第=page1010頁，共=sectionpages2323頁2022年湖南省岳陽市高考物理二模試卷題號一二三四五總分得分一、單選題（本大題共6小題，共24分）下面關(guān)于一些物理量的說法正確的是(????)A.加速度是描述物體運(yùn)動速度變化快慢的物理量，其大小等于位移與發(fā)生這段位移所用時間的比值

B.功率是描述力對物體做功多少的物理量，它等于功與完成這些功所用時間的比值

C.電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，其在數(shù)值上等于使電容器兩極板間電勢差為1V時電容器所需要帶的電荷量

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場強(qiáng)弱的物理量，其大小等于穿過單位體積的磁通量，也叫磁通密度在火星上，太陽能電池板的發(fā)電能力有限，因此科學(xué)家用放射性材料PuO2作為發(fā)電能源為火星車供電。PuO2中的Pu元素是?94238Pu，具有天然放射性，半衰期為87.7年。?94A.X原子核的中子數(shù)為141

B.?94238Pu原子核發(fā)生α衰變后產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能比?94238Pu核的比結(jié)合能小

C.10個?94238Pu兩個完全相同的彈簧秤豎直放置，下方懸掛一祖細(xì)均勻的水平直導(dǎo)線ab，長度為L。整個裝置處在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示。若在ab中通入由a到b的恒定電流I，其中一個彈簧秤的示數(shù)為F1，若將電流反向，大小不變，則其中一個彈簧秤的示數(shù)為F2。下列說法正確的是(????)A.直導(dǎo)線ab的質(zhì)量m=F1+F2g

B.直導(dǎo)線ab的質(zhì)量m=F1+真空中A、B、C為一等邊三角形的三個頂點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)分別放等量同種電荷后，三角形中心O點(diǎn)的場強(qiáng)為E，電勢為φ；若再在C點(diǎn)放一等量異種電荷，取無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則O點(diǎn)的場強(qiáng)大小和電勢應(yīng)分別為(????)A.E，φ

B.2E,φ2

C.2E,?φ2

2022年2月5日下午，北京冬奧會跳臺滑雪項(xiàng)目比賽在位于張家口的國家跳臺滑雪中心舉行，國家跳臺滑雪中心是中國首座跳臺滑雪場館，主體建筑靈感來自于中國傳統(tǒng)飾物“如意”，因此被形象地稱作“雪如意”。如圖所示，現(xiàn)有兩名運(yùn)動員(均視為質(zhì)點(diǎn))從跳臺a處先后沿水平方向向左飛出，其速度大小之比為v1：v2=2：1，不計(jì)空氣阻力，則兩名運(yùn)動員從飛出至落到斜坡(可視為斜面)上的過程中，下列說法正確的是A.他們飛行時間之比為t1：t2=1：2

B.他們飛行的水平位移之比為x1：x2=2：1

C.他們在空中離坡面的最大距離之比為s1：s2=2：如圖所示，質(zhì)量均為m的木塊A和B，并排放在光滑水平面上，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長為L的細(xì)線，細(xì)線另一端系一質(zhì)量為m0的球C，現(xiàn)將C球拉起使細(xì)線水平伸直，并由靜止釋放C球，則下列說法不正確的是(????)A.A、B兩木塊分離時，A、B的速度大小均為m0mmgL2m+m0

B.A、B兩木塊分離時，C的速度大小為2mgL2m+m0

C.C球由靜止釋放到最低點(diǎn)的過程中，A對二、多選題（本大題共6小題，共29分）如圖為電能輸送示意圖，左側(cè)變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：3，連接兩理想變壓器的輸電線的總電阻為10Ω，右側(cè)變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1，輸電線上損失的功率為10W。已知降壓變壓器副線圈兩端的交變電壓u2=2202A.負(fù)載電阻的阻值為440Ω

B.升壓變壓器輸入功率為450W

C.通過輸電線上的電流為1A

D.升壓變壓器輸入電壓的表達(dá)式為u1中國科學(xué)家利用“慧眼”太空望遠(yuǎn)鏡觀測到了銀河系的MaxiJ1820+070是一個由黑洞和恒星組成的雙星系統(tǒng)，距離地球約10000光年。根據(jù)觀測，黑洞的質(zhì)量大約是太陽的8倍，恒星的質(zhì)量只有太陽的一半，若已知太陽質(zhì)量為M，引力常量為G，據(jù)此以上信息可以估算出(????)A.黑洞與恒星做勻速圓周運(yùn)動的軌道半徑之比

B.黑洞與恒星做勻速圓周運(yùn)動的線速度大小之比

C.黑洞做勻速圓周運(yùn)動的角速度大小

D.恒星的自轉(zhuǎn)周期如圖所示，地面上固定一傾角為θ=37°，高為?的光滑絕緣斜面，斜面置于水平向左的勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度大小為E=3mgq，現(xiàn)將一個帶正電的的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜面頂端由靜止釋放，已知物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，重力加速度為g，則下列說法正確的是A.物塊從靜止釋放到落地的過程中電場力做功為433mg?

B.物塊從靜止釋放到落地的過程中電場力做功為3mg?

C.物塊落地的速度大小為(2+8如圖所示：兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌水平固定，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂直，在ab與cd之間存在有垂直于軌道所在平面向里的勻強(qiáng)磁場。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ，MN平行于ab放置在導(dǎo)軌上，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好?，F(xiàn)在對PQ、MN施加相同的恒力F作用，先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止開始運(yùn)動。已知PQ進(jìn)入磁場時加速度恰好為零。從PQ進(jìn)入磁場開始計(jì)時，到MN離開磁場區(qū)域?yàn)橹?，PQ的運(yùn)動速度v、流過PQ的電流I隨時間t變化的圖象可能正確的是(????)A. B.

C. D.下列說法正確的是(????)A.熱傳遞的自然過程是大量分子從無序程度小的狀態(tài)向無序程度大的狀態(tài)轉(zhuǎn)化的過程

B.掃地時，在陽光照射下，看到塵埃飛舞，這是塵埃在做布朗運(yùn)動

C.物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的固體不一定是非晶體

D.飽和汽壓只跟汽體的自身性質(zhì)與溫度有關(guān)

E.液晶具有光學(xué)各向異性，所以液晶是晶體如圖所示，圖中陰影部分ABC為一透明材料做成的柱形光學(xué)元件的橫截面，該種材料對紅光的折射率n=2，AC為一半徑為R的四分之一圓弧，D為圓弧面圓心，ABCD構(gòu)成正方形。在D處有一紅色點(diǎn)光源，在紙面內(nèi)照射弧面AC，若只考慮首次從圓弧AC直接射向AB、BC的光線，已知光在真空中速度為c，則以下說法正確的是(????)A.紅光在該材料中傳播的速度為c2

B.光從該材料射到空氣發(fā)生全反射的臨界角為45°

C.點(diǎn)光源發(fā)出的光射到AB面上的最長時間為(2?1)Rc

D.照射在AC邊上的入射光，有弧長為16πR區(qū)域的光不能從AB、BC三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共6分）某同學(xué)用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證動能定理和測量滑塊與長木板之間的動摩擦數(shù)。將木板固定在水平桌面上，木板左端固定一個擋板，擋板與滑塊之間有一個輕質(zhì)彈簧，輕質(zhì)彈簧與擋板固定連接，滑塊靠近彈簧。長木板上安裝有兩個光電門。

(1)用螺旋測微器測量遮光片的寬度，如圖乙所示，其讀數(shù)為d=______mm；

(2)給滑塊裝上遮光片，向左推動滑塊，壓縮彈簧到適當(dāng)位置，由靜止松手，滑塊離開彈簧后先后通過光電門1、2，與光電門相連的計(jì)時器記錄下遮光片通過光電門1、2的時間分別為Δt1和Δt2，用刻度尺測出PQ間的距離為l，設(shè)滑塊質(zhì)量為m，滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，則滑塊從P位置運(yùn)動到Q位置的過程中驗(yàn)證動能定理的表達(dá)式為______(用第1、2小問中所給的字母表示)；

(3)改變彈簧的壓縮程度進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，并計(jì)算得出多組滑塊通過P點(diǎn)和Q點(diǎn)的速度v1和vv2123456v2.803.614.414.806.457.58v0.601.412.253.654.235.40(4)若重力加速度為g取9.8m/s2，用刻度尺測出PQ間的距離l=33.0cm，由v12?v2四、簡答題（本大題共1小題，共9分）某同學(xué)要將一量程為3V的電壓表V1改裝成量程為15V的電壓表V2。

(1)先將V1直接接到內(nèi)阻很小的電源兩端，讀數(shù)為2.0V；再將V1與阻值為3000Ω的電阻串聯(lián)后，接到該電源兩端，讀數(shù)為0.8V，則V1的內(nèi)阻為______Ω。

(2)要改裝成量程為15V的電壓表V2，需要將V1表與合適的電阻R______(選填“串聯(lián)”、“并聯(lián)”)

(3)將改裝后的電壓表V2與一標(biāo)準(zhǔn)電壓表校對，完成下面的實(shí)物連接。

(4)在閉合開關(guān)之前，滑動變阻器的滑片P置于最______端(選填“左”、“右”)。

(5)閉合開關(guān)，移動滑片P，標(biāo)準(zhǔn)表示數(shù)為10.5V時，V1表示數(shù)為2.5V。要達(dá)到預(yù)期目的，只需要將阻值為R的電阻換為一個阻值為kR的電阻即可，其中k=______(保留三位有效數(shù)字)。

五、計(jì)算題（本大題共4小題，共32分）如圖所示，傾斜放置的傳送帶與水平面間的夾角為θ=37°，傳送帶長為L=0.8m，以v0=1m/s的速度沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，傳送帶下端與地面平滑連接(可認(rèn)為物體在連接處速率不變)。一滑塊A從傳送帶頂端由靜止釋放，滑塊A的質(zhì)量為m1=1kg，與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ1=0.5。一段時間以后，滑塊A到達(dá)傳送帶底端，剛進(jìn)入水平面時與靜止在地面上的滑塊B發(fā)生彈性正碰，滑塊B的質(zhì)量為m2=1kg?；瑝KA、B與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ2=0.2。重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

(1)滑塊A加速到傳送帶的速度大小需要的時間；

(2)滑塊A

如圖甲所示，在xOy平面的第一象限內(nèi)存在周期性變化的磁場，規(guī)定磁場垂直紙面向內(nèi)的方向?yàn)檎?，磁感?yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在t=0時刻沿x軸正方向從坐標(biāo)原點(diǎn)O射入磁場。圖乙中T0為未知量，不計(jì)粒子的重力(sin37°=0.6,cos37°=0.8)。

(1)若粒子射入磁場時的速度為v0，求0～25T0時間內(nèi)粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑；

(2)若粒子恰好不能從Oy軸射出磁場，求磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的周期T0；

(3)若使粒子能從坐標(biāo)為(d,

2021年11月8日，王亞平身穿我國自主研發(fā)的艙外航天服“走出”太空艙，成為我國第一位在太空“漫步”的女性。艙外航天服是密封一定氣體的裝置，用來提供適合人體生存的氣壓．王亞平先在節(jié)點(diǎn)艙(宇航員出艙前的氣閘艙)穿上艙外航天服，航天服密閉氣體的體積約為V1=2L，壓強(qiáng)P1=1.0×105Pa，溫度t1=27℃。她穿好航天服后，需要把節(jié)點(diǎn)艙的氣壓不斷降低，以便打開艙門。

(i)若節(jié)點(diǎn)艙氣壓降低到能打開艙門時，密閉航天服內(nèi)氣體體積膨脹到V2=2.5L，溫度變?yōu)閠2=?3℃，這時航天服內(nèi)氣體壓強(qiáng)P2為多少？

(ii)為便于艙外活動，當(dāng)密閉航天服內(nèi)氣體溫度變?yōu)閮闪泻喼C橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于x=?0.2m和x=1.2m處，兩列波的波速均為0.4m/s，題圖為t=0時刻兩列波的圖像。此刻平衡位置在x=0.2m和x=0.8m的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開始振動。

(i)求兩列波的周期；

(ii)t=0時刻開始，10秒內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M、N運(yùn)動的路程分別是多少？

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，其大小等于速度變化量與發(fā)生這一變化量所用時間的比值，故A錯誤；

B、物理學(xué)中把功W跟完成這些功所用時間t的比值叫作功率，它是反映做功快慢的物理量，故B錯誤；

C、電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，據(jù)C=QU可知，電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量，故C正確；

D、磁通密度是磁感應(yīng)強(qiáng)度的另一種說法，是描述磁場強(qiáng)弱的物理量，其大小等于穿過單位面積的磁通量，故D錯誤。

故選：C。

運(yùn)用加速度、功率、電容和磁感應(yīng)強(qiáng)度的概念和性質(zhì)進(jìn)行解題。

2.【答案】D

【解析】解：A、?94238Pu原子核經(jīng)過一次α衰變質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2，則X的質(zhì)量數(shù)為A=238?4=234，核電荷數(shù)：z=94?2=92，X的中子數(shù)：n=A?z=234?92=142個，故A錯誤；

B、發(fā)生α衰變的過程中釋放能量，所以?94238Pu原子核發(fā)生α衰變后產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變大，故B錯誤；

C、半衰期是大量放射性原子衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對個別的放射性?94238Pu原子核沒有意義，故C錯誤；

D、半衰期是由核內(nèi)部自身的因素決定，跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件沒有關(guān)系，故D正確。

故選：D。

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒判斷；3.【答案】A

【解析】解：AB.設(shè)導(dǎo)線質(zhì)量為m，當(dāng)ab中通入由a到b的恒定電流I時，由左手定則和平衡條件，2F1+F安=mg，

當(dāng)電流反向時，2F2=mg+F安，

聯(lián)立可得：m=F1+F2g

故A正確，B錯誤；

CD.由AB中分析可知，F(xiàn)安4.【答案】B

【解析】解：在A、B兩點(diǎn)分別放置等量同種電荷后，三角形中點(diǎn)O點(diǎn)的場強(qiáng)為E，則

2E1sin30°=E

解得：E1=E

則O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為：EO=E+E1=2E

三角形中心O點(diǎn)的電勢為φ，再在C點(diǎn)放一等量異種電荷，取無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則BC在O點(diǎn)的電勢與無窮遠(yuǎn)處是相等的，為0。A為等量同種電荷，則O點(diǎn)電勢應(yīng)為φ2，故B正確，ACD錯誤；5.【答案】D

【解析】解：A、設(shè)任一運(yùn)動員的初速度為v，飛行時間為t，斜坡的傾角為α。

運(yùn)動員在空中做平拋運(yùn)動，落到斜坡上時有tanα=yx=12gt2vt，解得t=2vtanαg∝v，則他們飛行時間之比為t1：t2=v1：v2=2：1，故A錯誤；

B、運(yùn)動員飛行的水平位移為x=vt=2v2tanαg∝v2，則他們飛行的水平位移之比為x1：x2=v12：v22=4：1，故B錯誤；

C、運(yùn)動員在空中離坡面的最大距離為s=(vsinα)26.【答案】C

【解析】解：AB、小球釋放在向下擺動的過程中，對A有向左的拉力，使得A、B之間有彈力，A、B不會分離，當(dāng)C運(yùn)動到最低點(diǎn)時，A、B間彈力為零，A、B將要分離，A、B分離時速度相等；A、B、C系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：m0vC?2mvA=0

由機(jī)械能守恒定律得：m0gL=12m0vC2+12×2mvA2

解得：vA=m0mmgL2m+m0，vC=2mgL2m+m0，故AB正確；

C、C球由靜止釋放到最低點(diǎn)的過程中，由動量定理可知，A對B的彈力的沖量大小I=mvA=m0mgL2m+m0，故C錯誤；

D、A、B、C7.【答案】BC

【解析】解：AC、輸電線損失功率為：P損=I32r，其中P損=10W，r=10Ω，則I3=1A；

降壓變壓器副線圈電路電流為I4，則有：n3：n4=I4：I3，解得：I4=2A

負(fù)載電阻的阻值為R=U4I4=2202Ω=110Ω，故A錯誤，C正確；

B、降壓變壓器原線圈兩端電壓為U3，根據(jù)：U3：U4=n3：n4可得：U3=440V

則可得升壓變壓器輸入功率為：P1=P3+P損=U8.【答案】AB

【解析】解：設(shè)黑洞的軌道半徑為r1，恒星的軌道半徑為r2，則恒星和黑洞的間距L=r1+r2

黑洞和恒星組成雙星系統(tǒng)，則角速度ω相等，根據(jù)萬有引力提供向心力可得：G8M?M2L2=8Mω2r1=M2ω2r2

解得：r9.【答案】BD

【解析】解：AB、對物塊進(jìn)行受力分析，物塊受重力和水平向左的電場力，電場力F=Eq=3mg，則合力的大小為F2+G2=2mg，方向如圖，小物塊沿合力方向做勻加速直線運(yùn)動，tanβ=mg3mg=33，β=30°，物塊從靜止釋放到落地的過程中電場力做功為WE=F??tan30°=3mg?，故A錯誤，B正確；

CD10.【答案】ACD

【解析】解：設(shè)PQ進(jìn)入磁場勻速運(yùn)動的速度為v，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為L，兩根導(dǎo)體棒的電阻均為R。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進(jìn)入磁場時電流：I0=BLv2R保持不變，由題意其加速度為零，則F=BI0L=B2L2v2R，PQ勻速通過磁場區(qū)域時，MN在后進(jìn)入磁場有以下兩種可能：

①如果PQ離開磁場時MN還沒有進(jìn)入磁場，此時電流為零；當(dāng)MN進(jìn)入磁場時也是勻速運(yùn)動，通過PQ的感應(yīng)電流大小不變，方向相反，但PQ離開磁場后在拉力作用下繼續(xù)勻加速，故A正確，B錯誤，C正確；

②如果PQ沒有離開磁場時MN已經(jīng)進(jìn)入磁場，此時電流為零，當(dāng)PQ離開磁場時MN的速度大于v，安培力大于拉力，此時電流大于I0，MN做減速運(yùn)動，電流逐漸減小，直到MN勻速運(yùn)動，電流中的電流為I0，但通過PQ的感應(yīng)電流方向相反；故11.【答案】ACD

【解析】解：A、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱傳遞的自然過程是大量分子從無序程度小的狀態(tài)向無序程度大的狀態(tài)轉(zhuǎn)化的過程，故A正確；

B、布朗運(yùn)動是固體微粒在液體內(nèi)做的無規(guī)則的運(yùn)動，空氣中的塵埃受到重力的影響，會落回到地面，不屬于布朗運(yùn)動，故B錯誤；

C、物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的固體不一定是非晶體，也可能是多晶體，故C正確；

D、根據(jù)飽和氣壓的特點(diǎn)可知，液體的飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越高飽和汽壓越大，所以飽和汽壓只跟汽體的自身性質(zhì)與溫度有關(guān)，故D正確；

E、液晶具有光學(xué)各向異性，但是液晶不是晶體，故E錯誤。

故選：ACD。

熱傳遞的過程向無序程度大的狀態(tài)轉(zhuǎn)化的過程；根據(jù)布朗運(yùn)動的定義分析；根據(jù)晶體的特點(diǎn)判斷；飽和汽壓只跟汽體的自身性質(zhì)與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)；液晶具有液體的流動性和光學(xué)各向異性，但是液晶不是晶體。

本題考查了布朗運(yùn)動、晶體、熱力學(xué)第二定律、飽和氣壓等熱學(xué)基礎(chǔ)知識，要注意準(zhǔn)確掌握相關(guān)熱學(xué)規(guī)律。

12.【答案】ADE

【解析】解：A.由v=cn可知，光在該材料中的傳播速度為c2，故A正確；

B.根據(jù)sinC=1n得光從該材料到空氣的臨界角C=30°，故B錯誤：

C.由題意可知，沿DB方向到達(dá)AB面上的光在材料中的傳播距離最大，時間最長，做出如圖所示光路圖，有幾何關(guān)系可知光從光源到AC面的傳播距離為R，材料中的傳播距離為

s=(2?1)R

在材料中的傳播時間為

t1=xv

光在空氣中傳播的時間為

t2=Rc

點(diǎn)光源發(fā)出的光射到AB面上的最長時間為

t=t1+t2

聯(lián)立解得：t=(22?1)Rc

故C錯誤；

D.如圖所示，若沿DE方向射到AB面上的光線剛好發(fā)生全反射，則∠ADF=30°，同理沿DG方向射到BC面上的光線剛好發(fā)生全反射，則∠CDH=30°，故FH=16πR，故D正確；

E.將點(diǎn)光源換成紫光，因紫光的折射率比紅光的大，根據(jù)sinC=1n知紫光的臨界角比紅光的小，所以AB邊上剛好發(fā)生全反射的入射點(diǎn)將左移，AB邊上有光射出的長度減小，故E正確。13.【答案】4.702

?μmgl=12m(【解析】解：(1)螺旋測微器的固定刻度為4.5mm，可動部分為0.01mm×20.2=0.202mm

所以讀數(shù)為d=4.5mm+0.202mm=4.702mm；

(2)遮光片通過光電門1、2的速度分別為：v1=dΔt1；v2=dΔt2

則滑塊從P位置運(yùn)動到Q位置的過程中，由動能定理得：

?μmgl=12m(dΔt2)2?12m(dΔt1)2

(4)由上式可得：v114.【答案】2000

串聯(lián)

左

1.25

【解析】解：(1)先將V1直接接到內(nèi)阻很小的電源兩端，讀數(shù)為2.0V，則電源電壓為2V，再將V1與阻值為3000Ω的電阻串聯(lián)后，接到該電源兩端，讀數(shù)為0.8V，根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知UVRV=E?UVR，代入數(shù)據(jù)解得：RV=2000Ω；

(2)根據(jù)電壓表改裝原理可知應(yīng)將V1表與合適的電阻串聯(lián)；

(3)校準(zhǔn)電壓表時滑動變阻器應(yīng)選用分壓式接法，連接實(shí)物圖如圖：

(4)在閉合開關(guān)之前，滑動變阻器的滑片P置于最左端，起保護(hù)電路作用；

(5)標(biāo)準(zhǔn)表示數(shù)為10.5V時，V1表示數(shù)為2.5V，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：I=UV1RV，則R=U?UV1I，代入數(shù)據(jù)解得：R=6400Ω；

要達(dá)到預(yù)期即U'V1=3V，此時I'=UV1'RV，U'=15V

則15.【答案】解：(1)滑塊A開始滑動時，對A，由牛頓第二定律得：m1gsinθ+μ1m1gcosθ=m1a

代入數(shù)據(jù)解得：a=10m/s2

滑塊A達(dá)到與傳送帶共速時的時間t1=v0a1=110s=0.1s

(2)A加速到與傳送帶速度相等過程的位移大小x1=12at12=12×10×0.12m=0.05m<L=0.8m

滑塊A與傳送帶共速后，由于m1gsinθ>μ1m1gcosθ，滑塊A繼續(xù)向下做加速運(yùn)動，

對滑塊，由牛頓第二定律得：m1gsinθ?μm1gcosθ=m1a'

代入數(shù)據(jù)解得：a'=2m/s2

設(shè)A滑到傳送帶底端的速度為v，由速度—位移公式得：v2?v02=2a'(L?x1)

代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s

(3)A與B碰撞發(fā)生彈性正碰，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，

設(shè)碰撞后瞬間A的速度大小為v1，B的速度大小為v2，以向右為正方向，【解析】(1)應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，應(yīng)用運(yùn)動學(xué)公式求出滑塊A與傳送帶速度相等時需要的時間。

(2)應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動學(xué)公式求出滑塊A運(yùn)動到傳送帶底端時的速度大小。

(3)兩滑塊發(fā)生彈性正碰，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律求出碰撞后瞬間A、B的速度；應(yīng)用動能定理求出A、B的位移大小，然后求出兩者間的距離。

根據(jù)題意分析清楚滑塊的運(yùn)動過程是解題的前提，應(yīng)用牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式、動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律、動能定理即可解題；本題易錯點(diǎn)是滑塊A在傳送帶上的加速過程有兩個階段，兩階段的加速度大小不同。

16.【答案】解：(1)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力得

qv0?3B0=mv02r1

解得

r1=mv03qB0

(2)要使粒子恰好不從y軸射出，軌跡如圖1

圖1

在前25T0內(nèi)的運(yùn)動半徑為

r1=mv03qB0

在后35T0內(nèi)的運(yùn)動半徑

r2=mv02qB0

由幾何關(guān)系知

sinθ=r2r1+r2

解得

θ=37°

0～25T0粒子做圓周運(yùn)動的周期

T=2πm3qB0

則180°?37°360°T=25T0

解得磁感應(yīng)強(qiáng)度變化周期

T0=143πm216B0q

(3)要想使粒子經(jīng)過D點(diǎn)且平行Ox軸射出，則粒子只能從nT0時刻經(jīng)過D點(diǎn)，【解析】(1)根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式可求粒子做勻速圓周運(yùn)動的