高級中學名校試題PAGEPAGE12024學年第二學期初高三綜合訓練物理（考試時間：75分鐘，滿分：100分）一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.跳水是一項極具觀賞性的運動，如圖所示，3米跳板的跳水運動員在跳板末端保持靜止，此時跳板向下彎曲，下列說法正確的是（）A.運動員對跳板的壓力大小大于運動員所受的重力B.運動員受到的支持力與運動員所受的重力是一對平衡力C.運動員受到的支持力方向豎直向上D.運動員對跳板的壓力小于運動員所受的重力【答案】D【解析】題意可知運動員受到重力、垂直跳板的支持力和跳板對腳的摩擦力而平衡如圖所示，所以支持力與重力不是一對平衡力，且跳板傾斜，所以支持力的方向不是豎直向上，由于支持力與摩擦力相互垂直，兩個力的合力與重力等大反向，所以支持力小于重力，壓力與支持力是一對作用力與反作用力，所以壓力小于重力。故選D。2.如圖甲所示，把小球安裝在彈簧一端，彈簧的另一端固定，小球和彈簧穿在光滑的水平桿上。小球振動時，沿垂直于振動方向以速度v勻速拉動紙帶，紙帶上可留下痕跡，a、b是紙帶上的兩點，不計阻力，如圖乙所示。由此可判斷（）A.t時間內(nèi)小球的運動路程為vtB.小球的機械能守恒C.小球通過a點時的速度大于通過b點的速度D.如果小球以較小的振幅振動，周期也會變小【答案】C【解析】A．vt是t時間內(nèi)紙帶運動的路程，并不是小球的運動路程，故A錯誤；B．小球振動過程只有彈簧的彈力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，不是小球的機械能守恒，故B錯誤；C．由于小球做簡諧運動，由圖可知小球通過a點時更靠近平衡位置，由簡諧運動規(guī)律可知其速度大于通過b點的速度，故C正確；D．由于小球的運動為簡諧運動，其振動周期與振幅無關(guān)，故D錯誤。故選C。3.隨著綠色環(huán)保理念深入人心，電動汽車市場日趨火爆，電池充電技術(shù)飛速發(fā)展。如圖為某科技公司利用電磁感應(yīng)原理設(shè)計的無線充電樁原理示意圖，若汽車以22kW的恒定功率充電，送電線圈連接的交流電，不計能量損失，下列說法正確的是（）A.送電線圈中電流為100AB.受電線圈中電流的頻率為100HzC.僅減小送電線圈的匝數(shù)，會增大電池端的輸出電流D.僅減小送電線圈的匝數(shù)，會減小電池端的輸出電壓【答案】A【解析】A．根據(jù)P=UI解得則送電線圈中的電流為100A，A正確；B．送電線圈頻率為50Hz，則受電線圈中交流電的頻率也為50Hz，B錯誤：CD．輸送電壓與輸送功率恒定，則送電線圈中電流恒定，減小送電線圈匝數(shù)n1，根據(jù)，受電線圈電壓U2增大，根據(jù)，電池端的輸出電流減小，CD錯誤。故選A。4.在做甩手動作的物理原理研究課題研究中，采用手機的加速度傳感器測定手的向心加速度。某次一同學先用刻度尺測量手臂長（如圖所示），然后伸直手臂，以肩為軸從水平位置加速自然下擺，當手臂擺到豎直方向時，手握住的手機顯示手的向心加速度大小約為，下列說法正確的是（）A.可估算手臂擺到豎直位置時手的線速度大小約為2m/sB.手臂擺到豎直位置時手機處于失重狀態(tài)C自然下擺過程中手機所受合力始終沿手臂方向D.由可知手掌比手肘的向心加速度小【答案】A【解析】A．由圖可知手臂長度由可得手臂擺到豎直位置時手的線速度大小故A正確；B．手臂擺到豎直位置時手機的加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，故B錯誤；C．自然下擺過程中手機做變速圓周運動，所受合力不始終沿手臂方向，故C錯誤；D．手掌與手肘的轉(zhuǎn)動角速度相同，手掌比手肘的轉(zhuǎn)動半徑大，由可知手掌比手肘的向心加速度大，故D錯誤。故選A。5.一同學將手機放置于手掌上，從靜止開始向上加速直線運動，一小段時間后手掌突然停止不動，用v和s表示手機的速度和位置，不計空氣阻力。手機從靜止到落回手掌瞬間，其運動圖像一定錯誤的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．手機離開手之前向上做加速運動，加速度是否恒定未知，故圖像的斜率不變或者減小均有可能。離開手之后做豎直上拋運動，加速度恒定不變，故離開手之后圖像斜率不變，由豎直上拋的對稱性可知，手機回到手中的瞬間速度與離開手的瞬間速度大小相同，故AB可能正確，不符合題意；C．圖像的斜率為速度，因為手機離開手之前向上加速，速度不斷變大，故圖像斜率逐漸變大，C一定錯誤，符合題意；D．由圖像可知，手經(jīng)歷先向上加速，后向上減速，再向下加速的過程，與題中手機的運動過程可以吻合，故D圖像可能正確，不符合題意。故選C。6.圖甲為某款“自發(fā)電”無線門鈴按鈕，其“發(fā)電”原理如圖乙所示，按下門鈴按鈕過程磁鐵靠近螺線管，松開門鈴按鈕磁鐵遠離螺線管回歸原位置。下列說法正確的是（）A.按下按鈕過程，螺線管P端電勢較高B.松開按鈕后，穿過螺線管的磁通量為零C.按住按鈕不動，螺線管中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢D.若按下和松開按鈕的時間相同，螺線管產(chǎn)生大小相同的感應(yīng)電動勢【答案】D【解析】A．按下按鈕過程，通過螺線管的磁通量想左增大，根據(jù)楞次定律增反減同結(jié)合右手螺旋定則，可知電流從端流出，則螺線管端電勢較高，故A錯誤；B．松開按鈕后，穿過螺線管的磁通量變小，但不為零，故B錯誤；C．住按鈕不動，穿過螺線管的磁通量不變，螺線管不會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故C錯誤；D．按下和松開按鈕過程，若按下和松開按鈕的時間相同，螺線管中磁通量的變化率相同，故螺線管產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小相同，故D正確。故選D。7.如圖所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為0.3kg的物塊從彈簧上端某高度處自由下落，當彈簧的壓縮量為0.1m時物塊達到最大速度，此后物塊繼續(xù)向下運動到達最低點。在以上整個運動過程中，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，物塊和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，不計空氣阻力，取，下列說法正確的是（）A.從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，物塊的加速度先增大后減小B.從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，物塊的機械能先增大后減小C.該彈簧的勁度系數(shù)為20.0N/mD.彈簧壓縮量為0.2m時，物塊的加速度大小為【答案】D【解析】A．物塊從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，開始時重力大于彈簧彈力，合力向下，隨著彈簧壓縮量增大，彈力增大，合力減小，加速度減小，當彈力大小等于重力大小時速度達到最大；之后彈力大于重力，合力向上，且隨著彈簧壓縮量繼續(xù)增大，合力增大，加速度增大。所以加速度是先減小后增大，故A錯誤；B．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，彈簧彈力對物塊做負功，根據(jù)功能關(guān)系，除重力之外的力做負功，物塊的機械能一直減小，故B錯誤；C．速度最大時，彈簧壓縮量，對物塊，由平衡條件有代入題中數(shù)據(jù)得彈簧的勁度系數(shù)故C錯誤；D．彈簧壓縮量為時，由牛頓第二定律得聯(lián)立以上解得加速度大小故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.某顯微鏡原理如圖所示，中間金屬針被置于一個先抽成真空后充入少量氦氣的玻璃泡中，泡內(nèi)壁鍍上一層薄的熒光導電膜，熒光膜與金屬針之間加上高壓。氦原子與針尖碰撞，變成帶正電的氦離子，氦離子沿輻射狀電場線運動撞擊熒光膜發(fā)光獲得圖樣，則下列說法正確的是（）A.金屬針接高壓的負極B.輻射狀場線上靠近金屬針的a點（圖中未畫出）電勢比靠近熒光膜的b點電勢高C.氦離子靠近熒光膜的過程中，氦離子的加速度增大D.氦離子靠近熒光膜的過程中，氦離子的電勢能減小【答案】BD【解析】A．在顯微鏡中，氦原子與針尖碰撞，變成帶正電的氦離子，隨即氦離子沿著輻射狀的場線運動至熒光壁，可以判斷熒光壁帶負電，金屬針接高壓正極，故A錯誤；B．在電場中，電勢沿電場線方向遞減。由于金屬針接正高壓，電場線從金屬針指向熒光膜，因此a點（靠近金屬針）的電勢比b點（靠近熒光膜）的電勢高，故B正確；C．靠近熒光膜時，電場線變疏，故電場強度減小，電場力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知氨離子的加速度減小，故C錯誤；D．氦離子靠近熒光膜的過程中，電場力做正功，氦離子的電勢能減小，故D正確。故選BD。9.我國設(shè)想的登月載人飛船運行軌跡如圖所示。飛船在圓形“停泊軌道”的P點加速進入橢圓“過渡軌道”，該軌道離地球表面最近距離為，飛船到達離P點最遠距離為L的Q點時，被月球引力“俘獲”后，在距月球表面的圓形“繞月軌道”上飛行。已知地球半徑為R，月球半徑為r，地球表面重力加速度為g（是月球的6倍），飛船在“過渡軌道”運行時忽略月球引力影響。下列說法正確的是（）A.飛船的發(fā)射速度大于11.2km/sB.飛船在“過渡軌道”上P點加速度等于“停泊軌道”上P點的加速度C.飛船在“過渡軌道”上的P點運行速度為D.飛船從P點運動到Q點的時間為【答案】BD【解析】A．第二宇宙速度11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球引力束縛的最小發(fā)射速度。飛船只是從地球軌道轉(zhuǎn)移到繞月軌道，沒有脫離地球引力束縛，所以發(fā)射速度小于11.2km/s，故A錯誤；B．在P點對飛船，根據(jù)牛頓第二定律有解得加速度在同一點P，r相同，所以船在“過渡軌道”上P點加速度等于“停泊軌道”上P點的加速度，故B正確；C．設(shè)飛船在停泊軌道速度為，對飛船在停泊軌道，由牛頓第二輪定律有解得又因為黃金代換式聯(lián)立解得但飛船在“過渡軌道”上P點是做離心運動，所以“過渡軌道”上點運行速度大于，故C錯誤；D．飛船在停泊軌道的周期對停泊軌道與繞月軌道，由開普勒第三定律有飛船從P點運動到Q點的時間為聯(lián)立解得故D正確。故選BD。10.如圖，小車上面固定一個光滑彎曲圓管道，整個小車（含管道）的質(zhì)量為m，原來靜止在光滑的水平面上。有一個可以看做質(zhì)點的小球，質(zhì)量也為m，半徑略小于管道半徑，以水平速度v從左端滑上小車，小球恰好能到達管道的最高點，然后從管道右端滑離小車。不計空氣阻力，關(guān)于這個過程，下列說法正確的是（）A.小球滑離小車時，小車回到原來位置B.小球滑離小車時的速度大小為vC.到達最高點時小球上升的豎直高度為D.小球從滑進管道到滑到最高點的過程中，小車所受合外力沖量大小為【答案】CD【解析】A．由題意，小球恰好能到達管道的最高點，此時二者速度相同，之后小球沿左側(cè)管道滑下，從管道的左端滑離，全過程小球給管道的彈力存在水平向右的分量，所以小車一直向右加速運動，不可能回到原來位置，故A錯誤；B．由動量守恒可得其中是小球速度，是小車速度。由機械能守恒定律可得解得，小球滑離小車時的速度大小是0，故B錯誤；C．小球恰好到達管道的最高點后，則小球和小車的速度相同為，由動量守恒定律可得解得根據(jù)機械能守恒定律可得解得故C正確；D．小球滑到管道的最高點時，根據(jù)動量定理可得，小車所受合外力沖量為故D正確。故選CD。三、非選擇題（本題共5小題，共54分，考生根據(jù)要求作答）11.下列是《普通高中物理課程標準》中列出的三個必做實驗的部分步驟，請完成實驗操作和計算。（1）某實驗小組利用圖甲裝置研究自由落體運動，如圖乙所示為實驗中選出的一條點跡清晰的紙帶。O為紙帶下落的起始點，A、B、C為紙帶上選取的三個連續(xù)點。已知打點頻率為50Hz，重錘質(zhì)量為200g，當?shù)氐闹亓铀俣葹椤Ｓ嬎愕紹點時重錘的瞬時速度，甲同學用，乙同學用，其中所選擇方法正確的是______（選填“甲”或“乙”）同學；計算出重錘下落的加速度為______（保留兩位有效數(shù)字），進一步計算重錘和紙帶下落過程中所受的阻力______N（保留一位有效數(shù)字）。（2）在“用單擺測重力加速度的大小”實驗中，用游標卡尺測量擺球直徑d，其示數(shù)如圖丙所示，圖丁為局部放大圖，讀數(shù)______cm。用秒表記錄時間的起點應(yīng)該是擺球運動過程中的______（填“最高點”或“最低點”）。（3）在“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，使光源、透鏡、濾光片、單縫、雙縫中心均在遮光筒的中心軸線上，使單縫與雙縫______，二者間距約2~5cm。若實驗中觀察到單色光的干涉條紋后，撤掉濾光片，則會在毛玻璃屏上觀察到______。【答案】（1）乙9.50.06（2）1.66最低點（3）平行彩色條紋【解析】【小問1詳析】[1]由于重錘下落過程中有阻力作用，則不能用計算，只能用計算，即所選擇方法正確的是乙同學；[2]重錘下落的加速度為[3]重錘和紙帶下落過程中所受的阻力【小問2詳析】[1]游標卡尺測量擺球直徑d=1.6cm+0.1mm×6=1.66cm[2]擺球在最低點的速度最大，選作起點計時誤差小，用秒表記錄時間的起點應(yīng)該是擺球運動過程中的最低點?！拘?詳析】[1][2]在“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，使光源、透鏡、濾光片、單縫、雙縫中心均在遮光筒的中心軸線上，使單縫與雙縫平行，二者間距約2~5cm。若實驗中觀察到單色光的干涉條紋后，撤掉濾光片，則仍能在光屏上發(fā)生干涉現(xiàn)象，會在毛玻璃屏上觀察到彩色的干涉條紋。12.某實驗小組利用如圖甲所示的電路探究熱敏電阻的特性。（1）閉合開關(guān)前，將R的滑片移到最______（填“左”或“右”）端；將開關(guān)閉合，單刀雙擲開關(guān)扳到1，移動滑動變阻器的滑片，讀出電壓表的讀數(shù)U；保持滑片的位置不變，將單刀雙擲開關(guān)扳到2，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)仍為U，電阻箱的示數(shù)如圖乙所示，則熱敏電阻的阻值為______；（2）通過查閱資料了解到該規(guī)格熱敏電阻的阻值隨溫度的變化規(guī)律為，其中t為環(huán)境的攝氏溫度；（3）現(xiàn)設(shè)計了如圖丙所示由熱敏電阻控制的報警系統(tǒng)，當電路中的電流達到4mA，報警裝置開啟；提供的器材有：電源（電動勢為30V、內(nèi)阻可忽略），開關(guān)，電阻箱（最大阻值為），熱敏電阻，保護電阻；當電阻箱的阻值調(diào)為零，環(huán)境溫度達到80℃時，電路中的電流為6mA，則保護電阻的阻值為______；若要報警裝置在環(huán)境溫度為50℃時開啟，電阻箱的阻值應(yīng)該設(shè)為______；如果要求報警裝置開啟的溫度降低，則電阻箱的阻值應(yīng)______。（填“增大”、“不變”或“減小”）?！敬鸢浮浚?）左6200（3）30001420減小【解析】[1]為了保護電路，閉合開關(guān)前，要讓電路電阻最大，電流最小，將R的滑片移到最左端；[2]由題意知，兩種情況下的電壓表示數(shù)相等，所以電阻箱與熱敏電阻的阻值相等，由圖乙知，電阻箱阻值為[3]根據(jù)可知當環(huán)境溫度達到80℃時，熱敏電阻根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入題中數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得[4]題意可知當電路中的電流達到4mA，報警裝置開啟，環(huán)境溫度為50℃時，熱敏電阻根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立解得此時電阻箱阻值[5]由題意得，報警裝置開啟的溫度降低時，熱敏電阻阻值變大，又因為報警裝置開啟時電路的總電阻不變，所以電阻箱的阻值應(yīng)減小。13.為了觀察門外情況，在門上開一小圓孔，將一塊圓柱形玻璃嵌入其中，圓柱體軸線與門面垂直。從圓柱底面中心看出去，可以看到的門外入射光線與軸線間的最大夾角稱做視場角。如圖，ABCD為玻璃的截面，AD長為3cm，AB長為2cm，若用一束激光從A點與豎直方向成37°射入玻璃，恰好從BC邊中點射出，已知：，。求：（1）玻璃的折射率。（2）視場角的度數(shù)?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】畫出光路圖如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得根據(jù)折射定律【小問2詳析】根據(jù)（1）分析可知視場角的度數(shù)14.如圖，正方體邊長為2L，點G、H分別是AD邊和邊的中點，正方體區(qū)域存在電場強度大小為E方向垂直ABCD平面向下的勻強電場（圖中未畫出），正方體右半部分區(qū)域內(nèi)均存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于面的勻強磁場。一帶電粒子從點在平面內(nèi)斜向上射入電場后沿圖中曲線運動，經(jīng)GH的中點進入電磁場區(qū)域，并沿直線通過電磁場區(qū)域，不計粒子重力。求：（1）粒子沿直線通過電磁場區(qū)域時的速度大小；（2）粒子的電荷量與質(zhì)量之比?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】設(shè)粒子質(zhì)量、電量分別為，粒子在電磁場區(qū)域時的速度大小為v，題意知粒子沿直線通過電磁場區(qū)域，則粒子在電磁場區(qū)域只能做勻速直線運動，故粒子受到的電場力與洛倫茲力等大反向，故有解得【小問2詳析】分析可知粒子受到的電場力豎直向下，所以洛倫茲力豎直向上，左手定則可知粒子是垂直于GH方向進入電磁場區(qū)域的，綜合以上分析可知粒子在電場中做的是類斜拋運動，逆向思維法可知，粒子從GH的中點到點做類平拋運動，則豎直方向有水平方向有聯(lián)立解得15.如圖甲所示為固定安裝在機車頭部的碰撞吸能裝置，由一級吸能元件鉤緩裝置和二級吸能元件防爬裝置（可壓縮）構(gòu)成。某次碰撞實驗中，一輛總質(zhì)量為的機車以6m/s的初速度與固定的剛性墻發(fā)生正碰。開始僅觸發(fā)一級吸能元件鉤緩裝置（由緩沖器與吸能管組成），其彈力隨作用行程（壓縮量）的變化關(guān)系如圖乙所示，緩沖階段，緩沖器彈力與壓縮量成正比，屬于彈性變形。作用行程為55mm時，達到最大緩沖極限，緩沖器被鎖定，鉤緩裝置中吸能管開始平穩(wěn)變形，產(chǎn)生的彈力恒為，其作用行程為110mm。吸能管行程結(jié)束后，鉤緩裝置迅速剛化，此時啟動二級吸能元件，防爬裝置被壓縮產(chǎn)生恒定緩沖作用力，此過程行程為225mm時，機車剛好停止，車體完好無損。（設(shè)每次碰撞過程中，該吸能裝置的性能保持不變，忽略其它阻力影響）求：（1）一級吸能元件鉤緩裝置通過緩沖與吸能管變形過程總共吸收的能量；（2）二級吸能元件工作時的緩沖作用力及作用時間；（3）為了測試該吸能裝置的一級吸能元件性能，將該套吸能裝置安裝在貨車甲前端，貨車甲總質(zhì)量為，與靜止在水平面上無制動的質(zhì)量為的貨車乙發(fā)生正碰（不考慮貨車的形變），在一級吸能元件最大緩沖極限內(nèi)進行碰撞測試。求貨車乙被碰后的速率范圍。【答案】（1）247500J（2），0.09s（3）見解析【解析】【小問1詳析】由題可知一級吸能元件吸收能量等于緩沖吸能吸能管吸能總和，則有由圖可知，可得【小問2詳析】設(shè)一級吸能元件工作結(jié)束時現(xiàn)車的速度為，由能量守恒定律得解得設(shè)二級吸能原件工作時的緩沖作用力大小為，作用時間為t，由動能定理和動量定理有，解得，【小問3詳析】由題意在一級吸能元件最大緩沖極限內(nèi)進行碰撞測試；設(shè)甲車速度為時，甲乙兩車碰撞后兩車共速且剛好使一級吸能元件達到最大緩沖極限，此時兩車速度設(shè)為，則有又有聯(lián)立解得由題可知兩車碰撞中當甲車速度時，碰撞過程一級吸能元件中的緩沖器末被鎖定，此時發(fā)生彈性碰撞，彈簧恢復形變后，甲車的速度為，乙車獲得速度為，則有，解得即當時，；可知在一級吸能元件最大緩沖極限內(nèi)進行碰撞測試，貨車乙被碰后的速率滿足。2024學年第二學期初高三綜合訓練物理（考試時間：75分鐘，滿分：100分）一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.跳水是一項極具觀賞性的運動，如圖所示，3米跳板的跳水運動員在跳板末端保持靜止，此時跳板向下彎曲，下列說法正確的是（）A.運動員對跳板的壓力大小大于運動員所受的重力B.運動員受到的支持力與運動員所受的重力是一對平衡力C.運動員受到的支持力方向豎直向上D.運動員對跳板的壓力小于運動員所受的重力【答案】D【解析】題意可知運動員受到重力、垂直跳板的支持力和跳板對腳的摩擦力而平衡如圖所示，所以支持力與重力不是一對平衡力，且跳板傾斜，所以支持力的方向不是豎直向上，由于支持力與摩擦力相互垂直，兩個力的合力與重力等大反向，所以支持力小于重力，壓力與支持力是一對作用力與反作用力，所以壓力小于重力。故選D。2.如圖甲所示，把小球安裝在彈簧一端，彈簧的另一端固定，小球和彈簧穿在光滑的水平桿上。小球振動時，沿垂直于振動方向以速度v勻速拉動紙帶，紙帶上可留下痕跡，a、b是紙帶上的兩點，不計阻力，如圖乙所示。由此可判斷（）A.t時間內(nèi)小球的運動路程為vtB.小球的機械能守恒C.小球通過a點時的速度大于通過b點的速度D.如果小球以較小的振幅振動，周期也會變小【答案】C【解析】A．vt是t時間內(nèi)紙帶運動的路程，并不是小球的運動路程，故A錯誤；B．小球振動過程只有彈簧的彈力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，不是小球的機械能守恒，故B錯誤；C．由于小球做簡諧運動，由圖可知小球通過a點時更靠近平衡位置，由簡諧運動規(guī)律可知其速度大于通過b點的速度，故C正確；D．由于小球的運動為簡諧運動，其振動周期與振幅無關(guān)，故D錯誤。故選C。3.隨著綠色環(huán)保理念深入人心，電動汽車市場日趨火爆，電池充電技術(shù)飛速發(fā)展。如圖為某科技公司利用電磁感應(yīng)原理設(shè)計的無線充電樁原理示意圖，若汽車以22kW的恒定功率充電，送電線圈連接的交流電，不計能量損失，下列說法正確的是（）A.送電線圈中電流為100AB.受電線圈中電流的頻率為100HzC.僅減小送電線圈的匝數(shù)，會增大電池端的輸出電流D.僅減小送電線圈的匝數(shù)，會減小電池端的輸出電壓【答案】A【解析】A．根據(jù)P=UI解得則送電線圈中的電流為100A，A正確；B．送電線圈頻率為50Hz，則受電線圈中交流電的頻率也為50Hz，B錯誤：CD．輸送電壓與輸送功率恒定，則送電線圈中電流恒定，減小送電線圈匝數(shù)n1，根據(jù)，受電線圈電壓U2增大，根據(jù)，電池端的輸出電流減小，CD錯誤。故選A。4.在做甩手動作的物理原理研究課題研究中，采用手機的加速度傳感器測定手的向心加速度。某次一同學先用刻度尺測量手臂長（如圖所示），然后伸直手臂，以肩為軸從水平位置加速自然下擺，當手臂擺到豎直方向時，手握住的手機顯示手的向心加速度大小約為，下列說法正確的是（）A.可估算手臂擺到豎直位置時手的線速度大小約為2m/sB.手臂擺到豎直位置時手機處于失重狀態(tài)C自然下擺過程中手機所受合力始終沿手臂方向D.由可知手掌比手肘的向心加速度小【答案】A【解析】A．由圖可知手臂長度由可得手臂擺到豎直位置時手的線速度大小故A正確；B．手臂擺到豎直位置時手機的加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，故B錯誤；C．自然下擺過程中手機做變速圓周運動，所受合力不始終沿手臂方向，故C錯誤；D．手掌與手肘的轉(zhuǎn)動角速度相同，手掌比手肘的轉(zhuǎn)動半徑大，由可知手掌比手肘的向心加速度大，故D錯誤。故選A。5.一同學將手機放置于手掌上，從靜止開始向上加速直線運動，一小段時間后手掌突然停止不動，用v和s表示手機的速度和位置，不計空氣阻力。手機從靜止到落回手掌瞬間，其運動圖像一定錯誤的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．手機離開手之前向上做加速運動，加速度是否恒定未知，故圖像的斜率不變或者減小均有可能。離開手之后做豎直上拋運動，加速度恒定不變，故離開手之后圖像斜率不變，由豎直上拋的對稱性可知，手機回到手中的瞬間速度與離開手的瞬間速度大小相同，故AB可能正確，不符合題意；C．圖像的斜率為速度，因為手機離開手之前向上加速，速度不斷變大，故圖像斜率逐漸變大，C一定錯誤，符合題意；D．由圖像可知，手經(jīng)歷先向上加速，后向上減速，再向下加速的過程，與題中手機的運動過程可以吻合，故D圖像可能正確，不符合題意。故選C。6.圖甲為某款“自發(fā)電”無線門鈴按鈕，其“發(fā)電”原理如圖乙所示，按下門鈴按鈕過程磁鐵靠近螺線管，松開門鈴按鈕磁鐵遠離螺線管回歸原位置。下列說法正確的是（）A.按下按鈕過程，螺線管P端電勢較高B.松開按鈕后，穿過螺線管的磁通量為零C.按住按鈕不動，螺線管中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢D.若按下和松開按鈕的時間相同，螺線管產(chǎn)生大小相同的感應(yīng)電動勢【答案】D【解析】A．按下按鈕過程，通過螺線管的磁通量想左增大，根據(jù)楞次定律增反減同結(jié)合右手螺旋定則，可知電流從端流出，則螺線管端電勢較高，故A錯誤；B．松開按鈕后，穿過螺線管的磁通量變小，但不為零，故B錯誤；C．住按鈕不動，穿過螺線管的磁通量不變，螺線管不會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故C錯誤；D．按下和松開按鈕過程，若按下和松開按鈕的時間相同，螺線管中磁通量的變化率相同，故螺線管產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小相同，故D正確。故選D。7.如圖所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為0.3kg的物塊從彈簧上端某高度處自由下落，當彈簧的壓縮量為0.1m時物塊達到最大速度，此后物塊繼續(xù)向下運動到達最低點。在以上整個運動過程中，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，物塊和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，不計空氣阻力，取，下列說法正確的是（）A.從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，物塊的加速度先增大后減小B.從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，物塊的機械能先增大后減小C.該彈簧的勁度系數(shù)為20.0N/mD.彈簧壓縮量為0.2m時，物塊的加速度大小為【答案】D【解析】A．物塊從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，開始時重力大于彈簧彈力，合力向下，隨著彈簧壓縮量增大，彈力增大，合力減小，加速度減小，當彈力大小等于重力大小時速度達到最大；之后彈力大于重力，合力向上，且隨著彈簧壓縮量繼續(xù)增大，合力增大，加速度增大。所以加速度是先減小后增大，故A錯誤；B．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，彈簧彈力對物塊做負功，根據(jù)功能關(guān)系，除重力之外的力做負功，物塊的機械能一直減小，故B錯誤；C．速度最大時，彈簧壓縮量，對物塊，由平衡條件有代入題中數(shù)據(jù)得彈簧的勁度系數(shù)故C錯誤；D．彈簧壓縮量為時，由牛頓第二定律得聯(lián)立以上解得加速度大小故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.某顯微鏡原理如圖所示，中間金屬針被置于一個先抽成真空后充入少量氦氣的玻璃泡中，泡內(nèi)壁鍍上一層薄的熒光導電膜，熒光膜與金屬針之間加上高壓。氦原子與針尖碰撞，變成帶正電的氦離子，氦離子沿輻射狀電場線運動撞擊熒光膜發(fā)光獲得圖樣，則下列說法正確的是（）A.金屬針接高壓的負極B.輻射狀場線上靠近金屬針的a點（圖中未畫出）電勢比靠近熒光膜的b點電勢高C.氦離子靠近熒光膜的過程中，氦離子的加速度增大D.氦離子靠近熒光膜的過程中，氦離子的電勢能減小【答案】BD【解析】A．在顯微鏡中，氦原子與針尖碰撞，變成帶正電的氦離子，隨即氦離子沿著輻射狀的場線運動至熒光壁，可以判斷熒光壁帶負電，金屬針接高壓正極，故A錯誤；B．在電場中，電勢沿電場線方向遞減。由于金屬針接正高壓，電場線從金屬針指向熒光膜，因此a點（靠近金屬針）的電勢比b點（靠近熒光膜）的電勢高，故B正確；C．靠近熒光膜時，電場線變疏，故電場強度減小，電場力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知氨離子的加速度減小，故C錯誤；D．氦離子靠近熒光膜的過程中，電場力做正功，氦離子的電勢能減小，故D正確。故選BD。9.我國設(shè)想的登月載人飛船運行軌跡如圖所示。飛船在圓形“停泊軌道”的P點加速進入橢圓“過渡軌道”，該軌道離地球表面最近距離為，飛船到達離P點最遠距離為L的Q點時，被月球引力“俘獲”后，在距月球表面的圓形“繞月軌道”上飛行。已知地球半徑為R，月球半徑為r，地球表面重力加速度為g（是月球的6倍），飛船在“過渡軌道”運行時忽略月球引力影響。下列說法正確的是（）A.飛船的發(fā)射速度大于11.2km/sB.飛船在“過渡軌道”上P點加速度等于“停泊軌道”上P點的加速度C.飛船在“過渡軌道”上的P點運行速度為D.飛船從P點運動到Q點的時間為【答案】BD【解析】A．第二宇宙速度11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球引力束縛的最小發(fā)射速度。飛船只是從地球軌道轉(zhuǎn)移到繞月軌道，沒有脫離地球引力束縛，所以發(fā)射速度小于11.2km/s，故A錯誤；B．在P點對飛船，根據(jù)牛頓第二定律有解得加速度在同一點P，r相同，所以船在“過渡軌道”上P點加速度等于“停泊軌道”上P點的加速度，故B正確；C．設(shè)飛船在停泊軌道速度為，對飛船在停泊軌道，由牛頓第二輪定律有解得又因為黃金代換式聯(lián)立解得但飛船在“過渡軌道”上P點是做離心運動，所以“過渡軌道”上點運行速度大于，故C錯誤；D．飛船在停泊軌道的周期對停泊軌道與繞月軌道，由開普勒第三定律有飛船從P點運動到Q點的時間為聯(lián)立解得故D正確。故選BD。10.如圖，小車上面固定一個光滑彎曲圓管道，整個小車（含管道）的質(zhì)量為m，原來靜止在光滑的水平面上。有一個可以看做質(zhì)點的小球，質(zhì)量也為m，半徑略小于管道半徑，以水平速度v從左端滑上小車，小球恰好能到達管道的最高點，然后從管道右端滑離小車。不計空氣阻力，關(guān)于這個過程，下列說法正確的是（）A.小球滑離小車時，小車回到原來位置B.小球滑離小車時的速度大小為vC.到達最高點時小球上升的豎直高度為D.小球從滑進管道到滑到最高點的過程中，小車所受合外力沖量大小為【答案】CD【解析】A．由題意，小球恰好能到達管道的最高點，此時二者速度相同，之后小球沿左側(cè)管道滑下，從管道的左端滑離，全過程小球給管道的彈力存在水平向右的分量，所以小車一直向右加速運動，不可能回到原來位置，故A錯誤；B．由動量守恒可得其中是小球速度，是小車速度。由機械能守恒定律可得解得，小球滑離小車時的速度大小是0，故B錯誤；C．小球恰好到達管道的最高點后，則小球和小車的速度相同為，由動量守恒定律可得解得根據(jù)機械能守恒定律可得解得故C正確；D．小球滑到管道的最高點時，根據(jù)動量定理可得，小車所受合外力沖量為故D正確。故選CD。三、非選擇題（本題共5小題，共54分，考生根據(jù)要求作答）11.下列是《普通高中物理課程標準》中列出的三個必做實驗的部分步驟，請完成實驗操作和計算。（1）某實驗小組利用圖甲裝置研究自由落體運動，如圖乙所示為實驗中選出的一條點跡清晰的紙帶。O為紙帶下落的起始點，A、B、C為紙帶上選取的三個連續(xù)點。已知打點頻率為50Hz，重錘質(zhì)量為200g，當?shù)氐闹亓铀俣葹椤Ｓ嬎愕紹點時重錘的瞬時速度，甲同學用，乙同學用，其中所選擇方法正確的是______（選填“甲”或“乙”）同學；計算出重錘下落的加速度為______（保留兩位有效數(shù)字），進一步計算重錘和紙帶下落過程中所受的阻力______N（保留一位有效數(shù)字）。（2）在“用單擺測重力加速度的大小”實驗中，用游標卡尺測量擺球直徑d，其示數(shù)如圖丙所示，圖丁為局部放大圖，讀數(shù)______cm。用秒表記錄時間的起點應(yīng)該是擺球運動過程中的______（填“最高點”或“最低點”）。（3）在“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，使光源、透鏡、濾光片、單縫、雙縫中心均在遮光筒的中心軸線上，使單縫與雙縫______，二者間距約2~5cm。若實驗中觀察到單色光的干涉條紋后，撤掉濾光片，則會在毛玻璃屏上觀察到______。【答案】（1）乙9.50.06（2）1.66最低點（3）平行彩色條紋【解析】【小問1詳析】[1]由于重錘下落過程中有阻力作用，則不能用計算，只能用計算，即所選擇方法正確的是乙同學；[2]重錘下落的加速度為[3]重錘和紙帶下落過程中所受的阻力【小問2詳析】[1]游標卡尺測量擺球直徑d=1.6cm+0.1mm×6=1.66cm[2]擺球在最低點的速度最大，選作起點計時誤差小，用秒表記錄時間的起點應(yīng)該是擺球運動過程中的最低點?！拘?詳析】[1][2]在“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，使光源、透鏡、濾光片、單縫、雙縫中心均在遮光筒的中心軸線上，使單縫與雙縫平行，二者間距約2~5cm。若實驗中觀察到單色光的干涉條紋后，撤掉濾光片，則仍能在光屏上發(fā)生干涉現(xiàn)象，會在毛玻璃屏上觀察到彩色的干涉條紋。12.某實驗小組利用如圖甲所示的電路探究熱敏電阻的特性。（1）閉合開關(guān)前，將R的滑片移到最______（填“左”或“右”）端；將開關(guān)閉合，單刀雙擲開關(guān)扳到1，移動滑動變阻器的滑片，讀出電壓表的讀數(shù)U；保持滑片的位置不變，將單刀雙擲開關(guān)扳到2，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)仍為U，電阻箱的示數(shù)如圖乙所示，則熱敏電阻的阻值為______；（2）通過查閱資料了解到該規(guī)格熱敏電阻的阻值隨溫度的變化規(guī)律為，其中t為環(huán)境的攝氏溫度；（3）現(xiàn)設(shè)計了如圖丙所示由熱敏電阻控制的報警系統(tǒng)，當電路中的電流達到4mA，報警裝置開啟；提供的器材有：電源（電動勢為30V、內(nèi)阻可忽略），開關(guān)，電阻箱（最大阻值為），熱敏電阻，保護電阻；當電阻箱的阻值調(diào)為零，環(huán)境溫度達到80℃時，電路中的電流為6mA，則保護電阻的阻值為______；若要報警裝置在環(huán)境溫度為50℃時開啟，電阻箱的阻值應(yīng)該設(shè)為______；如果要求報警裝置開啟的溫度降低，則電阻箱的阻值應(yīng)______。（填“增大”、“不變”或“減小”）?！敬鸢浮浚?）左6200（3）30001420減小【解析】[1]為了保護電路，閉合開關(guān)前，要讓電路電阻最大，電流最小，將R的滑片移到最左端；[2]由題意知，兩種情況下的電壓表示數(shù)相等，所以電阻箱與熱敏電阻的阻值相等，由圖乙知，電阻箱阻值為[3]根據(jù)可知當環(huán)境溫度達到80℃時，熱敏電阻根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入題中數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得[4]題意可知當電路中的電流達到4mA，報警裝置開啟，環(huán)境溫度為50℃時，熱敏電阻根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立解得此時電阻箱阻值[5]由題意得，報警裝置開啟的溫度降低時，熱敏電阻阻值變大，又因為報警裝置開啟時電路的總電阻不變，所以電阻箱的阻值應(yīng)減小。13.為了觀察門外情況，在門上開一小圓孔，將一塊圓柱形玻璃嵌入其中