湖北省新高考聯(lián)考協(xié)作體2021-2022學(xué)年高二下學(xué)期物理期中考試試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．關(guān)于電磁場和電磁波，下列說法中正確的是（）A．變化的電場或變化的磁場一定能對(duì)外輻射電磁波B．法拉第首先預(yù)言了電磁波的存在C．電磁波不需要依賴于介質(zhì)傳播D．5G（第五代移動(dòng)通信技術(shù)）信號(hào)比4G（第四代移動(dòng)通信技術(shù)）信號(hào)在真空中的傳播速度更大2．如圖所示，甲、乙、丙、丁四幅圖中，平行導(dǎo)軌間距均為L，回路中電流大小均為I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。甲、乙、丙圖中導(dǎo)軌處在水平面內(nèi)，丁圖中導(dǎo)軌傾斜，傾角為θ；甲、乙、丁圖中磁場方向豎直向上，丙圖中磁場與水平方向夾角為θ，且與導(dǎo)軌垂直；甲、丙、丁圖中導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，乙圖中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌夾角為θ．則甲、乙、丙、丁四圖中導(dǎo)體棒所受安培力的大小分別為（）A．BIL、BIL、BILB．BIL、BIL、BILC．BIL、D．BIL、3．如圖所示為兩分子系統(tǒng)的勢能EPA．當(dāng)r大于r0B．當(dāng)r等于r0C．當(dāng)r等于r0D．當(dāng)r由r04．在如圖所示的平行板器件中，電場強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B相互垂直。當(dāng)帶電粒子從左側(cè)小孔進(jìn)入時(shí)，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉(zhuǎn)的情況不同。這種裝置能把具有某一特定速度的粒子選擇出來，所以叫作速度選擇器，關(guān)于速度選擇器，以下說法正確的是（）（不計(jì)粒子的重力）A．只能將帶正電的粒子選擇出來B．只要速度v=EC．帶電粒子的速度v=ED．若粒子改為從右側(cè)小孔進(jìn)入，只要速度v=E5．概率統(tǒng)計(jì)的方法是科學(xué)研究中的重要方法之一，以下是某一定質(zhì)量的氧氣（可看成理想氣體）在0°C和100°C時(shí)統(tǒng)計(jì)出的速率分布圖像，結(jié)合圖像分析以下說法正確的是（）A．其中某個(gè)分子，100°C時(shí)的速率一定比0°C時(shí)要大B．100°C時(shí)圖線下對(duì)應(yīng)的面積比0°C時(shí)要小C．如果兩種情況氣體的壓強(qiáng)相同，則100°C時(shí)單位時(shí)間內(nèi)與容器壁單位面積碰撞的分子數(shù)比0°C時(shí)少D．如果兩種情況氣體的體積相同，則100°C時(shí)單位時(shí)間內(nèi)與容器壁單位面積碰撞的分子數(shù)與0°C時(shí)相同6．能源問題是當(dāng)今世界最為重要的問題之一，熱力學(xué)的研究對(duì)能源利用率的提高起到了關(guān)鍵作用，為熱機(jī)的設(shè)計(jì)與制造提供了足夠的理論支持。關(guān)于熱機(jī)和熱力學(xué)定律，以下表述正確的是（）A．將電冰箱的門打開可以使房間里的溫度降低B．因?yàn)槟芰渴睾?，隨著科技的發(fā)展能量可以循環(huán)利用，從而解決能源危機(jī)問題C．第二類永動(dòng)機(jī)并沒有違背能量守恒定律，但熱機(jī)的效率不可能達(dá)到100D．熱力學(xué)第二定律可表述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”7．為測算太陽射到地面的輻射能，某?？萍紝?shí)驗(yàn)小組的同學(xué)把一個(gè)橫截面積是S的矮圓筒的內(nèi)壁涂黑，外壁用保溫材料包裹，內(nèi)裝質(zhì)量m的水。讓陽光垂直圓筒口照射1分鐘后，水的溫度升高了Δt。水的比熱容為c，地球的半徑為R，太陽到地球的距離為r，不考慮太陽能在傳播過程中的損失，假設(shè)到達(dá)圓筒內(nèi)的能量全部被水吸收。則由此可算出地球每分鐘接收的太陽能量為（）A．πcmΔtR2S B．4πcmΔtR2S二、多選題8．以下對(duì)固體、液體的描述，正確的是（）A．晶體有確定的熔點(diǎn)以及各向異性的特點(diǎn)B．同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，有的物質(zhì)還可能形成不同的晶體C．液體的表面張力是由于液體表面層分子密度比較密集，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力的緣故D．液晶態(tài)既具有液體的流動(dòng)性，又在一定程度上具有晶體分子的規(guī)則排列的性質(zhì)9．如圖所示，矩形線圈abcd繞對(duì)稱軸OO'在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為100rad/s，已知ab=0.10m，ad=0.A．從圖示位置開始計(jì)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=200B．通過電路的電流最大值為10AC．從圖示位置轉(zhuǎn)過180°過程中外力對(duì)線圈所做的功為10JD．從圖示位置轉(zhuǎn)過30°過程中，通過線圈截面的電荷量為010．一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C，其中A→B過程為等壓變化，B→C過程為等容變化，變化過程壓強(qiáng)p與體積V的關(guān)系如圖所示。已知狀態(tài)A的體積VA為0.3m3，狀態(tài)A的壓強(qiáng)pΑ與狀態(tài)B的壓強(qiáng)pB相同，都為1.2×105A．氣體在狀態(tài)B時(shí)的體積為0B．氣體在狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)為1C．A→B過程中，外界對(duì)氣體做功，做的功為1D．A→B→C整個(gè)過程中，氣體從外界吸收熱量111．如圖所示，在y>0的區(qū)域內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，在y<0的區(qū)域內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場。一電子（質(zhì)量為m，電量為?e）從y軸上A點(diǎn)以沿x軸正方向的初速度v0開始運(yùn)動(dòng)。當(dāng)電子第一次穿越x軸時(shí)，恰好到達(dá)點(diǎn)C（圖中未標(biāo)出）；當(dāng)電子第二次穿越x軸時(shí)，恰好到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)O。已知A、C兩點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離分別為3A．電場強(qiáng)度的大小為E=B．磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=C．電子從C運(yùn)動(dòng)到O經(jīng)歷的時(shí)間t=D．將電子的出發(fā)點(diǎn)從A點(diǎn)沿負(fù)x方向平移，初速度方向不變，調(diào)整大小，使電子仍然從C點(diǎn)第一次穿越x軸，則電子第二次穿越x軸的位置仍然為坐標(biāo)原點(diǎn)O三、實(shí)驗(yàn)題12．“油膜法估測油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)方法及步驟如下：①向體積V油=1mL②用注射器吸?、僦信渲坪玫挠退峋凭芤?，把它一滴一滴地滴入小量筒中，當(dāng)?shù)稳雗=100滴時(shí)，測得其體積恰好是V0③先往邊長為20~30cm的淺盤里倒入④用注射器往水面上滴入一滴油酸酒精溶液，待油酸薄膜形狀穩(wěn)定后，將事先準(zhǔn)備好的玻璃板放在淺盤上，并在玻璃板上描下油酸膜的輪廓；⑤將畫有油酸膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，如圖所示，數(shù)出輪廓范圍內(nèi)小方格的個(gè)數(shù)，小方格的邊長a=20mm。根據(jù)以上信息，回答下列問題：（1）由此可知，油酸薄膜的面積S約為mm2；油酸分子的直徑d約為（2）某同學(xué)在用油膜法估測油酸分子直徑實(shí)驗(yàn)中，計(jì)算結(jié)果明顯偏小，可能是由于____。A．配制好油酸溶液后，長時(shí)間未使用導(dǎo)致酒精揮發(fā)嚴(yán)重B．爽身粉太厚導(dǎo)致油酸未完全散開C．計(jì)算油膜面積時(shí)，多數(shù)了一些方格D．計(jì)算每滴體積時(shí)，1mL的溶液滴數(shù)少數(shù)了幾滴13．如圖甲所示為蘋果自動(dòng)分揀裝置的示意圖，該裝置把大小不同的蘋果，按一定質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)自動(dòng)分揀為大蘋果和小蘋果。該裝置的托盤秤壓在一個(gè)以O(shè)1為轉(zhuǎn)動(dòng)軸的杠桿上，杠桿末端壓在壓力傳感器R1上，R1的阻值隨壓力變化的曲線如圖乙所示。調(diào)節(jié)托盤秤壓在杠桿上的位置，使質(zhì)量等于分揀標(biāo)準(zhǔn)(0.15kg)的大蘋果經(jīng)過托盤秤時(shí)，杠桿對(duì)R1的壓力為（1）當(dāng)小蘋果通過托盤秤時(shí)，R1所受的壓力較小，電阻（填“較大”、“較小”），R（2）若電源電動(dòng)勢為6V，內(nèi)阻不計(jì)，放大電路的激勵(lì)電壓為2V：①為使該裝置達(dá)到上述分揀目的，R2的阻值等于kΩ②某同學(xué)想在托盤秤壓在杠桿上的位置不變的情況下，利用一塊電壓表測出每個(gè)蘋果的質(zhì)量，電壓表的示數(shù)隨蘋果質(zhì)量的增大而增大，則電壓表應(yīng)該并聯(lián)在電阻（填“R1”、“R③若要提高分揀標(biāo)準(zhǔn)到0.24kg，僅將R2的阻值調(diào)為四、解答題14．如圖所示，兩端帶有閥門的細(xì)玻璃管AB，長為4L，初始狀態(tài)A端在上，B端在下。A端閥門打開，B端閥門關(guān)閉。長為L的水銀柱，將長為L的空氣柱封閉在B端．水銀的密度為ρ，大氣壓為3ρgL。（1）先關(guān)閉A端閥門，再將管AB倒置，最后打開閥門B，經(jīng)足夠長時(shí)間后，A端空氣柱多長？（2）若先將管AB倒置后，水銀未流出，再關(guān)閉A端閥門，后打開B端閥門，經(jīng)足夠長時(shí)間后，A端空氣柱多長？15．如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為2：1，在原、副線圈的回路中分別接有定值電阻R1=10Ω、滑動(dòng)變阻器（1）當(dāng)R2=10Ω時(shí)，（2）調(diào)節(jié)R2的阻值，電路中各部分的電壓、電流也隨之變化，當(dāng)變壓器原線圈中的電流多大時(shí)，R2消耗的功率最大？最大值為多少？此時(shí)16．如圖甲所示，平行金屬導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分連接組成，水平部分處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，傾斜部分處在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，兩個(gè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，導(dǎo)軌的間距均為L，傾斜部分傾角為θ。質(zhì)量為m、電阻為R、長為L的兩根相同導(dǎo)體棒a和b，導(dǎo)體棒a在水平導(dǎo)軌上垂直導(dǎo)軌靜止放置，導(dǎo)體棒b在傾斜導(dǎo)軌上垂直導(dǎo)軌由靜止釋放并開始計(jì)時(shí)，利用傳感器技術(shù)測得導(dǎo)體棒a的v?t圖像如圖乙所示，導(dǎo)體棒a從t1時(shí)刻開始運(yùn)動(dòng)，t1?t2時(shí)間內(nèi)圖線為曲線，t2之后圖線為一條傾斜直線，t3（1）t1（2）從釋放到t1（3）t3

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．均勻變化的電場或均勻變化的磁場產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場或電場，不能對(duì)外輻射電磁波，A不符合題意；B．麥克斯韋首先預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，B不符合題意；C．電磁波不需要依賴于介質(zhì)傳播，C符合題意；D．電磁波在真空中的傳輸速度都一樣等于光速，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】均勻變化的電場或均勻變化的磁場產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場或電場，麥克斯和赫茲分別首先提出和用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在；電磁波的傳播的不需要介質(zhì)。2．【答案】D【解析】【解答】甲圖導(dǎo)體棒有效長度為L，磁場與導(dǎo)體棒垂直，故安培力為F=BIL乙圖導(dǎo)體棒有效長度為Lsinθ丙圖導(dǎo)體棒有效長度為L，磁場與導(dǎo)體棒夾角為θ，故安培力為F=BIL丁圖導(dǎo)體棒有效長度為L，磁場與導(dǎo)體棒垂直，導(dǎo)軌傾角不影響安培力大小，故安培力為F=BILABC不符合題意，D符合題意。故答案為：D。

【分析】根據(jù)安培力的表達(dá)式得出四幅圖中導(dǎo)體棒受到的安培力。3．【答案】D【解析】【解答】由圖可知，當(dāng)分子間距為r0時(shí)，分子勢能最小，此時(shí)引力等于斥力，分子間的作用力為零；當(dāng)分子間距大于r0時(shí)，斥力比引力減小的更快，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，當(dāng)故答案為：D。

【分析】當(dāng)分子間距為r0時(shí)，分子勢能最小，引力等于斥力，當(dāng)分子間距大于r4．【答案】B【解析】【解答】ABC．帶正電的粒子進(jìn)入復(fù)合場后，受向下的電場力，向上的洛倫茲力，如果沿虛線路徑通過，則合力為零，否則做曲線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)qvB=qE解得v=如果是負(fù)電荷，洛倫茲力與電場力同時(shí)反向，同樣可得v=B符合題意，AC不符合題意；D．若粒子改為從右側(cè)小孔進(jìn)入，無論粒子帶正電還是帶負(fù)電，洛倫茲方向和電場力方向相同，所以粒子一定會(huì)做曲線運(yùn)動(dòng)，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】當(dāng)粒子在電磁場做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出粒子速度的表達(dá)式，若變?yōu)樨?fù)電荷時(shí)同理得出該粒子的速度。5．【答案】C【解析】【解答】A．由圖可知，100°C時(shí)的分子速率有時(shí)比0°C時(shí)要小，A不符合題意；B．速率分布曲線的面積的意義，就是將每個(gè)單位速率的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比進(jìn)行累加，累加的結(jié)果都是1，面積相等，B不符合題意；CD．如果兩種情況氣體的壓強(qiáng)相同，由于100°C時(shí)分子的平均動(dòng)能比較大，所以單位時(shí)間內(nèi)與容器壁單位面積碰撞的分子數(shù)比0°C時(shí)少，C符合題意，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】100°C時(shí)的分子速率有時(shí)比0°C時(shí)要小，壓強(qiáng)相同的兩種情況下，100°C時(shí)分子的平均動(dòng)能比較大，單位時(shí)間內(nèi)與容器壁單位面積碰撞的分子數(shù)比0°C時(shí)少。6．【答案】C【解析】【解答】A．打開冰箱門不僅不能使房間的溫度下降，還會(huì)使房間溫度上升。因?yàn)殡姳涞闹评錂C(jī)工作后，冰箱冷凍室內(nèi)的蒸發(fā)器溫度降低，吸收空氣的熱量，與此同時(shí)，冰箱內(nèi)部的冷凝器溫度升高，將熱量傳給空氣，室內(nèi)空氣的熱量只是被冰箱吸收后又被放出，所以室溫不會(huì)降低。反而，電動(dòng)機(jī)工作時(shí)，會(huì)將一部分電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故室內(nèi)溫度會(huì)有少許升高，A不符合題意；B．雖然能量守恒，由于使用后能量的品質(zhì)降低，可利用的能源會(huì)越來越少，使用能源危機(jī)仍然存在，我們在日常的生產(chǎn)生活中要養(yǎng)成節(jié)約能源的習(xí)慣，B不符合題意；C．第二類永動(dòng)機(jī)并沒有違背能量守恒定律，但熱機(jī)的效率不可能達(dá)到100%D．熱力學(xué)第二定律可表述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體而不引起其他變化”，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】第二類永動(dòng)機(jī)不能成功是因?yàn)闊釞C(jī)的效率不可能達(dá)到100%7．【答案】A【解析】【解答】橫截面積是S的矮圓筒每分鐘吸收太陽的內(nèi)能為Q=cmΔt則每平方米每分鐘吸收的太陽能量為Q地球上每分鐘被照射的有效面積為S則地球每分鐘接收的太陽能量為Q''故答案為：A。

【分析】根據(jù)題意以及圓的面積表達(dá)式得出地球每分鐘接收的太陽能量。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．單晶體物理性質(zhì)是各向異性，而多晶體物理性質(zhì)是各向同性，A不符合題意；B．天然水晶是晶體，經(jīng)熔化凝固過程的水晶即變?yōu)榉蔷w，所以同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同形態(tài)出現(xiàn)。受溫度、壓力等影響，有的物質(zhì)還可能形成不同的晶體，B符合題意；C．液體的表面張力時(shí)由于分子間的作用力表現(xiàn)為引力的緣故，C不符合題意；D．液晶體具有液體和晶體的共同特性，故液晶態(tài)既具有液體的流動(dòng)性，又在一定程度上具有晶體分子的規(guī)則排列的性質(zhì)，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】單晶體物理性質(zhì)是各向異性；單晶體物理性質(zhì)是各向異性；液體的表面張力時(shí)由于分子間的作用力表現(xiàn)為引力；液晶體具有液體和晶體的共同特性。9．【答案】B,D【解析】【解答】A．產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大值為E由圖可知，圖示位置垂直于中性面，則瞬時(shí)表達(dá)式為e=200A不符合題意；B．通過電路的電流最大值為IB符合題意；C．外力對(duì)發(fā)電機(jī)所做的功，等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，從圖示位置轉(zhuǎn)過180°過程中用時(shí)Δt=電路中電流的有效值為I=外力對(duì)發(fā)電機(jī)所做的功為W=C不符合題意；D．通過線框截面電量為q=D符合題意。故答案為：BD。

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，從而得出感應(yīng)電動(dòng)勢瞬時(shí)值的表達(dá)式，利用交變電流有效值和最大值的關(guān)系得出電路中電流的有效值，通過電流的定義式得出通過線框的電量。10．【答案】A,D【解析】【解答】A．A→B過程為等壓變化，根據(jù)VΑTA符合題意；B．B→C過程為等容變化，根據(jù)pΒTB不符合題意；C．根據(jù)W=pΔV求得W=?1氣體對(duì)外界做功1.D．狀態(tài)A的溫度TA與狀態(tài)C的溫度TC相同，ΔU=0根據(jù)ΔU=W+Q可得Q=1氣體從外界吸收熱量1.故答案為：AD。

【分析】A-B的過程根據(jù)等壓變化得出狀態(tài)B時(shí)的體積；B-C為等容變化，從而得出C狀態(tài)時(shí)的壓強(qiáng)；結(jié)合氣體做功的表達(dá)式得出氣體對(duì)外界所做的功。11．【答案】A,C,D【解析】【解答】A．根據(jù)類平拋規(guī)律，水平方向2d=v0t豎直方向3根據(jù)牛頓第二定律可得eE=ma聯(lián)立解得E=A符合題意；B．設(shè)電子進(jìn)入磁場時(shí)速度為v，v與x軸的夾角為θ，則tan聯(lián)立以上解得θ=60°由此可得v=2v0電子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示電子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力為evB=m根據(jù)幾何關(guān)系可得r=聯(lián)立解得B=B不符合題意；C．粒子的運(yùn)動(dòng)周期為T=電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為θ=24電子從C運(yùn)動(dòng)到O經(jīng)歷的時(shí)間t=C符合題意；D．將電子的出發(fā)點(diǎn)從A點(diǎn)沿負(fù)x方向平移后，設(shè)初速度為v，電子進(jìn)入磁場時(shí)速度為v'，v'與x軸的夾角為α電子的半徑為r電子射出點(diǎn)到C點(diǎn)的距離為x=2根據(jù)速度的合成與分解可知tan在磁場中有3根據(jù)牛頓第二定律可得eE=ma聯(lián)立以上并代入B和E的值解得x=2d所以電子第二次穿越x軸的位置仍然為坐標(biāo)原點(diǎn)O，D符合題意。故答案為：ACD。

【分析】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出電場強(qiáng)度的表達(dá)式；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，從而得出粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。12．【答案】（1）2.1×104（2）A；C【解析】【解答】(1)由圖示油膜可知，油膜格數(shù)是53個(gè)，油膜的面積為S=53×20×20一滴油酸酒精溶液含有純油酸的體積為V油酸分子的直徑d=(2)A．配制好油酸溶液后，長時(shí)間未使用導(dǎo)致酒精揮發(fā)嚴(yán)重，油酸溶液的濃度變大，1滴溶液中純油酸增多，面積變大，則計(jì)算得到的分子直徑將偏小，A符合題意；B．油酸未完全散開，S偏小，故得到的分子直徑d將偏大，B不符合題意；C．計(jì)算油膜面積時(shí)，多數(shù)了一些方格，S將偏大，故得到的分子直徑將偏小，C符合題意；D．求每滴體積時(shí)，1mL的溶液滴數(shù)少數(shù)了幾滴，可知，純油酸的體積將偏大，則計(jì)算得到的分子直徑將偏大，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】（1）根據(jù)圖中的油膜數(shù)出格數(shù)，并計(jì)算出油膜的面積；利用油酸分子直徑的表達(dá)式得出油酸分子的直徑；

（2）根據(jù)“油膜法估測油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)原理以及注意事項(xiàng)進(jìn)行分析判斷。13．【答案】（1）較大（2）15；R2【解析】【解答】（1）由圖乙可知當(dāng)小蘋果通過托盤秤時(shí)，R1（2）杠桿對(duì)R1的壓力為1N，R1阻值為30kΩ，為使該裝置達(dá)到上述分揀目的，R則R隨著蘋果質(zhì)量增大，R1阻值減小，分壓減小，電源電動(dòng)勢不變，R2分壓增大，為了滿足電壓表的示數(shù)隨蘋果質(zhì)量的增大而增大，需要將電壓表并聯(lián)在根據(jù)m可知分揀標(biāo)準(zhǔn)到0.24kg時(shí)，壓力為1.6N，此時(shí)R可知R

【分析】（1）根據(jù)圖乙得出小蘋果通過托盤秤時(shí)，R1所受的壓力較小，電阻較大；

（2）根據(jù)電路的動(dòng)態(tài)分析以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出R14．【答案】（1）解：A端閥門關(guān)閉后、玻璃管倒置前，A端氣體壓強(qiáng)為3ρgL，體積為2SL玻璃管倒置、閥門打開后，A端氣體壓強(qiáng)為4ρgL，設(shè)其長度為LA，由玻意耳定律得解得L（2）解：玻璃管倒置前，B端氣體的壓強(qiáng)為4ρgL，體積為SL，管AB倒置后，B端