第第頁四川省宜賓市珙縣第一中學(xué)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期末模練物理試題一、單選題1．下列說法中正確的是（）A．牛頓測量萬有引力常量所用的方法為放大法B．亞里士多德為了研究力與運動的關(guān)系，開創(chuàng)了科學(xué)實驗的方法C．重力勢能有正有負，所以是矢量D．磁感應(yīng)強度的單位特斯拉用物理基本單位表示為kg2．如圖甲所示，a、b兩長直導(dǎo)線平行放置，通以同方向但大小不等的電流，P點在兩導(dǎo)線所在的平面內(nèi)，到兩導(dǎo)線的距離均為d，這時P點磁感應(yīng)強度為B1；若改變導(dǎo)線a的位置，將a、b兩導(dǎo)線互相垂直放置（兩導(dǎo)線相交但不相連通），P點仍和兩導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，到兩導(dǎo)線的距離仍為d，兩導(dǎo)線中的電流不變，如圖乙所示，這時P點磁感應(yīng)強度為B2。則關(guān)于B1A．B1、B2大小相等，方向相同 B．B1C．B1、B2大小相等，方向不同 D．B13．如圖所示，OA為豎直絕緣墻面，A點固定電荷量為+Q的小球，電荷量為+q的小球B通過輕繩與O點相連，小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知OA=OB，將小球A視為場源電荷，小球B視為試探電荷，若小球B的電荷量逐漸減小，則在B靠近A的過程中（）A．小球B受到的靜電力大小逐漸減小B．小球B所處位置的電場強度逐漸減小C．小球B所處位置的電勢逐漸減小D．小球B的電勢能不變4．如圖甲所示，正方形虛線框為勻強磁場區(qū)域的邊界，取垂直紙面向里為正方向，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示。匝數(shù)為n、半徑為r的導(dǎo)線圈恰好處于虛線框的外接圓上，導(dǎo)線圈與電阻箱R1、定值電阻RA．R2B．回路中的電動勢為πC．t=tD．R1=R5．如圖甲所示，交流發(fā)電機的矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，穿過該線圈的磁通量Φ隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示。已知線圈匝數(shù)為20匝，則下列說法正確的是（）A．線圈轉(zhuǎn)動的角速度為2πB．1.5s時線圈所在平面與中性面垂直C．50s內(nèi)線圈中電流方向改變100次D．感應(yīng)電動勢的最大值為4πV6．如圖，電源內(nèi)阻一定，將滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離，理想電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為ΔI，下列判斷正確的是A．V2的示數(shù)減小 B．電源輸出功率一定在增大C．ΔU1與ΔI比值在減小 D．ΔU1小于ΔU27．如圖所示，理想變壓器原線圈接u=2202sin100πt(VA．副線圈中電流的頻率為5B．電流表A1和A2C．滑動變阻器滑片向下滑動的過程中，電壓表示數(shù)不變，電源輸入功率增大D．滑動變阻器滑片向上滑動的過程中，電流表A18．磁流體發(fā)電的原理如圖所示，將一束速度為v的等離子體垂直于磁場方向噴入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，在面積為ab、間距為d的兩平行金屬板間產(chǎn)生電動勢。將其上下極板與阻值為R的定值電阻和電容為C的電容器相連，間距為L的電容器極板間有一帶電微粒處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計其它電阻，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．平行金屬板上極板比下極板電勢高B．磁流體發(fā)電機的電動勢為BLvC．電容器所帶電荷量為CBavD．微粒的比荷q9．發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后經(jīng)點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3。軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點，則（）A．衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B．衛(wèi)星在軌道3上的角速度大于在軌道1上的角速度C．衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過Q點時的速率大于它在軌道1上經(jīng)過Q點時的速率D．衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點時的加速度大于它在軌道3上經(jīng)過P點時的加速度二、多選題10．用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點場強的強弱和電勢高低。如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱。則（）A．B、C兩點場強大小和方向都相同，電勢φB．A、D兩點場強大小相等，方向相反C．E、O、F三點比較，O點場強最強，電勢φD．B、O、C三點比較，O點場強最弱11．氫原子的能級圖如圖甲，一群處于n=3能級的氫原子向低能級躍遷發(fā)出的光照射圖乙電路中的陰極K，其中只有a、b兩種頻率的光能使之發(fā)生光電效應(yīng)。分別用這兩種頻率的光照射陰極K，測得圖乙中電流表隨電壓表讀數(shù)變化的圖像如圖丙。下列說法正確的是（）A．一個處在n=3能級上的氫原子躍遷到基態(tài)，最多能放出2種不同頻率的光子B．用能量為13.C．a(chǎn)光的波長大于b光的波長D．b光照射陰極K時逸出的光電子的最大初動能比a光照射時的小12．如圖，傾角為θ=30°的光滑斜面固定在水平桌面上，輕質(zhì)彈簧一端與垂直固定在斜面上的擋板C相連，另一端與物體A相連。A上端連接一輕質(zhì)細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連，滑輪左側(cè)細線始終與斜面平行。開始時托住B，A靜止且細線恰好伸直，然后由靜止釋放B。已知物體A、B的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度為gA．剛釋放物體B時，物體A受到細線的拉力大小為mgB．物體B下落至最低點時，A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能最大C．物體A的速度最大時彈簧的形變量為mgD．物體A的最大速度為m三、實驗題13．在“用單擺測量重力加速度”的實驗中，某實驗小組在測量單擺的周期時，測得擺球經(jīng)過n次全振動的總時間為Δt，在測量單擺的擺長時，先用毫米刻度尺測得擺線長度為l回答下列問題：（1）為了減小測量周期的誤差，實驗時需要在適當(dāng)?shù)奈恢米鲆粯?biāo)記，當(dāng)擺球通過該標(biāo)記時開始計時，該標(biāo)記應(yīng)該放置在擺球擺動的________。A．最高點 B．最低點 C．任意位置（2）該單擺的周期為。（3）若用l表示擺長，T表示周期，那么重力加速度的表達式為g＝。（4）如果測得的g值偏小，可能的原因是________。A．測擺長時擺線拉得過緊B．?dāng)[線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計時時，停表過遲按下D．實驗時誤將49次全振動記為50次（5）為了提高實驗的準(zhǔn)確度，在實驗中可改變幾次擺長L并測出相應(yīng)的周期T，從而得出幾組對應(yīng)的L和T的數(shù)值，以L為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)作出T2?L圖線，但同學(xué)們不小心每次都把小球直徑當(dāng)作半徑來計算擺長，由此得到的T2?L圖像是圖乙中的（選填“①14．某同學(xué)有個超霸（GP）9V電池如圖甲所示，他欲測量該電池的電動勢和內(nèi)阻（內(nèi)阻約為25Ω）。提供的器材如下：電流表A（量程為200μA，內(nèi)阻為500Ω），開關(guān)S，電阻箱R1（最大阻值為9999.9Ω），電阻箱R2（最大阻值為99999.9Ω）和若干導(dǎo)線。（1）由于電流表A的量程太小，需將電流表A改裝成量程為9V的電壓表V，則電流表A應(yīng)與電阻箱（選填“R1并聯(lián)”“R1串聯(lián)”“R2并聯(lián)”或“R2串聯(lián)”），并將該電阻箱的阻值調(diào)為Ω。（2）設(shè)計的測量電路如圖乙所示，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值讀出相應(yīng)的電壓表示數(shù)U，獲得多組數(shù)據(jù)，畫出1U?1R是圖線如圖丙所示。若不考慮電表對電路的影響，則根據(jù)圖線可得該電池的電動勢E=（3）若考慮電表對電路的影響，則該電池的電動勢測量值真實值，內(nèi)阻的測量值真實值。（均選填“大于”“等于”或“小于”）四、解答題15．在冬天，高為h=1.25m的平臺上，覆蓋一層薄冰，一乘雪橇的滑雪愛好者，從距平臺邊緣x=24m處以一定的初速度向平臺邊緣滑動，如圖所示，當(dāng)他滑離平臺即將著地的瞬間，其速度方向與水平地面夾角為（1）滑雪者著地點到平臺邊緣的水平距離是多大？（2）若平臺上的薄冰面與雪橇間的動摩擦因數(shù)為μ=016．在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第I象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第IV象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B．一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成45°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，如圖所示．不計粒子重力，求：（1）M、N兩點間的電勢差UMN；（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑r；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t．17．如圖，兩根足夠長的光滑金屬直導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌間距為L，兩導(dǎo)軌及其所構(gòu)成的平面均與水平面成θ角，整個裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B．現(xiàn)將質(zhì)量均為m的金屬棒a、b垂直導(dǎo)軌放置，每根金屬棒接入導(dǎo)軌之間的電阻均為R．運動過程中金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，金屬棒始終未滑出導(dǎo)軌，導(dǎo)軌電阻忽略不計，重力加速度為g．（1）先保持棒b靜止，將棒a由靜止釋放，求棒a勻速運動時的速度大小v0（2）在（1）問中，當(dāng)棒a勻速運動時，再將棒b由靜止釋放，求釋放瞬間棒b的加速度大小a0（3）在（2）問中，從棒b釋放瞬間開始計時，經(jīng)過時間t0，兩棒恰好達到相同的速度v，求速度v的大小，以及時間t0內(nèi)棒a相對于棒b運動的距離五、多選題18．圖甲為某一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0.5s時刻的波形圖，圖乙為參與波動的質(zhì)點M的振動圖像，則下列說法正確的是（??）A．該簡諧波的傳播速度為4m/sB．這列波的傳播方向沿x軸正方向C．t=2.0s時M質(zhì)點的振動速度小于Q質(zhì)點的振動速度D．t=2.0s時P點的位移為0.2cmE．從t=0時刻開始P點的振動方程為y=0六、解答題19．如圖所示，某透明柱體的橫截面為四分之一圓，圓心為O，半徑為R。一束單色光從OQ面上的M點垂直射入透明柱體，恰好在柱體面上的N點發(fā)生全反射，反射光從P點射出透明柱體，射出的折射光線的折射角為r。已知sinr=33（1）透明柱體對該單色光的折射率n；（2）單色光從M點射入柱體到射出柱體所經(jīng)歷的時間t。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.萬有引力常量是卡文迪什測量應(yīng)用放大法測得的，A不符合題意；

B.伽利略應(yīng)用理想斜面實驗研究力與運動的關(guān)系，開創(chuàng)了科學(xué)實驗的方法，B不符合題意；

C.重力勢能的大小與零勢面的選取有關(guān)，物體在零勢面以下，重力勢能取負值，在零勢面以上取正值，重力勢能的正負表示大小，是標(biāo)量，C不符合題意

D.磁感應(yīng)強度的公式B=FIL=maIL可知，磁感應(yīng)強度的單位特斯拉用物理基本單位表示為kg·m·2．【答案】A【解析】【解答】由于P點在兩導(dǎo)線所在的平面內(nèi)，到兩導(dǎo)線的距離始終均為d，則前后兩種情景中，兩導(dǎo)線各自在P點位置產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，根據(jù)安培定則可知，兩導(dǎo)線各自在P點位置產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向不變，根據(jù)磁場疊加可知，B1、B故答案為：A?！痉治觥扛鶕?jù)通電導(dǎo)線周圍的磁場分布得出兩導(dǎo)線在P點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度，通過安培定則和磁感應(yīng)強度的合成得出B1、B3．【答案】A【解析】【解答】A.如圖所示，對小球B受力分析如圖所示，由三角形相似可得mgOA=FAB，重力mg不變，AB減小，可知兩球間的靜電力F逐漸減小，A符合題意；

B.根據(jù)E=kQr2是可知，A點電荷量不變，小球B距A點的距離r變小，則小球B所處位置的電場強度逐漸增大，B不符合題意；

C.距正電荷越近，電勢越大，故小球B所處位置的電勢逐漸增大，C不符合題意；

D.小球B帶正電，在靠近A點處正電荷的過程中，靜電力做負功，故小球B的電勢能增大，D不符合題意。4．【答案】D【解析】【解答】A．磁感應(yīng)強度B先正向減小后反向增大，根據(jù)楞次定律知R2B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=nSΔBC．t=tD．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，R1消耗的電功率為P=(ER1故答案為：D。

【分析】結(jié)合磁感應(yīng)強度的變化情況以及磁通量的表達式和楞次定律得出R2中的電流方向，通過法拉第電磁感應(yīng)定律得出產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，利用電功率的表達式得出R5．【答案】D【解析】【解答】A.由圖乙可知，交流電的周期T=2s，故線圈轉(zhuǎn)動的角速度ω=2πT=2π2rad/s=πrad/s，A不符合題意；

B.由圖乙可知，1.5s時磁通量最大，所以線圈處于中性面位置，B不符合題意；

C.交變電流一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，50s為25個周期，線圈中電流方向改變50次，C不符合題意；

D.根據(jù)感應(yīng)電動勢的最大值Em=NBSω=N?mω6．【答案】D【解析】【解答】A.滑動變阻器R滑片向左滑動，阻值變大，電路總電阻變大，總電流I減??；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，理想電壓表V1測量的是外電壓，為U1=E-Ir，可得U1增大；流過R1的電流為I1=U1R1，增大；電阻R0的兩端UR0=I-I1R0，減??；電阻R的兩端電壓UR=U1-UR0，增大，故電壓表V2示數(shù)增大，A不符合題意；

B.當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大；由于此題中外電阻與內(nèi)電阻的大小關(guān)系未知，所以無法判斷電源輸出功率的變化情況，故B不符合題意；

C.?U7．【答案】C【解析】【解答】A.變壓器不改變交流的頻率，所以副線圈中電流的頻率等于原線圈中電流的頻率，為f=ω2π=100π2πHz=50Hz，A不符合題意；

B.理想變壓器原線圈輸入電壓有效值為U1=22022V=220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)的關(guān)系可得，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1n2=U1U2=22022=10：1，電流表A1和A2的示數(shù)比值等于發(fā)I1I2=n8．【答案】D【解析】【解答】A.由左手定則可知，正電荷受到的洛倫茲力向下，向下板聚集，負電荷受到的洛倫茲力向上，向下極板聚集，故平行金屬板上極板帶負電，下極板帶正電，所以下極板電勢高，A不符合題意；

B.磁流體發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢穩(wěn)定后，粒子受到的洛倫茲力與電場力等大反向，有qvB=qE電d，可得磁流體發(fā)電機的電動勢為E電=Bdv，B不符合題意；

C.電容器兩端的電勢差等于電源電動勢，根據(jù)電容的定義式可得C=QU=QE電，解得電容器所帶電荷量為Q=CBdv，C不符合題意；

9．【答案】C【解析】【解答】A.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得GMmr2=mv2r，得衛(wèi)星做圓周運動的線速度為v=GMr，軌道3半徑比軌道1半徑大，故衛(wèi)星在軌道1上線速度較大，A不符合題意；

B.根據(jù)萬有引力提供向心力可得GMmr2=mω2r，得衛(wèi)星的角速度為ω=GMr10．【答案】A,D【解析】【解答】A.由甲圖中等量異種電荷的電場線分布特點可知，B、C兩點場強大小和方向都相同，而根據(jù)沿電場向電勢降低可知φB>φC，A符合題意；

B.由甲圖中等量異種電荷的電場線分布特點可知，A、D兩點場強大小相等，方向相同，B不符合題意；

C.E、O、F三點比較，O點電場線最密集，則O場強最強，由于直線EOF為等勢線，故E、O、F三點電勢大小相等，C不符合題意；

D.B、O、C三點比較，O點電場線最稀疏，場強最弱，D符合題意。11．【答案】A,C【解析】【解答】A.一個處在n=3能級上的氫原子躍遷到基態(tài)，最多只能放出2種不同頻率的光子，對應(yīng)于3→2，2→1，A符合題意；

B.氫原子的基態(tài)能量為-13.6eV，只有用能量大于等于13.6eV的光子照射，才可使處于基態(tài)的氫原子電離，B不符合題意；

CD.由圖丙可知，a光的遏止電壓小于b光的遏止電壓，根據(jù)Uce=Ekm，可知a光照射陰極K時逸出的光電子的最大初動能比b光照射時的小，由Ekm=hν-12．【答案】A,B,D【解析】【解答】A.釋放B前，細線恰好伸直，說明細線上沒有拉力，設(shè)此時彈簧的壓縮量為x0，對A有kx0=mgsinθ=12mg，剛釋放B瞬間，對A、B.組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律可得mg+kx0-mgsinθ=2ma，解得a=12g，對B，由牛頓第二定律可得mg-FT=ma，解得FT13．【答案】（1）B（2）Δt（3）4（4）B（5）①【解析】【解答】（1）由于擺球經(jīng)過平衡位置時，速度最大，在相同視覺距離誤差上，引起的時間誤差最小，測量周期比較準(zhǔn)確。所以為了減小測量誤差，應(yīng)在平衡位置（最低點）開始計時；

（2）因為擺球經(jīng)過n次全振動的總時間為△t，所以單擺的周期：T=△tn；

（3）由單擺的周期公式T=2πl(wèi)g得：g=4π2lT2；

（4）A.測擺長時線拉的過緊，所測擺長偏大，所測重力加速度偏大，故A不符合題意；

B.擺線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，所測重力加速度偏小，故B符合題意；

C.開始計時時，停表過遲按下，n次全振動的時間就會偏小，所測周期就會偏小，所測重力加速度就會偏大，故C不符合題意；

D.實驗時誤將49次全振動記為50次，周期會偏小，所測重力加速度會偏大，故D不符合題意。

故答案為：B

（5）單擺的實際長度：l=L-D2，由單擺的周期公式得：T=2πL-D【分析】（1）由于擺球經(jīng)過平衡位置時，速度最大，在相同視覺距離誤差上，引起的時間誤差最小，測量周期比較準(zhǔn)確；

（2）（3）由單擺公式求解；

（4）由實驗原理進行判斷

（5）由單擺公式求出T214．【答案】（1）R2串聯(lián)；44500（2）8.62（8.55~8.70均可給分）；19.1（18.6~19.3均可給分）（3）小于；小于【解析】【解答】(1)根據(jù)電表的改裝，應(yīng)將給電流表串聯(lián)一個電阻，從而將其改裝為電壓表。將Ig=200μA，rg代入數(shù)據(jù)解得R=44500Ω通過以上計算，應(yīng)選：R2串聯(lián)應(yīng)將R2電阻箱的阻值調(diào)為44500Ω(2)由圖乙，據(jù)閉合電路歐姆定律，得電路中電流為I=上式變形可得1由圖丙可知1E=8.62V電池的內(nèi)阻為r=19.1Ω如果把電阻箱的電阻R看做外電路，則電壓表可看成內(nèi)電路的一部分，因此實際測出的是電池和電壓表整體等效的E'和r'小于電池電動勢E。因電壓表和電池并聯(lián)，因此等效內(nèi)阻r小于電池內(nèi)阻r。

【分析】（1）利用電表的改裝可以判別電流表需要串聯(lián)一個電阻改裝為電壓表，利用串聯(lián)電路特點結(jié)合歐姆定律可以求出電阻箱的阻值大??；

（2）利用圖像斜率和截距可以求出電源電動勢和內(nèi)阻的大小；

（3）由于電壓表的分流作用所以導(dǎo)致電動勢測量值小于真實值，內(nèi)阻的測量值也小于真實值。15．【答案】（1）解：把滑雪愛好者著地時的速度vt分解為如圖所示的v0、vy兩個分量由h=1則vy=gt=5m/s又vy=v0tan45°解得v0=5m/s著地點到平臺邊緣的水平距離x=v0t=2.5m（2）解：滑雪者在平臺上滑動時，受到滑動摩擦力作用而減速運動，由動能定理得?解得v=7m/s即滑雪者的初速度為7m/s?！窘馕觥俊痉治觥浚?）滑雪者離開平臺后做平拋運動，根據(jù)平拋的運動規(guī)律，由牛頓第二定律和運動學(xué)公式，求解滑雪者著地點到平臺邊緣的水平距離；（2）由動能定理分析滑雪者在平臺上的滑動過程，求出滑雪者的初速度。16．【答案】（1）解：設(shè)粒子過N點的速度為v，有v0v=cosθ，v=2v粒子從M點到N點的過程，有：qUMN=12mv2﹣12mv0解得：UMN=m（2）解：以O(shè)′圓心做勻速圓周運動，半徑為O′N，由牛頓第二定律得：qvB=mv2解得：r=2（3）解：由幾何關(guān)系得：ON=rsinθ設(shè)在電場中時間為t1，有ON=v0t1，t1=mqB粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期：T=2πmqB設(shè)粒子在磁場中運動的時間為t2，有：t2=π?θ2πT=3πmt=t1+t2解得：t=(【解析】【分析】（1）粒子垂直于電場進入第一象限，粒子做類平拋運動，由到達N的速度方向可利用速度的合成與分解得知此時的速度，在應(yīng)用動能定理即可求得電場中MN兩點間的電勢差．（2）粒子以此速度進入第四象限，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，先畫出軌跡圖，找出半徑；利用洛倫茲力提供向心力的公式，可求出在磁場中運動的半徑．（3）粒子的運動分為兩部分，一是在第一象限內(nèi)做類平拋運動，二是在第四象限內(nèi)做勻速圓周運動，分段求出時