江蘇省蘇錫常鎮(zhèn)四市2024-2025學(xué)年高三下學(xué)期教學(xué)情況調(diào)研（一模）物理試卷學(xué)校:___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________一、單選題1．太陽(yáng)中存在一種核反應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．中有兩個(gè)中子 B．中有四個(gè)中子C．X為質(zhì)子 D．X為電子2．2024年11月，中國(guó)自主研制的殲35A隱形戰(zhàn)斗機(jī)在珠海航展亮相。表演中戰(zhàn)斗機(jī)沿著一段圓弧從M到N加速拉升，關(guān)于殲35A所受合力的方向，下圖中可能正確的是（）A． B． C． D．3．某電視節(jié)目上一男子表演“獅吼功”——用聲音震碎玻璃杯。關(guān)于這一現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是（）A．聲音頻率越低越容易震碎玻璃杯 B．聲音頻率越高越容易震碎玻璃杯C．需要很大的音量才能震碎玻璃杯 D．在適當(dāng)?shù)念l率下無(wú)需很大的音量就能震碎玻璃杯4．如圖所示為某帶電體周?chē)碾妶?chǎng)線(xiàn)及等勢(shì)面，a、b、c是電場(chǎng)中的三個(gè)位置，其電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為、、，電勢(shì)分別為、、。則（）A．B．C．在b點(diǎn)由靜止釋放電子，電子將沿電場(chǎng)線(xiàn)靠近帶電體D．在b點(diǎn)由靜止釋放電子，電子將沿電場(chǎng)線(xiàn)遠(yuǎn)離帶電體5．如圖所示為“插針?lè)y(cè)玻璃磚折射率”實(shí)驗(yàn)中的一個(gè)場(chǎng)景。接下來(lái)再插一根針，應(yīng)使它同時(shí)擋住圖中的（）A．a(chǎn)、b B．c、dC．a(chǎn)、c D．a(chǎn)、b、c、d6．如圖所示為玻爾的氫原子電子軌道示意圖。一群處于n＝4能級(jí)的原子向低能級(jí)躍遷，下列說(shuō)法中正確的是（）A．一共能產(chǎn)生3種不同的光子B．一共能產(chǎn)生4種不同的光子C．其中從能級(jí)n＝4躍遷到n＝1產(chǎn)生的光子動(dòng)量最小D．其中從能級(jí)n＝4躍遷到n＝1產(chǎn)生的光子能量最大7．2024年6月，“嫦娥六號(hào)”實(shí)現(xiàn)世界首次月球背面自動(dòng)采樣返回，采回樣品質(zhì)量1935.3g。已知月球和地球的質(zhì)量之比為a，半徑之比為b。下列說(shuō)法中正確的是（）A．月球與地球的第一宇宙速度之比為B．月球與地球的第一宇宙速度之比為C．所采樣品在月球與在地球上的重力之比為D．所采樣品在月球與在地球上的重力之比為8．某科技小組利用彈性繩網(wǎng)模擬火箭回收。如圖所示，“口”字形的繩網(wǎng)四個(gè)角各用一根彈性繩索拉住，繩索另一端固定在立柱上。將火箭模型從某高處釋放，在接觸繩網(wǎng)后下降直至最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）A．火箭模型接觸繩網(wǎng)立即減速 B．火箭模型在最低點(diǎn)所受合力為0C．火箭模型接觸繩網(wǎng)后先失重后超重 D．繩網(wǎng)對(duì)火箭模型先做正功后做負(fù)功9．某興趣小組利用如圖所示裝置研究光的波動(dòng)性，A處為狹縫片，B處為光強(qiáng)傳感器，光從A的正上方向下射向B。僅改變一個(gè)量，先后在電腦上獲得的光強(qiáng)關(guān)于位置分布的圖像如圖中甲、乙所示，下列判斷中可能正確的是（）A．A處為單縫，甲圖對(duì)應(yīng)的縫寬小 B．A處為單縫，甲圖對(duì)應(yīng)的光源頻率高C．A處為雙縫，甲圖對(duì)應(yīng)的雙縫間距大 D．A處為雙縫，甲圖對(duì)應(yīng)的AB距離大10．質(zhì)量為M的半圓形凹槽靜置在光滑水平面上，質(zhì)量為m的光滑小球靜止在凹槽底部。初始時(shí)刻給小球一個(gè)水平初速度，計(jì)算機(jī)模擬得到小球的部分軌跡如圖，已知圖中軌跡頂點(diǎn)與凹槽端口等高，則（）A．m>MB．僅增大M值后重新模擬，小球能飛離凹槽C．長(zhǎng)時(shí)間觀察，有些時(shí)間段內(nèi)凹槽對(duì)地向左運(yùn)動(dòng)D．小球從圖中A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，凹槽先加速后減速11．如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面成θ＝30°，導(dǎo)軌上放置兩根質(zhì)量均為m、電阻均為R的導(dǎo)體棒ab、cd，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，并處在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。t＝0時(shí)刻，在ab棒上施加一沿導(dǎo)軌平面向上大小為mg的恒力，同時(shí)釋放cd棒。下列圖像中，a、v、x、分別為ab棒的加速度、速度、位移和機(jī)械能，E為ab、cd棒組成系統(tǒng)的機(jī)械能，可能正確的是（）A． B．C． D．二、實(shí)驗(yàn)題12．小明利用某手機(jī)軟件研究向心加速度，如圖1所示?？嚲o細(xì)線(xiàn)，將手機(jī)拉開(kāi)某一角度后由靜止釋放，使之繞水平懸梁AB擺動(dòng)至最低點(diǎn)，細(xì)線(xiàn)碰到水平擋桿CD后繼續(xù)擺動(dòng)，在手機(jī)軟件上觀察記錄細(xì)線(xiàn)碰擋桿后瞬間手機(jī)的向心加速度大小a，測(cè)量手機(jī)上邊緣到擋桿CD的距離l。改變CD的高度，將手機(jī)拉開(kāi)到同一角度后由靜止釋放，重復(fù)實(shí)驗(yàn)。(1)某次實(shí)驗(yàn)測(cè)量l時(shí)，毫米刻度尺的0刻度對(duì)齊擋桿的下邊緣，手機(jī)上邊緣對(duì)應(yīng)刻度尺位置如圖2所示，則l＝cm。(2)已知手機(jī)軟件的x、y、z三個(gè)正方向如圖3所示，則小明在該實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該讀?。ㄟx填“x”、”y”、”z”）軸加速度的數(shù)據(jù)。(3)根據(jù)得到的數(shù)據(jù)由電腦描點(diǎn)作出圖，數(shù)據(jù)擬合獲得圖像及表達(dá)式如圖4所示，則該圖線(xiàn)斜率表示的物理意義為。(4)小明認(rèn)為圖像不過(guò)原點(diǎn)的原因，是手機(jī)加速度傳感器位置在手機(jī)上邊緣的下方某距離所致。根據(jù)圖4估計(jì)該距離約為cm。(5)在操作過(guò)程中，手機(jī)每次拉開(kāi)的角度都需要與第一次相同，請(qǐng)說(shuō)明理由。三、解答題13．如圖所示，一單匝矩形線(xiàn)框面積為S，電阻為r，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度ω繞軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。已知外電路電阻為R，求：(1)該電路中電動(dòng)勢(shì)的最大值；(2)電阻R的電功率P。14．如圖所示，一開(kāi)口長(zhǎng)頸薄壁玻璃瓶，瓶身長(zhǎng)度為4L，橫截面積為4S，瓶頸長(zhǎng)度為2L，橫截面積為S?，F(xiàn)將一長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕質(zhì)軟木塞從瓶口處緩慢塞入瓶頸，直至軟木塞下表面恰好到達(dá)瓶身和瓶頸的交界處，撤去外力，此后軟木塞保持靜止?fàn)顟B(tài)。在此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)氣體溫度始終不變，且沒(méi)有漏氣。已知大氣壓強(qiáng)為p0，求撤去外力后：(1)瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)的大小p1；(2)軟木塞和瓶頸之間摩擦力的大小f1。15．如圖所示，一長(zhǎng)度L=25m的傳送帶以v=8m/s的速度順時(shí)針傳動(dòng)，傳送帶左右兩側(cè)均與光滑水平平臺(tái)平滑連接。左側(cè)水平面上有一質(zhì)量m1=0.92kg的木塊，其與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4，右側(cè)平臺(tái)均勻排列5個(gè)質(zhì)量M＝3kg的鐵塊。一質(zhì)量m0=0.08kg的子彈以v0=200m/s的速度射向木塊并留在木塊內(nèi)，假設(shè)木塊（含子彈）與鐵塊、鐵塊之間均發(fā)生彈性正碰，取g=10m/s2。求：(1)子彈打入木塊m1過(guò)程中系統(tǒng)損失的動(dòng)能E損；(2)木塊第一次到達(dá)傳送帶右端B點(diǎn)時(shí)速度的大小v1；(3)全過(guò)程木塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的總熱量Q。16．如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn)l與+x軸的夾角為φ（），將y軸右側(cè)分成上下兩個(gè)區(qū)域Ⅰ和Ⅱ。Ⅰ區(qū)（含+y軸）中有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。Ⅱ區(qū)有垂直紙面方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度可調(diào)?，F(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為m、電量為+q的帶電粒子P從O點(diǎn)沿+y方向以初速度v0射出，帶電粒子重力不計(jì)。(1)若使Ⅱ區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，求P到達(dá)x軸的位置；(2)若使P不能到達(dá)x軸，求Ⅱ區(qū)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿(mǎn)足的條件；(3)將Ⅱ區(qū)磁場(chǎng)調(diào)成與Ⅰ區(qū)相同，并使整個(gè)空間均勻分布黏性介質(zhì)。P仍從O點(diǎn)沿+y方向以初速度v0射出，運(yùn)動(dòng)中受到大小正比于速率（比例系數(shù)為常數(shù)k，未知）、方向與速度反向的介質(zhì)阻力作用，且P速度第一次沿－y方向的位置在直線(xiàn)l上。求比例系數(shù)k的大小及粒子最終停止的位置坐標(biāo)?！督K省蘇錫常鎮(zhèn)四市2024-2025學(xué)年高三下學(xué)期教學(xué)情況調(diào)研（一模）物理試卷》參考答案題號(hào)12345678910答案ACDBBDDCDB題號(hào)11答案C1．A【詳解】AB．由于的質(zhì)子數(shù)為2，質(zhì)量數(shù)為4，則中子數(shù)為2，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒可得，X的電荷數(shù)是0，質(zhì)量數(shù)為1，所以X為中子，故CD錯(cuò)誤。故選A。2．C【詳解】做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體受合外力方向指向軌跡的凹側(cè)，速度方向沿軌跡的切線(xiàn)方向，因加速爬升，則合外力方向與速度方向夾角為銳角。故選C。3．D【詳解】發(fā)生共振的條件是驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率，用聲音震碎玻璃杯是聲音的頻率與玻璃杯的固有頻率相等，使玻璃杯發(fā)生共振，從而使玻璃杯碎裂，與音量的大小無(wú)關(guān)。故選D。4．B【詳解】A．在等勢(shì)線(xiàn)密的地方電場(chǎng)線(xiàn)也密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，由圖可知，a處等勢(shì)線(xiàn)最疏，c處等勢(shì)線(xiàn)最密，所以B．由于沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，所以故B正確；CD．在b點(diǎn)由靜止釋放電子，電子將受到與場(chǎng)強(qiáng)方向相反的電場(chǎng)力，將靠近帶電體，但其軌跡不沿電場(chǎng)線(xiàn)，故CD錯(cuò)誤。故選B。5．B【詳解】a、b兩枚針確定入射光線(xiàn)，c、d是a、b兩枚針在外側(cè)所看到的虛像，為了確定最終的折射光線(xiàn)，接下來(lái)再插一根針，應(yīng)使它同時(shí)擋住圖中的c、d。故選B。6．D【詳解】AB．一群處于n＝4能級(jí)的原子向低能級(jí)躍遷，一共能產(chǎn)生6種不同的光子，AB錯(cuò)誤；CD．光子能量與氫原子能級(jí)差成正比，由氫原子的能級(jí)公式可知，從能級(jí)n＝4躍遷到n＝1產(chǎn)生的光子能量最大，因而輻射光子的能量（頻率）也最大，對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)最小，根據(jù)，因此從能級(jí)n＝4躍遷到n＝1產(chǎn)生的光子的動(dòng)量也最大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7．D【詳解】AB．根據(jù)題意，由萬(wàn)有引力提供向心力有解得第一宇宙速度則月球與地球的第一宇宙速度之比為故AB錯(cuò)誤；CD．由萬(wàn)有引力等于重力有解得星球表面的重力加速度為則月球與地球的表面的重力加速度之比為則所采樣品在月球與在地球上的重力之比為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。8．C【詳解】A．火箭模型接觸繩網(wǎng)時(shí)重力大于彈力，繼續(xù)向下加速，故A錯(cuò)誤；B．火箭模型在最低點(diǎn)彈力大于重力，所受合力向上，故B錯(cuò)誤；C．火箭模型接觸繩網(wǎng)后先向下加速，后向下減速，所以先失重后超重，故C正確；D．繩網(wǎng)對(duì)火箭模型的力始終向上，接觸繩網(wǎng)后下降直至最低點(diǎn)的過(guò)程中，在一直做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故選C。9．D【詳解】AB．從圖中甲、乙的光強(qiáng)分布看，都出現(xiàn)了一系列間距幾乎均勻的明暗相間條紋，這更符合“雙縫干涉”而非“單縫衍射”特征（單縫衍射往往中央亮紋最寬、最亮，旁側(cè)亮紋迅速減弱），因此A處為雙縫，甲圖條紋間距大于乙圖，說(shuō)明甲圖對(duì)應(yīng)光源頻率低或者雙縫間距小，AB錯(cuò)誤；CD．雙縫干涉的相鄰亮紋間距滿(mǎn)足Δx=，其中d為雙縫中心間距、l為屏（或傳感器）到雙縫的距離、λ為光的波長(zhǎng)。甲圖相鄰亮紋間距大于乙圖，光的頻率不變的情況下：若雙縫間距不變，甲圖對(duì)應(yīng)的AB距離大；若AB距離不變，則甲圖對(duì)應(yīng)的雙縫間距小，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。10．B【詳解】A．當(dāng)小球由最低點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次回到最低點(diǎn)時(shí)，類(lèi)似彈性碰撞，設(shè)小球末速度凹槽末速度，聯(lián)立可得以初速度方向?yàn)檎较颍深}目可知當(dāng)小球第一次回到最低點(diǎn)時(shí)，即可以判斷，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)小球由最低點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次回到最高點(diǎn)時(shí)，類(lèi)似完全非彈性碰撞，設(shè)小球和凹槽的末速度是由動(dòng)量守恒即當(dāng)增大M值后會(huì)減小，小球和半圓形凹槽在水平方向的動(dòng)能會(huì)減小。由機(jī)械能守恒可以判斷重力勢(shì)能不變，水平方向動(dòng)能減小，則豎直方向動(dòng)能一定會(huì)增加。半圓形凹槽豎直方向沒(méi)有速度，則小球在豎直方向的速度一定增加，小球會(huì)飛的更高，故B正確；C．設(shè)小球末速度水平分速度，凹槽末速度，由動(dòng)量守恒可知，即當(dāng)凹槽對(duì)地向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，可得由能量守恒可知系統(tǒng)總能量為，即，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)小球末速度水平分速度，凹槽末速度，由動(dòng)量守恒可知，即小球由A到B過(guò)程中一直增大，所以一直增大，故D錯(cuò)誤。故選B。11．C【詳解】AB．釋放兩棒后ab向上運(yùn)動(dòng)，cd向下運(yùn)動(dòng)，對(duì)ab棒分析可知加速度其中則隨速度的增加，安培力變大，則加速度減小，當(dāng)加速度減為零時(shí)，此時(shí)對(duì)ab有此時(shí)對(duì)cd因滿(mǎn)足則cd也勻速運(yùn)動(dòng)，兩棒的加速度減為零后均做勻速運(yùn)動(dòng)，可知AB錯(cuò)誤；C．a(chǎn)b棒的機(jī)械能變化量等于力F與F安做功的代數(shù)和，開(kāi)始時(shí)隨安培力變大，則這兩個(gè)力做功的代數(shù)和逐漸減小，最后勻速時(shí)兩個(gè)力的合力為，則合力不變，隨位移增加合力功逐漸增加，即Eab圖像的斜率先減小后不變，選項(xiàng)C正確；D．對(duì)兩棒整體，機(jī)械能的變化量等于力F與兩棒受的安培力做功的代數(shù)和，因最終兩棒均運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)，且由于系統(tǒng)沿斜面方向受合外力為零，系統(tǒng)沿斜面方向動(dòng)量守恒，可知最終兩棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度相等，安培力（均為）對(duì)兩棒均做負(fù)功，力F對(duì)系統(tǒng)做正功，可知兩個(gè)安培力和力F做功代數(shù)和為零，則系統(tǒng)的機(jī)械能不變，則選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。12．(1)36.48

(2)x(3)（碰到擋桿時(shí)）速度平方的倒數(shù)(4)1(5)應(yīng)使每次碰到擋桿時(shí)的速度大小均相同【詳解】（1）測(cè)量手機(jī)上邊緣到擋桿CD的距離（2）本題研究向心加速度，結(jié)合圖1可知，手機(jī)側(cè)面與細(xì)線(xiàn)平行，指向圓心方向，所以小明在該實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該讀取x軸加速度的數(shù)據(jù)。（3）根據(jù)向心加速度公式整理得所以該圖線(xiàn)斜率表示的物理意義為（碰到擋桿時(shí)）速度平方的倒數(shù)（4）由圖4數(shù)據(jù)表達(dá)式可知，當(dāng)時(shí)，解得所以手機(jī)加速度傳感器位置在手機(jī)上邊緣的下方約為1cm。（5）在操作過(guò)程中，手機(jī)每次拉開(kāi)的角度都需要與第一次相同，因?yàn)閼?yīng)使每次碰到擋桿時(shí)的速度大小均相同。13．(1)(2)【詳解】（1）電動(dòng)勢(shì)最大值的大?。?）流過(guò)電阻R電流有效值大小電阻R電功率的大小14．(1)(2)【詳解】（1）初始時(shí)瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)大小為p0，初始時(shí)瓶?jī)?nèi)氣體體積塞入軟木塞至相應(yīng)位置，瓶?jī)?nèi)氣體體積塞入軟木塞的過(guò)程為等溫變化，由可知（2）對(duì)軟木塞進(jìn)行受力分析可得15．(1)1472J(2)8m/s(3)156J【詳解】（1）對(duì)子彈打入木塊的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量守恒定律可知根據(jù)能量守恒可知，此過(guò)程中損失的動(dòng)能（2）木塊（含子彈）m滑上傳送帶，根據(jù)牛頓第二定律可得所以根據(jù)速度位移關(guān)系有解得所以木塊m第一次到達(dá)傳送帶右側(cè)速度為8m/s；（3）木塊從左滑上傳送帶減速時(shí)間為該過(guò)程傳送帶的位移木塊與傳送帶之間的相對(duì)位移大小木塊與傳送帶之間的摩擦力大小所以該過(guò)程中產(chǎn)生的熱量m與1號(hào)鐵塊發(fā)生彈性碰撞，由，可知，接著1號(hào)鐵塊與2號(hào)鐵塊發(fā)生彈性碰撞，由于質(zhì)量相等，發(fā)生速度交換，1號(hào)靜止，2號(hào)獲得速度4m/s，2號(hào)再與3號(hào)發(fā)生速度交換，依次類(lèi)推，最終5號(hào)獲得4m/s的速度滑走，1