…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教新版選修4化學(xué)下冊(cè)月考試卷380考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列說(shuō)法中正確的是A.熵增加且放熱的反應(yīng)一定是自發(fā)反應(yīng)B.非自發(fā)反應(yīng)在任何條件下都不能實(shí)現(xiàn)C.凡是放熱反應(yīng)都是自發(fā)的，吸熱反應(yīng)都是非自發(fā)的D.自發(fā)反應(yīng)一定是熵增大，非自發(fā)反應(yīng)一定是熵減小或不變2、磷石膏是硫酸分解磷礦制取磷酸過(guò)程中的副產(chǎn)物，其主要組分為CaSO4；氫氣還原分解硫酸鈣的部分反應(yīng)如下：

①2CaSO4(s)=2CaO(s)+2SO2(g)+O2(g)ΔH1=akJ·mol-1

②CaSO4(s)+H2(g)=CaO(s)+H2O(l)+SO2(g)ΔH2=bkJ·mol-1

③CaSO4(s)+4H2(g)=CaS(s)+4H2O(l)ΔH3=ckJ·mol-1

④3CaSO4(s)+CaS(s)=4CaO(s)+4SO2(g)ΔH4=dkJ·mol-1

下列說(shuō)法正確的是（）A.反應(yīng)①中a<0B.反應(yīng)③在常溫下能自發(fā)進(jìn)行，說(shuō)明c>0C.c=4b-dD.反應(yīng)H2(g)+O2(g)=H2O(l)的△H=(2b-a)kJ?mol-13、相同溫度下，100mL0.01mol·L-1的醋酸溶液與10mL0.1mol·L-1的醋酸溶液相比較，下列數(shù)值前者大于后者的是（）A.中和時(shí)所需NaOH的量B.c（H＋）C.c（OH－）D.c（CH3COOH）4、常溫下，將稀NaOH溶液與稀CH3COOH溶液等濃度、等體積混合，下列說(shuō)法正確的是A.c(Na＋)＞c(CH3COO-)＞c(H＋)＞c(OH-)B.c(Na＋)＝c(CH3COO-)＞c(OH-)＞c(H＋)C.c(Na＋)＞c(CH3COO-)＞c(OH-)＞c(H＋)D.c(CH3COO-)＝c(Na＋)＞c(H＋)＝c(OH-)5、檸檬酸用表示是一種高效除垢劑，現(xiàn)用一定濃度的檸檬酸溶液去除水垢，溶液中的含量隨pH的變化如圖所示。下列說(shuō)法正確的是。

A.的第二步電離常數(shù)的數(shù)量級(jí)為B.時(shí)，C.溶液中的水解程度大于電離程度D.時(shí)，評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、氫能是一種極具發(fā)展?jié)摿Φ那鍧嵞茉?，CH4—H2O催化重整是目前大規(guī)模制取氫氣的重要方法。

(1)CH4－H2O催化重整：

反應(yīng)Ⅰ：CH4(g)+H2O(g)CO(g)+3H2(g)?H1=+210kJ/mol

反應(yīng)Ⅱ:CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g)?H2=﹣41kJ/mol

①提高CH4平衡轉(zhuǎn)化率的條件是________。

a．增大壓強(qiáng)b．加入催化劑c．增大水蒸氣濃度。

②CH4、H2O催化重整生成CO2、H2的熱化學(xué)方程式是________。

③在密閉容器中，將2.0molCO與8.0molH2O混合加熱到800℃發(fā)生反應(yīng)Ⅱ，達(dá)到平衡時(shí)CO的轉(zhuǎn)化率是80%，其平衡常數(shù)為_(kāi)________。

(2)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，其他條件不變，相同時(shí)間內(nèi)，向催化重整體系中投入一定量的CaO可以明顯提高H2的百分含量。做對(duì)比實(shí)驗(yàn)；結(jié)果如下圖所示：

①投入CaO時(shí)，H2百分含量增大的原因是：_________。

②投入納米CaO時(shí)，H2百分含量增大的原因是：__________。

(3)反應(yīng)中催化劑活性會(huì)因積炭反應(yīng)而降低，相關(guān)數(shù)據(jù)如下表：。反應(yīng)ⅠⅡ?H(kJ/mol)+75﹣173

①研究發(fā)現(xiàn)，如果反應(yīng)Ⅰ不發(fā)生積炭過(guò)程，則反應(yīng)Ⅱ也不會(huì)發(fā)生積炭過(guò)程。因此，若保持催化劑的活性，應(yīng)采取的條件是_________。

②如果Ⅰ、Ⅱ均發(fā)生了積炭反應(yīng)，通入過(guò)量水蒸氣能有效清除積炭，反應(yīng)的化學(xué)方程式是_________。7、多晶硅是制作光伏電池的關(guān)鍵材料?；卮鹣铝袉?wèn)題：

(1)硅粉與HCl在300℃時(shí)反應(yīng)生成1molSiHCl3氣體和H2，放出225kJ熱量，該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為_(kāi)_____。

(2)將SiCl4氫化為SiHCl3有三種方法；對(duì)應(yīng)的反應(yīng)依次為：

①SiCl4(g)+H2(g)?SiHCl3(g)+HCl(g)ΔH1>0

②3SiCl4(g)+2H2(g)+Si(s)?4SiHCl3(g)ΔH2<0

③2SiCl4(g)+H2(g)+Si(s)+HCl(g)?3SiHCl3(g)ΔH3

反應(yīng)③的ΔH3=______(用ΔH1，ΔH2表示)。8、2013年12月2日，“嫦娥三號(hào)”探測(cè)器由長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，首次實(shí)現(xiàn)月球軟著陸和月面巡視勘察?！伴L(zhǎng)征”系列火箭用偏二甲肼(C2H8N2)作燃料；四氧化二氮作氧化劑，生成氮?dú)夂投趸細(xì)怏w。

（1）寫(xiě)出反應(yīng)的化學(xué)方程式：_____________________________________________。

（2）該反應(yīng)是________(填“放熱”或“吸熱”)反應(yīng)；反應(yīng)物的總能量________(填“大于”“小于”或“等于”)生成物的總能量，斷開(kāi)化學(xué)鍵________的總能量小于形成化學(xué)鍵________的總能量（填“吸收”或“放出”）。

（3）如果一個(gè)反應(yīng)可以分幾步進(jìn)行；則各分步反應(yīng)的反應(yīng)熱之和與該反應(yīng)一步完成時(shí)的反應(yīng)熱是相同的，這個(gè)規(guī)律稱為蓋斯定律。據(jù)此回答下列問(wèn)題。

已知：Na2CO3·10H2O(s)===Na2CO3(s)＋10H2O(g)ΔH1＝＋532.36kJ·mol－1

Na2CO3·10H2O(s)===Na2CO3·H2O(s)＋9H2O(g)ΔH2＝＋473.63kJ·mol－1

寫(xiě)出Na2CO3·H2O脫水反應(yīng)的熱化學(xué)方程式____________________。9、研究CO2的利用對(duì)促進(jìn)低碳社會(huì)的構(gòu)建具有重要的意義。

（1）將CO2與焦炭作用生成CO，CO可用于煉鐵等。已知：Fe2O3(s)＋3C(s)=2Fe(s)＋3CO(g),ΔH1＝＋489.0kJ·mol－1、C(s)＋CO2(g)="2CO(g)",ΔH2＝＋172.5kJ·mol－1。則CO還原Fe2O3的熱化學(xué)方程式為_(kāi)____________________

（2）某實(shí)驗(yàn)將CO2和H2充入一定體積的密閉容器中，在兩種不同溫度下發(fā)生反應(yīng)：CO2(g)＋3H2(g)CH3OH(g)＋H2O(g)ΔH＝－49.0kJ·mol－1，測(cè)得CH3OH的物質(zhì)的量隨時(shí)間的變化如圖所示；請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

①曲線Ⅰ、Ⅱ?qū)?yīng)的平衡常數(shù)大小關(guān)系為KⅠ__________KⅡ(填“大于”；“等于”或“小于”)。

②在上圖a、b、c三點(diǎn)中，H2的轉(zhuǎn)化率由低到高的順序是______________(填字母)。

③在其他條件不變的情況下，將容器體積壓縮到原來(lái)的1/2，與原平衡相比,下列有關(guān)說(shuō)法正確的是___________。

a．正反應(yīng)速率加快；逆反應(yīng)速率也加快。

b．氫氣的濃度減小。

c．重新平衡時(shí)n(H2)/n(CH3OH)增大。

d．甲醇的物質(zhì)的量增加。

e．達(dá)到新的平衡時(shí)平衡常數(shù)增大10、在恒溫恒容條件下，將一定量NO2和N2O4的混合氣體通入容積為2L的密閉容器中發(fā)生反應(yīng)：N2O4(g)2NO2(g)，反應(yīng)過(guò)程中各物質(zhì)的物質(zhì)的量濃度c隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示。

(1)該反應(yīng)的平衡常數(shù)表達(dá)式為_(kāi)_____________，若溫度升高K值增大，則該反應(yīng)的正反應(yīng)為_(kāi)_________反應(yīng)（填吸熱或放熱）。

(2)a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)中，化學(xué)反應(yīng)處于平衡狀態(tài)的是______________點(diǎn)。從起點(diǎn)開(kāi)始首次達(dá)到平衡時(shí)以NO2表示的平均反應(yīng)速率為_(kāi)__________________________。

(3)25min時(shí)，增加了______mol______（填物質(zhì)的化學(xué)式）使平衡發(fā)生了移動(dòng)。

(4)變化過(guò)程中a、b、c、d四個(gè)時(shí)刻體系的顏色由深到淺的順序是______（填字母）。11、氮、磷、砷(As)、銻(Sb)；鉍(Bi)、鏌(Mc)為元素周期表中原子序數(shù)依次增大的同族元素?；卮鹣铝袉?wèn)題：

在1L真空密閉容器中加入amolPH4I固體；t℃時(shí)發(fā)生如下反應(yīng)：

PH4I(s)PH3(g)+HI(g)①

4PH3(g)P4(g)+6H2(g)②

2HI(g)H2(g)+I2(g)③

達(dá)平衡時(shí)，體系中n(HI)=bmol，n(I2)=cmol，n(H2)=dmol，則℃時(shí)反應(yīng)①的平衡常數(shù)K值為_(kāi)__（用字母表示）。12、在一個(gè)2L的密閉容器中，加入3molA和1molB，發(fā)生下述反應(yīng)：3A(g)＋B(g)2C(g)＋3D(s)；5min達(dá)到平衡時(shí)，C的濃度為0.6mol/L。

（1）達(dá)到平衡時(shí)，A的轉(zhuǎn)化率為_(kāi)_______，此溫度下的平衡常數(shù)K＝_______________。（保留一位小數(shù)）

（2）維持容器的溫度不變，若縮小容器的體積，則平衡將向________(填“正反應(yīng)方向移動(dòng)”“逆反應(yīng)方向移動(dòng)”或“不移動(dòng)”)。

（3）維持容器的體積和溫度不變，向密閉容器中加入氦氣，達(dá)到新平衡時(shí)，B、C的濃度之比將________(填“增大”；“減小”或“不變”)。

（4）當(dāng)增加A的濃度，B的轉(zhuǎn)化率________；若將C分離出來(lái)，化學(xué)平衡常數(shù)________。(填“增大”、“減小”或“不變”)13、I．現(xiàn)有下列物質(zhì)①100℃純水②25℃0.1mol/LHCl溶液③25℃0.1mol/LKOH溶液④25℃0.1mol/LBa(OH)2溶液。

(1)這些物質(zhì)與25℃純水相比，能促進(jìn)水電離的是________(填序號(hào)，下同)，能抑制水的電離的是________，水電離的c(OH－)等于溶液中c(OH－)的是________，水電離的c(H＋)等于溶液中c(H＋)的是________。

(2)②和③溶液中水的電離度相等，進(jìn)而可推出的結(jié)論是：同一溫度下，___________時(shí)；水的電離度相等。

II．今有①鹽酸②醋酸③硫酸三種稀溶液，用序號(hào)回答下列問(wèn)題。

(1)若三種酸的物質(zhì)的量濃度相等，三種溶液中的c(H＋)大小關(guān)系為_(kāi)_____

(2)若三種溶液的c(H＋)相等，三種酸的物質(zhì)的量濃度大小關(guān)系為_(kāi)____。14、泡沫滅火器反應(yīng)原理（硫酸鋁溶液和碳酸氫鈉溶液）請(qǐng)用離子方程式表示______________________；NaAlO2和AlCl3溶液的反應(yīng)離子方程式是______________，這兩個(gè)反應(yīng)都是徹底的雙水解。評(píng)卷人得分三、判斷題(共1題，共2分)15、向溶液中加入少量水，溶液中減小。(____)評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)16、用50mL0.50mol·L－1鹽酸與50mL0.55mol·L－1NaOH溶液在如圖所示的裝置中進(jìn)行中和反應(yīng)。通過(guò)測(cè)定反應(yīng)過(guò)程中所放出的熱量可計(jì)算中和熱。回答下列問(wèn)題：

(1)仔細(xì)觀察實(shí)驗(yàn)裝置；圖中是否缺少一種玻璃儀器，如果缺少，缺少的是______________(填儀器名稱，如果不缺少，此空不填)，圖中是否有不妥之處，如果有請(qǐng)指出：________________________(如果沒(méi)有，此空不填)。

(2)大燒杯上如不蓋硬紙板，求得的中和熱ΔH將______(填“偏大”“偏小”或“無(wú)影響”)。

(3)如果用60mL0.50mol·L－1鹽酸與50mL0.55mol·L－1NaOH溶液進(jìn)行反應(yīng)，與上述實(shí)驗(yàn)相比，所求中和熱____________(填“相等”或“不相等”)，簡(jiǎn)述理由：____________________________。17、氮氧化物是大氣主要污染物之一，其中基于NO的煙氣脫硝技術(shù)成為研究熱點(diǎn)。查文獻(xiàn)資料可知，NO除易氧化成NO2外，也可被還原為N2。在堿性條件下NO遇還原性較強(qiáng)的物質(zhì)形成不穩(wěn)定的NO-并轉(zhuǎn)化為相對(duì)穩(wěn)定的N2O下面是對(duì)NO在不同條件下被氧化或被還原進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)探究：

(1)實(shí)驗(yàn)室為獲取NO進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，使用銅與_____作為反應(yīng)物，用裝置_____制備氣體(填序號(hào))，為了不影響探究結(jié)果，反應(yīng)前對(duì)連接好并裝好藥品的裝置進(jìn)行的具體操作是_____。

(2)若要使裝置②的分液漏斗中的液體順利流下，不改動(dòng)裝置，對(duì)分液漏斗的具體操作是_____。

(3)在保證實(shí)驗(yàn)安全環(huán)保的條件下，將NO通入內(nèi)壁附著綠色NiO的試管中(如裝置④，其它裝置已省略)。小火加熱，綠色固體逐漸變?yōu)楹谏?Ni2O3固體呈黑色)，此現(xiàn)象可說(shuō)明NO轉(zhuǎn)化為_(kāi)____。

(4)將盛有NO氣體的試管倒置于盛有飽和Na2SO3堿性水溶液的大燒杯中(如裝置⑥)。在試管口不脫離液面的情況下，輕輕不斷搖動(dòng)試管，此操作的主要目的是_____，實(shí)驗(yàn)中NO被Na2SO3堿性溶液快速吸收被還原為N2O發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)____，此反應(yīng)可應(yīng)用于處理含NO和SO2的工業(yè)廢氣，從實(shí)際效果看，Na2SO3強(qiáng)堿性溶液吸收含有SO2的NO比只含NO的效果更佳，主要原因是_____。18、三硫代碳酸鈉(Na2CS3)常用作殺菌劑；沉淀劑。某小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)探究三硫代碳酸鈉的性質(zhì)并測(cè)定其溶液的濃度。

實(shí)驗(yàn)1：探究Na2CS3的性質(zhì)。步驟操作及現(xiàn)象①取少量Na2CS3固體溶于蒸餾水配制成溶液并分成兩等份②向其中一份溶液中滴加幾滴酚酞試液，溶液變紅色③向另一份溶液中滴加酸性KMnO4溶液，紫色褪去

（1）H2CS3是___酸(填強(qiáng)或弱)。

（2）已知步驟③的氧化產(chǎn)物是SO42-，寫(xiě)出該反應(yīng)的離子方程式___。

實(shí)驗(yàn)2：測(cè)定Na2CS3溶液的濃度，按如圖所示連接好裝置，取100mLNa2CS3溶液置于三頸燒瓶中，打開(kāi)儀器d的活塞，滴入足量2.0mol/L稀H2SO4；關(guān)閉活塞。

已知：Na2CS3+H2SO4=Na2SO4+CS2+H2S↑。CS2和H2S均有毒。CS2不溶于水，沸點(diǎn)46℃，與CO2某些性質(zhì)相似，與NaOH作用生成Na2COS2和H2O。

（3）盛放無(wú)水CaCl2的儀器的名稱是___。

（4）反應(yīng)結(jié)束后打開(kāi)活塞k，再緩慢通入熱N2一段時(shí)間，其目的是___。

（5）為了計(jì)算Na2CS3溶液的濃度，對(duì)B中混合物進(jìn)行過(guò)濾、洗滌、干燥、稱重，得19.2g固體，則A中Na2CS3的物質(zhì)的量濃度為_(kāi)__。(保留1位小數(shù))評(píng)卷人得分五、有機(jī)推斷題(共1題，共8分)19、某溫度時(shí)，Ag2SO4在水溶液中的沉淀溶解平衡曲線如圖所示。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

(1)A點(diǎn)表示Ag2SO4是_____(填“過(guò)飽和”“飽和”或“不飽和”)溶液。

(2)該溫度下Ag2SO4的溶度積常數(shù)Ksp=_____。(列式帶入數(shù)據(jù)并計(jì)算出結(jié)果)

(3)現(xiàn)將足量的Ag2SO4固體分別加入：

a．40mL0.01mol·L-1K2SO4溶液。

b．10mL蒸餾水。

c．10mL0.02mol·L-1H2SO4溶液。

則Ag2SO4的溶解程度由大到小的順序?yàn)開(kāi)____(填字母)。

(4)向Ag2SO4懸濁液中加入足量Na2CrO4固體，可觀察到有磚紅色沉淀生成(Ag2CrO4為磚紅色)，寫(xiě)出沉淀轉(zhuǎn)化的離子方程式：_____。評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共1題，共6分)20、已知下列反應(yīng)的反應(yīng)熱：

（1）CH3COOH(l)+2O2(g)=2CO2(g)+2H2O(l)△H=-870.3kJ/mol

（2）C(s)+O2(g)=CO2(g)△H=-393.5kJ/mol

（3）2H2(g)+O2(g)=2H2O(l)△H=-571.6kJ/mol；

試計(jì)算反應(yīng)2C(s)+2H2(g)+O2(g)=CH3COOH(l)的反應(yīng)熱△H=___，2克H2完全燃燒生成液態(tài)水時(shí)放出的熱量為_(kāi)__kJ，H2的燃燒熱為△H=_____。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

A．熵增加且放熱的反應(yīng)；△H-T?△S＜0，反應(yīng)可自發(fā)進(jìn)行，故A正確；

B.非自發(fā)反應(yīng)在一定條件下能實(shí)現(xiàn)自發(fā)進(jìn)行；如△H＞0，△S＞0的反應(yīng)高溫下可以自發(fā)進(jìn)行，低溫下反應(yīng)非自發(fā)進(jìn)行，故B錯(cuò)誤；

C.焓變和熵變共同決定反應(yīng)能否自發(fā)進(jìn)行；吸熱反應(yīng)不一定不能自發(fā)進(jìn)行，如氫氧化鋇晶體和氯化銨的反應(yīng)，而有些放熱反應(yīng)需要在高溫；高壓下才能進(jìn)行，故C錯(cuò)誤；

D.自發(fā)反應(yīng)的熵不一定增大；如氯化氫和氨氣的反應(yīng)，故D錯(cuò)誤；

故答案選A。2、C【分析】【詳解】

A．硫酸鈣分解為氧化鈣；二氧化硫，氧氣需要吸收稱量，故反應(yīng)①為吸熱反應(yīng)，故a＞0，故A錯(cuò)誤；

B．反應(yīng)③的ΔS＜0，在常溫下能自發(fā)進(jìn)行，ΔG＜0，ΔG=ΔH3-TΔS，說(shuō)明ΔH3＜0；故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)蓋斯定律得：②×4-④=③，故ΔH3=4ΔH2-ΔH4；故C正確；

D．根據(jù)蓋斯定律，②-×①得到反應(yīng)H2(g)+O2(g)=H2O(l)的△H=kJ?mol-1；故D錯(cuò)誤；

答案選C。

【點(diǎn)睛】

會(huì)熟練蓋斯定律進(jìn)行計(jì)算，根據(jù)具體的要求選擇合適方程式，計(jì)算反應(yīng)能否自發(fā)進(jìn)行需要根據(jù)ΔG的大小，進(jìn)行判斷。3、C【分析】【詳解】

A．計(jì)算兩溶液中醋酸的物質(zhì)的量，n（前）=c1×V1=0.1L×0.01mol?L-1=1×10-3mol，n（后）=c2×V2=0.01L×0.1mol?L-1=1×10-3mol；兩者相等，因而中和時(shí)消耗的NaOH的量相等，故A錯(cuò)誤；

B．酸的濃度越大，c（H+）越大；前者小于后者，故B錯(cuò)誤；

C．在相同溫度下，水的離子積為定值，后者c（H+）大，則c（OH-）??；故C正確；

D．電離度與溫度和濃度有關(guān)，當(dāng)溫度相同時(shí)，溶液的濃度越小，電離度越大，則c（CH3COOH）前者小于后者；故D錯(cuò)誤；

故選：C。4、C【分析】【詳解】

常溫下，將稀NaOH溶液與稀CH3COOH溶液等濃度、等體積混合，二者恰好反應(yīng)生成醋酸鈉，醋酸鈉屬于強(qiáng)堿弱酸鹽，水解后，溶液顯堿性，c(OH-)＞c(H＋)；溶液中存在電荷守恒，c(Na＋)+c(H＋)＝c(CH3COO-)+c(OH-)，則c(Na＋)＞c(CH3COO-)，由于水解的程度較小，因此c(Na＋)＞c(CH3COO-)＞c(OH-)＞c(H＋)，故選C。5、B【分析】【分析】

根據(jù)圖像，H3R為三元弱酸，電離方程式為H3RH2R－＋H＋、H2R－HR2－＋H＋、HR2－R3－＋H＋，隨著pH增大H＋濃度減小，促進(jìn)電離，曲線分別代表H3R、H2R－、HR2－、R3－；據(jù)此分析解答。

【詳解】

檸檬酸溶液電離方程式：H3RH2R－＋H＋、H2R－HR2－＋H＋、HR2－R3－＋H＋，隨著pH值的增大，氫離子濃度會(huì)減小，促進(jìn)電離，在圖形中表示的曲線分別為a、b；c、d；

A.H3R的第二步電離平衡常數(shù)Ka2=電離平衡常數(shù)只受溫度的影響，與濃度大小無(wú)關(guān)，曲線b、c交點(diǎn)時(shí)，Ka2=c(H＋)≈10－4.6，數(shù)量級(jí)約為故A錯(cuò)誤；

B.時(shí)，溶液顯示酸性，據(jù)圖有故B正確；

C.根據(jù)圖示知道，Na2HR溶液顯示酸性，說(shuō)明HR2－的水解程度小于電離程度；故C錯(cuò)誤；

D.時(shí)，現(xiàn)用一定濃度的檸檬酸溶液去除水垢，溶液中含有其他陽(yáng)離子，如Ca2＋、Mg2＋等；不符合電荷守恒，故D錯(cuò)誤。

答案：B。二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】【分析】

(1)①提高物質(zhì)的轉(zhuǎn)化率就是使平衡正向移動(dòng)；可以分析該反應(yīng)的正反應(yīng)的特點(diǎn)再根據(jù)平衡移動(dòng)原理進(jìn)行判斷；

②根據(jù)蓋斯定律；將方程式疊加，反應(yīng)熱也相加，得到重整后的熱化學(xué)方程式；

③對(duì)于反應(yīng)前后氣體體積不變的反應(yīng)；物質(zhì)平衡時(shí)生成物濃度冪之積與反應(yīng)物濃度冪之積的比等于它們的物質(zhì)的量乘積的比；

(2)從生成物；反應(yīng)物的酸堿性及固體表面積大小對(duì)物質(zhì)濃度及化學(xué)平衡移動(dòng)的影響分析；

(3)根據(jù)甲烷分解反應(yīng)的特點(diǎn)分析判斷；根據(jù)炭與水蒸氣反應(yīng)產(chǎn)物狀態(tài)分析解答。

【詳解】

(1)①由反應(yīng)CH4(g)+H2O(g)CO(g)+3H2(g)?H1=+210kJ/mol可知：若要使CH4的轉(zhuǎn)化率提高就要使化學(xué)平衡正向移動(dòng)；a．該反應(yīng)的正反應(yīng)是氣體體積增大的反應(yīng)，增大壓強(qiáng)平衡逆向移動(dòng)，甲烷的轉(zhuǎn)化率降低，a錯(cuò)誤；b．加入催化劑能夠同等倍數(shù)的改變化學(xué)反應(yīng)速率，化學(xué)平衡不發(fā)生移動(dòng)，b錯(cuò)誤；c．增大反應(yīng)物水蒸氣濃度；化學(xué)平衡正向移動(dòng)，甲烷的轉(zhuǎn)化率增大，c正確；故意合理選項(xiàng)是c；

②反應(yīng)Ⅰ與反應(yīng)Ⅱ相加，整理可得CH4、H2O生成CO2、H2的熱化學(xué)方程式為CH4(g)+2H2OCO2(g)+4H2(g)?H=+169kJ/mol；

③在密閉容器中，將2.0molCO與8.0molH2O混合加熱到800℃發(fā)生反應(yīng)Ⅱ：CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g)

n(開(kāi)始)/mol2.08.000

n(改變)1.61.61.61.6

n(平衡)0.46.41.61.6

由于該反應(yīng)是反應(yīng)前后氣體體積相等的反應(yīng)，所以濃度比等于物質(zhì)的量的比，故K=

(2)①催化重整后的化學(xué)方程式為CH4(g)+2H2O(g)CO2(g)+4H2(g)，向其中投入CaO時(shí)，CaO可吸收CO2，使c(CO2)減小，平衡正向移動(dòng)，使生成H2更多，H2百分含量增大H2百分含量增大；

②若投入納米CaO時(shí)，由于納米CaO顆粒小，表面積大，可以使反應(yīng)速率加快，c(CO2)減小的多，平衡正向移動(dòng)加劇，所以H2百分含量增大；

(3)①反應(yīng)Ⅰ的正反應(yīng)是氣體體積增大的吸熱反應(yīng)；為了減少積炭，要使平衡逆向移動(dòng)，可以采取的措施是增大壓強(qiáng)；降低溫度的辦法；

②如果Ⅰ、Ⅱ均發(fā)生了積炭反應(yīng)，通入過(guò)量水蒸氣能有效清除積炭，是因?yàn)镃與水蒸氣反應(yīng)，產(chǎn)生氫氣和CO，反應(yīng)的化學(xué)方程式是C+H2O=CO+H2。

【點(diǎn)睛】

本題考查了蓋斯定律、化學(xué)平衡移動(dòng)原理的應(yīng)用的知識(shí)。涉及熱化學(xué)方程式的書(shū)寫(xiě)、物質(zhì)平衡轉(zhuǎn)化率的判斷、平衡常數(shù)計(jì)算、平衡移動(dòng)、反應(yīng)條件的控制等。掌握化學(xué)基本原理、了解物質(zhì)的基本屬性(狀態(tài)、顆粒大小等)是分析問(wèn)題的基礎(chǔ)?！窘馕觥縞CH4(g)+2H2OCO2(g)+4H2(g)?H=+169kJ/mol1CaO可吸收CO2，c(CO2)減小，使生成H2的反應(yīng)正向移動(dòng)，H2百分含量增大納米CaO顆粒小，表面積大，使反應(yīng)速率加快降低溫度、增大壓強(qiáng)C+H2O=CO+H27、略

【分析】【詳解】

（1）參加反應(yīng)的物質(zhì)是固態(tài)的Si、氣態(tài)的HCl，生成的是氣態(tài)的SiHCl3和氫氣，反應(yīng)條件是300℃，配平后發(fā)現(xiàn)SiHCl3的化學(xué)計(jì)量數(shù)恰好是1mol，由此可直接寫(xiě)出該條件下的熱化學(xué)方程式：Si(s)+3HCl(g)=SiHCl3(g)+H2(g)?H=-225kJ·mol-1，故答案為：Si(s)+3HCl(g)=SiHCl3(g)+H2(g)?H=-225kJ·mol-1；

（2）仔細(xì)觀察發(fā)現(xiàn)：②-①=③，根據(jù)蓋斯定律可得：?H3=?H2-?H1，故答案為：?H2-?H1?！窘馕觥縎i(s)+3HCl(g)=SiHCl3(g)+H2(g)?H=-225kJ·mol-1?H2-?H18、略

【分析】【分析】

⑴“長(zhǎng)征”系列火箭用偏二甲肼(C2H8N2)作燃料；四氧化二氮作氧化劑，生成氮?dú)夂投趸細(xì)怏w。

⑵燃燒放出大量熱；反應(yīng)物的總能量大于生成物的總能量。

⑶將第1個(gè)方程式減去第2個(gè)方程式得到Na2CO3·H2O脫水反應(yīng)的熱化學(xué)方程式。

【詳解】

⑴“長(zhǎng)征”系列火箭用偏二甲肼(C2H8N2)作燃料，四氧化二氮作氧化劑，生成氮?dú)夂投趸細(xì)怏w，因此反應(yīng)的化學(xué)方程式：C2H8N2＋2N2O42CO2↑＋3N2↑＋4H2O；故答案為：C2H8N2＋2N2O42CO2↑＋3N2↑＋4H2O。

⑵燃燒放出大量熱；因此該反應(yīng)是放熱反應(yīng)，ΔH=生成物總能量?反應(yīng)物總能量=斷鍵吸收的能量?成鍵放出的能量＜0，因此反應(yīng)物的總能量大于生成物的總能量，斷開(kāi)化學(xué)鍵吸收的總能量小于形成化學(xué)鍵放出的總能量；故答案為：放熱；大于；吸收；放出。

⑶將第1個(gè)方程式減去第2個(gè)方程式得到Na2CO3·H2O脫水反應(yīng)的熱化學(xué)方程式Na2CO3·H2O(s)=Na2CO3(s)＋H2O(g)ΔH＝＋58.73kJ·mol?1；故答案為：Na2CO3·H2O(s)=Na2CO3(s)＋H2O(g)ΔH＝＋58.73kJ·mol?1?！窘馕觥緾2H8N2＋2N2O42CO2↑＋3N2↑＋4H2O放熱大于吸收放出Na2CO3·H2O(s)===Na2CO3(s)＋H2O(g)ΔH＝＋58.73kJ/mol9、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）化學(xué)反應(yīng)①Fe2O3(s)＋3C(s)=2Fe(s)＋3CO(g)ΔH1＝＋489.0kJ/mol；②C(s)＋CO2(g)=2CO(g)ΔH2=+172.5kJ/mol，根據(jù)蓋斯定律，反應(yīng)①－②×3可得：Fe2O3(s)+3CO(g)=2Fe(s)+3CO2(g)；△H=-28.5kJ/mol；

（2）①曲線Ⅱ比I先達(dá)到平衡。說(shuō)明溫度曲線Ⅱ>I。由于溫度高，CH3OH含量低，化學(xué)反應(yīng)平衡逆向移動(dòng)，說(shuō)明化學(xué)平衡常數(shù)KⅠ>KⅡ；

②增大氫氣的濃度，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，但氫氣的轉(zhuǎn)化率是降低的，在上圖a、b、c三點(diǎn)中，H2的轉(zhuǎn)化率由低到高的順序是c

③在其他條件不變的情況下，將容器體積壓縮到原來(lái)的1/2，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，與原平衡相比，a．將容器體積壓縮到原來(lái)的1/2，反應(yīng)物和生成物的濃度都增大，正反應(yīng)速率和逆反應(yīng)速率都加快，a項(xiàng)正確；b．將容器體積壓縮到原來(lái)的1/2，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，H2濃度仍然增大，b項(xiàng)錯(cuò)誤；C．將容器體積壓縮到原來(lái)的1/2，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，重新平衡時(shí)n(H2)/n(CH3OH)減??；c項(xiàng)錯(cuò)誤；d．將容器體積壓縮到原來(lái)的1/2，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，甲醇的物質(zhì)的量增加，d項(xiàng)正確；e．溫度不變，平衡常數(shù)不變，e項(xiàng)錯(cuò)誤；答案選ad。

考點(diǎn)：考查熱化學(xué)方程式的書(shū)寫(xiě)、化學(xué)平衡常數(shù)、溫度對(duì)化學(xué)平衡常數(shù)的影響、物質(zhì)轉(zhuǎn)化率等知識(shí)?！窘馕觥看笥赾baad10、略

【分析】【詳解】

（1）反應(yīng)N2O4(g)2NO2(g)的平衡常數(shù)表達(dá)式為：K＝若溫度升高K值增大，反應(yīng)向正反應(yīng)方向移動(dòng)，則該反應(yīng)的正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，故答案為：K＝吸熱；

（2）由圖可知，10～25min及30min之后各物質(zhì)的物質(zhì)的量濃度不發(fā)生變化，則相應(yīng)時(shí)間段內(nèi)的點(diǎn)處于化學(xué)平衡狀態(tài)，即b、d處于化學(xué)平衡狀態(tài)，首次達(dá)到平衡時(shí)以NO2表示的平均反應(yīng)速率為故答案為：b；d；0.04mol/(L·min)；

（3）利用25min后的物質(zhì)的濃度變化可知在25min時(shí)加入了NO2，其加入的物質(zhì)的量=(1.0mol?L?1-0.6mol?L?1)×2L=0.8mol；故答案為：0.8mol；NO2；

（4）從a到b，c(NO2)增大，c點(diǎn)和d點(diǎn)分別是增大c(NO2)后未達(dá)到平衡的點(diǎn)和平衡時(shí)的點(diǎn)，所以c點(diǎn)c(NO2)大于d點(diǎn)，二氧化氮濃度越大顏色越深，所以顏色由深到淺的順序是c＞d＞b＞a?！窘馕觥縆＝吸熱b、d0.04mol/(L·min)0.8molNO2c＞d＞b＞a11、略

【分析】【詳解】

由PH4I(s)PH3(g)+HI(g)可知，amolPH4I分解生成等物質(zhì)的量的PH3和HI，由2HI(g)H2(g)+I2(g)可知，HI分解生成c(H2)=c(I2)=cmol/L，PH4I分解生成c(HI)為(2c+b)mol/L，則4PH3(g)P4(g)+6H2(g)可知PH3分解生成c(H2)=(d-c)mol/L，則體系中c(PH3)為[(2c+b)-(d-c)]mol/L=故反應(yīng)PH4I(s)PH3(g)+HI(g)的平衡常數(shù)K=c(PH3)c(HI)==(b+)b，故答案為：(b+)b。【解析】(b+)b12、略

【分析】【詳解】

在2L的密閉容器中，加入3molA和1molB，發(fā)生下述反應(yīng)：3A(g)＋B(g)2C(g)＋3D(s)，5min達(dá)到平衡時(shí)，C的濃度為0.6mol/L，可列出三段式：

（1）根據(jù)三段式可知，達(dá)到平衡時(shí)，A的轉(zhuǎn)化率為此溫度下的平衡常數(shù)

（2）維持容器的溫度不變；縮小容器的體積，壓強(qiáng)增大；根據(jù)勒夏特列原理可知，增大壓強(qiáng)，平衡向系數(shù)減小的方向移動(dòng)，則平衡將向正反應(yīng)方向移動(dòng)；

（3）維持容器的體積和溫度不變，向密閉容器中加入氦氣，平衡不移動(dòng)，達(dá)到新平衡時(shí)，各物質(zhì)濃度不變，則B、C的濃度之比將不變；

（4）當(dāng)增加A的濃度，平衡正向移動(dòng)，則B的轉(zhuǎn)化率增大；若將C分離出來(lái)，體系的溫度不變，化學(xué)平衡常數(shù)只與溫度有關(guān)，故化學(xué)平衡常數(shù)不變?！窘馕觥竣?60%②.8.3③.正反應(yīng)方向④.不變⑤.增大⑥.不變13、略

【分析】【分析】

一定溫度下，水存在電離平衡H2O（l）?H+（aq）+OH-（aq）△H>0，升高溫度或加入能與H+或OH-反應(yīng)的離子，可促進(jìn)水的電離，如加入酸或堿，溶液中H+或OH-濃度增大；則抑制水的電離，以此解答該題。

【詳解】

I．(1)①100℃純水②25℃0.1mol/LHCl溶液③25℃0.1mol/LKOH溶液④25℃0.1mol/LBa(OH)2溶液；一定溫度下，水存在電離平衡H2O（l）?H+（aq）+OH-（aq）△H>0；這些物質(zhì)與25℃純水相比，能促進(jìn)水的電離的是升高溫度，因水的電離為吸熱反應(yīng)；

加入酸、堿溶液可抑制水的電離，即②③④抑制水的電離；水電離的水等于溶液中可為中性溶液或酸溶液，如純水、鹽酸等，①②符合；水電離的水等于溶液中可為中性溶液或堿溶液，如純水；氫氧化鉀、氫氧化鋇溶液，①③④符合；

故答案為：①；②③④；①②；①③④；

(2)純水中加入酸、堿,可抑制水的電離；從②和③溶液中水的電離程度相等，進(jìn)而可推出的結(jié)論是：同一溫度下酸溶液中的等于堿溶液中的水的電離程度相等；

故答案為：酸溶液中的與堿溶液中的相等時(shí)；

II．(1)今有①鹽酸②醋酸③硫酸三種稀溶液，若三種酸的物質(zhì)的量濃度相等為a，則硫酸中氫離子的濃度為2a，鹽酸中氫離子的濃度為a，醋酸不完全電離，氫離子的濃度小于a，則三種溶液中的c(H＋)大小關(guān)系為③>①>②；

(2)若三種溶液的c(H＋)相等，則三種酸的物質(zhì)的量濃度大小關(guān)系與(1)相反：②>①>③?！窘馕觥竣佗冖邰堍佗冖邰芩崛芤褐械呐c堿溶液中的相等時(shí)③>①>②②>①>③14、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中泡沫滅火器反應(yīng)原理和NaAlO2和AlCl3溶液的反應(yīng)可知；本題考查鹽類水解，運(yùn)用雙水解分析。

【詳解】

泡沫滅火器反應(yīng)原理（硫酸鋁溶液和碳酸氫鈉溶液）為鋁離子和碳酸氫根離子發(fā)生雙水解，離子方程式為：Al3++HCO3-=Al(OH)3↓+CO2↑，NaAlO2和AlCl3溶液中AlO2-和Al3+發(fā)生雙水解，離子方程式為：6H2O+3AlO2-+Al3+=4Al(OH)3↓，故答案為：Al3++HCO3-=Al(OH)3↓+CO2↑；6H2O+3AlO2-+Al3+=4Al(OH)3↓?！窘馕觥緼l3++HCO3-=Al(OH)3↓+CO2↑6H2O+3AlO2-+Al3+==4Al(OH)3↓三、判斷題(共1題，共2分)15、×【分析】【詳解】

向溶液中加入少量水，減小，堿性減弱即減小，則增大，則溶液中增大，故錯(cuò)；【解析】錯(cuò)四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)16、略

【分析】【分析】

(1)實(shí)驗(yàn)測(cè)定過(guò)程中要使用環(huán)形玻璃棒進(jìn)行攪拌保證反應(yīng)快速?gòu)氐走M(jìn)行；中和熱測(cè)定實(shí)驗(yàn)成敗的關(guān)鍵是保溫工作；

(2)不加蓋紙板；熱量會(huì)散失，測(cè)定中和反應(yīng)放出的熱量數(shù)值偏小，放熱反應(yīng)焓變小于0；

(3)根據(jù)中和熱定義分析解答。

【詳解】

(1)從實(shí)驗(yàn)裝置上看；圖中尚缺少的一種玻璃儀器是環(huán)形玻璃攪拌棒；中和熱測(cè)定實(shí)驗(yàn)成敗的關(guān)鍵是保溫工作，大燒杯口與小燒杯口不相平，且未填滿碎紙條；

(2)大燒杯上如不蓋硬紙板，會(huì)有部分熱量散失，則求得的中和熱數(shù)值偏小，中和反應(yīng)為放熱反應(yīng)，焓變小于0，ΔH偏大；

(3)如果用60mL0.50mol?L﹣1鹽酸與50mL0.55mol?L﹣1NaOH溶液進(jìn)行反應(yīng)，與上述實(shí)驗(yàn)相比，反應(yīng)生成的水增多，則所放出的熱量也增多；根據(jù)中和熱的定義可知，中和熱是指生成1mol水放出的熱量，經(jīng)折算后，最終求出的中和熱是相等的?！窘馕觥凯h(huán)形玻璃攪拌棒大燒杯口與小燒杯口不相平，且未填滿碎紙條偏大相等中和熱是一個(gè)定值，與實(shí)驗(yàn)中藥品的用量多少無(wú)關(guān)17、略

【分析】【分析】

實(shí)驗(yàn)探究NO在不同條件下被氧化或被還原，首先使用銅和稀硝酸反應(yīng)制取NO，選用裝置③制備氣體，裝置④玻璃管內(nèi)壁附著綠色NiO，加熱反應(yīng)后轉(zhuǎn)化為黑色的Ni2O3，說(shuō)明NiO被氧化，則NO被還原，驗(yàn)證NO具有氧化性；在裝置⑥中NO遇還原性較強(qiáng)的Na2SO3溶液生成N2O也能驗(yàn)證NO具有氧化性。

【詳解】

（1）實(shí)驗(yàn)室使用銅和稀硝酸反應(yīng)制取NO，發(fā)生的反應(yīng)為3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O，該反應(yīng)為固體和液體不加熱制取氣體，則應(yīng)用裝置③制備氣體，由于NO除易氧化成NO2，裝置中不能有空氣，則反應(yīng)前對(duì)連接好并裝好藥品的裝置進(jìn)行的具體操作是通入N2，以排除裝置內(nèi)的O2，故答案為：稀硝酸；③；通入N2，以排除裝置內(nèi)的O2(或防止NO被氧化)。

（2）分液漏斗在使用時(shí)；為了使液體順利流下，不改動(dòng)裝置，要先打開(kāi)(或取下)分液漏斗頂部活塞，使漏斗上口處內(nèi)外空氣相通，再打開(kāi)旋塞，故答案為：先打開(kāi)(或取下)分液漏斗頂部活塞，再打開(kāi)旋塞。

（3）NO與NiO反應(yīng)，綠色的NiO轉(zhuǎn)化為黑色的Ni2O3，Ni元素化合價(jià)升高，被氧化，則NO中N元素化合價(jià)降低被還原，由信息可知，NO可被還原為N2，即NO轉(zhuǎn)化為N2，故答案為：N2。

（4）將盛有NO氣體的試管倒置于盛有飽和Na2SO3堿性水溶液的大燒杯中，輕輕不斷搖動(dòng)試管，可使NO氣體與溶液充分接觸，便于氣體吸收；NO被Na2SO3堿性溶液吸收被還原為N2O則SO被氧化為SO根據(jù)得失電子守恒、電荷守恒及原子守恒，配平反應(yīng)的離子方程式為2NO+SO+2OH-=N2O+SO+H2O；用Na2SO3強(qiáng)堿性溶液吸收含有SO2的NO，根據(jù)吸收反應(yīng)，SO2被堿液吸收并轉(zhuǎn)化為SO增大c(SO)，從而促進(jìn)NO吸收，故答案為：為使NO氣體與溶液充分接觸；2NO+SO+2OH-=N2O+SO+H2O；SO2被堿液吸收并轉(zhuǎn)化為SO增大c(SO)，從而促進(jìn)NO吸收。【解析】(1)稀硝酸③通入N2，以排除裝置內(nèi)的O2(或防止NO被氧化)

(2)先打開(kāi)(或取下)分液漏斗頂部活塞；再打開(kāi)旋塞。

(3)N2

(4)為使NO氣體與溶液充分接觸2NO+SO+2OH-=N2O+SO+H2OSO2被堿液吸收并轉(zhuǎn)化為SO增大c(SO)，從而促進(jìn)NO吸收18、略

【分析】【分析】

(1)Na2CS3的水溶液中加入酚酞變紅色，說(shuō)明Na2CS3是強(qiáng)堿弱酸鹽；

(2)步驟③的氧化產(chǎn)物是SO42－，還原產(chǎn)物是Mn2＋，同時(shí)還生成CO2和H2O；

(3)A中發(fā)生Na2CS3+H2SO4=Na2SO4+CS2+H2S↑；生成的硫化氫可與B中硫酸銅反應(yīng)生成CuS沉淀，無(wú)水氯化鈣吸收水，根據(jù)儀器的圖形判斷儀器的名稱；

(4)反應(yīng)結(jié)束后打開(kāi)活塞k，再緩緩?fù)ㄈ霟酦2一段時(shí)間；將氣體全部被后續(xù)裝置吸收；

(5)對(duì)B中混合物進(jìn)行過(guò)濾、洗滌、干燥、稱重，得到19.2g黑色沉淀，根據(jù)反應(yīng)方程式建立關(guān)系式為得出結(jié)果。

【詳解】

(1)的水溶液中加入酚酞變紅色，說(shuō)明是強(qiáng)堿弱酸鹽，則為弱酸；

故答案為：弱；

(2)步驟的氧化產(chǎn)物是還原產(chǎn)物是錳離子，同時(shí)還生成二氧化碳、水，離子方程式為

故答案為：

(3)盛放無(wú)水的儀器為球形干燥管；

故答案為：球形干燥管；

(4)反應(yīng)結(jié)束后打開(kāi)活塞k，再緩慢通入熱一段時(shí)間，其目的是：將裝置中的全部排入B中被充分吸收；將裝置中的全部排入C中被充分吸收；

故答案為：將裝置中殘留的全部排入后續(xù)裝置中；使其被完全吸收；

(5)當(dāng)A中反應(yīng)完全后，打開(kāi)K緩慢通入熱一段時(shí)間，然后對(duì)B中混合物進(jìn)行過(guò)濾、洗滌、干燥，稱重，得黑色固體，根據(jù)關(guān)系式得

故答案為：【解析】弱5CS32-+24MnO4-+52H+=5CO2↑+15SO42-+24Mn2++26H2O(球形)干燥管將裝置中殘留的H2S、CS2全部排入后續(xù)裝置中，使其被完全吸收