目錄TOC\o"13"\h\z\u2011普通高校招生考試試題匯編直線運(yùn)動參考答案 22011普通高校招生考試試題匯編相互作用參考答案 62011普通高校招生考試試題匯編牛頓運(yùn)動定律參考答案 72011普通高校招生考試試題匯編曲線運(yùn)動參考答案 82011普通高校招生考試試題匯編萬有引力參考答案 112011普通高校招生考試試題匯編功和能的關(guān)系參考答案 122011普通高校招生考試試題匯編靜電場 202011普通高校招生考試試題匯編恒定電流 242011普通高校招生考試試題匯編磁場參考答案 272011普通高校招生考試試題匯編電磁感應(yīng)參考答案 362011普通高校招生考試試題匯編交變電流參考答案 392011普通高校招生考試試題匯編選修34參考答案 412011普通高校招生考試試題匯編選修35參考答案 432011普通高校招生考試試題匯編力學(xué)實驗參考答案 462011普通高校招生考試試題匯編電學(xué)實驗參考答案 48

2011普通高校招生考試試題匯編直線運(yùn)動參考答案1（2011安徽第16題）．答案：A2(2011海南第8題）.BC解析：A，0—5s,物體向正向運(yùn)動，5—6s向負(fù)向運(yùn)動，故5s末離出發(fā)點最遠(yuǎn)，A錯B由面積法求出0—5s的位移s1=35m,5—6s的位移s2=-5m,總路程為：40m,B對C由面積法求出0—4s的位移s=30m，平度速度為：v=s/t=7.5m/sC對D由圖像知5～6s過程物體加速，合力和位移同向，合力做正功，D錯3（2011新課標(biāo)理綜第15題）.解析：主要考查力和運(yùn)動關(guān)系。當(dāng)恒力方向與速度在一條直線上，質(zhì)點的動能可能一直增大，也可能先逐漸減小至零，再逐漸增大。當(dāng)恒力方向與速度不在一條直線上，質(zhì)點的動能可能一直增大，也可能先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大。所以正確答案是ABD?！敬鸢浮浚篋5（2011廣東第34題）、（18分）解析：（1）答案：1.20a/20.933要估讀一位，②s=v0t+at2，斜率為a/26（2011山東第23題）.（12分）8(上海第19題)．CD(2)B，C10(新課標(biāo)理綜第21題).答案：A。

解析：本題考查受力分析與運(yùn)動分析，涉及牛頓第二定律、靜摩擦力、非勻加速直線運(yùn)動、at圖象等。由于F由零開始隨時間正比增大，當(dāng)還未達(dá)到最大靜摩擦力之前，兩者一起運(yùn)動，加速度相同，為：，兩物體的at圖象重合，為過原點的直線。當(dāng)F超過最大靜摩擦力之后，兩物體有相對運(yùn)動，加速度不等，設(shè)滑動摩擦力為f，則m2的加速度為：。其at圖象與a軸的副半軸有交點；m1的加速度為：。其at圖象是與t軸平行的直線。選項A對。答案：B。滿足：a2>a1合題意11(新課標(biāo)理綜第23).解析：（1）滑塊做勻加速直線運(yùn)動，利用 12(新課標(biāo)理綜第24題).（13分）解析：設(shè)汽車甲在第一段時間間隔末（時間t0）的速度為,第一段時間間隔內(nèi)行駛的路程為s1,加速度為,在第二段時間間隔內(nèi)行駛的路程為s2。由運(yùn)動學(xué)公式得13（2011四川第23題）．（16分）（2）貨車與轎車相撞時的速度為14(上海第31題)．解析：答案．(12分)(1)物體做勻加速運(yùn)動由牛頓第二定律(2)設(shè)作用的最短時間為，小車先以大小為的加速度勻加速秒，撤去外力后，以大小為，的加速度勻減速秒到達(dá)B處，速度恰為0，由牛頓定律由于勻加速階段的末速度即為勻減速階段的初速度，因此有（2）另解：設(shè)力作用的最短時間為t，相應(yīng)的位移為s，物體到達(dá)B處速度恰為0，由動能定理由牛頓定律2011普通高校招生考試試題匯編相互作用參考答案1（2011安徽第1題）．答案：A解析：由于質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上，說明斜面對物塊的作用力與物塊的重力平衡，斜面與物塊的動摩擦因數(shù)μ=tan。對物塊施加一個豎直向下的恒力F，使得合力仍然為零，故物塊仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，A正確，B、D錯誤。摩擦力由mgsin增大到(F+mg)sin，C錯誤。3(廣東第16題).B4(北京理綜第18題)．B5（2011海南第5題）.解析：斜劈和物塊都平衡對斜劈和物塊整體受力分析知地面對斜劈的摩擦力為零，選A6（2011山東第19題）．答案：AD7（2011江蘇第1題）答案：A8(2011江蘇第9題)．答案：AC9(安徽第21題Ⅰ)．解析：Ⅰ．（1）如圖所示（2）0.248~0.26210(江蘇第10題)．【答案】(1)3.6

(2)D

(3)①改變彈簧測力計B拉力的大??；

②減小做完M的質(zhì)量

（或?qū)更換成量程較大的彈簧測力計，改變彈簧測力計B拉力飛方向等）【解析】只要驗證，即只要求OB與OM垂直，變壓器每次都要使O點靜止在同一位置。2011普通高校招生考試試題匯編牛頓運(yùn)動定律參考答案1(安徽第17題)．答案：C3（2011天津第2題）．【解析】：考查牛頓運(yùn)動定律處理連接體問題的基本方法，簡單題。對于多個物體組成的物體系統(tǒng)，若系統(tǒng)內(nèi)各個物體具有相同的運(yùn)動狀態(tài)，應(yīng)優(yōu)先選取整體法分析，再采用隔離法求解。取A、B系統(tǒng)整體分析有【答案】：A4（2011四川第19題）．【答案】A【解析】在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動，加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，動能減小，返回艙所受合外力做負(fù)功，返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是緩沖火箭向下噴氣而獲得向上的反沖力?；鸺_始噴氣前勻速下降拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力，火箭開始噴氣瞬間反沖力直接對返回艙作用因而傘繩對返回艙的拉力變小。5（2011江蘇第9題）．AC6（2011北京第18題）B7（2011上海第19題）．答案：CD8（2011上海第26題）.答案．(2)B，C9（2011天津第19題）【解析】：物體處于失重狀態(tài)，加速度方向向下，故而可能是減速上升或加速下降?！窘馕觥浚鹤⒁飧背咭欢ㄒ泄雷x。讀數(shù)為1.5+20.6×0.01mm=1.706mm。因為個人情況不同，估讀不一定一致，本題讀數(shù)1.7041.708都算正確。10.(浙江第21題)答案：①學(xué)生電源、電磁打點計時器、鉤碼、砝碼或電火花計時器、鉤碼、砝碼②學(xué)生電源為電磁打點計時器提供交流電源；電磁打點計時器（電火花計時器）記錄小車運(yùn)動的位置和時間；鉤碼用以改變小車的質(zhì)量；砝碼用以改變小車受到的拉力的大小，還可以用于測量小車的質(zhì)量。解析：電磁打點計時器（電火花計時器）記錄小車運(yùn)動的位置和時間；鉤碼用以改變小車的質(zhì)量；砝碼用以改變小車受到的拉力的大小，還可以用于測量小車的質(zhì)量。如果選電磁打點計時器，則需要學(xué)生電源，如果選電火花計時器，則不需要學(xué)生電源。12(重慶第22（2）題)答案：①位移

時間

②m′+m

滑塊上=0.23(0.21—025)2011普通高校招生考試試題匯編曲線運(yùn)動參考答案1(2011江蘇卷第3題)．c2（2011廣東第17題）.解析：由平拋運(yùn)動規(guī)律：L=vt，H=gt2求出AB正確。選AB4（2011全國理綜第20題）.解析：主要考查電場力方向和曲線運(yùn)動所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D。5（2011上海第11題）．答案：C7（2011海南第15題）。解析：設(shè)圓半徑為r，質(zhì)點做平拋運(yùn)動，則：8（2011天津第10題）．解析：（1）粘合后的兩球飛出軌道后做平拋運(yùn)動，豎直方向分運(yùn)動為自由落體運(yùn)動，有9（2011山東第24題）.解析：10（2011廣東第36題）、解析：（1）μmgs+mg·2R=mvB2①（2）設(shè)M滑動x1,m滑動x2二者達(dá)到共同速度v,則mvB=(M+m)v②μmgx1=mv2③—μmgx2=mv2—mvB2④二者位移之差△x=x2—x1=6R＜6.5R，即滑塊未掉下滑板討論：R＜L＜2R時，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）2R≤L＜5R時，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道。要使滑塊滑到CD軌道中點，vc必須滿足：mvc2≥mgR⑤此時L應(yīng)滿足：μmg(l+L)≤mvB2—mvc2⑥則L≤R，不符合題意，滑塊不能滑到CD軌道中點。（2）①R＜L＜2R時，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）②2R≤L＜5R時，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道。滑塊不能滑到CD軌道中點2011普通高校招生考試試題匯編萬有引力參考答案1(2011江蘇第7題)．ACD2（2011山東第17題）.答案：AC3(廣東第20題).BD4（2011全國卷1第19題）．解析：周期變長，表明軌道半徑變大，速度減小，動能減小,引力做負(fù)功故引力勢能增大選D6（2011天津第8題）．【解析】：萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的向心力，代入相關(guān)公式即可【答案】：AC7（2011浙江第19題）.答案：AD9(2011北京第15題)．A10(重慶第21題).B11（2011海南第12題）.答案：、12（2011上海22B）．答案：增大，增大13（2011安徽第22題）．解析：（1）因行星繞太陽作勻速圓周運(yùn)動，于是軌道的半長軸a即為軌道半徑r。根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有（2）在月地系統(tǒng)中，設(shè)月球繞地球運(yùn)動的軌道半徑為R，周期為T，由=2\*GB3②式可得解得M地=6×1024kg=5\*GB3⑤（M地=5×1024kg也算對）2011普通高校招生考試試題匯編功和能的關(guān)系參考答案1(2011江蘇第4題)．A2（2011全國卷1第20題）．BD解析：兩物體最終速度相等設(shè)為u由動量守恒得：mv=(m+M)u,系統(tǒng)損失的動能為：3．(四川第19題).解析：先從力學(xué)角度討論A．B兩項；而C項宜用動能定理；D項則考查超重、失重概念。答案選A。由整體法、隔離法結(jié)合牛頓第二定律，可知A正確B錯；由動能定理可知C錯；因為物體具有豎直向上的加速度，因此處于超重狀態(tài)，D錯。4(四川第21題)．解析：選BD。從運(yùn)動學(xué)公式（平均速度等）入手，可求出兩次過程的末速度比例、加速度比例，做好準(zhǔn)備工作。通過動能定律、機(jī)械能守恒定律等得出電場力做功，再由功能關(guān)系可知電勢能增減以及動能變化等，從而排除A．C兩項；借助運(yùn)動學(xué)公式，選項B中的動量變化可直接計算；對于選項D，要先由運(yùn)動學(xué)公式確定，再結(jié)合此前的機(jī)械能守恒定律來計算重力勢能變化量。

運(yùn)動過程如上圖所示，分析可知，加電場之前與加電場之后，小球的位移大小是相等的。由運(yùn)動學(xué)公式得。對加電場之后的運(yùn)動過程應(yīng)用動能定理得，對此前的過程有機(jī)械能守恒，以及運(yùn)動學(xué)公式。由以上各式聯(lián)立可得，即整個過程中小球電勢能減少了，A錯；動量增量為，可知B正確；從加電場開始到小球運(yùn)動到最低點時，，C錯；由運(yùn)動學(xué)公式知，以及，則從A點到最低點小球重力勢能變化量為，D正確。6（2011新課標(biāo)理綜第16題）.解析：主要考查功和能的關(guān)系。運(yùn)動員到達(dá)最低點過程中，重力做正功，所以重力勢能始終減少，A項正確。蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢能增加，B項正確。蹦極過程中，運(yùn)動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈性力做功，所以機(jī)械能守恒，C項正確。重力勢能的改變與重力勢能零點選取無關(guān)，D項錯誤。8(2011上海15)．答案：C9（2011山東第18題）.答案：C11(上海第33題)．答案．(14分)(1)勢能最小處動能最大(1分)由圖線II得(在5.9~6.3cm間均視為正確)(在0.42~0.44J間均視為正確)最大速度為(在1.29～1.33m／s間均視為正確)x=20.0cm處的總能量為0.90J，最大位移由E=0.90J的水平直線與曲線II的左側(cè)交點確定,由圖中讀出交點位置為x=2.0cm，因此，最大位移(在17.9~18.1cm間均視為正確)(3)漸近線III表示B的重力勢能隨位置變化關(guān)系，即（4）若異名磁極相對放置，A，B間相互作用勢能為負(fù)值，總勢能如圖。（2分）12(江蘇第14題)．解析：13(福建第21題).解析：此題考查平拋運(yùn)動規(guī)律、牛頓運(yùn)動定律、豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動、機(jī)械能守恒定律等知識點（1）質(zhì)量為m的魚餌到達(dá)管口C時做圓周運(yùn)動的向心力完全由重力提供，則(1)解得

(2)(2)彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為魚餌的機(jī)械能，由機(jī)械能守恒定律有

…..(3)由（2）（3）得….(4)(3)不考慮因緩慢轉(zhuǎn)動裝置對魚餌速度大小的影響，質(zhì)量為m的魚餌離開管口C后做平拋運(yùn)動，設(shè)經(jīng)過t時間落到水面上，離OO’的水平距離為x1，由平拋規(guī)律有………..(5)………(6)由（5）（6）兩式得………………..(7)當(dāng)魚餌的質(zhì)量為時，設(shè)其到達(dá)管口C時速度大小為V2，由機(jī)械能守恒定律有…..(8)由（4）（8）兩式解得……..(9)質(zhì)量為的魚餌落到水面時上時，設(shè)離OO’的水平距離為x2則……………..(10)由（5）（9）（10）解得：魚餌能夠落到水面的最大面積S，S=(πx22πx12)=πR2（或8.25πR2）。14（2011安徽24）．（20分）解析：（1）設(shè)小球能通過最高點，且此時的速度為v1。在上升過程中，因只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒。則設(shè)小球到達(dá)最高點時，輕桿對小球的作用力為F，方向向下，則由②③式，得F=2N④由牛頓第三定律可知，小球?qū)p桿的作用力大小為2N，方向豎直向上。（2）解除鎖定后，設(shè)小球通過最高點時的速度為v2，此時滑塊的速度為V。在上升過程中，因系統(tǒng)在水平方向上不受外力作用，水平方向的動量守恒。以水平向右的方向為正方向，有在上升過程中，因只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則由⑤⑥式，得v2=2m/s⑦（3）設(shè)小球擊中滑塊右側(cè)軌道的位置點與小球起始點的距離為s1，滑塊向左移動的距離為s2，任意時刻小球的水平速度大小為v3，滑塊的速度大小為V/。由系統(tǒng)水平方向的動量守恒，得將⑧式兩邊同乘以，得因⑨式對任意時刻附近的微小間隔都成立，累積相加后，有15（2011全國卷1第26題）.解析：設(shè)子彈的初速為v0,穿過2d厚度的鋼板時共同速度為：v受到阻力為f.對系統(tǒng)由動量和能量守恒得：子彈穿過第一塊厚度為d的鋼板時，設(shè)其速度為v1，此時鋼板的速度為u，穿第二塊厚度為d的鋼板時共用速度為v2，穿過深度為，對子彈和第一塊鋼板系統(tǒng)由動量和能量守恒得：對子彈和第二塊鋼板系統(tǒng)由動量和能量守恒得：（2）在減速過程中，注意到發(fā)動機(jī)只有用于汽車的牽引，根據(jù)動能定理有18（2011廣東第36題）、解析：（1）μmgs+mg·2R=mvB2①（2）設(shè)M滑動x1,m滑動x2二者達(dá)到共同速度v,則mvB=(M+m)v②μmgx1=mv2③—μmgx2=mv2—mvB2④二者位移之差△x=x2—x1=6R＜6.5R，即滑塊未掉下滑板討論：R＜L＜2R時，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）2R≤L＜5R時，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道。要使滑塊滑到CD軌道中點，vc必須滿足：mvc2≥mgR⑤此時L應(yīng)滿足：μmg(l+L)≤mvB2—mvc2⑥則L≤R，不符合題意，滑塊不能滑到CD軌道中點。（2）①R＜L＜2R時，Wf=μmg(l+L)=mg（6.5R+L）②2R≤L＜5R時，Wf=μmgx2+μmg(l—△x)=4.25mgR＜4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道?；瑝K不能滑到CD軌道中點19（2011北京第22題）．（16分）答案：（1）受力圖見右根據(jù)平衡條件，的拉力大小F=mgtanαTFmg（TFmg則通過最低點時，小球的速度大小解得輕繩對小球的拉力2011普通高校招生考試試題匯編靜電場1、(2011江蘇省第8題)．AB2（2011安徽第18題）．答案：B解析：由于電極XX’加的是掃描電壓，電極YY’之間所加的電壓信號電壓，所以熒光屏上會看到的圖形是B，答案B正確。3（2011安徽第20題）．答案：B5（2011海南第1題）.解析：考察電場和電勢概念，選D7（2011新課標(biāo)理綜第20題）.解析：主要考查電場力方向和曲線運(yùn)動所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D?！敬鸢浮浚篊9(廣東第21題).解析：電子吸附塵埃使塵埃帶負(fù)電，受力與電場方向相反，AC錯。F=Eq，故BD正確。選BD10（2011山東第21題）．答案：BC解析：根據(jù)等量異種點電荷的電場的分布特點和疊加原理可知A錯誤，B正確；因為a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對稱，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，C正確；根據(jù)等量異種點電荷的電場的分布特點，a點的電勢高于c點的電勢，所以試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，D錯誤。11(重慶第19題).12（2011上海第1題）．答案：C13（2011上海第14題）．答案：A14(2011上海第16題)．答案：D當(dāng)減少兩板間距是，能夠增大電場強(qiáng)度，提高裝置對塵埃的收集效率。收集效率恰好為100%時，兩板間距為。如果進(jìn)一步減少，收集效率仍為100%。繪出的圖線如下17（2011北京第24題）．解析：（1）由圖可知，0與d（或d）兩點間的電勢差為φ0（2）設(shè)粒子在[x0，x0]區(qū)間內(nèi)運(yùn)動，速率為v，由題意得（3）考慮粒子從x0處開始運(yùn)動的四分之一周期2011普通高校招生考試試題匯編恒定電流1(北京第17題)．2(海南第2題).解析：S開，相當(dāng)于電阻變大，總電流減小，故端電壓增大，eq\o\ac(○,V)的讀數(shù)變大，把R1歸為內(nèi)阻，則R3中的電壓也增大，R3中的電流也增大，R3中的電壓也增大，3(2011上海第6題)．答案：D4(2011上海第12題)．答案：A5（2011安徽第21題Ⅱ）．解析：（1）①斷開待測電阻，將選擇開關(guān)旋到“×100”檔：②將兩表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0Ω”；③再接入待測電阻，將指針示數(shù)×100，即為待測電阻阻值。（2）如圖所示（3）電阻1、216（2011全國卷1第23題）．解析：(1)黑(2)14.0、53.0、4.6(3)102(4)1.54電表內(nèi)阻r=15Ω,外阻為R=4.6Ω此時電流為：I=53mA,求出E=I(R+r)=1.54V，從而求出短路電流：I′==102mA7（2011海南第13題）.49.549.08（2011新課標(biāo)理綜第22題）.（解析：（1）R0、標(biāo)準(zhǔn)電流表A0；（2）RN，標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的示數(shù)為I；（3）平均值9（2011天津第5題（4））【解析】：電學(xué)實驗選擇儀器的一般步驟如下：①根據(jù)量程選擇電流表和電壓表，不能超過表的量程，不能量程太大導(dǎo)致表的讀數(shù)偏??；②根據(jù)題中關(guān)鍵語句，如精確測量，從零開始連續(xù)可調(diào)等等選擇分壓電路亦或是限流電路；分壓電路滑動變阻器選擇小阻值，限流電路滑動變阻器選擇大阻值；③選擇電流表的內(nèi)外接法，一般的原則是“大內(nèi)偏大，小外偏小”；也可以根據(jù)與之間的關(guān)系來判斷，當(dāng)>時，采用電流表的外接法，反之選擇電流表內(nèi)接法。（2）根據(jù)本題解析的第②、③兩條原則可知電路圖的問題為：①電流表應(yīng)采用內(nèi)接的方法；②滑動變阻器應(yīng)采用分壓器方式的接法。10（2011浙江第22題）.答案：（1）如圖所示；（2）電阻率的允許范圍：通過計算可知，金屬絲a與c電阻率相同，遠(yuǎn)大于金屬絲b的電阻率。解析：（1）以O(shè)P間距離x為橫軸，以電壓表讀數(shù)U為縱軸，描點、連線繪出電壓表讀數(shù)U隨OP間距離x變化的圖線。通過計算可知，金屬絲a與c電阻率相同，遠(yuǎn)大于金屬絲b的電阻率。11(廣東第34（2）題)解析：答案：（2）x17.5左端右端ab①電珠電阻較小，故選“x1”檔②如右圖③P置左端電珠兩端電壓最?、躠b之間電流值相差太大12(2011北京第21題)答案：（1）eq\o\ac(○,1)Seq\o\ac(○,3)T0刻線eq\o\ac(○,4)ADC13（2011上海第29題）．答案.(1)③，⑥(各1分)(2)見圖(2分)(3)①將滑動觸頭移至最左端(寫最小給分，最大不給分)14（2011山東第23題）答案：①如圖所示②0.37③bc15(江蘇第11題)．答案：16(福建第19（2）題)答案：①D

②Ⅰ.左

Ⅱ

1

5

Ⅲ.增大解析：由于小電珠的電阻一般不大，使用多用電表直接測量小電珠的電阻，則應(yīng)將選擇開關(guān)旋至歐姆×

1，選項D正確。對于分壓電路，開關(guān)S閉合前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于使小電珠上電壓為零處，即最左端。閉合開關(guān)S后，無論如何調(diào)節(jié)滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，其原因是滑動變阻器左端與電源沒有連接好。由描繪出的小電珠的伏安特性曲線可知，小電珠的電阻值隨工作電壓的增大而增大。17(四川第22（2）題)解析：（2）①改裝電壓表時，其內(nèi)阻值要準(zhǔn)確告知，所以排除A．B而選C；再由歐姆定律可知，代入數(shù)據(jù)得；②電路圖如上圖所示；③根據(jù)歐姆定律，可得通式為，代入數(shù)據(jù)兩次，即得答案。

【答案】（2）①C

6；

②見上圖；

③7．5

10。18(重慶第20題).19(重慶22（1）)答案：×1

乙

③2011普通高校招生考試試題匯編磁場參考答案1（2011全國卷1第15題）。解析：要合磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，必有和形成兩個場等大方向，只有C點有可能，選C2（2011海南第7題）．解析：考察科學(xué)史，選ACD4（2011新課標(biāo)理綜第14題）.解析：主要考查安培定則和地磁場分布。根據(jù)地磁場分布和安培定則判斷可知正確答案是B。6（2011浙江第20題）.答案：BC7(2011上海第18題)．答案：BC8（2011安徽第23）．解析：（1）設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，初速度為v，電場強(qiáng)度為E。可判斷出粒子受到的洛倫磁力沿x軸負(fù)方向，于是可知電場強(qiáng)度沿x軸正方向且有qE=qvB①又R=vt0②（2）僅有電場時，帶電粒子在勻強(qiáng)電場中作類平拋運(yùn)動設(shè)在水平方向位移為x，因射出位置在半圓形區(qū)域邊界上，于是又qE=ma⑨帶電粒子在磁場中運(yùn)動周期則帶電粒子在磁場中運(yùn)動時間9（2011全國卷1第25）.解析：設(shè)粒子第一次過MN時速度方向與水平方向成α1角，位移與水平方向成α2角且α2=450，在電場中做類平拋運(yùn)動，10（2011新課標(biāo)理綜第25題）.解析：（1）設(shè)粒子a在I內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動的圓心為C（在y軸上），半徑為Ra1，粒子速率為va，運(yùn)動軌跡與兩磁場區(qū)域邊界的交點為,如圖，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得設(shè)a到達(dá)點時，b位于點，轉(zhuǎn)過的角度為。如果b沒有飛出I，則式中，t是a在區(qū)域II中運(yùn)動的時間，而由①③⑧⑨eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)式及題給條件得，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差為設(shè)碳11原有質(zhì)量為m0，經(jīng)過t=2.0h剩余的質(zhì)量為mt，根據(jù)半衰期定義，有：（2）設(shè)質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為q，質(zhì)子離開加速器時速度大小為v，由牛頓第二定律知：由回旋加速器工作原理可知，交變電源的頻率與質(zhì)子回旋頻率相同，由周期T與頻率f的關(guān)系可得：設(shè)在t時間內(nèi)離開加速器的質(zhì)子數(shù)為N，則質(zhì)子束從回旋加速器輸出時的平均功率若以單個質(zhì)子為研究對象解答過程正確的同樣給分（3）方法一：設(shè)k（k∈N*）為同一盒子中質(zhì)子運(yùn)動軌道半徑的序數(shù)，相鄰的軌道半徑分別為rk，rk+1（rk>rk+1），說明隨軌道半徑r的增大，同一盒中相鄰軌道的半徑之差減小方法二：設(shè)k（k∈N*）為同一盒子中質(zhì)子運(yùn)動軌道半徑的序數(shù)，相鄰的軌道半徑分別為rk，rk+1（rk>rk+1），以質(zhì)子在D2盒中運(yùn)動為例，第k次進(jìn)入D2時，被電場加速（2k﹣1）次說明隨軌道半徑r的增大，同一盒中相鄰軌道的半徑之差減小，用同樣的方法也可得到質(zhì)子在D1盒中運(yùn)動時具有相同的結(jié)論。12（2011四川第25題）．13（2011廣東第35題）、O/r解析：（1）由動能定理：Uq=mv12mv02①O/rRV3B1qv2=mRV3（3）由B2qv3=m⑥可知，B越小，R越大。與磁場邊界相切的圓的最大半徑為14（2011北京理綜第23題）．答案．（3）質(zhì)量為m1的離子，在GA邊上的落點都在其入射點左側(cè)2R1處，由于狹縫的寬度為d，因此落點區(qū)域的寬度也是d。同理，質(zhì)量為m2的離子在GA邊上落點區(qū)域的寬度也是d。為保證兩種離子能完全分離，兩個區(qū)域應(yīng)無交疊，條件為15（2011山東理綜第25題）.解析：16(重慶第25題).解：

(1)設(shè)圓周運(yùn)動的半徑分別為R1、R2、……、Rn、Rn+1，…，第一和第二次圓周運(yùn)動速率分別為v1和v2，動能分別為Ek1和Ek2

由：Ek2=0.81Ek1，R1=，R2=\

得：R2：R1=0.9

(2)設(shè)電場強(qiáng)度為E．第一次到達(dá)隔離層前的速率為v′

由：

得：

又由：

得：

(3)設(shè)電子在勻強(qiáng)磁場中，圓周運(yùn)動的周期為T，運(yùn)動的半圓周個數(shù)為n，運(yùn)動總時間為t，

由題意，有：

得：n=2

又由：T=

得：2011普通高校招生考試試題匯編電磁感應(yīng)參考答案1(廣東卷第15題).2(2011江蘇卷第2題)．3(2011江蘇卷第5題)．D4(福建第17題).5(海南第6題).B6（2011海南第7題）．解析：考察科學(xué)史，選ACD8（2011北京第19題）．9(2011上海第13題)．10(2011上海第20題).11（201山東第22題）.答案：BD12（2011上海第28題）．由①②式代入數(shù)據(jù)解得I=1A，方向由右手定則可知由d到c。（2）棒ab與棒cd受到的安培力大小相等Fab=Fcd代入數(shù)據(jù)解得F=0.2N ④設(shè)ab棒勻速運(yùn)動的速度大小為v，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Blv ⑥由運(yùn)動學(xué)公式知，在時間t內(nèi)，棒ab沿導(dǎo)軌的位移x=vt ⑧力F做的功W=Fx ⑨綜合上述各式，代入數(shù)據(jù)解得W=0.4J16（2011浙江第23題）.答案：（1）導(dǎo)體棒在前做勻減速運(yùn)動，在后以后一直保持靜止。解析：（1）導(dǎo)體棒先在無磁場區(qū)域做勻減速運(yùn)動，有根據(jù)楞次定律，在回路中的電流方向是順時針方向18(四川第24題).解析：

以小環(huán)為研究對象，由牛頓第二定律

①

代入數(shù)據(jù)得②

設(shè)流過桿K的電流為，由平衡條件得

③

對桿Q，根據(jù)并聯(lián)電路特點以及平衡條件得

④

由法拉第電磁感應(yīng)定律的推論得

⑤

根據(jù)歐姆定律有

⑥

且⑦

瞬時功率表達(dá)式為

⑧

聯(lián)立以上各式得

⑨

【答案】（1）；（2）。19(重慶第23題).解：

(l)設(shè)電動勢為，橡膠帶運(yùn)動速率為v

由：

得：

(2)設(shè)電功率為P

(3)設(shè)電流強(qiáng)度為I，安培力為F．克服安培力做的功為W

由：

得：2011普通高校招生考試試題匯編交變電流參考答案1(福建第15題).解析：答案D。些題考查變壓器和電路動態(tài)變化等知識點。由輸入電壓u隨時間t的變化關(guān)系圖象可知，交變電流周期為0.02s，輸入電壓u的表達(dá)式選項A錯誤，只斷開S1后，L1、L2均不能發(fā)光，選項B錯誤，只斷開S2后，燈泡L1、L2串聯(lián)接入電路，變壓器輸出電流變小，原線圈的輸入功率減小，選項C錯誤，若S1換接到2后，變壓器輸出電壓U=4V，R中電流為I=0.2A，R消耗的電功率為P=UI=0.8W，選項D正確2．(四川第20題).【思路點撥】線圈從垂直于中性面位置啟動，則瞬時值的表達(dá)式為余弦函數(shù)。由此構(gòu)造出瞬時值表達(dá)式，可求出電動勢的最大值，然后是有效值，再到功率，從而完成A．B．C的篩選；再畫出線圈轉(zhuǎn)動的截面圖，可知其磁通量變化規(guī)律確是正弦函數(shù)，但對線圈的最大磁通量，即BS的計算有誤，即排除D項。

【精講精析】選AC。由于線圈垂直于中性面啟動，則瞬時表達(dá)式可記為，代入數(shù)據(jù)可知，得最大值，即有效值以及，功率為，瞬時值表達(dá)式為。再由于，則任意時刻穿過線圈的磁通量為，可知D錯。3(浙江第16題).答案：A解析：交流電源電壓的有效值，如果看成理想的來處理有：、、，解得，故交流電壓表的讀數(shù)應(yīng)該小于，所以答案為A。4（2011安徽第19題）．答案：D解析：交流電流的有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)得出的，線框轉(zhuǎn)動周期為T，而線框轉(zhuǎn)動一周5（2011新課標(biāo)理綜第17題）.解析：主要考查理想變壓器原副線圈電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系。U2=220V，根據(jù)U1：U2=n1:n2得，U1=110V。I2=P/U2=0.1A，根據(jù)I1：I2=n2：n1得I1=0.2A。所以正確答案是A?！敬鸢浮浚築7（2011山東第20題）.答案：BD8(廣東第19題).10．(江蘇第13題)解析：2011普通高校招生考試試題匯編選修34參考答案1(廣東第18題).2（2011安徽第15題）．答案：D解析：白色光經(jīng)過三棱鏡后產(chǎn)生色散現(xiàn)象，在光屏由上至下（a、b、c、d）依次為紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫。屏上a處為紅光，屏上d處是紫光，D正確。3（2011全國卷1第16題）解析：按照偏折程度從小到大的排序為d、c、b、a、故：選B4（2011全國卷1第21題）解析：選C解析：（=1\*romani）設(shè)過P點光線，恰好被浮子擋住時，入射角、折射角分別為：α、β則：（=2\*romanii）潛水員和Q點連線與水平方向夾角剛好為臨界角C，則：6（2011全國理綜第34題選修34）答案：（1）ABE（2）（?。?5°

（ⅱ）解析：由波的形成與傳播可知，正確答案是ABE。一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，地面AOB鍍銀，o表示半圓截面的圓心，一束光線在橫截面內(nèi)從M點入射，經(jīng)過AB面反射后從N點射出。已知光線在M點的入射角為30，MOA=60，NOB=30。求（1）光線在M點的折射角（2）透明物體的折射率【答案】：BD8（2011天津第7題）．【解析】：由A剛好完成一次全振動時的圖線可知波源A的起振方向沿y軸負(fù)方向，A選項正確；經(jīng)過周期之后質(zhì)點A將向負(fù)向最大位移運(yùn)動，回復(fù)力做負(fù)功，B正確；質(zhì)點不隨波遷移，C選項錯誤；由簡諧運(yùn)動的對稱性可知回復(fù)力在一個周期內(nèi)的沖量為零，D選項正確。【答案】：ABDθ10(2011山東第37題34)11(上海第5題)．12（201上海第10題）.答案：B13（2011上海第17題）.答案：ABD14(2011上海第21題)．答案：衍射，波動說15(2011上海第24題)．答案：2，016（201浙江第18題）.答案：BD解析：只有橫波才能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故A錯誤；用白光做單縫衍射與雙縫衍射，都可以觀察到彩色條紋，故B正確；聲波在傳播過程中，介質(zhì)中質(zhì)點的速度并不等于聲波的傳播速度，故C錯誤；已知地震波的縱波波速大于橫波波速，此性質(zhì)可用于橫波的預(yù)警，故D正確。17（2011北京第14題）．答案：C18（2011北京第16題）．答案：D19(江蘇第12題B34)答案20(重慶第17題).答案：C21(重慶第18題).2011普通高校招生考試試題匯編選修35參考答案2（2011海南第19題模塊35試題）.解析：由質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒可以得出正確選項B、C、78、82（ii）木塊返回與物體P第二次達(dá)到共同速度與第一次相同（動量守恒）全過程能量守恒得：3(2011全國理綜35選修35】4（2011天津第1題）．【解析】：物理學(xué)史、常識考查題，簡單題，其中光電效應(yīng)實驗說明光具有粒子性，A選項錯誤；X射線（倫琴射線）的發(fā)現(xiàn)是19世紀(jì)末20世紀(jì)初物理學(xué)的三大發(fā)現(xiàn)（X射線1896年、放射線1896年、電子1897年）之一，這一發(fā)現(xiàn)標(biāo)志著現(xiàn)代物理學(xué)的產(chǎn)生，B選項錯誤；氫原子光譜的發(fā)現(xiàn)解釋了原子的穩(wěn)定性以及原子光譜的分立特征，D選項錯誤；所以選擇C。【答案】：C5（2011山東第38題35）解析：6（2011上海第2題）．答案：D7（2011上海第3題）．答案：B8(上海第7題)．9（2011上海第9題）．10（2011上海第17題）.答案：ABD11(上海22A).答案：“守恒”、“不守恒”12（201北京第13題）．答案：B13(2011北京第21題)答案：（2）eq\o\ac(○,1)Ceq\o\ac(○,2)ADE或DEA或DAEeq\o\ac(○,4)142.911.01eq\o\ac(○,5)76.814（201廣東第18題）.解析：光電流的大小只與到達(dá)陽極的光電子個數(shù)有關(guān)，A錯。由hv=W+Ek和Uq=Ek知，CD正確。選CD15(江蘇12C)答案：16(浙江第14題)17(浙江第15題)18(重慶第16題).19（重慶第24題）解：

(1)設(shè)運(yùn)動過程中摩擦阻力做的總功為W，則

(2)設(shè)第一車初速度為u0，第一次碰前速度為v1，碰后共同速度為u1；第二次碰前速度為v2，碰

后共同速度為u：；人給第一車的水平?jīng)_量大小為I.

由：

得：

(3)設(shè)兩次碰撞中系統(tǒng)動能損失分別為△Ek1，和△Ek2.

由：△

△

得：△△Ek1/△Ek2=13／32011普通高校招生考試試題匯編參考答案1（2011安徽）．解析：Ⅰ．（1）如圖所示（2）0.248~0.2622（2011江蘇）．3(2011北京)3答案:①C，②ADE或DAE或DEA④142.91～1.01⑤76.8〖解析〗①在落地高度不變的情況下，水平位移就能反映平拋初速度的大小，所以，僅測量小球做平拋運(yùn)動的射程就能間接測量速度.因此選C.②測量平均落點的位置，找到平拋的水平位移，因此步驟中D、E是必須的，而且要D先在E后，至于用天平測質(zhì)量先后均可。所以答案是ADE或DAE或DEA.12（2011四川）【解析】⑴“研究運(yùn)動的合成與分解”實驗中：2011普通高校招生考試試題匯編電學(xué)實驗參考答案1(2011北京)1【答案】①S③T0刻線④ADC〖解析〗多用電表測量電阻時，在測量之前就要觀察指針是否在零刻度線上，