2025年新高考物理押通預測

目錄

押題預測一動善態(tài)平衡問題.........................................................2

押題演測二加體運動與圄周運動.....................................................6

押題預測三萬有引力定律與航天....................................................12

押題預測四功能關系與能量守恒定律................................................17

押題覆測五機械振動與機就波......................................................22

押題預測六光的折射與光的干涉....................................................26

押題預測七近代物理..............................................................31

押題預測八電磁場的基本性質規(guī)律..................................................34

押題預測九電及感應及交變電波....................................................39

押題預測十力學實驗..............................................................44

押題頸測十一電學實段............................................................51

押題預測十二氣體實驗定律與越力學定律的應用......................................59

押題覆測十三電理組合與疊加場問題................................................64

押題預測十四用力學三大觀點處理嫁合性問題........................................73

押題預測一動靜態(tài)平衡問題

終極密押0

1.（原創(chuàng)）某登山營地在兩座不等高的懸崖邊緣設置了緊急救援滑索?；饔少|量為小的強化繩索制成，

兩端分別固定在高度不同的豎直支架上。安裝時，左端繩索與支架的切線夾角為a,右端切線夾角為心

為確保受困人員滑降時的安全性，需計算滑索最低點（弧底）的張力大小。已知重力加速度為g,求該張

力表達式。

*sin(a+6)…sinasinB一cosacosB…cos(a+6)

A.mg__—B.mg.—；C.mgD.mg-----------q

sinasinQsin(a+￡)sm(a+/?)cosacosp

【答案】B

【詳解】對繩子受力分析如圖

其中公、為分別是左右懸點對繩子的拉力大小，設重繩最低點（弧底）的張力大小為F,分析可知其方向為水

平方向，對重繩最低點左半部分，由平衡條件有篤sina=?對重繩最低點右半部分，由平衡條件有為sin0=F

對重繩，由平衡條件有75cos6+7]cosa=mg聯(lián)立解得F=mg-'①3二、故選jg。

sin（a+0）

押題解讀

對于靜態(tài)平衡和動態(tài)平衡問題，高考主要以考查共點力平衡的情況居多，多以生活中的場景作為題目的背景

材料,需要學生將生活中的實際物體轉化我們我們所熟知的物理模型，然后利用平衡條件加以解決。靜態(tài)平衡問，

題多涉及到多物體的平衡問題,動態(tài)平衡問題多一個單個物體的形式出現(xiàn)較多。

『考前秘笈:

……____——B

對于靜態(tài)平衡這類題目時，學生需要掌握力的合成與分解的方法，能夠正確畫出物體的受力分析圖，并根據(jù)

平衡條件列出方程進行求解。此外,對于連接體的靜態(tài)平衡問題，還需要掌握整體法和隔離法的使用，以便更準

確地分析物體的受力情況。

對于動態(tài)平衡這類題目時,學生需要掌握解析法、圖解法、三角形相似法、正弦定理法、輔助圓法和拉密定理

法等方法，可以對此類問題有效解決。

■。押題預測。

2.工人用如圖甲所示的小推車搬運桶裝水，小推車的支架和底板相互垂直。某次工人將質量為20kg的一

桶水放到底板上,用力壓把手至支架與水平面成30°角時保持靜止,如圖乙所示,不計水桶與小推車間的

摩擦，重力加速度9取10m/s2,下列說法正確的是（）

A.此時支架對水桶的彈力大小為100N

B.此時底板對水桶的彈力大小為

C.此時小推車對水桶的作用力小于水桶對推車的作用力

D.緩慢減小支架與水平面的夾角，底板對水桶的彈力將減小

【答案】。

【詳解】根據(jù)題意，對水桶受力分析，如圖所示

由平衡條件有=mgsin30°,F?=mgcos30°

解得FY=1007V,Fi=IOOA/^N

故AB錯誤;

C.由平衡條件可知，小推車對水桶的作用力等于水桶對推車的作用力，故。錯誤;

D.結合上述分析可知，底板對水桶的彈力Fx=Wsin（9

可知，緩慢減小支架與水平面的夾角仇底板對水桶的彈力將減小，故。正確。

故選。。

3.家用室內引體向上器通常采用免打孔設計，通過調節(jié)桿的長度，利用橡膠墊與門框或墻壁的摩擦力起到

固定的作用。如圖所示，當質量為50kg的同學握住水平單杠保持靜止，且只有雙手接觸單杠并雙腿懸

空，不計引體向上器的質量。則（）

A.雙手間距離越小,人所受到單杠的作用力越小

B.單杠對每只手臂作用力大小一定為250N

C.雙手間距離越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力越大

D.同學由靜止下降到最低點的過程中，橡膠墊與墻面間的摩擦力先小于同學的重力，后大于同學的重

力

【答案】。

【詳解】A.人所受到單杠的作用力和重力平衡，則人所受到單杠的作用力大小不變，為F=G=mg=5OON

故A錯誤；

B.只有兩手臂平行時，單杠對每只手臂作用力大小為＞=-j-mg=2507V

兩手臂有夾角時，單杠對每只手臂作用力都大于250N,故B錯誤；

C.不計引體向上器的質量，橡膠墊與墻面間的摩擦力等于人的重力不變，故。錯誤；

D.同學由靜止下降到最低點的過程中，人先加速度先向下，再向上，先失重后超重，結合牛頓第二定律可知，

橡膠墊與墻面間的摩擦力先小于同學的重力，后大于同學的重力，故。正確；

故選。。

4.“文化需傳承，飄色鬧元宵”。2025年元宵節(jié)期間，廣東湛江吳川地區(qū)舉行飄色大巡游活動，如圖所示。

圖為“飄色”道具的結構示意圖，道具由色臺和色梗組成,色臺固定在色梗上。演員坐在色臺上,與道具

一起向右勻速直線運動，下列說法正確的是（）

A.此過程道具對演員的作用力大于演員所受的重力

B.此過程道具對演員的作用力與演員所受的重力大小相等

C.當巡游車做減速直線運動時，架子對孩童的作用力豎直向上

D.當巡游車做減速直線運動時，架子對孩童的作用力水平向后

【答案】B

【詳解】AB.演員坐在色臺上，與道具一起向右勻速直線運動，根據(jù)平衡條件知此過程道具對演員的作用力

與演員所受的重力大小相等，故A錯誤，正確；

CD.當巡游車做減速直線運動時，孩童所受的合力的作用力水平向后，孩童受重力和架子對孩童的作用力，

根據(jù)矢量定則知，架子對孩童的作用力傾斜向后上方，故CD錯誤。

故選及

5.如圖甲所示為某籃球運動員用一只手抓住籃球使其靜止在空中，其中一根手指與籃球的簡化圖如圖乙

所示。假設籃球恰好靜止時，五根手指與豎直方向的夾角均為叫每根手指與籃球之間的動摩擦因數(shù)均

為〃，籃球的質量為小，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為9。下列說法正確的是

()

甲乙

A.每根手指對籃球的作用力大小為1~匕------

5(〃cosa-sina)

B.每根手指對籃球的摩擦力大小為力一9——-

5(〃cosa-sina)

C.a減小時，手指與籃球間的壓力增大

D.a取任意值，均能使籃球靜止

【答案】B

【詳解】AB.籃球與每根手指之間存在彈力N和摩擦力九籃球恰好靜止，摩擦力達到最大靜摩擦力，處于平

衡狀態(tài)，豎直方向上,根據(jù)平衡條件b/iNcosa—mg+5Nsina

解得彈力大小為N=-------------

5(〃cosa-sina)

摩擦力大小為/=-------------

5(〃cosa-sina)

每根手指對籃球的作用力大小為摩擦力和彈力的合力，故人錯誤B正確；

C.根據(jù)以上分析可知，a減小時，手指與籃球間的壓力減小，故。錯誤；

D.籃球靜止時，摩擦力達到最大靜摩擦力，a減小時，手指與籃球間的壓力減小，最大靜摩擦力減小，籃球可

能無法保持靜止，故。錯誤。

故選B。

6.如圖，光滑圓環(huán)豎直固定在水平地面上，細線通過圓環(huán)最高點的小孔Q與套在圓環(huán)上的小球相連，拉住

細線使小球靜止于P處。設小球的重力為G,細線與圓環(huán)豎直直徑的夾角為。，細線對小球的拉力大小

為T。拉動細線使小球緩慢沿圓環(huán)向上移動,則下列T隨。變化的圖像可能正確的是()

Q

【答案】。

【詳解】對小球進行分析，小球受到重力、繩的拉力T與圓環(huán)的彈力N三個力的作用，令圓環(huán)的圓心為。,半徑

為凡則重力方向平行于圖中虛線表示的直徑，繩拉力方向沿繩，圓環(huán)彈力方向沿半徑指向圓心，根據(jù)相似三

角形有冬=工根據(jù)幾何關系有Xpo=2Rcos6?解得T=2Gcos6*可知，7隨變化的圖像為余弦曲線關

RXpQ*

系，且最大值為2G,只有第四個選擇項符合要求。故選。。

押題預測二拋體運動與圓周運動

：@?終極密押?

7.（原創(chuàng)）如圖所示，一名質量為小滑雪運動員從傾角為。的跳臺邊緣以初速度比水平騰空飛出，忽略

空氣阻力,跳臺足夠長。已知重力加速度為g,關于運動員落地前的運動，以下說法正確的是（）。

A.運動員的速度與斜面平行時最小

B.運動員的速度變化越來越快

c.運動員從拋出到落在斜面上所用時間為2吆

9

D.經時間對里或，運動員動能為叫叱

【答案】。

【詳解】小球落到斜面前的運動為平拋運動，速度一直在增大，所以剛拋出時的速度最小，故A錯誤；

B.小球在空中的加速度為重力加速度，所以小球的速度變化快慢恒定不變，故B錯誤；

C.小球從拋出到落在斜面上，有tan6=n=上合解得所用時間為力=2逆四故。正確；

xvotg

112

D.經時間”"③，小球的豎直分速度為vy—gtx—o（）tan。則此時小球動能為Ek—^-mv-+v1）—

922

+tar?。）=17md故。錯誤。故選。。

22cos2夕

8.（原創(chuàng)）在游樂場的旋轉飛椅項目中，可簡化為如圖所示的模型，座椅通過輕繩a和b固定在豎直轉桿的

A點和8點。座椅質量為小，座椅可視為質點，繩a與轉桿成。角，繩b水平且長度為L。當輕桿繞軸

以角速度勻速轉動時，座椅恰好在水平面內做勻速圓周運動，如圖所示。已知重力加速度為g,下列

說法正確的是（）

A.a繩的彈力有可能為0B.b繩的彈力不可能為0

C.當角速度?！诞a慳時，6繩一定有彈力D.當角速度產普時，6繩一定有彈力

【答案】。

【詳解】AB.由于小球受到豎直向下的重力，要使小球能夠在水平面內做勻速圓周運動，必須有其它外力平

衡小球的重力，故a繩的彈力不可能為零；b繩在水平面內，a繩的彈力和小球重力的合力可以為小球在水平

面內做勻速圓周運動提供向心力，故b繩的彈力可能為零，錯誤；

CD.當6繩恰好水平拉直而每發(fā)生形變時，b繩的彈力為零，對小球受力分析可知叱tanJum/L

解得0=/鼻歹此時，b繩剛好伸直而沒有彈力，當3>J/丫-時，6繩一定有彈力,。錯誤，。正確。

故選。。

押題解讀

對于拋體運動的主要是針對平拋運動和斜拋運動的考查，在某些題目中還有可能涉及到類平拋和類拋體運

動;對于圓周運動的主要是對基本物理量、水平面內圓周運動和豎直面內圓周運動的考查。這兩類問題多以生活

場景中的具體運動為研究對象，需要學生提煉出物理模型,從而應用物理規(guī)律加以處理解決。

1考前秘笈

要求學生在考前務必再對拋體運動和圓周運動的基本規(guī)律公式、臨界條件等內容加以記憶梳理。特別是對

于拋體運動，如何建立合適的坐標系，將拋體運動“化曲為直”這種思想要有清晰的思路;對于圓周運動中的水平

面內和豎直面內圓周運動的臨界條件應該作為重中之重加以掌握。

跳。押題預測。

9.如圖，在某軍事演習區(qū)正上方距離地面4000m高空懸停著上萬只無人機形成無人機群（可視為質點），每

只無人機攜帶一顆炸彈,無人機群向水平方向及以下方向無死角的以初速度v0=lOm/s拋出炸彈,在距

離地面2000m處設置面積為3000m2的攔截炸彈區(qū)，不計空氣阻力，以面積比為攔截炸彈比，取g=

10m/s2，兀仁3,則攔截炸彈比約為（）

無人機群——O----1

攔截炸彈區(qū)——C4000m

2000m

A.0.5B.0.25C.0.05D.0.025

【答案】。

【詳解】平拋的炸彈水平運動最遠，到達攔截區(qū)，根據(jù)平拋運動規(guī)律可知%=]g力2=2000m,x=vot=200m

以面積比為攔截炸彈比，攔截炸彈比約為W=3000=0.025

2

兀，23X200

故選。。

10.福建艦是我國完全自主設計建造的彈射型航空母艦。在始終靜止的福建艦上進行的電磁驅動彈射測試

中，配重小車自甲板前端水平射出，落至海面上。簡化模型如圖所示，兩輛質量相同的配重小車1和小

車2先后進行彈射測試,軌跡分別為曲線1和曲線2,Af、N為兩次彈射的落水點。忽略空氣阻力，配重

小車可視為質點。則配重小車1和小車2（）

配重小車

A.落水瞬間速度大小“M=”NB.在空中運動過程中速度變化量

……____—_4

C.在空中運動過程中重力的平均功率EVAD.落水瞬間重力的瞬時功率時=國

【答案】。

2

【詳解】A.配重小車離開甲板后做平拋運動，下落高度相等，根據(jù)h=y5t

可知下落時間相等，豎直方向的分速度為Vy=gt

可知0Mz=幼困

根據(jù)x=vQt

可知水平初速度大小關系為vNx>vMx

落入海平面瞬間的速度為@=J憂+%

可得

故A錯誤；

B.根據(jù)速度度變化量公式Au=g△力

因為下落時間相等，所以在空中運動過程中速度變化量△仍=/\。2

故8錯誤；

C.因下落高度相等，所以重力做功相等，又下落時間相等，根據(jù)7=7

可知在空中運動過程中重力的平均功率相等，故。錯誤；

D.落水瞬間重力的瞬時功率為「=仇4,

因質量相等，豎直方向的分速度相等，可知落水瞬間重力的瞬時功率相等，故。正確。

故選。。

U.我國運動員鄭欽文獲得2024年巴黎奧運會網球女子單打金牌,是我國第一個奧運網球單打冠軍。如圖

所示，比賽中某次她在距地面九的力點將球斜向上方擊出，網球越過網在地面口點彈起后水平經過和擊

球點A等高的C點。已知B與。之間的水平距離為21,A與。之間的水平距離也為2Z,假設網球觸地

前后水平速度不變,重力加速度為g,不計空氣阻力。網球被擊出時的速度大小為（）

/。（肥+戶）D/產產

,V2h

【答案】A

【詳解】從B到。的時間［BC=

水平方向速度始終為小=3

tBCVh

;根據(jù)水平方向上勺速直線運動，從A到。的水平位移大小相等，所以時間tAD=tBC

\故'=S4+?=J2g（）+，）

故選A。

12.2025年1月7日，中國航天實現(xiàn)開門紅，實踐25號雙機械臂的在軌服務衛(wèi)星成功發(fā)射，標志我國在該領

域技術水平居于世界前列。研發(fā)過程中，實驗室測試機械臂拋投物體，把質量為小的小球從同一高度

的4、口兩點拋出，均能垂直擊中豎直墻壁上的目標點P,軌跡如圖。忽略空氣阻力，下列說法正確的是

()

A.A點拋出的初速度的豎直分量更大B.B點拋出的運動時間更長

C.兩拋體擊中P點時速度大小相等D.［點拋出時機械臂對物體做功更多

【答案】。

【詳解】兩次拋體運動均垂直擊中P點，說明末速度豎直分量為零，由逆向思維可把P到A、B看出平拋

運動,根據(jù)h=~gi?,vy=gt

由于高度相同，可知兩拋體豎直初速度與相同，運動時間力相同，故AB錯誤；

C.根據(jù)x—vxt

因為巧相同，A點水平位移更大，可知其水平初速度久更大，故兩拋體擊中P點時速度大小不相等，故。錯

、口

沃；

D.根據(jù)總初速度n=J熄+7

由于A的水平速度更大，A點拋出時的物體初速度更大，機械臂做功更多，故。正確。

故選。。

13.野外一只小青蛙欲跳到前上方的水田，它從田坎前方2a處起跳，需要跳躍前方高為2a、寬為a的田坎，

其運動軌跡恰好過田坎左前方入點，運動的最高點在B點的正上方。設青蛙起跳時的速度大小為“，方

向與水平方向的夾角為a,不計空氣阻力，重力加速度大小為g,小青蛙可視為質點，則()

A”鱉叫tana=；

24

C.懺包至tan?=|D.懺空?tana=；：

2224

【答案】B

【詳解】青蛙斜拋運動看作是從B點上方P點平拋運動的逆運動，根據(jù)平拋運動水平方向做勻速直線運動可

_________畝

得，從P到A的時間是4到青蛙起跳點時間的一半，把平拋運動的時間分成三段相等的時間，豎直方向做自

由落體運動，根據(jù)初速度為零的句變速直線運動的比例規(guī)律/z:2a=1:8,可得P到A點的豎直距離為八=警

O

=0.25a

根據(jù)平拋運動的規(guī)律有tana=2tan0=2x2a_A

2a+a2

青蛙起跳時的豎直速度%=j2g(0.25a+2a)=設；9。

青蛙起跳時的水平速度％=---=/2ga

tana

青蛙起跳時的速度o=

故選

14.在2025年春節(jié)文藝晚會的機器人表演中,機器人轉動手帕使其在豎直面內做勻速圓周運動，如圖所示。

已知手帕邊緣P點的線速度為3m/s,轉動半徑為0.3小。則「點()

A.角速度。=0.9rad/sB.角速度①=10rad/s

C.向心加速度a=0.9m/s2D.向心加速度Q=lOm/s?

【答案】B

【詳解】AB.根據(jù)線速度與角速度的關系有⑦=2=10rad/s

r

故A錯誤，石正確；

CD.根據(jù)向心加速度與線速度的關系有&=30m/s2

r

故CD錯誤。

故選B。

15.如圖甲所示，研究一般的曲線運動時可以將其分成很多小段,質點在每小段的運動都可以看成圓周運動

的一部分。圖乙是2024年珠海航空展上，飛行員駕駛飛機在豎直面內勻速率飛行的軌跡，a、b、c為飛

行軌跡上的三點，a、c為飛行過程中距離地面高度相等的兩點，b為最高點，關于飛機的說法正確的是

)

A.a、6、c三點的機械能相等B.a、b、c三點的加速度大小相等

C.b點的加速度方向豎直向下D.a點所受的合力大于c點

【答案】。

【詳解】4.由于飛機勻速率飛行，Q、b、C三點的動能相等，Q、C為飛行過程中距離地面高度相等的兩點，但

b與a、c的高度不一^羊，故機械能Q、c兩點相等，且與b點不相等，故4錯誤；

B.圖乙可知Q、b、c曲率圓半徑不同，根據(jù)向心加速度Q=M-

r

可知Q、b、C三點的加速度大小不相等，故石錯誤；

C.b為最高點，曲率圓圓心在其正下方，故加速度方向指向圓心，即豎直向下，故C正確；

D.由于飛機勻速率飛行，合力即向心力，根據(jù)F=m上

r

可知曲率圓半徑大的合力大，圖像可知a點的曲率圓半徑大于c點的曲率圓半徑，故a點所受的合力小于c

點,故D錯誤。

故選。。

16.如圖所示是一兒童游戲的圖片，兒童站在固定豎直圓軌道的最低點，用力將一足球由靜止踢出，發(fā)現(xiàn)足

球能夠沿著圓軌道通過最高點，已知軌道半徑為兒足球的質量為小,重力加速度為g,不考慮摩擦和空

氣阻力作用，由此可判斷兒童對小球做的功（）

A.可能等于3.6nzg_RB.可能等于2.4mgHC.可能等于1.2mgAD.可能等于0.8mg_R

【答案】A

.,,2

【詳解】足球剛好沿圓軌道通過最鬲點時有mg=m—

R

解得v=yfgR

所以足球能夠沿著圓軌道通過最高點應滿足J旗

設兒童對小球做的功為W,對足球從最低點到最高點的過程由動能定理有W—叱x2R=

解得W=2mgR+^-mv2

即故選4

押題預測三萬有引力定律與航天

：6。終極密押。

17.（原創(chuàng)）2025年4月24日17時17分，神舟二十號載人飛船成功實現(xiàn)與空間站天和號的對接，神舟飛船對

接過程簡化如圖所示。神舟二十號載人飛船先沿橢圓軌道1運行，后沿圓形空間站運行軌道2運行，P;

為兩軌道切點，Q為軌道1近地點，Q點離地高度不計。已知軌道2的半徑為r,地球表面重力加速度為：

9,地球半徑為H,軌道1的周期為T,引力常量為G,下列分析或結論正確的是（）

……____……—4

軌道2

A.載人飛船在軌道1上經過P點時速度等于J亭

B.載人飛船在軌道1上經過P點時速度大于，亭

C.空間站在軌道2運行的速率等于/手

D.地球質量科需

【答案】。

喑飛船從軌道

【詳解】ABC.根據(jù)G噤=m0g載人飛船在軌道2上運動時G粵=樽解得。尸

半，選項,錯誤，。正確;

1上的P點加速才能進入軌道2,可知飛船在軌道1上經過P點時速度小于

D.飛船在軌道2上運行時GM%=m3破/可得地球質量〃二生上￡生七選項。錯誤。故選C。

r27?GT}GT2

押題解讀

萬有引力定律與航天在高考中的命題將緊密結合我國的航天成就和發(fā)展趨勢，既考查學生對基礎知識的掌

握程度，又注重考查學生運用知識解決實際問題的能力。因此,在備考過程中，學生不僅需要深入理解萬有引力

定律的原理和應用，還需要關注我國航天領域的最新動態(tài)和成就。

考前秘笈

結合我國的航天成就，如嫦娥探月工程、空間站建設等，掌握和回顧有關天體質量估算、同步衛(wèi)星、衛(wèi)星變軌、

衛(wèi)星追及相應、第一宇宙速度等內容的規(guī)律，多以選擇題訓練為主。

閡。押題預測。

18.二十四節(jié)氣入選聯(lián)合國教科文組織非物質文化遺產代表作名錄。在國際氣象界中，二十四節(jié)氣被譽為

“中國第五大發(fā)明”。2024年春分、夏至、秋分和冬至在橢圓軌道所處位置和對應時間如圖所示，關于這

四個節(jié)氣，下列說法正確的是（）

20湃春分3月20日

/P、公轉軌道

公轉方向

太陽德氟日

6翳舒O

秋分9月22日

A.太陽對地球的萬有引力在夏至時達到最大值

B.地球繞太陽公轉運行到冬至時線速度達到最大值

C.地球繞太陽公轉由春分到秋分的過程中，加速度逐漸增大

D.根據(jù)地球的公轉周期和太陽與地球的距離可估算出地球的質量

【答案】B

【詳解】4.夏至時地球離太陽最遠，由萬有引力?=且智知，太陽對地球的萬有引力在夏至時達到最小

值，故4錯誤；

B.由開普勒第二定律知，地球繞太陽公轉運行到冬至時線速度達到最大值，故B正確；

C.由牛頓第二定律得冬絲=ma,解得a=C券，故地球繞太陽公轉由春分到秋分的過程中,加速度先減

小后增大，故C錯誤；

D.由牛頓第二定律得色警=恒”「,所以根據(jù)地球的公轉周期和太陽與地球的距離可估算出太陽的質

r2T~

量，估算不出地球的質量，故D錯誤。

故選B。

19.“天問二號”探測器即將出征，將再次創(chuàng)造中國航天新高度。假設“天問二號”繞地球的運動可視為勻速

圓周運動，距地面的高度為機飛行幾圈所用時間為t,“天問二號”的總質量為小，地球半徑為A,引力常

量為3,則（）

4兀2r12A3

A.地球的質量河=B.地球表面的重力加速度g=?萼（R+%y

Gt2tzRz

C.探測器的向心加速度a=0m,D.探測器的線速度”=J2用

{R+Kf

【答案】8

【詳解】A天問二號”繞地球做圓周運動的周期T=上

n

根據(jù)G瑞尸=小?。ㄇ腥耄?/p>

________0

4兀2療（R+九）3

可得地球的質量M=

Gt2

選項A錯誤；

B.根據(jù)G空姐=恒居

R2

4兀2九2

(&+%)3

地球表面的重力加速度g

t2R2

選項B正確；

C根據(jù)°瑞融=

GM_47t2n2(J?+/i)

探測器的向心加速度a=

（五+九）2t2

選項。錯誤;

D.探測器的線速度v=*（R+%）=27m(五+九)

選項。錯誤。

故選8。

20.2025年2月28日晚在夜空開始上演了“七星連珠”。發(fā)生“連珠”的七顆行星自西向東分別為土星、水

星、海王星、金星、天王星、木星和火星，它們出現(xiàn)在黃昏日落后不久。從最西端的土星到最東端的火星,

張角為H7°,橫跨大半個天空，地球觀測的天象簡略示意圖如圖所示。下列說法正確的是（）

A.在“七星連珠”現(xiàn)象發(fā)生的時間內，這七顆行星都圍繞太陽做勻速圓周運動

B.七星中水星繞太陽運動的角速度最大

C.若七星繞太陽運動可近似看做勻速圓周運動，則知道七星中任意一顆行星的公轉周期就可求太陽的

質量

D.金星的公轉周期大于火星的公轉周期

【答案】B

【詳解】七星連珠現(xiàn)象發(fā)生的時間內，這七顆行星都圍繞太陽做橢圓軌道運動，故A錯誤；

B.由萬有引力提供向心力G笑1=山702解得。=可知由于水星繞太陽運動的軌道半徑最小，

七星中水星繞太陽運動的角速度最大，故B正確；

C.若七星都繞太陽做勻速圓周運動，知道七星中任意一顆行星的公轉周期與軌道半徑才可以求出太陽的質

量，故。錯誤；

D.因為金星的軌道半徑小于火星，由開普勒第三定律，=%可知，金星的公轉周期小于火星的公轉周期，

故。錯誤。故選B。

21.北京時間2025年1月21日1時12分，神舟十九號乘組航天員蔡旭哲、宋令東、王浩澤密切協(xié)同，經過約

8.5小時的出艙活動，圓滿完成出艙活動，航天員安全返回問天實驗艙，出艙活動取得圓滿成功。神十九

與衛(wèi)星A在同一平面內，二者沿同一方向（順時針）做勻速圓周運動，航天員剛出艙時神十九、衛(wèi)星人與

地心連線的夾角為60°,如圖所示。已知神十九的運行周期為L5%,衛(wèi)星A的軌道半徑是神十九的4倍,

則此后8.5小時內，衛(wèi)星人在神十九正上方的次數(shù)為（）

衛(wèi)星A

A.5B.6C.7D.8

【答案】A

【詳解】神十九的運動周期為7],衛(wèi)星A的運動周期為石，由開普勒第三定律有工=與

za

解得r二12%

衛(wèi)星A在神十九正上方的運動時間滿足（雜—雜%=2兀n+告

根據(jù)題意解得n<5

故九取0,1,2,3,4,衛(wèi)星A在神十九正上方的次數(shù)為5o

故選A。

22.我國計劃于2025年發(fā)射“天問2號”小行星取樣返回探測器，它將對名為“2016HO3”的小行星開展伴飛

探測并取樣返回地球?！疤靻?號”發(fā)射后接近“2016HO3”小行星時，先完成從軌道/到軌道II的變軌,

然后進入環(huán)小行星圓軌道皿。如圖，軌道/、II、III相切于P點，軌道/的長軸為九,軌道II的長軸為已；

“天問2號”在軌道III上的線速度大小為”、加速度大小為*貝廣天問2號”（）

A.在軌道H上P點的加速度大于aB.在軌道II上P點的速度小于”

C.在軌道I的機械能小于在軌道II的機械能D.在軌道I、II上的周期之比大于2

b2

【答案】。；

【詳解】4根據(jù)色等=ma解得&=華?加速度大小至于距離有關，所以在軌道II上P點的加速度等于:

Q,故4錯誤；

……____——后

B.從軌道II的變軌進入環(huán)小行星圓軌道III需要在P點減速，所以在軌道11上P點的速度大于“，故B錯誤;

C.從軌道/到軌道II的變軌要減速，所以在軌道I的機械能大于在軌道II的機械能，故。錯誤；

D.根據(jù)開普勒第三定律（今『=（今）

月T以>—

T2\b2'b2

故。正確。

故選。。

押題預測四功能關系與能量守恒定律

:??終極密押。

23.（原創(chuàng)）在一場滑草場活動中，一位質量為m的游客從傾角為。的草坡頂端O點靜止滑下。游客與草坡

的動摩擦因數(shù)〃=?（%為常數(shù)，力為。點到當前位置的距離）。游客將在A點達到最大滑行速度并最終

停在3點，日是B關于O的對稱點。下列說法正確的是（）。

A.之間的距離為轡或

k

B.OA之間的距離大于AB之間的距離

C.OA之間所用的時間小于之間所用的時間

D.若小物塊從O向上運動恰能到⑶點，則初速度為心嗎匣T

【答案】A

【詳解】A.設OB間距為①，小物塊于O點靜止釋放，最終停在B點，由于〃=后2，則摩擦力與位移成線性關

系，摩擦力做功為Wf--^-kx-mgcosffx根據(jù)動能定理有mgxsinO—?mgcosdx=0解得x—2t故

A正確；

B.設OA間距為"，小物塊于A點（圖中未標出）達到最大速度,此時加速度為0,則有mgsinff-kx'■

mgcosd=0解得/=曾世則04之間的距離等于AB之間的距離，故B錯誤；

k

,

C.物塊在04之間運動，根據(jù)動量定理有mgsindti一■^-kxmgcos0t1=mv物塊在AB之間運動，根據(jù)動量

定理有7ngsin。力2—X3"7ngeos欠2—0—mv解得力=右故。錯誤；

D.若小物塊從O向上運動恰能到8,點，根據(jù)動能定理有mgxsind+-^-kx-mgcosdx=加解得”（）=

J8gsin：tang故。錯誤；故選幺。

押題解讀

對復雜的物理過程時，動能定理成為分析初末狀態(tài)動能、求解變力做功的有力工具。對于單個物體或是由多

個物體組成的系統(tǒng)，在機械能守恒的條件下，我們可以運用機械能守恒定律來解決問題。當涉及到機械能與其他

形式能量的轉化時,能量守恒的觀點則成為解決問題的關鍵。在物理考試中，特別是高考中，直線運動、圓周運

動、拋體運動等運動形式經常與動能定理、機械能守恒定律相結合進行考查。這種結合不僅檢驗了學生對這些基

本物理定律的理解程度，還考查了他們運用這些定律解決實際問題的能力。因此，深入理解并熟練掌握這些知識

點，對于提高物理學習水平和應對物理考試都至關重要。

考前秘發(fā)

在處理物理問題時，可以將復雜的運動過程拆解為兩個或多個子過程。在每個子過程中，對物體進行詳細的

受力分析，并據(jù)此列出動能定理方程或機械能守恒方程。如果機械能不守恒,則只能利用動能定理來求解。而在

利用機械能守恒定律解決問題時，我們可以通過轉化思想避免選擇參考平面,通常這需要綜合考慮多個物體或多

個過程，綜合列出方程進行求解。

■。押題預測。

24.在平直路面上有一輛質量為小的汽車以額定功率P由靜止啟動，汽車運動過程中受到的總的阻力與行

駛速度的平方成正比，比例常數(shù)為短這輛汽車加速到最大速度過程中克服阻力做功為W,則汽車加速

運動階段所用的時間為（）

【答案】。

【詳解】汽車速度最大時，牽引力等于阻力，則=k噫

汽車最大速度為vm=

由動能定理可得Pt-W=吸

可得加速階段所用的時間t=

故選

25.如圖甲所示，每只冰壺直徑日=30cm、質量7n=19kg□某次試投過程中，冰壺4在t=0時刻以%）=

lm/s的初速度投出，與靜止的冰壺B發(fā)生彈性正碰,此后冰壺B在水平面上運動0.9小后停止，冰壺B

的。圖像如圖乙所示,不計空氣阻力，則（）

A.兩只冰壺在力=3s時發(fā)生碰撞

B.碰撞前摩擦力對冰壺/做功為-3.42J

_________________________E

C.碰撞后冰壺8受到摩擦力的沖量大小為11.4N-S

D.t=0和t=5s兩時刻冰壺重心間的距離之比為16:9

【答案】。

【詳解】A.兩冰壺質量相等，發(fā)生彈性正碰時，兩冰壺發(fā)生速度交換

由冰壺B的v—t圖像可知冰壺勻減速直線運動的加速度大小為a--^-m/s2

5

2

冰壺B在水平面上運動0.9?ri后停止，所以冰壺B運動時間為t,則xB—Vyt—^-at

v1—at=O

解得力=3s,%=0.6m/s

所以冰壺A與冰壺B相碰后冰壺B運動了3s,因此兩只冰壺在±i=2s時發(fā)生碰撞，故A錯誤;

B.對冰壺力有％=（-小費—

解得ws=—6.08J,故B錯誤；

C.碰撞后冰壺B受到摩擦力的沖量大小/=wwi—0

解得/=11.4N?s,故。正確；

D.全過程的位置圖如下圖所示

兩只冰壺在ti—2s時發(fā)生碰撞，所以t=0時兩冰壺重心的距離為Aa；i=+d

解得△?=1.9mt=5s兩冰壺重心的距離為?（5—。）+d解得/\x2—1.2m所以t=0和3=5s兩時

刻冰壺重心間的距離之比為――，故。錯誤。

AX212

故選。。

26.空下落的雨滴，由于空氣阻力的原因,接近地面時已經達到勻速。如圖所示,離地面高度為H的雨滴，由

靜止開始豎直下落,下落過程中受到的空氣阻力大小與速度大小成正比，即/=kv（k為常數(shù)），以地面為

零勢能面，雨滴下落過程中機械能E隨下落的高度h及所受合外力的功率P隨速度大小。變化的圖像

可能正確的是（）

A.0HhB.0Hh