速度為g

則a

的擺長為______．25、如圖所示的電路，當(dāng)開關(guān)閉合時，小燈泡將______(

選填“逐漸”或“立刻”)

變亮.

當(dāng)開關(guān)斷開時，小燈泡將______(

選填“逐漸”或“立刻”)

熄滅．26、有一個表頭G

滿偏電流Ig=5mA

內(nèi)阻Rg=100婁賂

用它改裝成量程為3v

的電壓表，需串聯(lián)電阻R=

______婁賂.

評卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)27、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)28、利用打點計時器所記錄紙帶來研究小車的運(yùn)動情況，某學(xué)生實驗中的記錄紙帶如圖所示，其中兩點中間有四個點未畫。已知所用電源的頻率為50Hz，則小車運(yùn)動的加速度a=_____m/s2。29、小明同學(xué)在測定金屬絲電阻率的實驗中，進(jìn)行了如下操作，請你將相應(yīng)的操作步驟補(bǔ)充完整。（1）他首先用螺旋測微器測金屬絲的直徑，如圖甲所示，該金屬絲的直徑為________mm。（2）他再用多用電表粗測金屬絲的阻值，操作過程如下：①將紅、黑表筆分別插入多用電表的“＋”、“－”插孔，選擇開關(guān)旋至電阻擋“×10”擋位；②將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)____旋鈕（填圖乙中的“A”或“B”或“C”），使歐姆表指針對準(zhǔn)電阻的____處（填“0刻線”或“∞刻線”）；③把紅、黑表筆分別與金屬絲的兩端相接，此時多用電表的示數(shù)如下圖丙所示；④為了使金屬絲的阻值讀數(shù)能夠再準(zhǔn)確一些，小明將選擇開關(guān)旋至電阻擋____擋位（填“×1”或“×1k”），重新進(jìn)行________；⑤重新測量得到的結(jié)果如圖丁所示，則金屬絲的電阻為____Ω。（3）他想用伏安法更精確地測量該金屬絲的阻值，他用如圖所示的裝置進(jìn)行測量，其中部分器材的規(guī)格為：電源E（兩節(jié)干電池，3V），電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω），電壓表（量程3V，內(nèi)阻約10kΩ），滑動變阻器（阻值范圍0～20Ω，額定電流1A）。要求滑動變阻器采用限流式接法，為了減小實驗誤差，請你在下圖中加兩條導(dǎo)線將未連接完的電路連起來。30、圖為一正在測量中的多用電表表盤．則：(1)測電阻時，電流從____表筆流入多用電表；（填“紅”或“黑”）(2)如果是用“×100Ω”擋測量電阻，則讀數(shù)為________Ω.31、（共18分）實驗題（一）油酸酒精溶液的濃度為每1000ml油酸酒精溶液中有油酸0.6ml，用滴管向量筒內(nèi)滴50滴上述溶液，量筒中的溶液體積增加1ml，若把一滴這樣的溶液滴入盛水的淺盤中，由于酒精溶于水，油酸在水面展開，穩(wěn)定后形成單分子油膜的形狀如圖所示。（1）若每一小方格的邊長為25mm，則油酸薄膜的面積約為S=____m----------2；（2）一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積V=____m3；（3）由以上數(shù)據(jù)，可估算出油酸分子的直徑的數(shù)量級為____m。（二）某同學(xué)用圖裝置做驗證動量守恒定律的實驗.先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端附近靜止，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次。（1）本實驗必須測量的物理量有以下哪些__________．A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球a、b的質(zhì)量ma、mbC．小球a、b的半徑rD．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行時間tE．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OCF．a(chǎn)球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h（2）小球a、b的質(zhì)量ma、mb應(yīng)該滿足什么關(guān)系：ma____mb（＞、＝、＜）（3）為測定未放被碰小球時，小球a落點的平均位置，把刻度尺的零刻線跟記錄紙上的O點對齊，右圖給出了小球a落點附近的情況，由圖可得OB距離應(yīng)為__________cm．（4）按照本實驗方法，驗證動量守恒的驗證式是___________．評卷人得分六、計算題(共3題，共15分)32、一束電子（不計重力）從靜止開始經(jīng)加速電壓U1加速后，以水平速度射入水平放置的兩平行金屬板中間，如圖所示，金屬板長為l，兩板距離為d，豎直放置的熒光屏距金屬板右端為L。若在兩金屬板間加直流電壓U2時，光點偏離中線與熒光屏交點O，打在熒光屏上的P點，求33、如圖，一質(zhì)量m=1×10-6kg，帶電量q=-2×10-8C的小球以初速度v0豎直向上從A點射入一水平向右的勻強(qiáng)電場，當(dāng)小球運(yùn)動到比A高h(yuǎn)=0.2m的B點時速度大小是2v0，但方向水平，且AB兩點的連線在水平方向的距離為d=0.1m，g取10m/s2；求：

（1）判斷小球在水平方向和豎直方向的運(yùn)動情況（不必說理由）

（2）小球的初速度v0

（3）AB兩點間的電勢差UAB

（4）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大小．34、如圖所示，一光電管的陰極用極限波長婁脣0=5000鈭?A

的鈉制成.

用波長婁脣=3000鈭?A

的紫外線照射陰極；光電管陽極A

和陰極K

之間的電勢差U=2.1V

飽和光電流的值(

當(dāng)陰極K

發(fā)射的電子全部到達(dá)陽極A

時，電路中的電流達(dá)到最大值，稱為飽和光電流)I=0.56婁脤A

．

(1)

求每秒鐘內(nèi)由K

極發(fā)射的光電子數(shù)目；

(2)

求電子到達(dá)A

極時的最大動能；

(3)

如果電勢差U

不變，而照射光的強(qiáng)度增到原值的三倍，此時電子到達(dá)A

極的最大動能是多大？(

普朗克常量h=6.63隆脕10鈭?34J?s)

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【解析】試題分析：A、電鍵K斷開時，電阻相當(dāng)于一根導(dǎo)線，A、B兩端電壓等于電源電動勢；錯誤BCD、電鍵K閉合，電容器C充電后，電阻相當(dāng)于一根導(dǎo)線，此時電容器兩端電壓為電阻兩端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電阻兩端電壓與電容器電容大小無關(guān)；B正確CD錯誤故選B考點：閉合電路歐姆定律，電容器【解析】【答案】B2、D【分析】解答：由圖象可得輸入電壓最大值所以輸入電壓的有效值故A錯誤；由電容器剛好不會被擊穿，可得副線圈兩端電壓最大值U2max＝22V，有效值所以原副線圈的匝數(shù)比故B錯誤；

因為電容器“通交流，隔直流”，所以電流表的示數(shù)大于通過電阻R0的電流；C錯誤；

由圖象可得輸入電壓的變化規(guī)律為u＝311sin100πtV；D正確。

故選D

分析：本題考查變壓器基本原理交流電圖像的分析能力，屬于基礎(chǔ)題。3、D【分析】解：半圓形導(dǎo)體AB

切割磁感線的有效長度是2L

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律則；感應(yīng)電動勢為：E=B?2L?v=2BLv

A、B

之間的電勢差為：U=R0R0+rE=2BLvR0R0+r

故D正確，ABC錯誤；

故選：D

．

半圓形導(dǎo)體AB

有效的切割長度等于2L

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=Blv

求感應(yīng)電動勢，AB

之間的電勢差是指R0

兩端的電壓，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律求解．

本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的部分可以相當(dāng)于電源，則AB

之間的電勢差指的是路端電壓．【解析】D

4、A【分析】解：由U1U2=n1n2

若原線圈兩端要得到U1=220V

的正弦交變電壓；

所以U2=n2n1U1=15隆脕220=44V

故選：A

根據(jù)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比等于電壓比即可求解．

本題主要考查了變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓比之間的關(guān)系，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】A

5、B【分析】【解析】試題分析：電場中某點的場強(qiáng)只和電場本身的性質(zhì)有關(guān)，和外界因素?zé)o關(guān)，A錯誤；根據(jù)E=KQ/r2，可知點電荷在電場中某點產(chǎn)生的場強(qiáng)與該點電荷的電量Q成正比。B正確；電場強(qiáng)度為矢量，合成遵循平行四邊形定則，故合電場可能大于分電場，也可能小于分電場，還可能等于分電場，C錯誤；電場中兩點的電勢差大小和電場強(qiáng)度有關(guān)之外還和兩點間的距離有關(guān)，D錯誤故選B考點：考查了對電場強(qiáng)度的理解【解析】【答案】B6、B【分析】由教材可知，日光燈主要靠熒光粉在紫外線的照射下發(fā)光，A錯；日光燈正常發(fā)光時，啟動器處于斷開狀態(tài)，B對；日光燈正常發(fā)光時，啟動器處于斷開狀態(tài)取下日光燈啟動器，日光燈正常工作，C錯；日光燈的鎮(zhèn)流器在工作時主要作用是限制燈管中的電流，D錯?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、A【分析】【解析】【答案】A8、A|C【分析】試題分析：當(dāng)?shù)臏囟戎饾u降低時，電阻增大，所以總電阻增大，總電流就減小，電源內(nèi)阻所占電壓減小，并聯(lián)部分電壓增大，所以通過的電流變大，而總電流就減小，所以通過燈泡的電流減小，故A正確，B錯誤；當(dāng)?shù)淖柚抵饾u增大時，總電阻增大，總電流就減小，電源內(nèi)阻所占電壓減小，并聯(lián)部分電壓增大，所以通過燈泡L的電流就增大，反之，若的阻值逐漸減小，則通過燈泡L的電流減小，故D錯誤C正確．考點：本題考查的是電路的動態(tài)變化分析問題，要處理好局部與整體的關(guān)系，根據(jù)歐姆定律并靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路中電壓和電流的關(guān)系進(jìn)行分析判斷．【解析】【答案】AC9、D【分析】解：由題；勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

垂直于線圈平面，通過該線圈的磁通量為垂直進(jìn)入的磁通量與垂直出來的磁通量之差．

而進(jìn)入的磁通量為婁碌=BS=B婁脨(b2鈭?a2)

出來的磁通量為B婁脨a2

因此穿過該線圈的磁通量為B婁脨(b2鈭?2a2).

由于磁感應(yīng)強(qiáng)度開始減小到B2

所以該線圈磁通量的變化量的大小12B婁脨(b2鈭?2a2).

故選D

線圈與勻強(qiáng)磁場垂直，通過線圈的磁通量婁碌=BSS

是線圈內(nèi)有磁場部分的面積婁脨r2.

由于磁場的方向不同；因此則分別求出磁通量，然后進(jìn)行疊加，從而即可求解．

在勻強(qiáng)磁場中，通過該線圈的磁通量公式婁碌=BS

中，S

是有效面積.

注意雖然磁通量是標(biāo)量，但要分正反面穿過，因此出現(xiàn)正負(fù)情況．【解析】D

二、多選題(共9題，共18分)10、BC【分析】解：A；簡諧運(yùn)動中；位移是相對平衡位置的，背離平衡位置；x與v同向時，振子背離平衡位置，做減速運(yùn)動；故A錯誤；

B；簡諧運(yùn)動中；位移是相對平衡位置的，背離平衡位置；x與v反向時，振子靠近平衡位置，做加速運(yùn)動；故B正確；

C；v與a反向時；振子背離平衡位置，位移增加；故C正確；

D；v與a同向時；振子靠近平衡位置，位移減??；故D錯誤；

故選：BC．

在直線運(yùn)動中，加速度與速度同向時，物體做加速運(yùn)動；加速度與速度反向時，物體做減速運(yùn)動；簡諧運(yùn)動中，回復(fù)力F=-kx，加速度a=-．

本題關(guān)鍵是明確簡諧運(yùn)動中，位移、回復(fù)力、加速度的關(guān)系，基礎(chǔ)題．【解析】【答案】BC11、BCD【分析】解：A；A和C時刻線圈中電流最大；故線圈處于與中性面垂直的位置；故A錯誤；

B；B和D時刻線圈中電流為零；此時處于中性面，此時線圈中磁通量最大；故B正確；

C；在O～D時間內(nèi)為電流的一個周期；故線圈轉(zhuǎn)過的角度為2π；故C正確；

D；從O～D時間為0.02s；則周期為0.02s，故1s內(nèi)對應(yīng)50個周期，則在1s內(nèi)交變電流的方向改變100次；故D正確；

故選：BCD．

交變電流是由線圈繞中心軸轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的；當(dāng)電流最大時，線圈處于與中性面垂直的位置；當(dāng)電流為零時，線圈處于中性面．

本題考查交流電源的產(chǎn)生原理，要注意明確線圈中電流最大時，線圈處于與中性面垂直的位置，此時線圈中磁通量為零；但磁通量變化率最大．【解析】【答案】BCD12、AD【分析】解：AB、氣體從A到B發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律知體積一直增大，溫度一直升高，氣體分子熱運(yùn)動的平均速率增大，故A正確，B錯誤；

C；氣體從A到B體積增大；所以氣體一直對外界做正功，故C錯誤；

D；氣體從A到B對外做功；W＜0，溫度升高，內(nèi)能增大△U＞0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，知Q＞0，故氣體一直從外界吸熱，故D正確；

故選：AD

一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B；壓強(qiáng)不變，溫度升高，由氣態(tài)方程分析氣體體積的變化，判斷做功情況．根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷吸放熱情況。

對于氣體的圖象問題，關(guān)鍵是要知道氣體發(fā)生的狀態(tài)變化過程，往往用到氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律結(jié)合進(jìn)行分析．【解析】【答案】AD13、AD【分析】【分析】根據(jù)動量與動能的關(guān)系，確定動量大小關(guān)系，從確定總動量方向，即碰撞后運(yùn)動方向；兩物體屬于完全非彈性碰撞，損失動能最大。本題考查動量守恒和碰撞過程能量損失問題?！窘獯稹緼B.

根據(jù)P2=2mEK

結(jié)合m1<m2

知P1<P2

故系統(tǒng)總動量向左，根據(jù)動量守恒知碰后兩物體將向左運(yùn)動，所以A正確；B錯誤；CD.

由題意知兩物體屬于完全非彈性碰撞，損失動能最大，所以C錯誤；D正確。故選AD?！窘馕觥緼D

14、AC【分析】解：A

從0.5s隆蘆ls

電容器反向充電，電流逐漸減小到0

磁場能全部轉(zhuǎn)化為電場能.

電容器下板帶正電.

故A正確，B錯誤．

C1隆蘆1.5s

內(nèi)；電容器放電，電流從0

逐漸增大到最大值，電場能全部轉(zhuǎn)化為磁場能，電流的方向為Q

到P

在外電路中沿著電流的方向電勢逐漸降低，所以Q

點電勢比P

點電勢高.

故C正確.

D錯誤．

故選AC．

該電路為LC

振蕩電路；在0隆蘆0.5s

內(nèi)，電容器放電，電流從0

逐漸增大到最大值，電場能全部轉(zhuǎn)化為磁場能；0.5隆蘆1s

內(nèi)，電容器反向充電，電流逐漸減小到0

磁場能全部轉(zhuǎn)化為電場能；1隆蘆1.5s

內(nèi)，電容器放電，電流從0

逐漸增大到最大值，電場能全部轉(zhuǎn)化為磁場能；1.5隆蘆2.0s

內(nèi)，電容器正向充電，電流逐漸減小到0

磁場能全部轉(zhuǎn)化為電場能．

解決本題的關(guān)鍵掌握LC

振蕩電路的充放電過程，知道電場能和磁場能的轉(zhuǎn)化．【解析】AC

15、ACD【分析】解：AC、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，當(dāng)I=0時，U=E，由讀出電源的電動勢為：E=3V，內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則．電阻．故AC正確。

BD、兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，則電源的內(nèi)阻消耗的功率為Pr=I2r=2W．電源的效率．故B錯誤；D正確。

故選：ACD。

由電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象與縱軸的交點讀出電源的電動勢；其斜率大小等于電源的內(nèi)阻。電阻R的伏安特性曲線的斜率等于電阻。兩圖線的交點讀出電流與電壓，求出電源的效率和內(nèi)阻的熱功率。

本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，對于圖線關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律，從數(shù)學(xué)角度來理解其物理意義。本題要抓住圖線的斜率、交點的意義來理解圖象的意義?！窘馕觥緼CD16、AC【分析】解：

A、從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，速度最大，故A正確．

B；兩等量正電荷周圍部分電場線如右圖所示；其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向．

故試探電荷所受的電場力是變化的；q由A向O的運(yùn)動做非勻加速直線運(yùn)動；故B錯誤．

C；電場力方向與AO方向一致；電場力做正功，電勢能逐漸減小，故C正確．

D；取無限遠(yuǎn)處的電勢為零；從無窮遠(yuǎn)到O點，電場力做正功，電勢能減小，則q運(yùn)動到O點時電勢能為負(fù)值．故D錯誤．

故選：AC．

根據(jù)等量同種點電荷電場線的分布情況；抓住對稱性，分析試探電荷q的受力情況，確定其運(yùn)動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其電勢能的變化情況．

本題考查靜電場的基本概念．關(guān)鍵要熟悉等量同種點電荷電場線的分布情況，運(yùn)用動能定理進(jìn)行分析功能關(guān)系．【解析】【答案】AC17、AB【分析】【分析】分析帶電粒子的運(yùn)動情況：在無磁場區(qū)域，做勻速直線運(yùn)動，進(jìn)入磁場后，只受洛倫茲力，做勻速圓周運(yùn)動，畫出可能的軌跡，作出選擇。帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中勻速圓周運(yùn)動問題，關(guān)鍵是畫出粒子圓周的軌跡，往往要抓住圓的對稱性?！窘獯稹緼.如圖，粒子BB的位置在BB22、BB33時速度方向也斜向上，速度跟在AA點時的速度大小相等，方向相同，速度相同，故A正確；

B.根據(jù)軌跡，粒子經(jīng)過邊界LL11時入射點與出射點間的距離與經(jīng)過邊界LL22時入射點與出射點間的距離相同，與速度無關(guān)，所以當(dāng)初速度大小稍微增大一點，但保持方向不變，它仍有可能經(jīng)過BB點，故B正確；

C.如圖，設(shè)LL11與LL22之間的距離為dd則AA到BB2{,!}_{2}的距離為：x=2dtan婁脠x=dfrac{2d}{tan婁脠}所以，若將帶電粒子在AA點時初速度方向改為與LL22成60鈭?60^{circ}角斜向上，它就只經(jīng)過一個周期后一定不經(jīng)過BB點，故C錯誤；

D.如圖，分別是正負(fù)電荷的軌跡，正負(fù)電荷都可能，故D錯誤。

故選AB?！窘馕觥緼B

18、ACD【分析】【分析】為了使入射小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，平拋運(yùn)動的時間由高度決定，小球碰撞前后做平拋運(yùn)動的時間相同，可以通過水平位移代替小球的速度，通過實驗原理可明確實驗中應(yīng)注意的事項以及減小誤差的基本方法。本題考查了驗證動量守恒定律的注意事項，知道實驗原理與實驗注意事項即可正確解題，注意體會利用平拋運(yùn)動來驗證動量守恒定律的基本方法。【解答】A.為了使小球碰后不被反彈；要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量；同時為了兩小球發(fā)生的是對心碰撞，應(yīng)保證兩小球直徑相等，故A正確；

B.根據(jù)動量守恒可知；不放被碰小球時，m1

平均落點為P

點，故B錯誤；

C.適當(dāng)增大自由下落的高度；可延長小球在空中的時間，從而增大水平射程，故可以減小因測量帶來的偶然誤差，故C正確；

D.為了保證小球做平拋運(yùn)動；實驗前，一定要將斜槽的末端調(diào)整到水平狀態(tài)；故D正確；

故選ACD?！窘馕觥緼CD

三、填空題(共8題，共16分)19、略

【分析】

由題意可知當(dāng)兩球速度相等時；彈性勢能最大，彈簧壓縮量最大，根據(jù)動量守恒得：

Mv=（M+m）v

所以兩者速度：

故答案：．

【解析】【答案】本題考查了對完全非彈性碰撞的理解；當(dāng)兩球的速度相等時，系統(tǒng)損失動能最多，即彈性勢能最大，彈簧壓縮量最大．

20、電磁波能。

【分析】【分析】

手機(jī)既是電磁波的發(fā)射臺，也是電磁波的接收臺；電磁波本身就是物質(zhì)，能在真空中傳播。此題主要考查電磁波的應(yīng)用和傳播速度；都是基礎(chǔ)知識，比較容易，要知道真空中傳播速度與光在真空中的傳播速度相同，即都是3隆脕108m/s

【解答】

手機(jī)已成為人們普遍使用的通信工具；它是由電磁波來傳遞信息的，電磁波本身就是物質(zhì)，故能在真空中傳播。

故答案為：電磁波；能?！窘馕觥侩姶挪?。

21、略

【分析】

彈簧振子做簡諧運(yùn)動時；速度在減小，位移在增大，振子離開平衡位置，則加速度；回復(fù)力均在增大．彈簧形變量也在增大，說明彈簧的彈性勢能在增大．

故答案為：增大；增大、增大。

【解析】【答案】彈簧振子做簡諧運(yùn)動時；速度在減小，位移在增大，根據(jù)加速度；回復(fù)力與位移的關(guān)系分析加速度和回復(fù)力的變化．根據(jù)彈簧形變量的變化分析彈性勢能的變化．

22、略

【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程有：解得【解析】【答案】23、略

【分析】解：A、根據(jù)v2=2ax得，v=則動量P=mv=m可知P=4=2×

解得質(zhì)點的加速度為：a=2m/s2．

故答案為：2

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式和動量的表達(dá)式；結(jié)合動量隨位移變化的關(guān)系式求出加速度．

本題考查動量的表達(dá)式以及運(yùn)動學(xué)公式的綜合運(yùn)用，難度不大，需掌握勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律，并能靈活運(yùn)用．【解析】224、略

【分析】解：a

擺擺動起來后，通過水平繩子對bcd

三個擺施加周期性的驅(qū)動力，使bcd

三擺做受迫振動；三擺做受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率，由于驅(qū)動力頻率相同，則三擺的周期相同．

據(jù)乙圖可知：T=2t0

再據(jù)T=2婁脨Lg

可知，a

的擺長L=gt02蟺2

故答案為：等于；gt02蟺2

．

受迫振動的頻率等于驅(qū)動率的頻率；當(dāng)驅(qū)動力的頻率接近物體的固有頻率時，振幅最大，即共振；再利用單擺的周期公式求擺長．

本題考查受迫振動的周期和共振現(xiàn)象，自由振動與受迫振動是從振動形成的原因來區(qū)分的，比較簡單．【解析】等于；gt02蟺2

25、逐漸；立刻【分析】解：當(dāng)開關(guān)閉合時；通過線圈L

的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，A

逐漸亮起來.

當(dāng)開關(guān)斷開時，電路斷開，線圈和燈泡不能構(gòu)成回路，故電流立即為零，故小燈泡立刻熄滅．

故答案為：逐漸；立刻．

當(dāng)電鍵K

閉合時；通過線圈L

的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷燈泡的亮度變化．

自感現(xiàn)象是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，斷開開關(guān)S

時，電路斷開，燈泡中原來的電流突然消失，燈泡立即熄滅．【解析】逐漸；立刻26、略

【分析】解：把電流表改裝成3V

的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；

串聯(lián)電阻阻值：R=UIg鈭?Rg=30.005鈭?100=500婁賂

故答案為：500

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理是解題的前提，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以解題，本題是一道基礎(chǔ)題．【解析】500

四、判斷題(共1題，共2分)27、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．五、實驗題(共4題，共8分)28、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)可得即a=0.39m/s2.考點：勻變速直線運(yùn)動【解析】【答案】0.3929、略

【分析】【解析】試題分析：（1）螺旋測微器讀數(shù)方法：測量長度=固定刻度示數(shù)+可動刻度示數(shù)×精確度(注意單位為毫米)．所以讀數(shù)為0.850mm（0.848～0.852mm）（2）②用多用電表粗測金屬絲的阻值，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕B，使歐姆表指針對準(zhǔn)電阻的0刻線處；④用多用電表測電阻時，指針指在中央刻度時誤差最小，由圖丙可知該電阻絲阻值較小，應(yīng)換用較小倍率檔，將選擇開關(guān)旋至電阻擋“×1”擋位，換擋后重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；⑤所測電阻值為：讀數(shù)×倍率，所以讀數(shù)為：6.0Ω（3）由于所以電流表外接，要求滑動變阻器采用限流式接法，則電路連接如下圖：考點：電阻的測量【解析】【答案】（1）0.850（0.848～0.852）（2）②B0刻線④×1歐姆調(diào)零⑤6.0（3）電路連接如下圖：30、略

【分析】【解析】試題分析：(1)測電阻時，電流從紅表筆流入多用電表(2)如果是用“×100Ω”擋測量電阻，則讀數(shù)為8×100Ω=800Ω考點：考查萬用表的使用【解析】【答案】（1）紅；（2）800Ω31、略

【分析】【解析】【答案】（一）（1）4.4×10-2（2）1.2×10-11（3）10-10（二）（1）B、E（2）＞（3）46.41（4）maOB=maOA+mbOC六、計算題(共3題，共15分)32、略

【分析】設(shè)