2024-2025學(xué)年江西省重點(diǎn)中學(xué)盟校高三（第一次）聯(lián)考物理試卷（2

月）

一，單選題：本大題共7小題，共28分。

1.下列說法正確的是（）

A.甲圖為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)示意圖，驗(yàn)電器和鋅板帶異種電荷

B.麥克斯韋由乙圖實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了電磁場理論

C.丙圖中,輕核能發(fā)生聚變的條件是克服核力達(dá)到很近的距離

D.截破丁圖中棉線右側(cè)的肥皂膜,棉線會(huì)受到平行于肥皂膜平面且垂直于棉線的力使之向左彎曲繃緊

2.春節(jié)期間，小朋友喜歡玩一種煙花“沖天炮”。有一只點(diǎn)燃的“沖天炮”噴出氣體豎直向上運(yùn)動(dòng),在離地

高度為15m的最高點(diǎn)時(shí)爆炸成質(zhì)量相等的兩部分,且均在豎直方向運(yùn)動(dòng),爆炸時(shí)一部分獲得豎直向下大小

為lOm/s的速度，忽略空氣阻力,則兩部分落地的時(shí)間差約為（）

A.2.0sB.1.7sC.1.3sD.1.0s

3.“古有司南,今有北斗”，2024年9月，第59,60顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星順利入軌,標(biāo)志著北斗衛(wèi)星導(dǎo)航工程正式

收官。組成北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)的衛(wèi)星運(yùn)行軌道半徑r越小,線速度v越大,衛(wèi)星運(yùn)行視為勻速圓周運(yùn)動(dòng),其

/-r圖像如圖所示，圖中R為地球半徑,力為北斗星座GEO衛(wèi)星的運(yùn)行軌道半徑，引力常量為G,忽略地球

自轉(zhuǎn)，則（）

2

A.地球的密度為落

4TIGR

B.北斗星座GEO衛(wèi)星的質(zhì)量為1

U

C.北斗星座GEO衛(wèi)星所在高度的重力加速度為寫

ro

D.北斗星座GE。衛(wèi)星運(yùn)行的周期為呼

4.用粗細(xì)均勻的相同硬導(dǎo)線制成形的導(dǎo)體框，的10條邊長度均相等。將導(dǎo)體框放置在磁場方

向垂直導(dǎo)體框平面向里的勻強(qiáng)磁場中，在a,c之間接一直流電源，電流方向如圖所示,若"c邊受到的安培力

大小為￡則整個(gè)導(dǎo)體框受到的安培力大小為（）

A.FB.|FC.2.5FD.5F

5.游樂場中有一種叫旋轉(zhuǎn)飛椅的游樂項(xiàng)目。如圖所示,長為L=5小的鋼繩一端系著座椅,另一端固定在半徑

為r=2爪的水平轉(zhuǎn)盤邊緣,轉(zhuǎn)盤可繞穿過其中心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)。座椅和小孩的總質(zhì)量為40kg,當(dāng)轉(zhuǎn)盤勻速

轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),鋼繩與轉(zhuǎn)動(dòng)軸在同一豎直平面內(nèi)，與豎直方向的夾角為37。,不計(jì)鋼繩的重力和空氣阻力,重力加速

度g取10m/s2,下列說法正確的是（）

A.座椅和小孩轉(zhuǎn)動(dòng)的軌道半徑為7m

B.座椅和小孩所需的向心力大小為300N

C.鋼繩對座椅的拉力大小為400N

D.座椅和小孩勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為苧rad/s

6.如圖所示為橫截面為半圓的棱鏡,光線從A8側(cè)面上最高點(diǎn)A點(diǎn)射入棱鏡,折射光線在圓弧內(nèi)側(cè)面上恰好

發(fā)生全反射,經(jīng)過在圓弧內(nèi)側(cè)面上兩次全反射后,光線恰好到達(dá)AB側(cè)面上的2點(diǎn),并從B點(diǎn)向左射出棱鏡。

則光線在A點(diǎn)入射角i的正弦值為（）

A./3B.?C.苧D.苧

7.如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖。升壓變壓器原,副線圈兩端的電壓分別為和降壓變壓器

原,副線圈兩端的電壓分別為/和北。在輸電線路的起始端接入兩個(gè)互感器,兩個(gè)互感器原,副線圈的匝數(shù)

比分別為20:1和1:20,各互感器和電表均為理想元件,則下列說法正確的是（）

A.兩互感器均起到降壓作用

B.若電壓表的示數(shù)為20V,電流表的示數(shù)為10A,則線路輸送電功率為SOOkW

C.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓劣一定,僅將滑片。上移,則輸電線損耗功率減少

D.若發(fā)電機(jī)輸出電壓力一定,若用戶數(shù)增加,為維持用戶電壓禽一定,可將滑片尸下移

二，多選題：本大題共3小題，共12分。

8.均勻介質(zhì)中有兩個(gè)點(diǎn)波源Si，52位于xOy平面內(nèi)，位置坐標(biāo)分別為（-2科0）和（6m,0）。t=。時(shí)刻起兩波源

開始沿垂直坐標(biāo)平面xOy方向做簡諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)圖像如圖。已知兩波源的振動(dòng)傳播到坐標(biāo)原點(diǎn)。處的時(shí)間

差為2s。下列說法正確的是（）

A.機(jī)械波在介質(zhì)中的傳播速度為2ni/s

B.xOy平面內(nèi)（2m,3m）位置處在振動(dòng)減弱區(qū)

C.兩波源間的連線上有4個(gè)振動(dòng)最弱點(diǎn)

D.0-7s內(nèi)，。處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為28c機(jī)

9.如圖所示,一放置在水平地面上的籃球收納架由矩形底座,豎直細(xì)立柱和傾斜細(xì)擋桿等組成，傾斜擋桿與

豎直方向間的夾角均為60。，已知籃球A的質(zhì)量為m,半徑為R,兩同層傾斜擋桿間,兩豎直立柱間的距離均為

1.2R?，F(xiàn)以底座邊為轉(zhuǎn)軸,將籃球架逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)到傾斜擋桿接近水平,重力加速度為g,不計(jì)一切摩

擦，下列說法正確的是（）

噱直立柱

傾斜擋桿

N

A.初始時(shí)一根豎直立柱對籃球A的彈力大小為嬰mg

lo

B.初始時(shí)一根傾斜擋桿對籃球A的彈力大小為好爪g

C.轉(zhuǎn)動(dòng)過程一根豎直立柱對籃球A的彈力逐漸增大

D.轉(zhuǎn)動(dòng)過程一根傾斜擋桿對籃球A的彈力逐漸減小

10.如圖所示,兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌和PQ放在水平面上,導(dǎo)軌左端向上彎曲，導(dǎo)軌間距為L,電阻不

計(jì)。水平段導(dǎo)軌所處空間有兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場，相距一段距離而不重疊，磁場I左邊界在水平段導(dǎo)軌的最左

端,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向豎直向上;磁場II的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向豎直向下。兩磁場沿導(dǎo)軌長度

均為d,質(zhì)量均為m,接入電路中電阻分別為2R,R的金屬棒ab和^垂直導(dǎo)軌放置,金屬棒e/置于磁場II的

右邊界處（邊界處存在磁場）?，F(xiàn)將金屬棒仍從彎曲導(dǎo)軌上某一高度為//處由靜止釋放，使其沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)。

金屬棒油在離開磁場I前已經(jīng)勻速。設(shè)兩金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。重力加速度為

g,下列說法正確的是（）

A.金屬棒ab下滑剛進(jìn)入磁場I時(shí),助■中的電流方向?yàn)?7e

B.金屬棒ab下滑剛進(jìn)入磁場I瞬間,中的電流大小/=嗎普

C.金屬棒油在磁場I內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中，"中產(chǎn)生的焦耳熱Qab=竽

D.若金屬棒ab以速度/進(jìn)入磁場I,經(jīng)過時(shí)間to從磁場I穿出，則在這段時(shí)間內(nèi)通過^橫截面的電荷量q=

BL（2d—%）

3R

三，填空題：本大題共1小題，共4分。

11.某學(xué)習(xí)小組用如圖所示的裝置驗(yàn)證”當(dāng)質(zhì)量一定時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)的加速度與它所受的合外力成正比”這一

物理規(guī)律,其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(1)拉力傳感器懸掛輕質(zhì)定滑輪,繞過滑輪的輕繩,一端與一邊長為1的正方體A相連(d和釋放點(diǎn)到光電門

距離相比很小),另一端與礦泉水瓶相連。調(diào)節(jié)瓶中水的多少直到將A由靜止釋放后,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),拉

力傳感器的示數(shù)為A的質(zhì)量為爪=。(重力加速度為g)

(2)用刻度尺測出系統(tǒng)靜止時(shí)A與光電門8之間的豎直高度瓦固定A,減少瓶中的水,讓A由靜止釋放,A

下落過程中拉力傳感器的示數(shù)為RA經(jīng)過光電門的時(shí)間為t,則A下落過程中的加速度大小a==(用

含d,t,h的表達(dá)式作答)

(3)繼續(xù)減少瓶中的水，重復(fù)步驟(2),記下多組產(chǎn)與對應(yīng)的f的值。為了驗(yàn)證“當(dāng)質(zhì)量一定時(shí),物體運(yùn)動(dòng)的加

速度與它所受的合外力成正比”這一物理規(guī)律,在處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí),應(yīng)作圖像。

A.t-(Fo-F)

2

B.t-(Fo-F)

C.i-(Fo-F)

D.^-(FO-F)

四，實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。

12.如圖甲所示，將兩個(gè)不同金屬電極插入水果中就可以做成一個(gè)水果電池，某同學(xué)準(zhǔn)備測定一水果電池的

電動(dòng)勢和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：

4待測水果電池（電動(dòng)勢約1%內(nèi)阻小于800。）

8.滑動(dòng)變阻器R（阻值0?3000/2）;

C.電壓表V（量程3V,內(nèi)阻約3k0）;

。.毫安表量程l.OmA,內(nèi)阻為500）;

E開關(guān)一個(gè),導(dǎo)線若干。

（1）為了盡可能準(zhǔn)確測定這個(gè)水果電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，已提供的如圖乙,丙所示的兩個(gè)測量電路圖,應(yīng)

選（填“乙”或"丙”）;

（2）該同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)并作出U-/圖線如圖丁所示,根據(jù)圖線求出這個(gè)水果電池

的電動(dòng)勢為V,內(nèi)阻為。（內(nèi)阻保留三位有效數(shù)字）。

T

（3）該同學(xué)還設(shè)計(jì)了圖戊所示的電路，其中&）為工作電源,&為限流電阻,MN為粗細(xì)均勻同種材料的電阻絲,

產(chǎn)為滑動(dòng)觸頭，G為靈敏電流計(jì),此為它的保護(hù)電阻,/?2為阻值已知的工作電阻。為了測量電源”的內(nèi)阻廠，

現(xiàn)做如下操作：

戊

①先閉合S1，斷開S2,調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭P的位置,當(dāng)其位于A位置時(shí),靈敏電流計(jì)示數(shù)為零；

②再閉合S2,調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭P的位置，當(dāng)其位于8位置時(shí),靈敏電流計(jì)示數(shù)再次為零,此時(shí)&兩端電壓

U=;（用含”,r,R2的表達(dá)式作答）

③測量出兩次電阻絲和MB的長度分別為匕和%。則電源內(nèi)阻r=（填寫表達(dá)式）。

五，計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。

13.如圖所示,一粗細(xì)均勻,豎直放置的U形管,其左端封閉右端開口，管內(nèi)水銀柱將一部分理想氣體封閉在

左管中。當(dāng)封閉氣體的溫度為To=340K時(shí),左管內(nèi)氣柱長度L=25cm,右管中水銀面比左管中水銀面高

h=10cm,大氣壓強(qiáng)Po=75cmHg。

（1）若緩慢降低封閉氣體的溫度，當(dāng)溫度為多少時(shí),左右兩管中的水銀面等高?

(2)若保持封閉氣體溫度To不變,從右管開口處緩慢注入水銀,當(dāng)左管中水銀面上升了1cm時(shí),注入水銀柱的

長度是多少厘米？(結(jié)果保留1位小數(shù))

14.如圖所示,平面直角坐標(biāo)系的第二象限有一個(gè)勻強(qiáng)電場,其場強(qiáng)大小為E=1807/m,方向沿?zé)o軸負(fù)方向，

圖中的虛線是電場的理想邊界,其上方?jīng)]有電場;第四象限存在一個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度a=4.5X10-4T,方向垂直

紙面向外的勻強(qiáng)磁場;第一象限存在磁感應(yīng)強(qiáng)度巳=9XIO,,方向沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場。在第二象

限有一線狀發(fā)射裝置,不斷射出質(zhì)量m=9.0x10-31kg,電荷量e=1.6X1。-19c的電子，電子的速度大小

%=4x106m/s,方向沿y軸負(fù)方向,這些電子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后都能經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)。進(jìn)入第四象限。求

線狀電子發(fā)射裝置jy

muimiuui

(1)設(shè)電子進(jìn)入電場的位置坐標(biāo)為(居y),求出x,y滿足的關(guān)系式;(其中x<0)

(2)這些電子離開第四象限進(jìn)入第一象限與x軸的交點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)。的距離；

(3)這些電子在第一象限中會(huì)經(jīng)過一些相同的位置，請寫出這些位置的坐標(biāo)。

15.如圖所示,一斜面體A,其右端輕靠著長度L=127n的直木板3,連接處等高,剛開始一起靜止在光滑的水

平地面上,滑塊C以"o=lthn/s的初速度從木板B的右端水平向左運(yùn)動(dòng)，已知啊-mB=1kg,mc=2kg的

滑塊C與木板8間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,斜面體A的上表面是半徑R=1m的J光滑圓弧,取重力加速度大小

g^lOm/s2.(計(jì)算結(jié)果可用根號表示)

(1)滑塊C滑上斜面體A的瞬間,求滑塊C的速度大?。?

(2)滑塊C滑上斜面體A的瞬間,求斜面體A受到的壓力大小F;

(3)若C從剛滑上A到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程用時(shí)t=0.5s,求該過程中C對地的水平位移和.

答案和解析

1.【答案】D

【解析】A甲圖為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，鋅板逸出電子，使驗(yàn)電器和鋅板均帶正電荷，A錯(cuò)誤；

A圖乙為赫茲做的有關(guān)電磁波的發(fā)射與接收實(shí)驗(yàn),而電磁場理論是麥克斯韋從理論推導(dǎo)出來的,故8錯(cuò)誤.

C.輕核能發(fā)生聚變,必須克服巨大的庫侖斥力，使原子核間距達(dá)到ICT157n以內(nèi)，從而使核力起作用，C錯(cuò)誤;

。戳破丁圖中棉線右側(cè)的肥皂膜,棉線會(huì)受到液體表面張力的作用,平行于肥皂膜平面且垂直于棉線,使之

向左彎曲繃緊，D正確。

2.【答案】A

【解析】【詳解】由動(dòng)量守恒定律可得Tn%+小%=0可知另一部分速度豎直向上，大小為1。爪/s；兩部分

落地的時(shí)間差約為"子=^s=2.0s。

3.【答案】C

【解析】A根據(jù)=若=喉得”黑地球密度pT=高，故A錯(cuò)誤;

A繞地球運(yùn)行北斗星座GE。衛(wèi)星的質(zhì)量根據(jù)題目條件不能求解，故8錯(cuò)誤;

C.根據(jù)G絲^=ma,GM=bR,得a=緣故C正確.

roro

D根據(jù)爪［「0=ma,得7=27r.若，故。錯(cuò)誤。

DK

4.【答案】B

【解析】【詳解】設(shè)流過他。邊的電流為I,設(shè)ac連線長度為L,則abc邊受力F=根據(jù)并聯(lián)關(guān)系可知,

流過與人邊并聯(lián)部分的電流為今受力尸'=8整個(gè)導(dǎo)體框受到的安培力大小為嗑=尸+*IBIL=

故選B;

5.【答案】B

【解析】A.由題可知座椅到中心軸的距離為：R=丁+Lsind=2m+5xsin37°m=5m,故A錯(cuò)誤.

BC.對座椅和人分析有:=產(chǎn)合=mgtand=400X;N=300N,T==500N,故B

正確，故C錯(cuò)誤.

。.據(jù)向心力公式有：F向=山32凡則3=匡=生皿1/5,故。錯(cuò)誤?

NmR2/

故選Bo

6.【答案】B

【解析】光路如圖所示:

由幾何關(guān)系：6c=360。,解得臨界角C=60。，由折射定律：九=也，由臨界角公式：5E。=±又。+「=

sinrn

90°,聯(lián)立知,sini=亭故選B。

7.【答案】C

【解析】【詳解】A電壓互感器電壓與匝數(shù)成正比,起到降壓的作用，電流互感器電流與匝數(shù)成反比,起到降

流的作用。故A錯(cuò)誤；

A根據(jù)理想變壓器變壓和變流規(guī)律可得g=400匕12=2004所以線路輸送的電功率為P=U2I2=80kW,

故3錯(cuò)誤；

C.由理想變壓器變壓規(guī)律用=2可得出=四%根據(jù)閉合電路歐姆定律有4=U2-I2r,根據(jù)理想變壓器

n2nl

電壓U/和用戶數(shù)一定，僅將滑片0上移,則輸電電壓減小,所以輸電電流減小,而輸電線損耗功率為

AP=/介,所以輸電線損耗功率減小,故C正確；

。若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓a和。的位置一定，使用戶數(shù)增加，即/不變，R減小,則/2增大,4減小,為了維持

用戶電壓/一定,需要增大區(qū),可將滑片P上移,故。錯(cuò)誤。

n3

8.【答案】AB

【解析】A.兩機(jī)械波在同一介質(zhì)傳播，傳播速度相同,設(shè)為v,由題意有u=—=2m/s,故A正確；

2.由題意知,波長為2=uT=4m,由于兩波源的起振方向相反，所以振動(dòng)減弱點(diǎn)滿足△r=點(diǎn)(2m,3m)

到波源Si，S2的距離為小r=0,所以點(diǎn)(2m,3爪)處于振動(dòng)減弱區(qū),故B正確。

C兩波源間的連線上有3個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn),故C錯(cuò)誤；

D由上分析可知，。處質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)。從0時(shí)刻起，經(jīng)Is,Si波傳到。處質(zhì)點(diǎn)。經(jīng)3s,S2波傳到。處質(zhì)

點(diǎn).

所以。處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為S=0+4x1cm+8x(3-l)cm=20cm故。錯(cuò)誤。

9.【答案】BD

【解析】籃球A受到重力,兩傾斜擋桿的彈力和兩豎直立柱的彈力,將兩傾斜擋桿的彈力尸斜合成一個(gè)力

尸2,將兩豎直立柱的彈力/豎合成一個(gè)力&，受力分析如圖1所示：

圖1

根據(jù)三角形法則,有尸2=c氏0。,&=7ngtan300.

根據(jù)幾何關(guān)系可知兩傾斜擋桿對籃球的彈力與尸2夾角的余弦值均為cos。=9

則有F2=2F斜?cose

同理有Fi=2F豎?cos6

聯(lián)立解得尸斜=F豎=故A錯(cuò)誤,B正確;

CD以為轉(zhuǎn)軸,將籃球架緩慢轉(zhuǎn)到傾斜擋桿接近水平的過程,尸2與豎直方向的夾角逐漸減小,&與水平方

向的夾角逐漸增大，但兩力的夾角始終不變,如圖2所示可以發(fā)現(xiàn)尸2和a均逐漸減小,故C錯(cuò)誤,D正確。

圖2

10.【答案】BCD

【解析】A根據(jù)右手定則可知，金屬棒成剛進(jìn)入磁場I時(shí)，^中的電流方向?yàn)閑A錯(cuò)誤；

A金屬棒用在彎曲光滑導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中,機(jī)械能守恒,設(shè)其剛進(jìn)入磁場I時(shí)速度為幾，閉合回路產(chǎn)生的

感應(yīng)電動(dòng)勢為E,感應(yīng)電流為/,由機(jī)械能守恒定律可得mgh=；m詔,解得為=/9，感應(yīng)電動(dòng)勢為E=

BLv0,由閉合電路歐姆定律可得/=磊,聯(lián)立解得/=里尋,8正確；

C.由左手定則可知,金屬棒ab所受安培力水平向左,金屬棒^所受安培力水平向左,則金屬棒ab在磁場I

中做減速運(yùn)動(dòng),產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢逐漸減小,金屬棒在磁場II中做加速運(yùn)動(dòng),產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢逐漸增加,

當(dāng)兩棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢相等時(shí)，回路中感應(yīng)電流為零,此后金屬棒ab,^都做勻速運(yùn)動(dòng),設(shè)金屬棒最終的速

度大小分別為。1，。2,整個(gè)過程中安培力對金屬棒ab,弘■的沖量大小分別為/a，4,由8口1=BLV2,解得%=

也

設(shè)向右為正方向，對金屬棒ab,由動(dòng)量定理有-%=mvi-mvo-

對金屬棒ef,由動(dòng)量定理有一〃=-mv2-0.

由于金屬棒ab,^在運(yùn)動(dòng)過程中流過金屬棒的電流始終相等,所處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也相等,則兩金屬

棒受到的安培力大小相等.

則兩金屬棒受到的沖量的大小左=Ia-

聯(lián)立可得=%=2gh.

111

金屬棒4b在磁場I內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q總=mgh--mvl--mvj=^mgh.

ab中產(chǎn)生的焦耳熱Qab='空C正確；

D由以上分析可知，當(dāng)金屬棒協(xié)進(jìn)入磁場I后,金屬棒開始向左運(yùn)動(dòng)，兩棒在運(yùn)動(dòng)過程中受到的安培力大

小時(shí)刻相等,則每個(gè)時(shí)刻兩金屬棒的加速度大小相等,所以兩金屬棒在片時(shí)間內(nèi)速度的變化量大小相等，作出

兩金屬棒的"-t圖像如圖所示

根據(jù)u-t圖像的面積表示位移可知,在0時(shí)間內(nèi)，兩金屬棒運(yùn)動(dòng)距離之和為金屬棒ab的位移大小為d.

則金屬棒運(yùn)動(dòng)的位移的大小為x=v't0-d.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律得,通過金屬棒^橫截面的電荷量為q=7At.

而7—后E--

叩/一旅'4t.

整個(gè)回路的磁通量變化量=BLd-BLx=BL（2d一v't0）.

聯(lián)立解得q=D正確。

11.【答案】（1虐,（2）嘉,（3）0

【解析】（1）當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí),設(shè)拉力傳感器的示數(shù)為F°,則有：F。=2mg得,m=空.

乙g

,>2

⑵由v2=2a/i和u=工可得：a=

（3）鉤碼A下落過程中設(shè)升上拉力大小為T,則：F=2T,mg-T=ma.

解得:4=2/°?,其中色為定值,故應(yīng)做3—（五?！狥）圖像,故選D。

/FodFod

12.【答案】（1）乙，（2）0.98,713（710?720均可），（3）②裊Ex，③

“2十廠‘2

【解析】（1）毫安表的內(nèi)阻已知,為減小實(shí)驗(yàn)誤差,測量電路圖應(yīng)選乙。

（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=￡/+/（&+7）.

整理得u=—(%+7)/+E.

水果電池的電動(dòng)勢為E=0.987.

圖象斜率的絕對值為|k|=RA+r=x7632

內(nèi)阻r=7130。

(3)對乙,夫2回路分析得U=裊Ex.

只閉合又有：Ex=UMA.

同時(shí)閉合Si，S2有：-^-Ex=UMB.

又步=夕,解得：r=R2?T)。

UMBL2L2

13.【答案】解：(1)以左管中封閉氣體為研究對象，設(shè)溫度為T時(shí)，左右兩管中的水銀柱等高，則

Pi=Po+h.

Vr=25s.

P2=Po-

V2=(L-^)S.

由畢=畢.

701

得T=240K

(2)左管中水銀面上升了1c機(jī)時(shí),左管中氣體體積匕=24s.

由Pi'i=23匕，得P3七88.54cmHg.

此時(shí),水銀面高度差幻=P3-Po.

得=13.54cm.

故注入水銀柱的長度△h=h1-h+l=5.5cm

【解析】詳細(xì)解答和解析過程見【答案】

14.【答案】解：(1)電子做類平拋運(yùn)動(dòng)，電子能過坐標(biāo)原點(diǎn)O.

則有：一%=