2022年春季期高二段考理綜物理部分試卷14．現(xiàn)將電池組、滑動(dòng)變阻器、帶鐵芯的線圈A、電鍵和線圈B、電流計(jì)按如題圖所示連接。下列操作中不能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A．電鍵閉合后，線圈A插入或拔出線圈B的過程中B．線圈A插入線圈B中后，始終保持電鍵閉合C．線圈A插入線圈B中后，電鍵閉合和斷開的瞬間D．線圈A插入線圈B中后，保持電鍵閉合，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭15．某種型號(hào)手機(jī)充電器中的變壓器可認(rèn)為是理想變壓器，它的原、副線圈匝數(shù)比為50:1，若在原線圈上加有交流電壓，則在副線圈上可獲得電壓（）A． B． C． D．16．閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中因切割磁感線而產(chǎn)生了感應(yīng)電流，在下列圖中，B、v、I方向均正確的是（）A．B．C． D．17．在如圖a、b所示電路中，電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，且小于燈S的電阻，接通開關(guān)K，使電路達(dá)到穩(wěn)定，燈泡S發(fā)光，則（）A．在電路a中，閉合K時(shí)，S將立即變亮發(fā)光B．在電路a中，斷開K后，S將先變得更亮，后才變暗C．在電路b中，閉合K時(shí)，S將逐漸變亮發(fā)光D．在電路b中，斷開K后，S將先變得更亮，然后漸暗18．將交變電流加在阻值為10Ω的電阻兩端，電路中電流的圖象如圖所示，由圖可知（）A．用電流表測(cè)量該電流其示數(shù)為10AB．用電壓表測(cè)電阻兩端的電壓其示數(shù)為50VC．電阻消耗的電功率為500WD．該交變電流的瞬時(shí)值表達(dá)式為二、多選題19．飛船b與空間站a交會(huì)對(duì)接前繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的位置如圖所示，虛線為各自的軌道，則（）A．a(chǎn)的周期大于b的周期B．a(chǎn)的加速度小于b的加速度C．a(chǎn)的運(yùn)行速度大于b的運(yùn)行速度D．a(chǎn)、b的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度20．如圖所示，在國(guó)慶70周年閱兵盛典上，我國(guó)預(yù)警機(jī)“空警-2000”在天安門上空時(shí)機(jī)翼保持水平，以100m/s的速度自西向東飛行。該機(jī)的翼展（兩翼尖之間的距離）為40m，北京地區(qū)地磁場(chǎng)的豎直分量方向向下，大小為，則（）A．兩翼尖之間的電勢(shì)差為1.8VB．兩翼尖之間的電勢(shì)差為0.18VC．飛行員左方翼尖的電勢(shì)比右方翼尖的電勢(shì)高D．飛行員左方翼尖的電勢(shì)比右方翼尖的電勢(shì)低21．一質(zhì)量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng)。F隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，則（）A．t=1s時(shí)物塊的速率為1m/s B．t=2s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為4kg·m/sC．t=3s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為5kg·m/s D．t=4s時(shí)物塊的速度為零22．（每空2分，共4分）用如圖所示裝置探究碰撞中的不變量，氣墊導(dǎo)軌水平放置，擋光板寬度為9.0mm，兩滑塊被彈簧(圖中未畫出)彈開后，左側(cè)滑塊通過左側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為0.040s，右側(cè)滑塊通過右側(cè)光電計(jì)時(shí)器，記錄時(shí)間為0.060s，左側(cè)滑塊質(zhì)量為100g，左側(cè)滑塊的m1v1＝________g·m/s，右側(cè)滑塊質(zhì)量為150g，兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1＋m2v2＝________g·m/s.23．（每空2分，共14分）有一額定電壓為、額定功率的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)小燈泡的伏安特性曲線。有下列器材可供選用A．電壓表（量程內(nèi)阻約）B．電壓表（量程，內(nèi)阻約）C．電流表（量程，內(nèi)阻約）D．電流表（量程，內(nèi)阻約）E.滑動(dòng)變阻器（最大電阻，允許最大電流）F.滑動(dòng)變阻器（最大電阻，允許最大電流）G.三節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)約為）H.電鍵、導(dǎo)線若干（1）為提高實(shí)驗(yàn)的精確程度，電壓表應(yīng)選用________；電流表應(yīng)選用________；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________；（以上均填器材前的序號(hào)）（2）通過實(shí)驗(yàn)描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖，則以下四個(gè)電路圖中哪一種實(shí)驗(yàn)誤差最小()A．B．C．D．所以小燈泡電阻測(cè)量值________真實(shí)值（填“大于”、“小于”、“等于”）；（3）根據(jù)小燈泡的伏安特性曲線，當(dāng)小燈泡電壓是2V時(shí)，小燈泡電阻是_____（保留兩位小數(shù)）（4）由伏安特性曲線可知，小燈泡電阻隨電壓增大而________。24．（12分）n=100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場(chǎng)內(nèi)(線圈右邊的電路中沒有磁場(chǎng))，磁場(chǎng)均勻增大，線圈磁通量的變化率=0.004Wb/s，線圈電阻r=1Ω，R=3Ω，求：（1）線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。?）R兩端的電壓和R中的電流方向．25．（17分）一個(gè)質(zhì)量為m電荷量為q的帶電粒子，從x軸上的P（l，0）點(diǎn)以速度v，沿與x正方向成60°的方向射入第一象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并恰好垂直于y軸射出第一象限，不計(jì)重力。求：（1）判斷帶電粒子的電性；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（3）帶電粒子在第一象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。33．（1）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷了AB、BC、CD和DA四個(gè)過程，其p-V圖像如圖所示，其中AB、CD均與橫坐標(biāo)平行，DA、BC均與縱坐標(biāo)平行。對(duì)該氣體，下列說法正確的是（）A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體對(duì)外做功B．狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)A的溫度C．狀態(tài)A的內(nèi)能大于狀態(tài)B的內(nèi)能D．從狀態(tài)D到狀態(tài)A氣體從外界吸收熱量E．狀態(tài)C在單位時(shí)間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個(gè)數(shù)小于狀態(tài)D的分子個(gè)數(shù)33．（2）如圖所示，豎直面內(nèi)有一粗細(xì)均勻的U形玻璃管。初始時(shí)，U形管右管上端封有壓強(qiáng)的理想氣體A，左管上端封有長(zhǎng)度的理想氣體B，左，右兩側(cè)水銀面高度差，其溫度均為280K。（1）求初始時(shí)理想氣體B的壓強(qiáng)；（2）保持氣體A溫度不變，對(duì)氣體B緩慢加熱，求左右兩側(cè)液面相平時(shí)氣體B的溫度。2022年春季期高二段考理綜物理部分答案14.【答案】B【解析】【詳解】A．電鍵閉合后，線圈A插入或拔出線圈B的過程中，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．線圈A插入線圈B中后，始終保持電鍵閉合，穿過線圈B的磁通量不發(fā)生變化，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；C．線圈A插入線圈B中后，電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．線圈A插入線圈B中后，保持電鍵閉合，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，通過線圈A的電流變化，線圈A產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選B。15.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)關(guān)系得解得A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。16.【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．導(dǎo)體棒雖運(yùn)動(dòng)，但不切割磁感線，因此無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯(cuò)誤；B．伸開右手時(shí)，讓磁感線穿過掌心，大拇指方向指向?qū)w棒運(yùn)動(dòng)方向，則感應(yīng)電流方向應(yīng)沿導(dǎo)線向外，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向在一條直線上，導(dǎo)體棒不切割磁感線，因此無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)右手定則可知，掌心向外，大拇指方向指向?qū)w棒運(yùn)動(dòng)方向水平向左，則感應(yīng)電流方向應(yīng)沿導(dǎo)線向下，故D正確；故選D。17.【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．在電路a中，閉合K時(shí)，由于L的阻礙作用，S慢慢變亮。故A錯(cuò)誤；B．在電路a中，斷開K后，由于L的阻礙作用，S慢慢變暗，不會(huì)出現(xiàn)閃亮現(xiàn)象。故B錯(cuò)誤；C．在電路b中，閉合K時(shí)，燈泡S與電阻R串聯(lián)接入電路，則其立即變亮。故C錯(cuò)誤；D．在電路b中，由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，所以通過燈泡的電流比線圈的電流小。斷開K后，由于L的阻礙作用，導(dǎo)致燈泡S變的更亮，然后逐漸變暗。故D正確。故選D。18.【答案】C【解析】【詳解】A．由圖像可知交流電的電流最大值為，因此其有效值為A錯(cuò)誤；B．由B錯(cuò)誤；C．電阻消耗的電功率為C正確；D．由圖得所以該交流電流得瞬時(shí)值D錯(cuò)誤。故選C。19.【答案】AB【解析】【分析】【詳解】衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r地球質(zhì)量為M，有A．周期T=飛船b的軌道半徑小于空間站a的軌道半徑，所以a的周期大于b的周期，故A正確；B．加速度a=飛船b的軌道半徑小于空間站a的軌道半徑，所以a的加速度小于b的加速度，故B正確；C．線速度v=飛船b的軌道半徑小于空間站a的軌道半徑，所以a的運(yùn)行速度小于b的運(yùn)行速度，故C錯(cuò)誤；D．第一宇宙速度是繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大環(huán)繞速度，所以a、b的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，故D錯(cuò)誤。故選AD。20.【答案】BC【解析】【詳解】AB．由可得，兩翼尖間的電勢(shì)差為A錯(cuò)誤，B正確；CD．由右手定則可知，電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向自右向左，因飛機(jī)此時(shí)作為電源處理，故電勢(shì)應(yīng)為左方向高，C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。21.【答案】AB【解析】【詳解】A．由動(dòng)量定理可得：解得t=1s時(shí)物塊的速率為故A正確；BCD．t=2s時(shí)物塊的動(dòng)量大小t=3s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為t=4s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為所以t=4s時(shí)物塊的速度為1m/s，B正確，CD錯(cuò)誤。故選AB。22.【答案】

22.5

0【解析】【詳解】左側(cè)滑塊的速度為：則左側(cè)滑塊的m1v1＝100g×0.225m/s＝22.5g·m/s右側(cè)滑塊的速度為：則右側(cè)滑塊的m2v2＝150

g×(－0.15

m/s)＝－22.5g·m/s因m1v1與m2v2等大、反向，兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和m1v1＋m2v2＝023.【答案】

A

D

E

A

小于

11.63（11.49Ω至11.76Ω都對(duì)）

增大【解析】【詳解】（1）[1]由題意可知，燈泡的額定電壓為，為了準(zhǔn)確性及安全性原則，電壓表應(yīng)選擇A；[2]由可得，燈泡的額定電流為故電流表應(yīng)選擇D；[3]測(cè)量燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，要求電流從0開始測(cè)量，故應(yīng)采用分壓接法，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用小電阻，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E；（2）[4]測(cè)量小燈泡的伏安特性曲線時(shí)，要求電壓值從零開始變化，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)采有分壓接法；燈泡內(nèi)阻約為而電流表內(nèi)阻約為，故電流表應(yīng)采用外接法，故電路圖選A；[5]因?yàn)椴捎秒娏鞅淼耐饨臃ǎ鬟^燈泡的實(shí)際電流小于電流表的電流，由可知，燈泡電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值；(3)[6]由燈泡的伏安特性曲線則可得出燈泡的電壓是2V時(shí)，電流是0.172A考慮估讀誤差，電流按11.70A計(jì)算，結(jié)果為11.76Ω，電流按照11.74A計(jì)算，結(jié)果為11.49Ω，所以11.49Ω至11.76Ω都對(duì)。[7]由燈泡的伏安特性曲線可以看出圖線的斜率越來越小，而斜率表示電阻的倒數(shù)，故電阻越來越大，即小燈泡電阻隨電壓增大而增大。24.【答案】（1）0.4V（2）0.3V，方向向上【解析】【詳解】試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律公，求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大??；根據(jù)閉合歐姆定律求解感應(yīng)電流大小即可，根據(jù)楞次定律，來判定感應(yīng)電流方向，根據(jù)歐姆定律求解電阻R的電壓．(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有：(2)磁通量增加，根據(jù)楞次定律“增反減同”，故感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向外，感應(yīng)電流為逆時(shí)針，故R中電流方向向上；根據(jù)閉合電路歐姆定律可得電流：根據(jù)歐姆定律，電阻R的電壓為：U＝IR＝0.1×3V＝0.3V.點(diǎn)睛：本題主要考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律，掌握楞次定律的應(yīng)用，注意等效電路圖要點(diǎn)，及電源的正負(fù)極．25.【答案】（1）帶正電；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由于粒子能夠垂直于y軸從第一象限射出，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，根據(jù)左手定則可知粒子正電；（2）設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r。由牛頓第二定律解得由幾何知識(shí)可得聯(lián)立可得（3）設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，則由圖知，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圓心角為θ=180°-60°=120°所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是?33（1）.【答案】ABE【解析】【詳解】A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體體積增大，對(duì)外做功，故A正確；B．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)A的溫度，故B正確；C．A→B為等壓膨脹過程，根據(jù)蓋—呂薩克定律可知狀態(tài)B的溫度高于狀態(tài)A的溫度，所以狀態(tài)B的內(nèi)能大于狀態(tài)A的內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；D．D→A為等容過程，根據(jù)查理定理可知狀態(tài)A的溫度低于狀態(tài)D的溫度，即D→A過程氣體內(nèi)能減少，而氣體對(duì)外做功為零，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w向外界放出熱量，故D錯(cuò)誤；E．C→D為等壓壓縮過程，根據(jù)蓋—呂薩克