第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)絕密★啟用前2024-2025學(xué)年廣東省梅州市高三（上）聯(lián)考物理試卷（12月）注意事項(xiàng):

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，本試卷和答題卡一并交回。一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.通常情況下，地球上的兩個(gè)物體之間的萬(wàn)有引力是極其微小以至于很難被直接測(cè)量，人們?cè)陂L(zhǎng)時(shí)間內(nèi)無(wú)法得到引力常量的精確值。在牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律一百多年以后的1789年，英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許巧妙地利用如圖所示的扭秤裝置，才第一次在實(shí)驗(yàn)室里比較精確地測(cè)出了萬(wàn)有引力常量。在下圖所示的幾個(gè)實(shí)驗(yàn)中，與“卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)”中測(cè)量微小量的思想方法最相近的是(

)

A.研究力的合成的規(guī)律

B.觀察桌面的形變

C.探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

D.探究影響電荷間相互作用力的因素【答案】B

【解析】【分析】

本題考查對(duì)引力常量測(cè)量的研究情況，明確扭秤實(shí)驗(yàn)中采用了放大法，并明確其他實(shí)驗(yàn)的方法即可解答。

【解答】“卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)”中測(cè)量微小量的思想方法為放大法，而A中采用的是等效替代法，B采用的是放大法，C采用的是控制變量法，D采用的是控制變量法，故B正確；

故選B。2.如圖，a、b兩點(diǎn)位于同一條豎直線上，從a、b兩點(diǎn)分別以速度v1、v2水平拋出兩個(gè)相同的質(zhì)點(diǎn)小球，它們?cè)谒降孛嫔戏降腜點(diǎn)相遇。假設(shè)在相遇過(guò)程中兩球的運(yùn)動(dòng)沒(méi)有受到影響，則下列說(shuō)法正確的是(

)A.兩個(gè)小球從a、b兩點(diǎn)同時(shí)拋出

B.兩小球拋出的初速度

v1=v2

C.從a點(diǎn)拋出的小球著地時(shí)重力的瞬時(shí)功率較大

【答案】C

【解析】【分析】

平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)在P點(diǎn)相遇，結(jié)合高度比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而通過(guò)水平位移比較初速度．

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解，基礎(chǔ)題。

【解答】

A.因?yàn)閮蓚€(gè)小球在P點(diǎn)相遇，可知a球下降的高度大于b球下降的高度，可知a球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)，所以a球先拋出，故A錯(cuò)誤；

B.因?yàn)閺膾伋龅絇點(diǎn)的過(guò)程中，水平位移相等，a球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)，則a球的初速度較小，即v1<v2，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)P=mgvy知，a球距離地面的高度大，則a球落地時(shí)豎直分速度較大，則a球著地時(shí)重力的瞬時(shí)功率較大，故C正確；

D.到達(dá)P點(diǎn)時(shí)，a球的豎直分速度較大，所以從P點(diǎn)到地面，a球先落地，b球后落地，而且b3.如圖，2020年7月我國(guó)的長(zhǎng)征五號(hào)遙四運(yùn)載火箭，將火星探測(cè)器“天問(wèn)一號(hào)”送入太空，探測(cè)器在A位置脫離地球被送入地火轉(zhuǎn)移軌道(即標(biāo)準(zhǔn)霍曼轉(zhuǎn)移軌道)，運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期，在B位置與火星會(huì)合。已知火星與太陽(yáng)的距離大約是日地距離的1.5倍，則下列有關(guān)“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器的說(shuō)法正確的是

A.衛(wèi)星在火星軌道的加速度大于在地火轉(zhuǎn)移軌道B點(diǎn)時(shí)的加速度

B.在地火轉(zhuǎn)移軌道的周期大約是510天

C.在由A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，衛(wèi)星的機(jī)械能減小

D.探測(cè)器到達(dá)B位置時(shí)，地球可能在C位置【答案】B

【解析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵是掌握開普勒第三定律，注意橢圓軌道半長(zhǎng)軸的計(jì)算。明確只有萬(wàn)有引力做功，衛(wèi)星的機(jī)械能不變。

【解答】

A.根據(jù)GMmr2=ma可知，衛(wèi)星在火星軌道的加速度等于在地火轉(zhuǎn)移軌道B點(diǎn)時(shí)的加速度，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)開普勒第三定律有：r日地3T地2=[(r日地+r日火)/2]3T探2，由題意知r日火=1.5r日4.光滑半圓弧形輕桿固定在地面上，輕繩一端跨過(guò)定滑輪，另一端連接一穿在輕桿上的小球，使小球從A點(diǎn)緩慢運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.輕桿對(duì)小球的支持力不變 B.輕桿對(duì)小球的支持力變小

C.輕繩對(duì)小球的拉力先變小再變大 D.輕繩對(duì)小球的拉力不變【答案】A

【解析】【分析】

本題對(duì)小球受力分析，作出力圖，根據(jù)相似三角形法進(jìn)行分析判斷即可。本題的關(guān)鍵是正確的對(duì)小球受力分析，明確小球的合外力為零。

根據(jù)平行四邊形法則(或矢量三角形)作圖，根據(jù)圖中表示力的有向線段長(zhǎng)度變化情況分析力的大小。

【解答】

小球受重力、輕繩的拉力T、輕桿的彈力F三個(gè)力的作用處于動(dòng)態(tài)平衡中，這三個(gè)力的合力為零，則這三個(gè)力可構(gòu)成首尾相接、閉合的矢量三角形，如圖所示：

根據(jù)相似三角形規(guī)律有：mgh=Fr=Tl，

由于h、r不變，而l5.在x軸上關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱的M、N兩點(diǎn)處分別固定等量異種點(diǎn)電荷，如果取x軸的正方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向，則x軸上M點(diǎn)左側(cè)與N點(diǎn)右側(cè)各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度如圖所示.已知P、K兩點(diǎn)也是x軸上關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.M點(diǎn)固定的是正點(diǎn)電荷，N點(diǎn)固定的是負(fù)點(diǎn)電荷

B.P、K兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，K點(diǎn)電勢(shì)較高

C.P、K兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不同，P點(diǎn)電勢(shì)較高

D.P、K兩點(diǎn)電勢(shì)相等，都低于O點(diǎn)電勢(shì)【答案】A

【解析】【分析】根據(jù)給出的E?x圖象判斷出M、N處的電性，根據(jù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)和電場(chǎng)的疊加即可判斷P、K兩處的場(chǎng)強(qiáng)是否相同，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低。

【解答】M、N兩點(diǎn)處分別固定等量異種點(diǎn)電荷，取x軸的正方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向，由E?x圖象可知，M處為正電荷，N處為負(fù)電荷，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式及場(chǎng)強(qiáng)的疊加可知P、K兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向由P指向K，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故φM>φo>6.某探究性科學(xué)小組讓質(zhì)量為m的木塊以初速度v0沿傾角可在0～90°之間任意調(diào)整的足夠長(zhǎng)的木板底端向上滑行，木板與木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)不變。測(cè)出木塊沿木板向上所能達(dá)到的最大位移x，畫出木塊向上所能達(dá)到的最大位移x與對(duì)應(yīng)木板傾角α的圖像如圖所示，由該圖像可求木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)是(

)

A.2?1 B.3?【答案】A

【解析】【分析】結(jié)合圖像利用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律列式求出動(dòng)摩擦因數(shù)。【解析】當(dāng)傾角為45°時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，

由能量守恒可知1當(dāng)傾角為90°時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，

由能量守恒可知1聯(lián)立解得μ=2故選A。7.一起重機(jī)的鋼繩由靜止開始勻加速提起質(zhì)量為m的重物，當(dāng)重物的速度為v1時(shí)，起重機(jī)的功率達(dá)到最大值P，以后起重機(jī)保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度v2勻速上升，重物上升的高度為h，則整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確(

)A.鋼繩的最大拉力為Pv2 B.鋼繩的最大拉力為mg

C.重物勻加速的末速度為Pm【答案】D

【解析】【分析】

勻加速提升重物時(shí)鋼繩拉力最大，且等于勻加速結(jié)束時(shí)的拉力，由P=Fv求出最大拉力；重物以最大速度為v2勻速上升時(shí)，F(xiàn)=mg，所以v2=PF求出最大速度；根據(jù)牛頓第二定律求出加速度。

本題考查的是類似汽車的啟動(dòng)方式，對(duì)于汽車的兩種啟動(dòng)方式，恒定加速度啟動(dòng)和恒定功率啟動(dòng)，對(duì)于每種啟動(dòng)方式的汽車運(yùn)動(dòng)的過(guò)程一定要熟悉。

【解答】

AB.加速過(guò)程物體處于超重狀態(tài)，鋼索拉力較大F=Pv1>mg，勻速運(yùn)動(dòng)階段鋼繩的拉力為Pv2=mg，故AB二、多選題：本大題共3小題，共18分。8.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖所示，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)A、B、C分別位于x=2?m、x=3?m、x=6?m處.A.此列波的波速一定為1?m/s

B.如果此列波在傳播過(guò)程中與頻率為0.5?Hz的橫波相遇，一定發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象

C.質(zhì)點(diǎn)C起振方向沿y軸負(fù)向

D.如果質(zhì)點(diǎn)C到達(dá)波峰，則質(zhì)點(diǎn)B【答案】ACD

【解析】【分析】

根據(jù)波形圖得到波長(zhǎng)；當(dāng)t=9s時(shí)質(zhì)點(diǎn)A剛好第3次到達(dá)波峰，求出周期；然后根據(jù)v=λT計(jì)算波速；兩列波的頻率相同時(shí)才能產(chǎn)生干涉。質(zhì)點(diǎn)C起振方向與圖示時(shí)刻x=4m處質(zhì)點(diǎn)的起振方向相同。根據(jù)B、C間距與波長(zhǎng)的關(guān)系，分析它們狀態(tài)關(guān)系。根據(jù)波形圖得到振幅A，然后根據(jù)公式y(tǒng)=Asinωt列式寫出振動(dòng)方程。

本題要理解質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和波動(dòng)的關(guān)系，要能從波速方向判斷出質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，知道介質(zhì)中各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的起振方向均相同。要根據(jù)振幅、圓頻率和初相位三個(gè)要素書寫振動(dòng)方程。

【解答】

A、根據(jù)波形圖得到波長(zhǎng)λ=4m，從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，當(dāng)t=9s時(shí)質(zhì)點(diǎn)A剛好第3次到達(dá)波峰，則有214T=9s，可知該列波周期T=4s，這列波的波速為v=λT=1?m/s，故A正確；

B、該波的頻率為f=1T=0.25H9.(多選)據(jù)預(yù)測(cè)，21世紀(jì)智能機(jī)器人將進(jìn)入家庭.各種各樣的傳感器是智能機(jī)器人的核心部分，傳感器是一種將感受到的物理量(如光、熱、力、聲等)轉(zhuǎn)化成便于測(cè)量的量(一般是電學(xué)量)的轉(zhuǎn)化裝置.如圖所示是一種測(cè)量壓力的電容式傳感器，當(dāng)待測(cè)壓力F作用于可動(dòng)膜片電極上時(shí)，可使膜片發(fā)生形變，引起電容的變化.如果將電容器、靈敏電流計(jì)、直流電源串聯(lián)接成閉合電路，那么(

)

A.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將減小 B.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將增大

C.若電流計(jì)有示數(shù)，則壓力F發(fā)生變化 D.若電流計(jì)有示數(shù)，則壓力F不發(fā)生變化【答案】BC

【解析】【分析】

本題電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，只要掌握電容的定義式和決定式就能正確解答。

根據(jù)電容器的電容與板間距離的關(guān)系判斷當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)電容的變化．由題，電容器、靈敏電流計(jì)和電源串接成閉合電路，若電流計(jì)有示數(shù)，電容器在充電或放電，壓力F一定發(fā)生變化。

【解答】

AB.當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，板間距離減小，由電容的決定式C=?S4kπd得到，電容器的電容將增大，故B正確，A錯(cuò)誤。

CD.當(dāng)F變化時(shí)，電容變化，而板間電壓不變，由Q=C10.在足夠長(zhǎng)的光滑水平面上，物塊A、B、C

位于同一直線上，A位于B、C之間，A的質(zhì)量為m，B、C

的質(zhì)量都為M，且m=12M，若開始時(shí)三者均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)給A一個(gè)向右的沖量I，物塊間的碰撞都可以看作是彈性碰撞，關(guān)于A只與B、C間發(fā)生碰撞的分析正確的是(

)A.A與B、C之間只能各發(fā)生一次碰撞

B.A、B之間只能發(fā)生一次碰撞，A、C之間可以發(fā)生兩次碰撞

C.A、C之間只能發(fā)生一次碰撞，A、B之間可以發(fā)生兩次碰撞

D.A、C第一次碰撞后，C速度大小為v【答案】AD

【解析】【分析】

該題中A與C的碰撞過(guò)程以及A與B的碰撞的過(guò)程都是彈性碰撞，將動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律相結(jié)合即可正確解答。本題考查了水平方向的動(dòng)量守恒定律問(wèn)題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程、應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律即可正確解題，注意彈性碰撞與非彈性碰撞的區(qū)別。

【解答】

D.選取向右為正方向，設(shè)A、C碰撞之前A的速度為vA，第一次A、C碰撞之后，A的速度為vA1，C的速度為vCA、C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程系統(tǒng)的動(dòng)量守恒m能量守恒1又有m聯(lián)立解得vA1故D正確；ABC.由上述分析可知，A、C碰撞之后，A反向彈回，則A和B可以發(fā)生碰撞，同理可得，A和B碰撞之后，A和B的速度分別為則v則A和C不能發(fā)生第二次碰撞，要想A和B發(fā)生第二次碰撞，A和C必須發(fā)生第二次碰撞，故BC錯(cuò)誤，A正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。11.某實(shí)驗(yàn)小組“用落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示．實(shí)驗(yàn)中測(cè)出重物自由下落的高度h及對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度v，計(jì)算出重物減小的重力勢(shì)能mgh和增加的動(dòng)能12m(1A.重物最好選擇密度較小的木塊B.重物的質(zhì)量可以不測(cè)量C.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先接通電源，后釋放紙帶D.可以利用公式v=(2)如圖乙是該實(shí)驗(yàn)小組打出的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，紙帶上的O點(diǎn)是起始點(diǎn)，選取紙帶上連續(xù)的點(diǎn)A，B，C，D，E，F(xiàn)作為計(jì)數(shù)點(diǎn)，并測(cè)出各計(jì)數(shù)點(diǎn)到O點(diǎn)的距離依次為27.94cm、32.78cm、38.02cm、43.65cm、49.66cm、56.07cm.已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的電源是50Hz的交流電，重錘的質(zhì)量為0.5kg.則從計(jì)時(shí)器打下點(diǎn)(3)實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)又正確計(jì)算出圖乙中打下計(jì)數(shù)點(diǎn)A，B，C，D，E，F(xiàn)各點(diǎn)的瞬時(shí)速度v，以各計(jì)數(shù)點(diǎn)到A點(diǎn)的距離h′為橫軸，【答案】BC

2.14

2.12

重物下落過(guò)程中受到阻力作用

圖象的斜率等于19.52，約為重力加速度g的兩倍，故能驗(yàn)證【解析】解：(1)A、重物最好選擇密度較大的鐵塊，受到的阻力較小，故A錯(cuò)誤。

B、本題是以自由落體運(yùn)動(dòng)為例來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，需要驗(yàn)證的方程是：mgh=12mv2，因?yàn)槲覀兪潜容^mgh、12mv2的大小關(guān)系，故m可約去比較，不需要用天平測(cè)量重物的質(zhì)量，故B正確；

C、為充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源，然后再釋放紙帶，故C正確；

D、不能利用公式v=2gh來(lái)求解瞬時(shí)速度，否則體現(xiàn)不了實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，卻變成了理論推導(dǎo)，故D錯(cuò)誤；

故選：BC。

(2)從計(jì)時(shí)器打下點(diǎn)O到打下點(diǎn)D的過(guò)程中，重力勢(shì)能減小量△Ep=mgh=0.5×9.8×0.4365J=2.14J。

利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可知，打D點(diǎn)的速度：vD=CE2T=0.4966?0.38022×0.02=2.91m/12.某同學(xué)利用如圖所示的裝置測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?shí)驗(yàn)步驟如下：A.按裝置圖安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；B.用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑d；C.用米尺測(cè)量懸線的長(zhǎng)度L；D.讓小球在豎直平面內(nèi)小角度擺動(dòng)，當(dāng)小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，并計(jì)數(shù)為0，此后小球每經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)一次，依次計(jì)數(shù)1、2、3、…，當(dāng)數(shù)到20時(shí)，停止計(jì)時(shí)，測(cè)得時(shí)間為t；E.多次改變懸線長(zhǎng)度，對(duì)應(yīng)每個(gè)懸線長(zhǎng)度，都重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟C、D；F.計(jì)算出每個(gè)懸線長(zhǎng)度對(duì)應(yīng)的t2G.以t2為縱坐標(biāo)、L為橫坐標(biāo)，作出t結(jié)合上述實(shí)驗(yàn)，回答下列問(wèn)題：(1)用10分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量小球直徑，某次測(cè)量示數(shù)如圖所示，讀出小球直徑d為

(2)該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，利用計(jì)算機(jī)作出t2?L圖線如圖所示。根據(jù)圖線擬合得到方程t2=404.0L+3.0((3)從理論上分析圖線沒(méi)有過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的原因，下列分析正確的是A.不應(yīng)在小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，應(yīng)該在小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)B.開始計(jì)時(shí)后，不應(yīng)記錄小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的次數(shù)，而應(yīng)記錄小球做全振動(dòng)的次數(shù)C.不應(yīng)作t2?LD.不應(yīng)作t2?L圖線，而應(yīng)作【答案】1.519.76D

【解析】【分析】本題主要考查實(shí)驗(yàn)：用單擺測(cè)量重力加速度，解決問(wèn)題的關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理。

(1)由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法進(jìn)行解題。

(2)由擺長(zhǎng)的周期公式，推導(dǎo)出t2?L的函數(shù)表達(dá)式，結(jié)合斜率的意義進(jìn)行求解。

(3)由實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行誤差分析，即可求解。

(2)根據(jù)單擺周期公式T=2πl(wèi)g得t10=2πL+(3)單擺擺長(zhǎng)等于擺線長(zhǎng)度與擺球半徑之和，把擺線長(zhǎng)度當(dāng)作單擺擺長(zhǎng)時(shí)，擺長(zhǎng)小于實(shí)際擺長(zhǎng)，故t2?L四、計(jì)算題：本大題共3小題，共36分。13.滑雪是廣受師生喜歡的運(yùn)動(dòng)，某滑雪的滑道如圖所示。斜面滑道與水平滑道由很小的圓弧平滑銜接，斜面滑道的傾角α=37°。學(xué)生乘坐滑雪板由靜止開始，從滑道上高h(yuǎn)=1.8m處滑下，滑上水平面后，與靜止的老師所坐的滑雪板發(fā)生碰撞，碰撞后他們以共同的速度運(yùn)動(dòng)，碰撞前后學(xué)生的運(yùn)動(dòng)方向不變。已知學(xué)生和滑雪板的總質(zhì)量m=30kg，老師和滑雪板的總質(zhì)量為M(1)學(xué)生和滑雪板在斜面滑道下滑的加速度(2)學(xué)生和滑雪板滑到斜面底端時(shí)的速度(3)碰撞過(guò)程中學(xué)生和老師(包括各自的滑雪板

【答案】解：(1)學(xué)生和滑雪板在斜面滑道下滑過(guò)程中，受力如圖所示：

由牛頓第二定律可知：mgsinα=ma，解得：a=6m/s2

(2)學(xué)生和滑雪板滑到斜面底端過(guò)程中，由動(dòng)能定理可知：

mgh=12mv2，解得：v=6m/s

(3)碰撞過(guò)程中學(xué)生和老師(包括各自的滑雪板)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向，則：

mv=(【解析】(1)對(duì)學(xué)生和滑雪板受力分析，由牛頓第二定律求得加速度a的大小；

(2)學(xué)生和滑雪板滑到斜面底端過(guò)程中，由動(dòng)能定理可求出速度v；

(3)碰撞過(guò)程中學(xué)生和老師14.如圖所示，在y>0的空間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)沿y軸的負(fù)方向；在y<0的空間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)