…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，A、B、C為電場中同一電場線上的三點。設(shè)帶電粒子在電場中只受電場力作用從A靜止開始運動到B；則下列說法正確的是（）

A.粒子帶負電B.電勢φA>φB，場強EA>EBC.粒子動能減小D.電勢能減小2、熱水器中，常用熱敏電阻實現(xiàn)溫度控制。如圖是一學習小組設(shè)計的模擬電路，為加熱電阻絲，為正溫度系數(shù)的熱敏電阻（溫度越高電阻越大），C為電容器。S閉合后；當溫度升高時（）

A.電容器C的帶電荷量增大B.燈泡L變暗C.電容器C兩板間的電場強度減小D.消耗的功率增大3、學習物理除了知識的學習外，還要領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想與方法。下列關(guān)于物理學中的思想方法，敘述正確的是（）A.在探究求合力方法的實驗中使用了控制變量法的思想B.伽利略在研究自由落體運動時采用了理想實驗法C.在利用v-t圖像推導勻變速直線運動的位移公式時，采用了極限思想D.在計算帶電體間的相互作用力時，若電荷量分布對計算影響很小，將帶電體看做點電荷采用了“等效法”4、如圖所示，真空中固定于A、B兩點的點電荷Q1＝＋2.0×10－6C、Q2＝-2.0×10－6C，AB之間的距離L為2.0m，MN為AB的中垂線，P點距離A、B的距離也為2.0m，已知靜電力常量k＝9.0×109N·m2/C2；則。

A.兩點電荷間的庫侖力大小為1.8×10－2NB.P點場強的方向沿沿y軸正向C.若P點放置q＝＋2.0×10－6C的電荷，該電荷受到的電場力為9.0×10－3ND.若P點放置q＝＋2.0×10－6C的電荷，該電荷受到的電場力為9×10－3N5、如圖所示，AB、CD、EF都為半徑為R的空間球面的直徑，其中AB與EF同在水平面內(nèi)，EF與AB的夾角θ=45°，CD與水平面垂直，現(xiàn)在A、B兩點分別固定等量異種點電荷；則（）

A.E、F兩點電勢相同B.E、F兩點電場強度相同C.沿直線從C到D，電場強度先變小后變大D.將帶正電的檢驗電荷從E點沿直線移到F點，電場力不做功6、靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x的分布可簡化為如圖所示的折線；下列說法中正確的是（）

A.x軸上x1到x2之間為勻強電場B.x軸上x2到O之間的電場強度小于O到x3之間的電場強度C.x軸上x2到O之間的電場強度的方向與O到x3之間的電場強度的方向相同D.正電荷沿x軸從x1運動到x3的過程中，電場力做正功，電勢能減小7、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源連接，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點且處于靜止狀態(tài)；現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，以下判斷錯誤的是（）

A.帶電油滴將沿豎直方向向下運動B.P點的電勢將升高C.平行板電容器的電容將變小D.電容器所帶電荷量將減少8、如圖所示的電路中，電阻R1、R2、R3的阻值均為2Ω，電流表內(nèi)阻不計，在B、C兩點間加上6V的電壓時；電流表的示數(shù)為()

A.0B.1AC.1.5AD.2A評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為+q的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為+q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為-W．再將Q1從C點沿CB移到B點并固定．最后將一電荷量為-2q的點電荷Q2從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有。

A.Q1移入之前，C點的電勢為B.Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為2WD.Q2在移到C點后的電勢能為-4W10、關(guān)于磁感線，以下說法中正確的是（）A.磁感線是磁場中客觀存在的曲線B.磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向，也是該點的磁感應強度方向C.磁感線起始于磁鐵的N極，終止于磁鐵的S極D.磁感線是閉合曲線11、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化情況如圖所示；則下列說法中正確的是（）

A.加5V電壓時，導體的電阻約是5ΩB.加12V電壓時，導體的電阻約是9ΩC.由圖可知，隨著電壓的減小，導體的電阻不斷增大D.由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷增大12、如圖所示，正點電荷2Q、Q分別置于M、N兩點，O點為MN連線的中點。點a、b在MN連線上，點c、d在MN中垂線上，它們都關(guān)于O點對稱。則正確的是（）

A.O點的電勢高于c點的電勢B.a、b兩點的電場強度相同C.電子在a點的電勢能大于在b點的電勢能D.將電子沿直線從c點移到d點，電場力對電子先做正功后做負功13、等間距虛線a、b、c、d表示勻強電場中的四個等勢面。兩帶電粒子M、N沿著a、d等勢面射入電場，運動軌跡分別如圖中MPN和NQM所示。已知M帶正電；不計粒子重力，則（）

A.N帶負電B.等勢面a的電勢低于等勢面b的電勢C.運動過程中，帶電粒子M的電勢能逐漸減小D.運動過程中，帶電粒子N的動能逐漸減小14、如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處在光滑絕緣的斜面和水平面上，且在同一豎直平面內(nèi)。用水平向左的推力作用于B球；兩球在圖示位置靜止。現(xiàn)將B球水平向左移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之沿斜面向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡，與移動前相比，下列說法正確的是（）

A.斜面對A的彈力減小B.水平面對B的彈力不變C.推力變大D.兩球之間的距離變大15、如圖所示，xOy平面處于勻強電場中，電場方向與平面平行，平面內(nèi)A、B、C、D四點的位置如圖所示，其坐標分別為（-a，0）、（a，0）、和將電荷量為的粒子從A點沿直線移動到B點，電場力做功為若將該粒子從C點沿直線移動到D點，電場力做功為2W。則下列說法正確的是（）

A.該勻強電場的場強大小B.A、C兩點間的電勢差為C.將該粒子從B點移動到D點，電場力做功為0.5WD.將該粒子從C點移動到B點，電勢能增加16、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電容器的電容為C．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量大小為U，電流表示數(shù)變化量的大小為I；在這個過程中，下列判斷正確的是。

A.電容器的帶電量減少，減小量小于CDUB.電阻R1兩端電壓減小，減小量等于DUC.電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大D.電壓表的示數(shù)DU和電流表的示數(shù)DI的比值變大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、兩根垂直交叉但不接觸的導線，流過每條導線的電流大小相等，方向如圖所示，ABCD為導線附近的四個區(qū)域，在_____區(qū)域，有磁感強度為零的一點．18、定義：電源是能不斷把___________從正極搬運到負極的裝置。19、在某電場中，將一帶電荷量為q=＋2.0×10-9C的點電荷從a點移到b點，靜電力做功W=-4.0×10-7J，則a、b兩點間的電勢差Uab為___________V。20、會利用______法和______法求電動勢和內(nèi)阻。21、如圖所示中的游標卡尺的示數(shù)是__________cm，螺旋測微器的示數(shù)是__________mm。

22、能量守恒定律的意義。

（1）各種形式的能可以___________。

（2）各種物理現(xiàn)象可以用___________聯(lián)系在一起。23、已知靈敏電流計的滿偏電流為1mA，內(nèi)阻為若要將它改裝成量程為3V的電壓表，應串聯(lián)一個___________的電阻，改裝完成后，若某次測量電壓時靈敏電流計指針指向位置，則對應電壓測量值為___________V。（保留兩位有效數(shù)字）24、如圖所示，直線A為電源的U﹣I圖像，直線B為電阻R的U﹣I圖像，用該電源與電阻R組成閉合回路時，則電源的內(nèi)阻為___________Ω，電阻R的功率為___________W。

25、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)26、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

27、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

28、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

29、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)30、方法2“安阻法”

（1）如圖所示，由E＝()知，改變電阻箱的阻值，測出多組()、()的值，通過圖像就可求出E、r的值．

（2）器材：電池、開關(guān)、()、()．31、為了探究電磁感應現(xiàn)象的產(chǎn)生條件；圖中給出了必備的實驗儀器．

（1）請你用筆畫線代替導線，將實驗電路連接完整____．

（2）正確連接實驗電路后，在閉合開關(guān)時靈敏電流計的指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)．開關(guān)閉合后，迅速移動滑動變阻器的滑片，靈敏電流計的指針______偏轉(zhuǎn)（選填“發(fā)生”或“不發(fā)生”）．斷開開關(guān)時靈敏電流計的指針______偏轉(zhuǎn)（選填“發(fā)生”或“不發(fā)生”）．

評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)32、將一帶電粒子以初速度υ0沿水平方向從A點射入方向豎直向上的勻強電場中，粒子從B點飛出電場時速度方向與電場方向夾角為電場的水平寬度為L，如圖所示．不計粒子的重力。設(shè)粒子的質(zhì)量為m，電荷量的絕對值為q。求。

（1）該勻強電場的電場強度為多大？

（2）A、B兩點的電勢差UAB為多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A．帶電粒子在電場中只受電場力作用從A靜止開始運動到B；說明電場力方向與電場方向相同，粒子帶正電，故A錯誤；

B．沿電場線方向電勢降低，故A點電勢大于B點，電場線密集的地方電場強度大，故A點場強小于B點；故B錯誤；

CD．電場力做正功；電勢能減小，動能增大，故C錯誤，D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

AB．由電路圖可知，S閉合后，當溫度升高時，由于電路為并聯(lián)電路，電阻增大，則總電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知總電流I減小，由于

則U增大，即電燈泡兩端電壓U增大，即燈泡L變亮，由于

可知，增大，則流過和的電流減小，由于

可知減小，由于

則可知增大，則電容器C兩端電壓增大，由

可知電容器C的帶電荷量增大；故A正確，B錯誤；

C．根據(jù)

可知電容器C兩端電壓增大，則電容器C兩板間的電場強度增大；故C錯誤；

D．由上述可知，流過的電流減小，根據(jù)

可知消耗的功率減?。还蔇錯誤。

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．在探究求合力方法的實驗中使用了等效的思想；選項A錯誤；

B．伽利略在研究自由落體運動時采用了理想實驗和邏輯推理的方法；故B正確；

C．在利用v-t圖像推導勻變速直線運動的位移公式時；采用了微元法，選項C錯誤；

D．在計算帶電體間的相互作用力時；若電荷量分布對計算影響很小，將帶電體看做點電荷采用了“理想模型法”，選項D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)庫侖定律，A、B兩點電荷間的庫侖力大小F＝k代入數(shù)據(jù)得F＝9.0×10－3N

A錯誤；

B．A、B兩點電荷在P點產(chǎn)生的場強大小相等，均為E1＝kA、B兩點電荷形成的電場在P點的合場強大小E＝2E1cos60°=4.5×103V/m

根據(jù)矢量合成的法則，方向為x軸的正方向；B錯誤；

CD．P點處的電荷受到電場力的大小為F=qE=9.0×10－3N

C正確、D錯誤。5、B【分析】【詳解】

AB．等量異種點電荷的電場和等勢線分布如圖所示。

由圖可知，E、F兩點電勢不相同；但兩點電場強度相同，故A錯誤，B正確；

C．沿直線從C到D；電場強度先變大后變小，故C錯誤；

D．將帶正電的檢驗電荷從E點沿直線移到F點；電勢降低，電勢能減小，電場力做正功，故D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

A．圖像的斜率的絕對值表示電場強度的大小，故x1到x2之間場強為零；不是勻強電場，選項A錯誤；

B．圖像的斜率的絕對值表示電場強度的大小，則x2到之間的電場強度大于到x3之間的電場強度；故B錯誤；

C．沿著電場強度的方向電勢降低，故上x2到之間的電場強度的方向與到x3之間的電場強度的方向相反；故C錯誤；

D．因x1點的電勢高于x3點的電勢，可知正電荷沿x軸從x1運動到x3的過程中；電勢能減小，電場力做正功，故D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．平行板電容器與直流電源連接；其電壓保持不變，將上極板豎直向上移動一小段距離，板間場強減小，油滴所受電場力減小，油滴將沿豎直方向向下運動。故A正確，不符合題意；

B．平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，板間距離增大，電容器的電壓不變，根據(jù)

知板間場強減小，由U=Ed得知，P點與下極板間的電勢差減小，板間場強方向向下，P點電勢比下極板高，則可知，P點的電勢降低。故B正確；不符合題意；

C．平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離；則間距變大，導致電容變小。故C正確，不符合題意；

D．將上極板豎直向上移動一小段距離，板間距離增大，電容減小，電容器的電壓不變，由Q=CU得到，電量Q減小。故D正確；不符合題意。

故選B。8、B【分析】【詳解】

電流表內(nèi)阻不計，則A、C兩點相當于用導線連在一起，當在B、C兩點間加上6V的電壓時，R2與R3并聯(lián)，然后與R1串聯(lián)，電流表測量的是通過電阻R2的電流．等效電路圖如圖所示．

電路中的總電阻R總＝＝3Ω

干路中的電流為I總＝

由于R2與R3相等；所以電流表的示數(shù)為1A。

故選B．二、多選題(共8題，共16分)9、A:B:D【分析】【詳解】

A.由題意可知，C點的電勢為。

故A正確；

B.由于B、C兩點到A點()的距離相等，所以B、C兩點的電勢相等，所以從C點移到B點的過程中；電場力先做負功再做正功，總功為0，故B正確；

C.由于B、C兩點的電勢相等，所以當在B點固定后，C點的電勢為所以從無窮遠移到C點過程中；電場力做功為：

故C錯誤；

D.由于C點的電勢為所以電勢能為。

故D正確。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁場是客觀存在的；但磁感線不是實際存在的，故A錯誤；

B．磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向；也是該點的磁感應強度方向，故B正確；

CD．磁體外部磁感線是從N極到S極；而內(nèi)部是從S極到N極，形成閉合的曲線，故C錯誤，D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．加5V電壓時；電流為1.0A，由歐姆定律可知。

故A正確；

B．由圖可知；當加12V電壓時，電流約為1.5A，則導體的電阻約為。

故B錯誤；

CD．由圖可知，隨電壓增大，圖線的斜率k減小，在圖象中；斜率表示電阻的倒數(shù)，即。

可知隨著電壓的減小；導體的電阻不斷減小，隨電壓增大，導體的電阻不斷增大，故D正確，C錯誤。

故選AD。12、A:D【分析】【詳解】

A．同種電荷的電場線是排斥狀的，沿電場線方向電勢逐漸降低，所以可知O點的電勢高于c點的電勢；故A正確；

B．設(shè)則根據(jù)電場的疊加可知a點的電場強度為：

b點的電場強度為：

可見故B錯誤；

C．因為M點電荷電荷量大于N點電荷量，若將電子從a點移動到b點，電場力總體而言做負功，電勢能增加，所以電子在a點的電勢能小于在b點的電勢能；故C錯誤；

D．對兩個電荷在中垂線上的場強進行疊加，在Oc段方向斜向右上，在Od段方向斜向右下，所以電子所受的電場力在Oc段斜向左下，在Od段斜向左上；電場力跟速度的方向先是銳角后是鈍角，電場力對電子先做正功后做負功，故D正確。

故選AD。13、A:C【分析】【詳解】

A．勻強電場中帶電粒子僅受電場力，已知M帶正電，由MN粒子的運動軌跡可知，兩粒子的受到的電場力方向相反，故N帶負電；A正確；

B．根據(jù)M的運動軌跡可知，電場力方向向右，與等勢面垂直，故電場方向水平向右，等勢面a的電勢高于等勢面b的電勢；B錯誤；

CD．運動過程中，帶電粒子MN的電場力均做正功；電勢能減小，動能增加，故C正確，D錯誤。

故選AC。14、A:D【分析】【詳解】

A．如圖所示。

對小球A受力分析，由平行四邊形法則可知，當A小球到達虛線位置時，斜面對A的彈力減??；A正確；

B．對AB整體受力分析，和的豎直分量之和等于AB的重力之和，減小，則的豎直分量減小，則增大；B錯誤；

C．對B受力分析，F(xiàn)等于庫侖力的水平分量，因為減小且與水平方向的夾角變大，則的水平分量減小，即F減小；C錯誤；

D．由A受力可知；兩球之間的庫侖力減小，根據(jù)庫侖定律，兩球之間的距離變大，D正確。

故選AD。15、A:C【分析】【詳解】

A．將電荷量為的粒子從A點沿直線移動到B點，電場力做功為

則有

若將該粒子從C點沿直線移動到D點，電場力做功為2W，可得

根據(jù)勻強電場可知，CO沿著電場線的距離是AO沿著電場線的距離的2倍；而由幾何關(guān)系做輔助線如圖所示。

因A點在CO的投影點M為中點，可知電場線沿CD方向，故勻強電場的場強為

故A正確；

B．A、C兩點間的電勢差為

故B錯誤；

C．將該粒子從B點移動到D點，電場力做功為

故C正確；

D．將該正粒子從C點移動到B點；相當于從C點到N點，電場力做正功，電勢能減少，故D錯誤；

故選AC。16、A:C【分析】【詳解】

AB．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻R1兩端的電壓減小，電阻R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻R1兩端的電壓減小量小于△U，則電容器的帶電量減小，減小量小于C△U．故A正確；B錯誤．

C．根據(jù)歐姆定律R增大，則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大．故C正確．

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R1+r），由數(shù)學知識得知，保持不變．故D錯誤．三、填空題(共9題，共18分)17、A:C【分析】【分析】

【詳解】

由安培定則得到，在A區(qū)域水平導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，豎直導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，所以有磁感強度為零的一點，A對；在B區(qū)域水平導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，豎直導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，所以沒有磁感強度為零的一點，B錯；在C區(qū)域水平導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，豎直導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，所以有磁感強度為零的一點，C對；在D區(qū)域水平導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，豎直導線產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，所以沒有磁感強度為零的一點，D錯．18、略

【分析】【詳解】

略【解析】電子19、略

【解析】-20020、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)測量電動勢和內(nèi)阻的實驗，要學會利用計算法和圖像法求電動勢和內(nèi)阻?！窘馕觥坑嬎銏D像21、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的示數(shù)為

[2]螺旋測微器的示數(shù)為【解析】10.0254.48722、略

【分析】【詳解】

（1）[1]各種形式的能可以相互轉(zhuǎn)化。

（2）[2]各種物理現(xiàn)象可以用能量守恒定律聯(lián)系在一起?！窘馕觥肯嗷マD(zhuǎn)化能量守恒定律23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]要將它改裝成量程為3V的電壓表，應串聯(lián)的電阻

[2]對應電壓測量值為【解析】①.2900②.0.9024、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，電源的電動勢為9V；電路中的短路電流為6A，則由歐姆定律可知，內(nèi)阻

[2]電源與電阻串聯(lián)時，電路中電流相等，由圖可知電路中電流為2A，兩端的電壓為6V，故電阻R上消耗的電功率為P=UI=6×2W=12W【解析】1.51225、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）[4][5]通電螺線管的磁場，安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與電流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺線管軸線上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向?！窘馕觥竣?四指②.四指③.大拇指④.電流方向⑤.螺線管軸線四、作圖題(共4題，共8分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安