…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一個帶電粒子沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場；粒子的一段軌跡如圖所示，軌跡上的每一小段都可近似看成圓弧。由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小（帶電荷量不變），則從圖中情況可以確定（）

A.粒子從a到b，帶正電B.粒子從a到b，帶負電C.粒子從b到a，帶正電D.粒子從b到a，帶負電2、圖示為一對同軸的螺線管（軸線水平）剖面圖。現給線圈A通電；其中的電流方向用“·”和“×”表示，且電流不斷增大，線圈B中就會產生感應電流。下列說法正確的是（）

A.線圈A中的磁場方向向左B.線圈B中感應電流的磁場方向向右C.線圈B中產生的感應電流大小不可能保持恒定D.從左向右看線圈B中產生的感應電流為逆時針方向3、關于物理學史，下列說法中正確的是（）A.最早發(fā)現電和磁有密切聯系的科學家是特斯拉B.電磁感應現象是奧斯特發(fā)現的C.建立完整電磁場理論的科學家是麥克斯韋D.最早證明有電磁波存在的科學家是法拉第4、如圖所示，正方形區(qū)域內存在垂直紙面的勻強磁場．一帶電粒子垂直磁場邊界從a點射入，從b點射出．下列說法正確的是。

A.粒子帶正電B.粒子在b點速率大于在a點速率C.若僅減小磁感應強度，則粒子可能從b點右側射出D.若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動時間變短5、如題圖所示，正方形區(qū)域MNPQ內有垂直紙面向里的勻強磁場，在外力作用下，一正方形閉合剛性導線框沿QN方向勻速運動，t=0時刻，其四個頂點M′、N′、P′、Q′恰好在磁場邊界中點，下列圖像中能反映線框所受安培力F的大小隨時間t變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.6、關于電磁波譜，下列說法正確的是（）A.波長最短的電磁輻射是射線，它具有很高的能量B.紅外線的波長比可見光長，并且只有溫度高的物體才會發(fā)射紅外線C.電磁波遇到障礙物要發(fā)生衍射，雷達就是利用電磁波的這個特性工作的D.夏天地面被太陽光曬得發(fā)熱是因為可見光的熱效應在各種電磁波中是最強的評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、在如圖甲、乙所示的電路中，電阻R和自感線圈L的電阻都小于燈泡的電阻，閉合S使電路達到穩(wěn)定，燈泡Q發(fā)光。下列說法正確的是（）

A.在電路甲中，斷開S后，Q1將漸漸變暗B.在電路甲中，斷開S后，Q1將先變得更亮，然后漸漸變暗C.在電路乙中，斷開S后，Q2將漸漸變暗D.在電路乙中，斷開S后，Q2將先變得更亮，然后漸漸變暗8、如圖所示，在邊長為L的等邊三角形區(qū)域ABC內存在著垂直紙面的勻強磁場（未畫出），磁感應強度大小為大量質量為m、帶電荷量為q的粒子從BC邊中點O沿不同的方向垂直于磁場以速率v0射入該磁場區(qū)域；不計粒子重力，則下列說法正確的是（）

A.所有粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡半徑為B.所有粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為C.對于從AB和AC邊射出的粒子，在磁場中運動的最長時間為D.對于從AB和AC邊射出的粒子，在磁場中運動的最短時間為9、如圖甲所示，閉合線圈b處于a線圈內部，并與a線圈共面，以順時針方向為正方向，當a線圈中通入如圖乙所示的正弦交流電時，關于b線圈中的感應電動勢與感應電流；下列判斷正確的是（）

A.t1時刻，b線圈中感應電流最大B.t2時刻，b線圈中感應電流為順時針方向C.t3時刻，b線圈中感應電動勢為零D.t4時刻，b線圈中感應電流為順時針方向10、如圖所示，一長為L的通電直導線MN垂直放置在水平向右的勻強磁場中，磁感應強度大小為B，直導線中的電流方向由N到M，電流強度為I；則通電直導線所受安培力。

A.方向垂直紙面向外B.方向垂直紙面向里C.大小為BILD.大小為11、如圖所示，正方形導線框ABCD、abcd的邊長均為L，電阻均為R，質量分別為3m和m，它們分別系在一跨過兩個定滑輪的輕繩兩端，且正方形導線框與定滑輪處于同一豎直平面內。在兩導線框之間有一寬度為2L、磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。開始時導線框ABCD的下邊與勻強磁場的上邊界重合，導線框abcd的上邊到勻強磁場的下邊界的距離為L。現將系統(tǒng)由靜止釋放，當導線框ABCD剛好全部進入磁場時；系統(tǒng)開始做勻速運動。不計摩擦和空氣阻力，則（）

A.兩線框剛開始做勻速運動時輕繩上的張力FT=mgB.系統(tǒng)勻速運動的速度大小C.導線框ABCD通過磁場的時間D.兩線框從開始運動至均穿出磁場過程中所產生的總焦耳熱評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、當磁感應強度B的方向與______方向成θ角時，公式F＝______13、將長0.5m，通過4A電流的通電導線放在勻強磁場中，當導線和磁場方向垂直時，通電導線所受磁場力為0.3N，則勻強磁場的磁療感應強度B大小為______T，若將通電導線中的電流減為2A，則這時勻強磁場的B為______T，導線受安培力為______N。14、小明同學設計了一個“電磁天平”，如圖1所示，等臂天平的左臂為掛盤，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡．線圈的水平邊長L=0.1m，豎直邊長H=0.3m，匝數為N1．線圈的下邊處于勻強磁場內，磁感應強度B0=1.0T，方向垂直線圈平面向里．線圈中通有可在0～2.0A范圍內調節(jié)的電流I．掛盤放上待測物體后，調節(jié)線圈中電流使得天平平衡，測出電流即可測得物體的質量．（重力加速度取g=10m/s2）

（1）為使電磁天平的量程達到0.5kg，線圈的匝數N1至少為___________匝．

（2）進一步探究電磁感應現象，另選N2=100匝、形狀相同的線圈，總電阻R=10Ω，不接外電流，兩臂平衡，如圖2所示，保持B0不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強磁場，且磁感應強度B隨時間均勻變大，磁場區(qū)域寬度d=0.1m．當掛盤中放質量為0.01kg的物體時，天平平衡，求此時磁感應強度的變化率等于___________T/s．

15、如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向里的勻強磁場，帶電粒子1從磁場邊界上的a點垂直MN和磁場方向以速率v射入磁場，經時間從b點離開磁場。相同的帶電粒子2也由a點沿圖示方向以速率垂直磁場方向射入磁場，經時間從a、b連線的中點c離開磁場，則兩粒子圓周運動半徑______，在磁場中的運動時間______。

16、楞次定律：感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總是要________引起感應電流的磁通量的變化。17、如圖所示，阻值為R的金屬棒從圖示ab位置分別以v1、v2的速度沿光滑導軌（電阻不計）勻速滑到a′b′位置，若v1∶v2=1∶2，則在這兩次過程中回路的電流I1∶I2=___________，產生的熱量Q1∶Q2=___________，通過任一截面的電荷量q1∶q2=___________，外力的功率P1∶P2=___________

18、如圖，電阻為r、面積為S的單匝矩形線圈，在磁感應強度為B的勻強磁場中繞軸以角速度ω勻速轉動，外電路電阻為R，圖示時刻線圈平面與磁場垂直，此時理想交流電流表的示數為____________，在線圈轉過一周的過程中，電阻R產生的焦耳熱為_____________。

19、如圖所示，電壓互感器、電流互感器可看成理想變壓器，已知電壓互感器原、副線圈匝數比是1000∶1，電流互感器原、副線圈匝數比是1∶200，電壓表讀數是200V，電流表讀數是1.5A，a、b為兩只交流電表。則a為________，b為_______，交流電路輸送電能的功率是________W。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)20、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

21、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

22、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

23、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共4題，共12分)24、圖是一種花瓣形電子加速器簡化示意圖，空間有三個同心圓a、b、c圍成的區(qū)域，圓a內為無場區(qū)，圓a與圓b之間存在輻射狀電場，圓b與圓c之間有三個圓心角均略小于90°的扇環(huán)形勻強磁場區(qū)Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ。各區(qū)感應強度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外。電子以初動能從圓b上P點沿徑向進入電場，電場可以反向，保證電子每次進入電場即被全程加速，已知圓a與圓b之間電勢差為U，圓b半徑為R，圓c半徑為電子質量為m，電荷量為e，忽略相對論效應，取

（1）當時，電子加速后均沿各磁場區(qū)邊緣進入磁場，且在電場內相鄰運動軌跡的夾角均為45°，最終從Q點出射，運動軌跡如圖中帶箭頭實線所示，求Ⅰ區(qū)的磁感應強度大小、電子在Ⅰ區(qū)磁場中的運動時間及在Q點出射時的動能；

（2）已知電子只要不與Ⅰ區(qū)磁場外邊界相碰，就能從出射區(qū)域出射。當時，要保證電子從出射區(qū)域出射，求k的最大值。

25、將單位長度電阻為的金屬導線折成等腰直角三角形框架，置于光滑水平面上，直角邊長為a。虛線右側存在磁場，磁感應強度大小遵循的規(guī)律變化，其中k與為大于零的常數，方向垂直水平面向下。從時刻開始，使三角形框架從磁場左側虛線以速度v勻速進入磁場；其中一直角邊垂直虛線，當該直角邊一半進入磁場時，求：

（1）導線中的動生電動勢；

（2）若框架中感應電流的方向為俯視逆時針方向，k和速度v大小可變，則k值與速度v的函數關系；

（3）若框架中感應電流的方向為俯視逆時針方向；此時流過導線的感應電流。

26、如圖所示，用粗細均勻的導線圍成圓形線圈，將它用絕緣細線懸掛在豎直面內，線圈的上半部分處于磁場內，磁感應強度大小隨時間的變化規(guī)律為B=kt（k>0），已知圓形線圈的半徑為r、導線橫截面積為S、電阻率為ρ、匝數為n、質量為m，經過時間t0細線恰好斷裂；求：

（1）圓形線圈處于靜止狀態(tài)時的感應電動勢；

（2）細線承受的最大拉力。

27、如圖所示，足夠長的光滑平行水平導軌相距為d=0.5m，置于豎直向下的磁感應強度為的勻強磁場中，電阻長度也為d的導體棒ab的電阻其余電阻忽略不計。若導體棒ab以初速度水平向右運動；回答下列問題：

（1）若導體棒ab勻速運動；求導體棒兩端的電壓；

（2）若導體棒ab的運動速度滿足求導體棒運動一個周期過程中電阻R上產生的熱量。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據粒子在磁場中運動的半徑公式可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運動方向是從b到a，在根據左手定則可知，粒子帶正電，故C正確,ABD錯誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

A．由右手螺旋定則可知；線圈A中的磁場方向向右，故A錯誤；

BC．由于線圈A中電流增大；則磁場增大，穿過B線圈的磁通量增大，根據楞次定律可知，線圈B中感應電流的磁場方向向左，如果線圈A中電流均勻增大，則線圈B中的電流大小不變，故BC錯誤；

D．由楞次定律可知；從左向右看線圈B中產生的感應電流為逆時針方向，故D正確。

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．奧斯特發(fā)現電流的磁效應；他是最早發(fā)現電和磁有密切聯系的科學家，A錯誤；

B．電磁感應現象是法拉第發(fā)現的；B錯誤；

C．英國科學家麥克斯韋建立完整電磁場理論；C正確；

D．最早證明有電磁波存在的科學家是赫茲；D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

由左手定則確粒子的電性，由洛倫茲力的特點確定粒子在b、a兩點的速率，根據確定粒子運動半徑和運動時間．

由題可知，粒子向下偏轉，根據左手定則，所以粒子應帶負電，故A錯誤；由于洛倫茲力不做功，所以粒子動能不變，即粒子在b點速率與a點速率相等，故B錯誤；若僅減小磁感應強度，由公式得：所以磁感應強度減小，半徑增大，所以粒子有可能從b點右側射出，故C正確，若僅減小入射速率，粒子運動半徑減小，在磁場中運動的偏轉角增大，則粒子在磁場中運動時間一定變長，故D錯誤．5、B【分析】【分析】

【詳解】

第一段時間從初位置到M′N′離開磁場；圖甲表示該過程的任意一個位置。

切割磁感線的有效長度為M1A與N1B之和，即為M1M′長度的2倍；此時電動勢。

E=2Bvtv線框受的安培力。

F=2BIvt=圖像是開口向上的拋物線；如圖乙所示。

線框的右端M2N2剛好出磁場時，左端Q2P2恰與MP共線，此后一段時間內有效長度不變，一直到線框的左端與M′N′重合；這段時間內電流不變，安培力大小不變；最后一段時間如圖丙所示。

從勻速運動至M2N2開始計時；有效長度為。

A′C′=l?2vt′電動勢。

E′=B(l?2vt′)v線框受的安培力。

F′=圖像是開口向上的拋物線，故選B。6、A【分析】【詳解】

A．電磁波譜里面波長最短的電磁輻射是射線；它具有很高的能量。故A正確；

B．紅外線的波長比可見光長；所有物體都會發(fā)射紅外線。故B錯誤；

C．電磁波遇到障礙物要發(fā)生反射；雷達就是利用電磁波的這個特性工作的。故C錯誤；

D．夏天地面被太陽光曬得發(fā)熱是因為紅外線的熱效應在各種電磁波中是最強的。故D錯誤。

故選A。二、多選題(共5題，共10分)7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．在電路甲中，正常工作時流過線圈L支路的電流較小，斷開S后，線圈L會產生自感電動勢，使燈泡Q1中的電流從原來的數值開始逐漸減小，故Q1將漸漸變暗；不會先變得更亮，A正確，B錯誤；

CD．在電路乙中，正常工作時流過線圈L支路的電流較大，斷開S后，線圈L會產生自感電動勢，使燈泡Q2中的電流瞬間變得更大再逐漸減小，故Q2將先變得更亮；然后漸漸變暗，C錯誤，D正確。

故選AD。8、B:C【分析】【詳解】

A．所有粒子的初速度大小相等，它們在磁場中做勻速圓周運動的軌跡半徑為

故A錯誤；

B．粒子做圓周運動的周期為

故B正確；

C．當粒子運動軌跡對應的弦最長時，圓心角最大，粒子運動時間最長，當粒子運動軌跡對應的弦長最短時，對應的圓心角最小，粒子運動時間最短。對于從AB和AC邊射出的粒子在磁場中的運動，可知最長的弦為恰好等于軌跡半徑，對應的圓心角為60°，因此最長運動時間

故C正確；

D．過O點作AC邊的垂線，垂足為D，可知為最短的弦之一，由幾何知識可知，對應的圓心角小于30°，因此粒子最短運動時間小于

故D錯誤。

故選BC。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．t1時刻，a中電流變化最小，所以在b中產生的感應電動勢最小，b中的感應電流最小；故A錯誤。

B．t2時刻，a中電流向逆時針方向增大，使b中產生由紙面向外增大的磁通量，根據楞次定律可判斷b中產生順時針電流；故B正確。

C．t3時刻，a中電流變化為0，故在b中的感應電動勢為0；故C正確。

D．t4時刻，a中電流向順時針方向增大，使b中產生由紙面向里增大的磁通量，根據楞次定律可判斷b中產生逆時針電流；故D錯誤。

故選：BC。10、B:C【分析】【詳解】

由左手定則可知，安培力方向垂直紙面向里，故A錯誤，B正確；根據安培力公式可知；C正確；D錯誤；

故選BC。11、B:D【分析】【詳解】

A．導線框ABCD剛好全部進入磁場時，導線框ABCD磁通量不變，感應電流為0，所以導線框ABCD做勻速運動的條件為輕繩上的張力FT=3mg；則A錯誤；

B．導線框abcd剛進入磁場時做勻速運動則有

導線框abcd剛進入磁場的速度為v，則有

由上幾式解得

所以B正確；

C．導線框abcd剛進入磁場到全部離開磁場過程中，系統(tǒng)都做勻速直線運動，但導線框ABCD通過磁場部分加速，部分勻速，如果全部勻速通過磁場其時間為

所以導線框ABCD通過磁場的時間小于則C錯誤；

D．兩線框從開始運動至均穿出磁場過程中減小的重力勢能為

兩線框從開始運動至均穿出磁場過程中增加的動能為

兩線框從開始運動至均穿出磁場過程中所產生的總焦耳熱

所以D正確；

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.電流②.IlBsinθ13、略

【分析】【詳解】

[1]根據F=BIL得，勻強磁場的磁感應強度為

[2]當電流減小時，磁感應強度不變，仍為B=0.15T

[3]導線所受的安培力為F=BI′L=0.15×2×0.5N=0.15N【解析】0.150.150.1514、略

【分析】【分析】

（1）電磁天平的工作原理為通電線框在磁場中受到安培力；當安培力和被測物體的重力相等時天平處于平衡。

（2）在上方加入變化的磁場后；變化的磁場產生的電流使線框在下部磁場受安培力和重力平衡．

【詳解】

（1）天平平衡時，有當電流最大即2A時N1最小，帶入數據得N1=25

（2）天平平衡時，安培力等于重力，安培力為重力為0.1N，代入數據得【解析】250.115、略

【分析】【詳解】

[1][2]粒子在磁場中都做勻速圓周運動；根據題意畫出粒子的運動軌跡，如圖所示。

粒子1垂直射進磁場，從b點離開，則運動了半個圓周，ab即為直徑，c點為圓心，相同的粒子2以圖示方向射入磁場，經t2時間從a、b連線的中點c離開磁場，根據

得，軌跡半徑

可知粒子1和2的半徑之比為

根據幾何關系可知，粒子2轉過的圓心角為120°，所以粒子1運動的時間

粒子2運動的時間

則【解析】3:216、略

【分析】【詳解】

[1]楞次定律：感應電流具有這樣的方向，即感應電流的磁場總是要阻礙引起感應電流的磁通量的變化?！窘馕觥孔璧K17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]回路中感應電流為。

則有。

[2]產生的熱量為。

則有。

[3]通過任一截面的電荷量為。

即q與v無關；則有。

[4]由于棒勻速運動；外力的功率等于電路中的熱功率，即。

則有。

【解析】1∶21∶21∶11∶418、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]感應電動勢最大值Em=BωS

有效值

則電流的有效值

則電流表讀數

[2]在線圈轉過一周的過程中，電阻R產生的焦耳熱為【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]左邊為電壓互感器，則a為電壓表；右邊的電流互感器，b為電流表；

[3]因為

交流電路輸送電能的功率是P=UI=6×107W【解析】電壓表電流表6×107四、作圖題(共4題，共8分)20、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向