試卷第=page1414頁，共=sectionpages2020頁絕密★啟用前2025年高考考前信息必刷卷03（云南專用）物理（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）考情速遞高考·新動向：近年來我國科技進步較快很多領(lǐng)域領(lǐng)先全球，高考題目設(shè)計也更注重實際應(yīng)用場景結(jié)合科學技術(shù)通過多情境的綜合問題來命題可以全面評估學生的物理素養(yǎng)，如本卷中的第2題“5G”考察電磁波知識的應(yīng)用，第3題以“潮汐鎖定”為背景考察天體運動的基本規(guī)律，這要求學生能夠?qū)⒗碚撝R與實際應(yīng)用相結(jié)合，解決實際問題，這些情境既富有挑戰(zhàn)性，又貼近現(xiàn)代科技和生活實際，有助于激發(fā)學生的學習興趣和探究精神。高考·新考法：在常規(guī)考點的考察上，本卷通過新的呈現(xiàn)方式來檢驗學生對知識的深入理解和靈活運用能力。如本卷中第5題利用探月工程考察月球上的熱現(xiàn)象，圖像語言是一種重要的物理語言，本卷中多道題目利用圖像語言來呈現(xiàn)物理過程如第6、9、11、13題引導學生構(gòu)建物理模型的同時要善于應(yīng)用數(shù)學知識解決物理問題；高考·重經(jīng)典：新高考試題更注重經(jīng)典模型優(yōu)化與開發(fā)。例如本卷中第10、13、14題分別以經(jīng)典的“線框模型”考察電磁感應(yīng)與電路問題、“連接體”模型與運動學圖像結(jié)合考察牛頓運動定律及運動學共速“滑塊木板”模型考能量動量的綜合。這些模型的綜合分析都體現(xiàn)了新高考對經(jīng)典模型的重視。命題·大預(yù)測：基于上述分析，可以預(yù)見2025年云南省高考物理將沿著以下方向發(fā)展：注重基礎(chǔ)知識與綜合能力的結(jié)合、強化實際應(yīng)用場景的考察、推廣多樣化的呈現(xiàn)方式、加強教材的挖掘，注重經(jīng)典模型的優(yōu)化。注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。選擇題部分一、選擇題：本題共10小題，第1~7題在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求，每小題4分，共28分。第8~10題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分，共18分。1．《民法典》第1254條規(guī)定禁止從建筑物中拋擲物品。假設(shè)某住宅樓上墜物做自由落體運動，開始1s內(nèi)的下落高度與最后1s內(nèi)的下落高度之比為1:5，重力加速度g取10m/s2，則物體下落的總時間為（）A．2s B．3s C．4s D．5s【答案】B【詳解】設(shè)下落總時間為t，由題意可知解得t=3s故選B。2．我國自主研發(fā)的第5代移動通信技術(shù)（簡稱5G）處于全球領(lǐng)先水平。5G通信網(wǎng)絡(luò)使用電磁波的頻率比4G通信網(wǎng)絡(luò)使用電磁波的頻率高，相同時間內(nèi)傳遞的信息量更大。與4G相比，5G使用的電磁波（）A．在空氣中的傳播速度大 B．在空氣中的波長小C．能量子的能量小 D．在空氣中的周期長【答案】B【詳解】A．電磁波在空氣中的傳播速度相同，與頻率無關(guān)，故A錯誤；BD．5G使用的電磁波頻率比4G的高，由知，5G使用的電磁波在空氣中的波長較小，周期較短，故B正確，D錯誤；C．根據(jù)能量子的能量，可知5G使用的電磁波能量子的能量更大，故C錯誤。故選B。3．與地球的衛(wèi)星月球類似，海王星的衛(wèi)星海衛(wèi)一也因潮汐鎖定總是以同一半球朝向海王星。已知海衛(wèi)一的軌道半長軸為、周期為，月球的軌道半長軸為、周期為，則海王星與地球的質(zhì)量之比為（）A． B．C． D．【答案】D【詳解】根據(jù)開普勒第三定律可知由于、只與中心天體的質(zhì)量有關(guān)（與中心天體的質(zhì)量成正比），故海王星與地球的質(zhì)量之比為故選D。4．如圖是截面為矩形abcd的玻璃磚，用激光筆發(fā)出紅色細光束從矩形玻璃磚底部d點沿dO方向射入玻璃磚，光束從玻璃磚另一面射出后經(jīng)過cb延長線上的e點，已知光束與ab邊夾角為60°，線段Ob＝be。則該玻璃磚對紅光的折射率n和紅光在玻璃磚ab邊發(fā)生全反射的臨界角C分別為（

）A．； B．；C．； D．；【答案】A【詳解】折射率的公式已知線段Ob＝be，根據(jù)幾何關(guān)系可得折射角為，入射角為，則玻璃磚對紅光的折射率對于玻璃磚，紅光發(fā)生全反射的臨界角可得其臨界角C＝45°故選A。5．我國探月工程2004年正式立項，2024年6月25日首次獲取月背樣品后成功返回地球，月球表面的重力加速度為。如圖所示，玻璃管開口向上豎直放置，長度為的水銀柱密閉了長的氣柱，如果將這個玻璃管帶到月球表面，發(fā)現(xiàn)水銀柱緩慢向上移動且恰好不從玻璃管流出。已知大氣壓強為，整個過程溫度保持不變。玻璃管的長度為（）A． B．C． D．【答案】A【詳解】水銀柱在地球表面靜止時，有水銀柱在月球表面靜止時，有又設(shè)玻璃管的橫截面積為S，長度為，密閉氣體發(fā)生等溫變化，有解得故選A。6．某空間的軸上只存在沿此軸方向的靜電場，軸上各點電勢分布如圖。一電子只在電場力作用下由軸上某點無初速釋放，下列說法正確的是（）A．到范圍內(nèi)，處的電場強度最大B．若電子在位置釋放，不能通過點C．若電子沿軸運動過程中的總能量恒為零，則電子的運動區(qū)間可能為D．若電子在處釋放，電子將一直向右加速運動到點【答案】C【詳解】A．根據(jù)圖像的斜率大小表示電場強度大小，由圖可知原點圖像的切線斜率為零，故原點的電場強度零，不是最大，A錯誤；BD．若電子在位置釋放，電子在處的動能為零，由圖可知，電子在和兩個位置的電勢相等，則電子在兩處的電勢能也相等，根據(jù)總能量守恒可知，粒子在的動能才為零，即電子運動到位置時，速度才會減為零，故電子可以通過點，且電子先加速運動，而后減速運動，在和間來回往復(fù)運動，BD錯誤；C．電子帶負電荷，開始時由電勢低處向電勢高處運動，又因為電子沿x軸運動過程中的總能量恒為零，則開始運動時動能為零，電勢能也為零，則粒子的活動區(qū)間是，C正確。故選C。7．如圖所示，勻強磁場中有兩個相同的彈簧測力計，測力計下方豎直懸掛一副邊長為L，粗細均勻的勻質(zhì)金屬等邊三角形，將三條邊分別記為a、b、c。在a的左右端點M、N連上導線，并通入由M到N的恒定電流，此時a邊中電流大小為I，兩彈簧測力計的示數(shù)均為。僅將電流反向，兩彈簧測力計的示數(shù)均為。電流產(chǎn)生的磁場忽略不計，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．三條邊a、b、c中電流大小相等B．兩次彈簧測力計示數(shù)C．金屬等邊三角形的總質(zhì)量D．勻強磁場的磁感應(yīng)強度【答案】C【詳解】A．根據(jù)題意可知，b與c串聯(lián)后再與a并聯(lián)，電壓相等，bc的電阻為a的電阻的兩倍，此時a邊中電流大小為I，則bc中的電流為，故A錯誤；BCD．電流反向前，根據(jù)左手定則，可知a邊的安培力方向豎直向上，b、c邊的安培力合力方向也豎直向上，a邊的安培力大小為b、c邊的安培力合力大小為對金屬等邊三角形受力分析，可得電流反向后，根據(jù)左手定則，可知a邊的安培力方向豎直向下，b、c邊的安培力合力方向豎直向下，a邊的安培力大小仍然為b、c邊的安培力合力大小仍然為對金屬等邊三角形受力分析，可得解得，可得，故BD錯誤；C正確。故選C。8．游樂場滑索項目的簡化模型如圖所示，索道AB段光滑，A點比B點高1.25m，與AB段平滑連接的BC段粗糙，長4m。質(zhì)量為50kg的滑塊從A點由靜止下滑，到B點進入水平減速區(qū)，在C點與緩沖墻發(fā)生碰撞，反彈后在距墻1m的D點停下。設(shè)滑塊與BC段間的動摩擦因數(shù)為0.2，規(guī)定向右為正方向。g取10m/s2。下列說法正確的是（）A．緩沖墻對滑塊的沖量為-50N·sB．緩沖墻對滑塊的沖量為-250N·sC．緩沖墻對滑塊做的功為-125JD．緩沖墻對滑塊做的功為-250J【答案】BC【詳解】AB．滑塊從A滑到C，由動能定理有解得v1=3m/s方向水平向右，碰后滑到D的過程，根據(jù)動能定理有解得v2=2m/s方向水平向左。與墻碰撞過程應(yīng)用動量定理（向右為正）有I=m（-v2）-mv1=-250N·s故A錯誤，B正確；CD．對碰撞過程應(yīng)用動能定理有解得W=-125J故C正確，D錯誤。故選BC。9．一平面簡諧橫波以速度v=2m/s沿x軸負方向傳播，t=0時刻的波形圖如圖所示。介質(zhì)中平衡位置在坐標原點的質(zhì)點P在t=0時刻的位移，以下說法正確的是（

）A．該波的波長為8mB．該波的周期為6sC．t=1s時，質(zhì)點P向上運動D．第1s內(nèi)，質(zhì)點P通過的路程為【答案】AD【詳解】AB．根據(jù)t=0時刻的波形圖過和兩點，代入數(shù)值可得波的函數(shù)關(guān)系式為則波長為波的周期為故A正確，B錯誤；C．波沿x軸負方向傳播，由同側(cè)法可知質(zhì)點P在t=0時刻向下振動，在t=1s即經(jīng)過四分之一個周期經(jīng)過平衡位置后向下運動，故C錯誤；D．據(jù)題意可知質(zhì)點P的振動方程為則在時，坐標為，則路程為故D正確。故選AD。10．如圖，空間等距分布無數(shù)個垂直紙面向里的勻強磁場，豎直方向磁場區(qū)域足夠長，磁感應(yīng)強度大小，每一條形磁場區(qū)域?qū)挾燃跋噜彈l形磁場區(qū)域間距均為?，F(xiàn)有一個邊長、質(zhì)量，電阻的單匝正方形線框，以的初速度從左側(cè)磁場邊緣水平進入磁場，重力加速度，，下列說法正確的是（）A．線框剛進入第一個磁場區(qū)域時，加速度大小為B．線框進入第一個磁場區(qū)域過程中，通過線框的電荷量為0.5CC．線框從開始進入磁場到豎直下落的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為6.4JD．線框從開始進入磁場到豎直下落過程中能穿過5個完整磁場區(qū)域【答案】AC【詳解】A．根據(jù)題意有，，聯(lián)立解得線框剛進入第一個磁場區(qū)域時受到的安培力為根據(jù)牛頓第二定律有則線框的加速度大小為故A正確；B．根據(jù)題意有，，解得通過線框的電荷量為線框進入第一個磁場區(qū)域過程中，通過線框的電荷量為0.25C，故B錯誤；C．線框所受安培力方向水平向左，線框水平方向做減速運動，豎直方向做自由落體運動，可知，線框從開始進入磁場到豎直下落的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為故C正確；D．線框水平方向上的運動，在后一個磁場中可以看為前一個磁場中運動的一個延續(xù)部分，水平方向上，線框在磁場中的運動，根據(jù)動量定理有感應(yīng)電流由于聯(lián)立可得可得線框穿過1個完整磁場區(qū)域，有安培力作用的水平距離為2d，則有則線框從開始進入磁場到豎直下落過程中能穿過6個完整磁場區(qū)域，故D錯誤。故選AC。二、實驗題：本題共2小題，共16分。11．（6分）新能源汽車已經(jīng)走進了我們的生活，某校實驗小組通過網(wǎng)絡(luò)資料得知某汽車電池采用的是“刀片電池”技術(shù)?，F(xiàn)將一塊電池拆出來，用游標卡尺準確測量其厚度，結(jié)果如圖甲所示，然后測量其電動勢和內(nèi)阻。(1)這塊“刀片電池”的厚度為；(2)為了排除電流表和電壓表內(nèi)阻對測量該電池的電動勢和內(nèi)阻的影響，該小組設(shè)計了如下的實驗方案，如圖表所示，記錄了電壓表分別接在圖乙中①、②位置對應(yīng)的多組電壓表的示數(shù)和電流表的示數(shù)，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪制如圖丙中所示的、兩條圖線。綜合兩條圖線，此“刀片電池”的電動勢為，內(nèi)阻（選用圖丙中、、、表示）?！敬鸢浮?1)1.920(2)【詳解】（1）游標尺為50分度，故精度為，主尺讀數(shù)為，游標尺上第10條刻度線與主尺對齊，故“刀片電池”厚度為（2）[1][2]當電壓表接①時，誤差在于電壓表的分流，所測電動勢不準但短路電流準確，當電壓表接②時，誤差在于電流表的分壓，所測電動勢準確但短路電流不準確。有12．（10分）某實驗小組用如圖甲所示的裝置做“用單擺測量重力加速度”的實驗。(1)下列敘述正確的是_______。A．長度不同的1m和30cm的同種細線，選用1m的細線做擺線B．如圖乙中A、B、C，擺線上端的三種懸掛方式，選A方式更好C．當單擺經(jīng)過平衡位置開始計時，可用60次經(jīng)過平衡位置的時間除以60作為單擺振動的周期D．如圖丙中，由于操作失誤，致使擺球不在同一豎直平面內(nèi)運動，而是在一個水平面內(nèi)做圓周運動，求出的重力加速度與實際值相比偏大(2)下邊游標卡尺的讀數(shù)為mm若某同學實驗中測出單擺做n次全振動所用時間為t、擺線長為l、擺球直徑為d，則當?shù)氐闹亓铀俣龋ㄓ脺y出的物理量表示）。(4)小組內(nèi)其他同學測量了多組實驗數(shù)據(jù)作出了周期的平方與擺長（）的關(guān)系圖像如圖丁所示，已知圖線a、b、c平行，圖線b過坐標原點。對于圖線a、b、c，下列分析正確的是_______。A．出現(xiàn)圖線c的原因可能是使用的擺線比較長B．出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將擺線長記作擺長LC．由圖線b計算出的g值最接近當?shù)氐闹亓铀俣?，由圖線a計算出的g值偏大，由圖線c計算出的g值偏小【答案】(1)AD(2)10.60(3)(4)B【詳解】（1）A．長度不同的1m和30cm的同種細線，選用1m的細線做擺線，故A正確；B．如圖乙中A、B、C，擺線上端的三種懸掛方式，選C方式更好，用夾子夾住擺線可防止擺長發(fā)生變化，故B錯誤；C．當單擺經(jīng)過平衡位置時開始計時，60次經(jīng)過平衡位置時振動了30個周期（第一次經(jīng)過平衡位置時記作0），則可用60次經(jīng)過平衡位置的時間除以30作為單擺振動的周期，故C錯誤；D．若為圓錐擺，則根據(jù)解得可知測得的周期偏小，根據(jù)解得可知，求出的重力加速度與實際值相比偏大，故D正確。故選AD。（2）如圖所示，游標卡尺讀數(shù)為（3）若某同學實驗中測出單擺做次全振動所用時間為，則周期擺線長為，擺球直徑為，則擺長根據(jù)解得當?shù)氐闹亓铀俣龋?）AB．根據(jù)圖線可知，在取為0時，不為0，表明選擇的的長度比實際的擺長大一些，即有可能是將擺線的長與擺球的直徑之和作為擺長，擺長取值偏大，則圖線右移；同理出現(xiàn)圖線的原因可能是誤將擺線長記作擺長，擺長取值偏小，圖線左移，故A錯誤；B正確；C．根據(jù)可得三條直線的斜率均為由三條直線計算出的值都相同，故C錯誤。故選B。三、計算題：本題共3小題，共38分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13．（10分）如圖甲所示，兩滑塊P、Q用輕繩跨過定滑輪相連，Q距地面一定高度，P與滑輪之間的輕繩平行于斜面。已知斜面傾角，P的質(zhì)量為。某時刻由靜止釋放P，一段時間后Q著地，測得P沿斜面向上運動的圖像如圖乙所示，運動中P始終未與定滑輪碰撞，重力加速度g取。求：(1)P與斜面之間的動摩擦因數(shù)；(2)Q的質(zhì)量M。【答案】(1)(2)【詳解】（1）由圖乙可知，內(nèi)，P減速上滑的加速度大小對P，由牛頓第二定律可得解得P與斜面之間的動摩擦因數(shù)為（2）由圖乙可知，內(nèi)，P加速上滑的加速度大小為對P，由牛頓第二定律可得對Q，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得Q的質(zhì)量為14．（13分）如圖所示，上表面粗糙、長d=0.5m的長木板與半徑R=0.15m的光滑四分之一圓弧軌道平滑連接（二者構(gòu)成一個整體），靜止在光滑水平面上，整體的總質(zhì)量M1=0.6kg，質(zhì)量M2=0.6kg的物塊放在長木板上的左端。一根長度L=1.25m且不可伸長的細線一端固定于O點，另一端系一質(zhì)量m=0.4kg的小球，小球位于最低點時與物塊處于同一高度并恰好接觸。拉動小球使細線伸直，當細線水平時由靜止釋放小球，小球與物塊沿水平方向發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短），碰撞后，物塊沿著長木板上表面運動，小球、物塊均可視為質(zhì)點。不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：(1)小球運動到最低點與物塊碰撞前所受拉力的大??；(2)小球與物塊碰撞后的瞬間，物塊動量的大??；(3)若物塊恰好運動到與圓弧圓心等高的位置且不脫離圓弧軌道，物塊與水平長木板間的動摩擦因數(shù)μ?！敬鸢浮?1)12N(2)2.4kg?m/s(3)0.5【詳解】（1）小球運動到最低點的過程中，由動能定理有解得小球運動到最低點的速度大小在最低點，對小球由牛頓第二定律有解得小球運動到最低點與物塊碰撞前所受拉力的大小為（2）小球與物塊碰撞過程中，由動量守恒定律和機械能守恒定律得小球與物塊碰撞后的瞬間，物塊速度的大小為解得小