高級中學名校試卷PAGEPAGE12024—2025學年度上學期高二年級期中考試物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡的指定位置?？荚嚱Y束后，將答題卡交回。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。3.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖所示，甲、乙兩根銅棒的長度相同，橫截面積之比為1∶2，并聯接入電路。閉合開關，電流穩(wěn)定后，兩棒內自由電子定向移動的平均速率與的比值為（）A. B. C.1 D.2【答案】C【解析】兩根銅棒材質相同，根據電阻定律可知并聯電壓相等，所以電流通過甲的電流為乙的一半，根據可知故選C。2.某元件內四個定值電阻連接成的混聯電路如圖所示，其中R1=R2=R，R3=2R，R4=6R。接入電路后，電阻R1兩端的電壓為U1，通過電阻R1的電流為I1。下列判斷正確的是（）A.電路中的總電阻為4R B.通過電阻R2的電流為C.通過電阻R4的電流為 D.電阻R4兩端的電壓為6U1【答案】C【解析】A．并聯部分，其等效電阻為電路中的總電阻為故A錯誤；B．根據串聯電路電壓和電阻成正比可知，并聯部分電壓為R1的2倍，即2U1，且通過電阻R2的電流為故B錯誤；C．通過電阻R4的電流為故C正確；D．根據B選項分析可知，電阻R4兩端的電壓為2U1，故D錯誤。故選C3.小明家的吹風機線圈電阻為R，正常工作時其兩端電壓為U、電流為I。則其正常工作t時間內，產生的熱量是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】根據焦耳定律依題意可得，吹風機正常工作t時間內，產生的熱量故D正確，ABC錯誤；故選D。4.磁流體發(fā)電機工作原理如圖所示，a、b是正對的兩個電阻可忽略的導體電極，面積均為S，間距為d，分別與負載電阻R相連。a、b之間存在勻強磁場，當高溫等離子電離氣體以速度向右進入a、b之間時，運動的電離氣體受到磁場作用，使a、b之間產生了電勢差，理想電壓表的示數為U，通過負載電阻R的電流由1指向2。已知a、b之間等離子體的等效電阻為，則關于a、b之間磁感應強度B的大小和方向，下列說法正確的是（）A.，垂直紙面向里 B.，垂直紙面向外C.，垂直紙面向外 D.，垂直紙面向里【答案】B【解析】通過負載電阻R的電流由1指向2，可知下極板帶正電，根據左手定則可知，磁感應強度垂直紙面向外；理想電壓表的示數為U，可知感應電動勢為當發(fā)電通道上下表面間的電勢差穩(wěn)定時，有解得故選B。5.如圖所示，電源電動勢和內阻恒定，、、均為滑動變阻器，為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表。三個滑動變阻器的滑片均位于中間時，閉合開關S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴剛好處于靜止狀態(tài)。移動滑動變阻器的滑片，電壓表示數變化量的絕對值為，電流表示數變化量的絕對值為。下列判斷正確的是（）A.僅使的滑片向左移動，電源的輸出功率一定增大B.僅使的滑片向上移動，帶電液滴將向上運動C.僅使的滑片向上移動，電流表的示數增大D.無論滑動變阻器接入電路的電阻如何變化，與的比值都保持不變【答案】C【解析】A．因為當電源內阻等于外電路總電阻時，電源輸出功率最大，而題中未給出電源內阻與外電阻關系，無法判斷電源的輸出功率，故A錯誤；B．與電容器串聯，穩(wěn)定后，沒有電流通過，所以僅使的滑片向上移動，不會改變電容器兩端電壓和板間場強，帶電液滴將不動，故B錯誤；C．僅使的滑片向上移動，接入電路電阻變大，外回路總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，內阻和分壓減小，并聯部分分壓變大，電流表示數半大，故C正確；D．當移到最下端，則電流表示數為零，此時改變，電壓表示數變化不為零，故并非在任何情況下與的比值都保持不變，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，虛線左側區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，右側的區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小均為B。面積為S的正方形線圈abcd垂直于磁場放置。初始時cd邊恰好與虛線重合，下列判斷正確的是（）A.把線圈以cd為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為零B.把線圈以bc為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為零C.把線圈向右平移到ab與虛線重合，通過線圈磁通量的變化量為零D.把線圈向右平移到ab與虛線重合，線圈中不產生感應電流【答案】A【解析】A．把線圈以cd為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為故A正確；B．把線圈以bc為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為故B錯誤；C．把線圈向右平移到ab與虛線重合，通過線圈磁通量的變化量為故C錯誤；D．把線圈向右平移到ab與虛線重合，磁通量會發(fā)生變化，則線圈中產生感應電流，故D錯誤；故選A。7.如圖所示，質量為m、電荷量為q的小圓環(huán)套在粗細均勻的固定絕緣豎直桿上，整個裝置處在垂直于紙面向里的水平勻強磁場中，磁感應強度大小為B。小圓環(huán)與桿間的動摩擦因數為，重力加速度為g。已知絕緣桿足夠長，現使小圓環(huán)從O點以初速度向下運動，下列判斷正確的是（）A.當小圓環(huán)的加速度大小為時，速度大小一定為B.若，則小圓環(huán)一直做加速度減小的加速運動C.若，則小圓環(huán)一直做勻速直線運動D.若，則小圓環(huán)運動過程中的最大加速度大小為【答案】C【解析】A．小圓環(huán)開始時受水平方向的洛倫茲力、重力、彈力及摩擦力，若開始時重力大于摩擦力，則某時刻圓環(huán)的加速度應為隨速度增加，加速度減小，當加速度減小為零時，勻速下滑；當小圓環(huán)的加速度大小為時，即解得若開始時重力小于摩擦力，則小圓環(huán)做減速運動，某時刻小球的加速度應為當加速度減為零時勻速運動，則當小圓環(huán)的加速度大小為時，即解得選項A錯誤；B．若，則小圓環(huán)開始時受摩擦力為零，則向下加速運動，隨速度的增加，洛倫茲力變大，摩擦力變大，加速度減小，即圓環(huán)做加速度減小的加速運動，當加速度減為零時做勻速運動，選項B錯誤；C．若，即可知小圓環(huán)一直做勻速直線運動，選項C正確；D．若，則小圓環(huán)做加速度減小的減速運動，開始時的加速度最大，則運動過程中的最大加速度大小選項D錯誤。故選C。8.物理興趣小組的同學們通過實驗研究通過導體的電流與導體兩端的電壓之間的規(guī)律。、的圖像如圖所示，圖中的小格均為正方形。下列說法正確的是（）A.若與串聯在電路中，、兩端的電壓之比為1∶3B.若與串聯在電路中，、功率之比為1∶9C.若與并聯，并聯后的電阻大小為1ΩD.若與并聯在電路中，通過、的電流之比為9∶1【答案】BD【解析】A．圖像斜率的倒數等于電阻可知若與串聯在電路中，則電流相等，根據U=IR可知，、兩端電壓之比為1∶9，選項A錯誤；B．若與串聯在電路中，根據P=I2R可知，、的功率之比為1∶9，選項B正確；C．因每個電阻的大小不確定，則不能確定與并聯后的電阻大小，選項C錯誤；D．若與并聯在電路中，則電壓相等，根據U=IR可知通過、的電流之比為9∶1，選項D正確。9.同學們學習了奧斯特尋找電和磁的聯系時做了大量的實驗，引起了探究熱情。圖甲中的小磁針a置于通電導線環(huán)的中心，圖乙中的小磁針b置于通電導線的延長線上，圖丙、丁中的小磁針c和d置于平行通電導線之間的中線上，且兩通電導線的電流大小相等。則小磁針最終靜止時，N極指向垂直紙面向外的是（）A.a B.b C.c D.d【答案】AC【解析】A．根據右手螺旋定則，甲圖線圈內產生的磁場垂直于紙面向外，故小磁針a最終靜止時，N極指向磁場方向向外，故A正確；B．由于通電導線在其延長線上無磁場，故小磁針b不會動，故B錯誤；C．通電導線產生磁場方向可由右手螺旋定則判斷可知，通電導線在小磁針c處產生的磁場垂直于紙面向外，故則小磁針c最終靜止時，N極指向磁場方向向外，故C正確；D．通電產生磁場方向可由右手螺旋定則判斷可知，兩導線在小磁針d處產生的磁場等大反向抵消為0，故小磁d針不動，故D錯誤；故選AC。10.如圖所示，豎直放置的平行電極板M和N之間存在加速電場，N板右側是一個速度選擇器，內部存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，其中電場強度大小為E，磁感應強度大小為B。從M和N之間的中點S釋放一個比荷為k的帶正電粒子，加速后穿過N板的小孔O，恰能沿虛線通過速度選擇器，不計粒子的重力。下列說法正確的是（）A.M和N之間的電壓為B.從S點釋放比荷為的帶正電粒子，沿虛線通過速度選擇器的速度大小為C.從S、O的中點釋放比荷為的帶正電粒子，通過小孔O后向下偏轉D.從靠近M板的P點釋放比荷為的帶正電粒子，能沿虛線通過速度選擇器【答案】AD【解析】A．粒子從S到O點解得在選擇器中解得M和N之間的電壓為選項A正確；B．只要粒子沿虛線通過速度選擇器，則滿足其速度大小均為選項B錯誤；C．從S、O的中點釋放比荷為的帶正電粒子，則根據解得此時可知粒子通過小孔O后仍沿虛線運動，選項C錯誤；D．從靠近M板的P點釋放比荷為的帶正電粒子，則即解得則粒子能沿虛線通過速度選擇器，選項D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學利用多用電表粗測一個待測電阻的阻值，測量過程如下，請將步驟補充完整。（1）進行機械調零后，將選擇開關撥到如圖所示的位置，將紅、黑表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指在右側的零刻度線；（2）將紅、黑表筆分別與待測電阻的兩端相連，指針位置如圖中的甲位置。為了減少測量誤差，應將選擇開關旋轉到________（填“×10”或“×1k”）位置，再進行歐姆調零。（3）再次將紅、黑表筆分別與待測電阻的兩端相連，指針穩(wěn)定在圖中的乙位置，則待測電阻的阻值約為________Ω。實驗完成后，將選擇開關撥到圖中的________位置?！敬鸢浮浚?）（3）160“OFF”【解析】（2）[1]將兩表筆分別與待測電阻的兩端接觸，發(fā)現指針偏轉角度太大，說明待測電阻阻值較小，選擇歐姆擋位太大，應選擇低擋位，即應選擇擋位。（3）[2][3]選擇好擋位后，重新進行歐姆調零，再進行測量，由題圖可知，歐姆表的讀數為16×10Ω=160Ω實驗完成后，將選擇開關撥到圖中的“OFF”擋位。12.高二一班的同學們在實驗室測量電池的電動勢和內阻。除了電池、開關、導線外，提供的器材還有：A．電流表A（量程0~0.6A，內阻約為0.5Ω）B．電壓表V（量程0~3V，內阻約為3kΩ）C．定值電阻（允許通過的最大電流為2.0A）D．滑動變阻器R（0~20Ω，允許通過的最大電流為2.0A）（1）一組的同學設計了如圖甲所示的電路，二組的同學設計了如圖乙所示的電路。實驗中測得多組電壓表的示數U和電流表的示數I，作出的圖像如圖丙所示，圖線對應著電路圖_________（填“甲”或“乙”）。（2）同學們討論后，認為要減小測量誤差，應該選擇電路圖_________（填“甲”或“乙”）完成實驗，理由是__________________。（3）根據同學們選擇的電路圖完成實驗，由圖線可得電池的電動勢_________V，內阻_________Ω（結果均保留兩位有效數字）?！敬鸢浮浚?）乙（2）甲由圖可知，電源內阻很小，造成測量中電壓表波動小，不易測量，所以電源需要串聯一個電阻增大內阻，方便實驗測量（3）1.40.50【解析】（1）由電源U-I線可知，其斜率絕對值表示電源內阻大小，由電路圖可知a圖線斜率絕對值小，故對應電路圖乙。（2）[1]為了減小誤差，應該選擇甲圖[2]由圖可知，電源內阻很小，造成測量中電壓表波動小，不易測量，所以需要電源需要串聯一個電阻增大內阻，方便實驗測量。（3）[1]由閉合電路歐姆定律得結合圖像和函數圖像縱截距表示E大小E=1.4V[2]圖像斜率絕對值表示r+R0大小故13.如圖所示，間距的平行金屬導軌固定在絕緣水平面上，導軌間分布著勻強磁場，其磁感應強度大小，方向斜向左上方且與水平面的夾角為37°。質量的導體棒MN垂直放在金屬導軌上。通過導軌可為導體棒提供從M到N的恒定電流。當電流時，導體棒恰好保持靜止，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，導體棒與金屬導軌接觸良好，金屬導軌電阻不計，重力加速度，，。（1）求導體棒與金屬導軌間的動摩擦因數；（2）繼續(xù)增大電流，導體棒開始運動。求當電流時，導體棒在金屬導軌上運動時的加速度大小?！敬鸢浮浚?）0.5（2）【解析】（1）對導體棒進行受力分析，如圖所示則有，解得（2）結合上述，當電流時，對導體棒進行分析有，解得14.某種小風扇與小燈泡組成如圖所示的實驗電路。電源電動勢，小燈泡的規(guī)格為“6V12W”，小風扇電動機的線圈電阻。閉合開關，斷開開關S，電阻箱接入電路的電阻，小燈泡正常發(fā)光；閉合開關和S，電阻箱接入電路的電阻時，小燈泡正常發(fā)光，小風扇也正常工作。燈絲電阻不變。（1）求電源的內阻；（2）求小風扇正常工作時的總功率P和機械效率；（3）若小風扇工作時葉片突然被卡住，此時通過小燈泡的電流增大還是減小？【答案】（1）（2）10W，（3）減小【解析】（1）小燈泡正常發(fā)光，通過小燈泡的電流解得閉合開關，斷開開關S，小燈泡正常發(fā)光，則有解得（2）閉合開關和S，小燈泡正常發(fā)光，小風扇也正常工作，則路端電壓解得此時通過小風扇的電流解得則小風扇正常工作時的總功率P為解得小風扇正常工作時的機械效率解得（3）將小風扇等效為一個電阻，若小風扇工作時葉片突然被卡住，小風扇相當于一個純電阻，小風扇的等效電阻減小，即電路總電阻減小，干路電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，則通過小燈泡的電流減小。15.某控制帶電粒子運動軌跡的裝置模型如圖所示，平面直角坐標系xOy內，在且的區(qū)域內存在沿y軸負方向的勻強電場，其余區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場。一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，從點以初速度沿x軸正方向射入電場，從點離開電場并進入磁場，垂直穿過y軸后進入第三象限。不計粒子的重力，，。求：（1）勻強電場的電場強度大小E；（2）勻強磁場的磁感應強度大小B；（3）帶電粒子第四次穿過x軸的位置坐標?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（，0）【解析】（1）粒子在電場內做類平拋運動，x方向上做勻速直線運動，y方向上做初速度為零的勻加速直線運動則x方向上有y方向上有聯立以上兩式解得，在y方向上有根據牛頓第二定律解得，勻強電場的電場強度大小（2）設粒子進入磁場時合速度方向與x軸正方向的夾角為，則有聯立以上各式解得合速度因為帶電粒子垂直穿過y軸后進入第三象限，所以圓心在y軸上，軌跡如圖所示粒子在磁場中運動的軌跡半徑粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有解得勻強磁場的磁感應強度大小（3）帶電粒子再次進入電場的縱坐標為在電場中再次做類平拋運動，在y軸方向解得出電場時的橫坐標為設此時速度大小為，與正半軸夾角為，則其中解得則根據洛倫茲力提供向心力解得設粒子第三次穿過軸與第四次穿過軸的距離為，則所以，帶電粒子第四次穿過軸橫坐標為即帶電粒子第四次穿過軸的位置坐標為（，0）。2024—2025學年度上學期高二年級期中考試物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡的指定位置。考試結束后，將答題卡交回。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。3.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖所示，甲、乙兩根銅棒的長度相同，橫截面積之比為1∶2，并聯接入電路。閉合開關，電流穩(wěn)定后，兩棒內自由電子定向移動的平均速率與的比值為（）A. B. C.1 D.2【答案】C【解析】兩根銅棒材質相同，根據電阻定律可知并聯電壓相等，所以電流通過甲的電流為乙的一半，根據可知故選C。2.某元件內四個定值電阻連接成的混聯電路如圖所示，其中R1=R2=R，R3=2R，R4=6R。接入電路后，電阻R1兩端的電壓為U1，通過電阻R1的電流為I1。下列判斷正確的是（）A.電路中的總電阻為4R B.通過電阻R2的電流為C.通過電阻R4的電流為 D.電阻R4兩端的電壓為6U1【答案】C【解析】A．并聯部分，其等效電阻為電路中的總電阻為故A錯誤；B．根據串聯電路電壓和電阻成正比可知，并聯部分電壓為R1的2倍，即2U1，且通過電阻R2的電流為故B錯誤；C．通過電阻R4的電流為故C正確；D．根據B選項分析可知，電阻R4兩端的電壓為2U1，故D錯誤。故選C3.小明家的吹風機線圈電阻為R，正常工作時其兩端電壓為U、電流為I。則其正常工作t時間內，產生的熱量是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】根據焦耳定律依題意可得，吹風機正常工作t時間內，產生的熱量故D正確，ABC錯誤；故選D。4.磁流體發(fā)電機工作原理如圖所示，a、b是正對的兩個電阻可忽略的導體電極，面積均為S，間距為d，分別與負載電阻R相連。a、b之間存在勻強磁場，當高溫等離子電離氣體以速度向右進入a、b之間時，運動的電離氣體受到磁場作用，使a、b之間產生了電勢差，理想電壓表的示數為U，通過負載電阻R的電流由1指向2。已知a、b之間等離子體的等效電阻為，則關于a、b之間磁感應強度B的大小和方向，下列說法正確的是（）A.，垂直紙面向里 B.，垂直紙面向外C.，垂直紙面向外 D.，垂直紙面向里【答案】B【解析】通過負載電阻R的電流由1指向2，可知下極板帶正電，根據左手定則可知，磁感應強度垂直紙面向外；理想電壓表的示數為U，可知感應電動勢為當發(fā)電通道上下表面間的電勢差穩(wěn)定時，有解得故選B。5.如圖所示，電源電動勢和內阻恒定，、、均為滑動變阻器，為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表。三個滑動變阻器的滑片均位于中間時，閉合開關S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴剛好處于靜止狀態(tài)。移動滑動變阻器的滑片，電壓表示數變化量的絕對值為，電流表示數變化量的絕對值為。下列判斷正確的是（）A.僅使的滑片向左移動，電源的輸出功率一定增大B.僅使的滑片向上移動，帶電液滴將向上運動C.僅使的滑片向上移動，電流表的示數增大D.無論滑動變阻器接入電路的電阻如何變化，與的比值都保持不變【答案】C【解析】A．因為當電源內阻等于外電路總電阻時，電源輸出功率最大，而題中未給出電源內阻與外電阻關系，無法判斷電源的輸出功率，故A錯誤；B．與電容器串聯，穩(wěn)定后，沒有電流通過，所以僅使的滑片向上移動，不會改變電容器兩端電壓和板間場強，帶電液滴將不動，故B錯誤；C．僅使的滑片向上移動，接入電路電阻變大，外回路總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，內阻和分壓減小，并聯部分分壓變大，電流表示數半大，故C正確；D．當移到最下端，則電流表示數為零，此時改變，電壓表示數變化不為零，故并非在任何情況下與的比值都保持不變，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，虛線左側區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，右側的區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小均為B。面積為S的正方形線圈abcd垂直于磁場放置。初始時cd邊恰好與虛線重合，下列判斷正確的是（）A.把線圈以cd為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為零B.把線圈以bc為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為零C.把線圈向右平移到ab與虛線重合，通過線圈磁通量的變化量為零D.把線圈向右平移到ab與虛線重合，線圈中不產生感應電流【答案】A【解析】A．把線圈以cd為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為故A正確；B．把線圈以bc為軸轉過180°，通過線圈磁通量的變化量為故B錯誤；C．把線圈向右平移到ab與虛線重合，通過線圈磁通量的變化量為故C錯誤；D．把線圈向右平移到ab與虛線重合，磁通量會發(fā)生變化，則線圈中產生感應電流，故D錯誤；故選A。7.如圖所示，質量為m、電荷量為q的小圓環(huán)套在粗細均勻的固定絕緣豎直桿上，整個裝置處在垂直于紙面向里的水平勻強磁場中，磁感應強度大小為B。小圓環(huán)與桿間的動摩擦因數為，重力加速度為g。已知絕緣桿足夠長，現使小圓環(huán)從O點以初速度向下運動，下列判斷正確的是（）A.當小圓環(huán)的加速度大小為時，速度大小一定為B.若，則小圓環(huán)一直做加速度減小的加速運動C.若，則小圓環(huán)一直做勻速直線運動D.若，則小圓環(huán)運動過程中的最大加速度大小為【答案】C【解析】A．小圓環(huán)開始時受水平方向的洛倫茲力、重力、彈力及摩擦力，若開始時重力大于摩擦力，則某時刻圓環(huán)的加速度應為隨速度增加，加速度減小，當加速度減小為零時，勻速下滑；當小圓環(huán)的加速度大小為時，即解得若開始時重力小于摩擦力，則小圓環(huán)做減速運動，某時刻小球的加速度應為當加速度減為零時勻速運動，則當小圓環(huán)的加速度大小為時，即解得選項A錯誤；B．若，則小圓環(huán)開始時受摩擦力為零，則向下加速運動，隨速度的增加，洛倫茲力變大，摩擦力變大，加速度減小，即圓環(huán)做加速度減小的加速運動，當加速度減為零時做勻速運動，選項B錯誤；C．若，即可知小圓環(huán)一直做勻速直線運動，選項C正確；D．若，則小圓環(huán)做加速度減小的減速運動，開始時的加速度最大，則運動過程中的最大加速度大小選項D錯誤。故選C。8.物理興趣小組的同學們通過實驗研究通過導體的電流與導體兩端的電壓之間的規(guī)律。、的圖像如圖所示，圖中的小格均為正方形。下列說法正確的是（）A.若與串聯在電路中，、兩端的電壓之比為1∶3B.若與串聯在電路中，、功率之比為1∶9C.若與并聯，并聯后的電阻大小為1ΩD.若與并聯在電路中，通過、的電流之比為9∶1【答案】BD【解析】A．圖像斜率的倒數等于電阻可知若與串聯在電路中，則電流相等，根據U=IR可知，、兩端電壓之比為1∶9，選項A錯誤；B．若與串聯在電路中，根據P=I2R可知，、的功率之比為1∶9，選項B正確；C．因每個電阻的大小不確定，則不能確定與并聯后的電阻大小，選項C錯誤；D．若與并聯在電路中，則電壓相等，根據U=IR可知通過、的電流之比為9∶1，選項D正確。9.同學們學習了奧斯特尋找電和磁的聯系時做了大量的實驗，引起了探究熱情。圖甲中的小磁針a置于通電導線環(huán)的中心，圖乙中的小磁針b置于通電導線的延長線上，圖丙、丁中的小磁針c和d置于平行通電導線之間的中線上，且兩通電導線的電流大小相等。則小磁針最終靜止時，N極指向垂直紙面向外的是（）A.a B.b C.c D.d【答案】AC【解析】A．根據右手螺旋定則，甲圖線圈內產生的磁場垂直于紙面向外，故小磁針a最終靜止時，N極指向磁場方向向外，故A正確；B．由于通電導線在其延長線上無磁場，故小磁針b不會動，故B錯誤；C．通電導線產生磁場方向可由右手螺旋定則判斷可知，通電導線在小磁針c處產生的磁場垂直于紙面向外，故則小磁針c最終靜止時，N極指向磁場方向向外，故C正確；D．通電產生磁場方向可由右手螺旋定則判斷可知，兩導線在小磁針d處產生的磁場等大反向抵消為0，故小磁d針不動，故D錯誤；故選AC。10.如圖所示，豎直放置的平行電極板M和N之間存在加速電場，N板右側是一個速度選擇器，內部存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，其中電場強度大小為E，磁感應強度大小為B。從M和N之間的中點S釋放一個比荷為k的帶正電粒子，加速后穿過N板的小孔O，恰能沿虛線通過速度選擇器，不計粒子的重力。下列說法正確的是（）A.M和N之間的電壓為B.從S點釋放比荷為的帶正電粒子，沿虛線通過速度選擇器的速度大小為C.從S、O的中點釋放比荷為的帶正電粒子，通過小孔O后向下偏轉D.從靠近M板的P點釋放比荷為的帶正電粒子，能沿虛線通過速度選擇器【答案】AD【解析】A．粒子從S到O點解得在選擇器中解得M和N之間的電壓為選項A正確；B．只要粒子沿虛線通過速度選擇器，則滿足其速度大小均為選項B錯誤；C．從S、O的中點釋放比荷為的帶正電粒子，則根據解得此時可知粒子通過小孔O后仍沿虛線運動，選項C錯誤；D．從靠近M板的P點釋放比荷為的帶正電粒子，則即解得則粒子能沿虛線通過速度選擇器，選項D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學利用多用電表粗測一個待測電阻的阻值，測量過程如下，請將步驟補充完整。（1）進行機械調零后，將選擇開關撥到如圖所示的位置，將紅、黑表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指在右側的零刻度線；（2）將紅、黑表筆分別與待測電阻的兩端相連，指針位置如圖中的甲位置。為了減少測量誤差，應將選擇開關旋轉到________（填“×10”或“×1k”）位置，再進行歐姆調零。（3）再次將紅、黑表筆分別與待測電阻的兩端相連，指針穩(wěn)定在圖中的乙位置，則待測電阻的阻值約為________Ω。實驗完成后，將選擇開關撥到圖中的________位置。【答案】（2）（3）160“OFF”【解析】（2）[1]將兩表筆分別與待測電阻的兩端接觸，發(fā)現指針偏轉角度太大，說明待測電阻阻值較小，選擇歐姆擋位太大，應選擇低擋位，即應選擇擋位。（3）[2][3]選擇好擋位后，重新進行歐姆調零，再進行測量，由題圖可知，歐姆表的讀數為16×10Ω=160Ω實驗完成后，將選擇開關撥到圖中的“OFF”擋位。12.高二一班的同學們在實驗室測量電池的電動勢和內阻。除了電池、開關、導線外，提供的器材還有：A．電流表A（量程0~0.6A，內阻約為0.5Ω）B．電壓表V（量程0~3V，內阻約為3kΩ）C．定值電阻（允許通過的最大電流為2.0A）D．滑動變阻器R（0~20Ω，允許通過的最大電流為2.0A）（1）一組的同學設計了如圖甲所示的電路，二組的同學設計了如圖乙所示的電路。實驗中測得多組電壓表的示數U和電流表的示數I，作出的圖像如圖丙所示，圖線對應著電路圖_________（填“甲”或“乙”）。（2）同學們討論后，認為要減小測量誤差，應該選擇電路圖_________（填“甲”或“乙”）完成實驗，理由是__________________。（3）根據同學們選擇的電路圖完成實驗，由圖線可得電池的電動勢_________V，內阻_________Ω（結果均保留兩位有效數字）?！敬鸢浮浚?）乙（2）甲由圖可知，電源內阻很小，造成測量中電壓表波動小，不易測量，所以電源需要串聯一個電阻增大內阻，方便實驗測量（3）1.40.50【解析】（1）由電源U-I線可知，其斜率絕對值表示電源內阻大小，由電路圖可知a圖線斜率絕對值小，故對應電路圖乙。（2）[1]為了減小誤差，應該選擇甲圖[2]由圖可知，電源內阻很小，造成測量中電壓表波動小，不易測量，所以需要電源需要串聯一個電阻增大內阻，方便實驗測量。（3）[1]由閉合電路歐姆定律得結合圖像和函數圖像縱截距表示E大小E=1.4V[2]圖像斜率絕對值表示r+R0大小故13.如圖所示，間距的平行金屬導軌固定在絕緣水平面上，導軌間分布著勻強磁場，其磁感應強度大小，方向斜向左上方且與水平面的夾角為37°。質