…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版高三物理上冊階段測試試卷148考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖，是我們家庭播放影片文件等常用的DVD光盤，光盤上的A、B兩點距離圓心的距離不等，則當(dāng)光盤勻速運(yùn)動時，A、B兩點的線速度（）A.大小不等，方向不同B.大小相等，方向不同C.大小不等，方向相同D.大小相等，方向相同2、在高速公路的拐彎處，路面都是筑成外高內(nèi)低的，即當(dāng)車向右拐彎時，司機(jī)左側(cè)的路面比右側(cè)要高一些，路面與水平面的夾角為θ，設(shè)拐彎路段半徑為R的圓弧，要使車速為v時車輪與路面之間的橫向（即垂直于前進(jìn)方向）摩擦力等于零，則（）A.sinθ=B.tanθ=C.sinθ=D.tanθ=3、下列說法中不正確的是（）A.第一類永動機(jī)無法制成是因為它違背了能量守恒定律B.教室內(nèi)看到透過窗子的“陽光柱”里粉塵顆粒雜亂無章的運(yùn)動，這種運(yùn)動是布朗運(yùn)動C.地面附近有一正在上升的空氣團(tuán)（視為理想氣體），它與外界的熱交換忽略不計．已知大氣壓強(qiáng)隨高度增加而降低，則該氣團(tuán)在此上升過程中氣團(tuán)體積增大，溫度降低D.隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，但最終不能達(dá)到絕對零度4、如圖；鐵路轉(zhuǎn)彎處外軌應(yīng)略高于內(nèi)軌，火車必須按規(guī)定的速度行駛，則轉(zhuǎn)彎時（）

A.火車所需向心力沿水平方向指向彎道內(nèi)側(cè)。

B.彎道半徑越大；火車所需向心力越大。

C.火車的速度若小于規(guī)定速度；火車將做離心運(yùn)動。

D.火車若要提速行駛；彎道的坡度應(yīng)適當(dāng)增大。

5、建立完整電磁場理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是（）

A.麥克斯韋。

B.庫侖。

C.牛頓。

D.安培。

6、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，其軌道半徑為R，線速度為v，周期為T，若使該衛(wèi)星的周期變?yōu)?T，可行的辦法是（）A.R不變，線速度變?yōu)锽.v不變，使軌道半徑變?yōu)?RC.軌道半徑變?yōu)镽D.v不變，使軌道半徑變?yōu)?、如圖所示，速度為v0、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電場強(qiáng)度為E，則（）A.若改為電荷量-q的離子，將往上偏（其它條件不變）B.若速度變?yōu)関0它將向下偏轉(zhuǎn)做類似平拋運(yùn)動（其它條件不變）C.若改為電荷量+2q的離子，將往下偏（其它條件不變）D.若速度變?yōu)?v0它將向上偏轉(zhuǎn)，其運(yùn)動軌跡既不是圓弧也不是拋物線（其它條件不變）評卷人得分二、雙選題(共6題，共12分)8、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個長方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時的位置如圖所示，三個容器的液面相平。已知三個長方體的質(zhì)量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對容器底的壓強(qiáng)p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價和最低負(fù)價代數(shù)和等于rm{0}rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強(qiáng)酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡單離子與rm{Z}的簡單離子具有相同的電子層結(jié)構(gòu)D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵10、三位分別來自法國、美國、荷蘭的科學(xué)家因研究“分子機(jī)器的設(shè)計與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學(xué)獎。納米分子機(jī)器日益受到關(guān)注，機(jī)器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應(yīng)C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構(gòu)體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種11、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關(guān)系如圖所示。下列有關(guān)敘述正確的是A.rm{a}點溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準(zhǔn)確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點處溶液中水電離出的rmznjzxbtrm{c}大于rm{(H^{+})}點處rm12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數(shù)遞增的短周期元素，其部分性質(zhì)或結(jié)構(gòu)如下：。元素元素性質(zhì)或原子結(jié)構(gòu)rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數(shù)是族序數(shù)的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能破壞水的電離平衡13、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復(fù)合材料rm{)}通過在室溫條件下對鋰離子電池進(jìn)行循環(huán)充放電，成功地實現(xiàn)了對磁性的可逆調(diào)控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時，正極的電極反應(yīng)式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質(zhì)溶液C.放電時，rm{Fe}作電池的負(fù)極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時，電池被磁鐵吸引評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、（2014春?昌吉市校級期中）如圖所示，A、B是兩個摩擦傳動輪（設(shè)不打滑），兩輪半徑大小關(guān)系為RA=2RB，則兩輪邊緣上的角速度之比ωA：ωB=____；周期之比TA：TB=____；向心加速度之比aA：aB=____．15、一汽車沿直線向前運(yùn)動，通過前路程的速率是3m/s，通過后路程的速率是4m/s，該車在全過程的平均速度是____m/s．16、（2013春?北侖區(qū)校級期中）（1）下列說法正確的是____

A．繼續(xù)給打足氣的籃球打氣是很困難的；這是因為此時氣體分子之間存在著斥力的緣故。

B．甲；乙兩系統(tǒng)有微觀態(tài)分別為N個和2N個；那么自發(fā)進(jìn)行方向是甲→乙。

C．熱量不能從低溫的物體自發(fā)地傳到高溫的物體。

D．能量守恒定律是自然界普遍規(guī)律；節(jié)能只是為“減排”和節(jié)約開支而言。

（2）夏日里池塘底部經(jīng)常會冒出氣泡．若視氣泡內(nèi)的氣體為一定質(zhì)量的理想氣體，在氣泡緩慢上升過程中若溫度保持不變，則____

A．體積增大；吸收熱量B．體積減小，放出熱量。

C．體積增大；壓強(qiáng)增大D．氣體對外做功，內(nèi)能不變。

（3）如圖所示，水平放置的汽缸內(nèi)用活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，初始狀態(tài)氣體的體積為V1、溫度為T1．現(xiàn)對汽缸緩緩加熱，使汽缸內(nèi)的空氣溫度從T1升高到T2．已知外界大氣壓強(qiáng)恒為P0．不計活塞與氣缸之間的摩擦．此過程中被封閉氣體的體積是否發(fā)生變化？說說你的理由．若發(fā)生變化，則變化了多少？17、用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑；如圖所示的讀數(shù)是______mm

．

18、質(zhì)點從A點出發(fā)向東移動100m，再向北移動200m，再向東移動100m停下，則在此全過程中，質(zhì)點的位移大小等于____m，方向____；質(zhì)點通過的路程等于____m．評卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)19、物體的瞬時速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯）20、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對錯）21、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．評卷人得分五、解答題(共2題，共18分)22、如圖所示，在同一平面內(nèi)放置的三條光滑平行足夠長金屬導(dǎo)軌a、b、c構(gòu)成一個斜面，此斜面與水平面的夾角θ=30°，金屬導(dǎo)軌相距均為d=1m，導(dǎo)軌ac間橫跨一質(zhì)量為m=0.8kg的金屬棒MN，棒與每根導(dǎo)軌始終良好接觸，棒的電阻r=1Ω，導(dǎo)軌的電阻忽略不計．在導(dǎo)軌bc間接一電阻恒為R=2Ω的燈泡，導(dǎo)軌ac間接一電壓傳感器（相當(dāng)于理想電壓表）．整個裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上．現(xiàn)對棒MN施加一沿斜面向下的拉力F使棒從靜止開始運(yùn)動，g取10m/s2．試求：（1）若施加的恒力F=2N，則金屬棒達(dá)到穩(wěn)定時速度為多少？（2）若施加的外力功率恒定，棒達(dá)到穩(wěn)定時速度為4m/s，則此時外力的功率和電壓傳感器的讀數(shù)分別為多少？（3）若施加的外力功率恒為P，經(jīng)歷時間為t，棒沿斜面軌道下滑距離為s、速度達(dá)到v3，則此過程中燈泡產(chǎn)生的熱量為多少？23、（1）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，用導(dǎo)線a、b；c、d、e、f、g、h按圖1所示方式連接電路；電路中所有元器件都完好．

①合上開關(guān)后；若電壓表的示數(shù)為2V，電流表的指針有微小偏轉(zhuǎn)，小燈泡不亮，則一定斷路的導(dǎo)線為______．

②合上開關(guān)后；若反復(fù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表；電流表的示數(shù)不能調(diào)為零，則斷路的導(dǎo)線為______．

③請在下面的虛線框內(nèi)畫出實驗原理圖。

（2）某實驗小組利用如圖8甲所示的實驗裝置來驗證鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒．圖乙所示是用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度，其讀數(shù)為d=______cm；實驗時將滑塊從圖示位置由靜止釋放，由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門的時間△t=1.2×10-2s；則滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度為______m/s．在本實驗中，為了驗證系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒，需要測量的物理量除了鉤碼的質(zhì)量外，還需要測量______和______．

評卷人得分六、綜合題(共3題，共27分)24、【題文】在傾角=30°的斜面上，固定一金屬框，寬l=0.25m，接入電動勢E=12V、內(nèi)阻不計的電池．垂直框面放有一根質(zhì)量m=0.2kg的金屬棒ab，它與框架的動摩擦因數(shù)為整個裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.8T的垂直框面向上的勻強(qiáng)磁場中（如圖11.2-５）．當(dāng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值在什么范圍內(nèi)時，可使金屬棒靜止在框架上？（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，框架與棒的電阻不計，g＝10m/s2）25、

（1）一個水分子的質(zhì)量。

（2）一個水分子的體積。

（3）2.7kg的水中含有多少個水分子。（取二位有效數(shù)字）26、

（1）有一帶電粒子以的速度垂直磁場進(jìn)入圓形區(qū)域，恰從B點射出；求此粒子在磁場中運(yùn)動的時間；

（2）若磁場的邊界是絕緣彈性邊界（粒子與邊界碰撞后將以原速率反彈），某粒子沿半徑方向射入磁場，經(jīng)過2次碰撞后回到A點，則該粒子的速度為多大？

（3）若R=4cm、B=0.2T，在A點的粒子源向圓平面內(nèi)的各個方向發(fā)射速度均為4×105m/s、比荷108C/kg的粒子。試用陰影圖畫出粒子在磁場中能到達(dá)的區(qū)域；并求出該區(qū)域的面積（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】A、B質(zhì)點都做勻速圓周運(yùn)動，共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，根據(jù)v=ωr判斷線速度，線速度方向為該點切線方向．【解析】【解答】解：同軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，根據(jù)角速度與線速度關(guān)系公式v=ωr；兩個質(zhì)點的轉(zhuǎn)動半徑不等，故線速度不等，線速度方向為該點切線方向，所以方向也不同，故A正確．

故選：A2、B【分析】【分析】車做勻速圓周運(yùn)動，重力和支持力的合力恰好提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可．【解析】【解答】解：車勻速轉(zhuǎn)彎；合力等于向心力，如圖。

根據(jù)牛頓第二定律。

mgtanθ=m解得。

tanθ=

故選：B．3、B【分析】【分析】第一類永動機(jī)違背了能量守恒定律；布朗運(yùn)動是指懸浮在液體中顆粒的運(yùn)動；地面附近有一正在上升的空氣團(tuán)，壓強(qiáng)降低時，體積增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能變化，從而判斷溫度變化；絕對零度不可能達(dá)到．【解析】【解答】解：

A；第一類永動機(jī)無法制成是因為它違背了能量守恒定律；故A正確．

B；布朗運(yùn)動是指懸浮在液體中顆粒的運(yùn)動；所以空氣中粉塵顆粒雜亂無章的運(yùn)動是氣體的流動引起的，不是布朗運(yùn)動，故B錯誤．

C；地面附近有一正在上升的空氣團(tuán)；壓強(qiáng)降低時，體積增大，氣體對外做功，由于熱傳遞不計，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析可知，內(nèi)能減少，而一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，內(nèi)能減少，溫度降低；故C正確．

D；根據(jù)熱力學(xué)第三定律得知；絕對零度不可能達(dá)到．故D正確．

本題選錯誤的，故選：B4、A|D【分析】

火車轉(zhuǎn)彎做勻速圓周運(yùn)動；合力指向圓心，受力如圖。

由向心力公式。

F向=m=mgtanθ

因而，m、v一定時，r越大，F(xiàn)向越小；

合力F向與m一定時v變大，r也應(yīng)該變大；

v變大；要做離心運(yùn)動，會對軌道外側(cè)造成擠壓；

故選AD．

【解析】【答案】火車轉(zhuǎn)彎時；為防止車輪邊緣與鐵軌間的摩擦，通常做成外軌略高于內(nèi)軌，使得火車按規(guī)定的速度行駛時，火車對軌道的合力垂直于軌道表面，否則會對其造成擠壓以致?lián)p壞，（這就是為什么在拐彎處會有規(guī)定速度的原因）所以火車重力與軌道支持面支持力的合力提供向心力，速度大于規(guī)定速度時，會擠壓外軌．

5、A【分析】

A；建立完整電磁場理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是麥克斯韋．故A正確．

B；庫侖用扭秤實驗發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律--庫侖定律．故A錯誤．

C；牛頓發(fā)現(xiàn)了牛頓運(yùn)動定律、萬有引力定律等等．故C錯誤．

D；安培研究了通電導(dǎo)體間相互作用力；故D錯誤．

故選A

【解析】【答案】建立完整電磁場理論并首先預(yù)言電磁波存在的科學(xué)家是麥克斯韋．

6、C【分析】【分析】人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由地球的萬有引力提供向心力，牛頓第二定律推導(dǎo)周期T與半徑的關(guān)系，選擇可能的辦法．若半徑R不變，使衛(wèi)星的線速度減小，衛(wèi)星將做近心運(yùn)動，周期減?。魐不變，衛(wèi)星只能在原軌道上運(yùn)動，周期不變【解析】【解答】解：A；若半徑R不變；使衛(wèi)星的線速度減小，衛(wèi)星將做近心運(yùn)動，周期減小．故A錯誤．

B；若v不變；衛(wèi)星只能在原軌道上運(yùn)動，半徑不變，周期也不變．故BD錯誤．

C、設(shè)地球的質(zhì)量為M，衛(wèi)星的質(zhì)量為m．由牛頓第二定律得：

得到T=

根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，使軌道半徑R變?yōu)闀r；衛(wèi)星的周期變2T．故C正確；

故選：C7、D【分析】【分析】粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運(yùn)動，當(dāng)二力不平衡時，粒子做曲線運(yùn)動．【解析】【解答】解：正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，根據(jù)左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向上，電場力方向向下，此時洛倫茲力與電場力二力平衡，應(yīng)該有：qv0B=qE，即v0B=E．

A、若改為電荷量-q的離子，根據(jù)左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向下，電場力方向向上，由于qv0B=qE；此時洛倫茲力與電場力仍然平衡，所以負(fù)離子不偏轉(zhuǎn)，仍沿直線運(yùn)動，故A錯誤．

B、若速度變?yōu)関0，若離子帶正電，洛倫茲力為原來的倍；而離子受的洛倫茲力方向向上，電場力不變，所以離子將向下偏轉(zhuǎn)，同理，若離子帶負(fù)電，離子也向下偏轉(zhuǎn)，但不是類平拋運(yùn)動，故B錯誤．

C、若改為電荷量+2q的離子，根據(jù)平衡條件得：qv0B=qE，即v0B=E；該等式與離子的電荷量無關(guān)，所以離子仍沿直線運(yùn)動，故C錯誤．

D、若速度變?yōu)?v0；洛倫茲力增大為原來的2倍，而離子受的洛倫茲力方向向上，電場力不變，所以離子將向上偏轉(zhuǎn)，故D正確．

故選：D．二、雙選題(共6題，共12分)8、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個長方體的質(zhì)量相同，它們在三種液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項錯誤。由三個長方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對容器底的壓強(qiáng)C選項錯誤。容器是相同的，所以容器對桌面的壓力B選項正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項正確。

考點：壓力壓強(qiáng)【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的關(guān)系，題目難度中等，推斷元素為解答關(guān)鍵，注意熟練掌握原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系。【解答】rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價和最低負(fù)價代數(shù)和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數(shù)為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價和最低負(fù)價代數(shù)和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數(shù)之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數(shù)為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個電子，氯離子有rm{Cl>Si}個電子，故C錯誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯誤。C.鋁離子有rm{10}個電子，氯離子有rm{18}個電子，故C錯誤；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點，注意把握官能團(tuán)與性質(zhì)的關(guān)系，側(cè)重苯、烷烴性質(zhì)的考查。【解答】A.只含有碳?xì)鋬煞N元素的有機(jī)物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應(yīng)，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構(gòu)體，故C錯誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應(yīng)用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關(guān)系為解答關(guān)鍵，注意掌握中和滴定側(cè)重方法，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及化學(xué)實驗?zāi)芰?。【解答】A.rm{a}點為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯誤；

B.rm{c}點的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據(jù)電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時的rm{pH}和反應(yīng)終點的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點，且反應(yīng)產(chǎn)生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點碳酸氫根離子水解，促進(jìn)了水的電離，而rmxpflhvz點溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmndzvblh點處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點處；故D錯誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本題考查元素的結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關(guān)鍵?！窘獯稹縭m{X}形成的簡單陽離子核外無電子，應(yīng)為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價氧化物對應(yīng)的水化物能發(fā)生化合反應(yīng)，形成的物質(zhì)為銨鹽，應(yīng)為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數(shù)等于周期序數(shù)的rm{3}倍，即最外層電子數(shù)為電子層數(shù)的rm{3}倍，應(yīng)為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小，應(yīng)為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據(jù)同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數(shù)越多，半徑越大可知，原子半徑順序為rm{T>Y>Z>X}故A錯誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價鍵也含有離子鍵；故C錯誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能和rm{X}三種元素的簡單離子，均能促進(jìn)水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識，為高頻考點，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和計算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等?！窘獯稹緼.正極發(fā)生還原反應(yīng)，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時電池正極的電極反應(yīng)式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應(yīng)，所以不可以用rm{e}溶液為電解質(zhì)溶液，故rm{2}錯誤；C.rm{2}作電池的負(fù)極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯誤；D.充電時，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共5題，共10分)14、1：22：11：2【分析】【分析】解決本題的關(guān)鍵是兩輪邊緣上接觸的地方線速度相等，然后根據(jù)角速度和線速度半徑之間關(guān)系等求解．同時注意轉(zhuǎn)速的物理意義，其在數(shù)值上和頻率是相等的．【解析】【解答】解：兩輪邊緣的線速度相等，即：vA=vB①

線速度、角速度、半徑關(guān)系為：v=ωr==2πnr②

向心加速度為：a=③

半徑關(guān)系為：RA=2RB④

聯(lián)立①②③④可解得：ωA：ωB=1：2，TA：TB=2：1，aA：aB=1：2．

故答案為：1：2，2：1，1：2．15、3.6【分析】【分析】先求解通過前路程的時間和通過后路程的時間，然后根據(jù)平均速度的定義求解全程的平均速度．【解析】【解答】解：設(shè)總路程為S，通過前路程的時間為：；

通過后路程的時間為：

故全程時間為：t=

該車在全過程的平均速度是：

故答案為：3.6．16、BCAD【分析】【分析】（1）氣體分子相距較遠(yuǎn)；相互間的作用力很小，有較好的流動性．氣體壓強(qiáng)形成的原因是由于大量分子都在不停地做無規(guī)則熱運(yùn)動，與器壁頻繁碰撞，使器壁受到一個平均持續(xù)的沖力，致使氣體對器壁產(chǎn)生一定的壓強(qiáng)．孤立系統(tǒng)的熵值永遠(yuǎn)是增加的．熱量不能從低溫的物體自發(fā)地傳到高溫的物體．能量與能源不同．

（2）一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)；應(yīng)用氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律判斷氣體的做功情況和吸放熱情況．

（3）氣體做等壓變化，找出初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，根據(jù)氣態(tài)方程列式求解．【解析】【解答】解：（1）A；分子間距離較大；斥力很小幾乎可以忽略，根本無法達(dá)到產(chǎn)生斥力的距離，使氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生壓力，故A錯誤。

B；甲、乙兩系統(tǒng)有微觀態(tài)分別為N個和2N個；說明甲的熵值較小，根據(jù)熵增加原理可知，自發(fā)進(jìn)行方向是甲→乙，故B正確．

C；根據(jù)熱力學(xué)第二定律得知：熱量不能從低溫的物體自發(fā)地傳到高溫的物體；故C正確．

D；能量守恒定律是自然界普遍規(guī)律；但能源是有限的，節(jié)能就是要節(jié)約能源，不只是為了節(jié)約開支．故D錯誤．

故選：BC

（2）在氣泡緩慢上升過程中，溫度保持不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣態(tài)方程=c可知：V增大；即氣泡體積增大，對外做功，由于溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)△U=W+Q可知，氣體吸收熱量，故AD正確，BC錯誤．

故選：AD．

（3）對汽缸緩緩加熱，使汽缸內(nèi)的空氣溫度從T1升高到T2，氣缸內(nèi)氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)=及T2＞T1得：則V2＞V1．

所以氣體體積增大了：△V=V2-V1=．

故答案為：

（1）BC；

（2）AD；

（3）此過程中被封閉氣體的體積會發(fā)生變化，因為氣體作等壓變化，溫度升高，體積增大，體積變化了．17、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為10mm

可動刻度為29.5隆脕0.01mm=0.295mm

所以最終讀數(shù)為10mm+0.295mm=10.295mm

．

故答案為：10.295

．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】10.295

18、東偏北45°400【分析】【分析】由位移的合成法則是平行四邊形定則，可以得到位移大小，路程的合成是數(shù)學(xué)加減，可以得到路程．【解析】【解答】解：由位移合成法則，平行四邊形定則得物體位移為：，設(shè)方向與東的夾角為θ，則有：．得θ=45°；

由路程的合成法則；可以知路程為：s=100+200+100=400m

故答案為：，東偏北45°，400四、判斷題(共3題，共21分)19、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時間或某一過程內(nèi)的運(yùn)動情況；而瞬時速度只能表示物體在某一瞬時或某一位置時的速度．平均速度與位移與時間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時速度為0；則物體不動，無位移，則平均速度為0

故答案為：√20、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√五、解答題(共2題，共18分)22、略

【分析】【分析】（1）金屬棒達(dá)到穩(wěn)定時速度時做勻速直線運(yùn)動；合力為零．由歐姆定律；感應(yīng)電動勢和安培力公式推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系，根據(jù)平衡條件即可求出金屬棒達(dá)到穩(wěn)定時的速度．

（2）若施加的外力功率恒定；棒達(dá)到穩(wěn)定時速度為4m/s，由感應(yīng)電動勢公式和歐姆定律求出此時的感應(yīng)電流，根據(jù)平衡條件求出外力的功率．由歐姆定律求出電壓電壓傳感器的讀數(shù)．

（3）棒沿斜面軌道下滑距離為s，棒的重力勢能減小，外力F做功提供能量Pt，轉(zhuǎn)化為燈泡和金屬棒的內(nèi)能以及金屬棒的動能，根據(jù)能量守恒定律列式可求出燈泡產(chǎn)生的熱量．【解析】【解答】解：（1）設(shè)穩(wěn)定時速度為v1，當(dāng)金屬棒速度達(dá)到穩(wěn)定時，合力F合=0；即有

F+mgsinθ-FA=0

又金屬棒所受的安培力大小FA=BId，I=

聯(lián)立得v1=

代入解得，v1=3.75m/s

（2）若施加的外力功率恒定，棒達(dá)到穩(wěn)定時速度為4m/s，此時電路中電流為I2==A=3.2A

外力的大小為F外=；根據(jù)平衡條件則有

+mgsinθ=BI2d

代入解得；P=9.6W

燈泡兩端的電壓為UL=I2R=3.2×2V=6.4V，故電壓傳感器的讀數(shù)為U=UL+Bdv2=14.4V

（3）設(shè)此過程中燈泡和金屬桿產(chǎn)生的熱量分別為Q1和Q2．根據(jù)能量守恒定律得

Pt+mgsin