2026屆廣東省東莞市南開實驗學校化學高二上期中達標測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、有甲、乙、丙、丁四個相同的容器，相同溫度和壓強下，發(fā)生反應：CO2(g)+H2(g)?CO(g)+H2O(g)，起始時放入容器內各組分的物質的量見表：CO2H2COH2O甲1mol1mol00乙2mol1mol00丙001mol1mol丁1mol01mol1mol上述四種情況達到平衡后，CO的物質的量大小順序是A．乙=丁＞丙=甲 B．乙＞?。炯祝颈鸆．?。疽遥颈?甲 D．?。颈疽遥炯?、某溫度下，將2molSO2和1molO2置于容積為10L的密閉容器中發(fā)生反應2SO2(g)＋O2(g)2SO3(g)ΔH<0，SO2的平衡轉化率(α)與體系總壓強(p)的關系如圖甲所示。則下列說法正確的是()A．由圖甲推斷，A點對應溫度下該反應的平衡常數為800B．由圖甲推斷，B點O2的平衡濃度為0.15mol·L－1C．達平衡后，若增大容器容積，則反應速率變化圖像可以用圖乙表示D．壓強為0.50MPa時，不同溫度下SO2的轉化率與溫度的關系如圖丙所示，則T2>T13、某同學探究溶液的酸堿性對FeCl3水解平衡的影響，實驗方案如下：配制50mL0.001mol/LFeCl3溶液、50mL對照組溶液x，向兩種溶液中分別滴加1滴1mol/LHCl溶液、1滴1mol/LNaOH溶液，測得溶液pH隨時間變化的曲線如下圖所示。下列說法不正確的是A．依據M點對應的pH，說明Fe3+發(fā)生了水解反應B．對照組溶液x的組成可能是0.003mol/LKClC．依據曲線c和d說明Fe3+水解平衡發(fā)生了移動D．通過儀器檢測體系渾濁度的變化，可表征水解平衡移動的方向4、電解精煉銅時，下列敘述不正確的是A．與電源正極相連的電極是粗銅板B．陰極發(fā)生反應：Cu2++2e-==CuC．粗銅板上發(fā)生氧化反應D．電解池的陽極材料為純銅薄片5、下列說法正確的是A．25℃時，已知Ka(CH3COOH)=1.7×10-5mo1·L–1、Ka(C6H5OH)=1.0×10-10mo1·L–1、Ka1(H2CO3)=4.2×10-7mo1·L–1、Ka2(H2CO3)＝5.6×10-11mo1·L–1。pH相等的①CH3COONa、②C6H5ONa、③NaHCO3溶液中，c(Na+)大小關系：②＜③＜①B．常溫下，某溶液中由水電離出的c(H+)＝1×10-amo1·L–1，若a＜7時，則該溶液可能為NaHSO4溶液C．常溫下，中和同體積、同pH的硫酸、鹽酸和醋酸所需相同濃度的NaOH溶液的體積關系：V（硫酸）＞V（鹽酸）＝V（醋酸）D．常溫下，向飽和Na2CO3溶液中加入少量BaSO4粉末，過濾，向洗凈的沉淀中加入稀鹽酸有氣泡產生，說明常溫下Ksp（BaSO4）>Ksp（BaCO3）6、常溫下，下列說法不正確的是A．物質的量濃度相同的NaOH溶液和氨水：c(Na+)>c(NH4+)B．pH=3的鹽酸和pH=11的氨水混合后pH>7，說明氨水是弱電解質C．將相同體積相同物質的量濃度的NaOH溶液和醋酸溶液混合后呈堿性，說明醋酸是弱電解質D．物質的量濃度相同的鹽酸和醋酸溶液，前者c(OH-)更小7、下列物質屬于弱電解質的是A．二氧化碳 B．氨水 C．硫化氫 D．碳酸氫鈉8、下列溶液一定是堿性的是()A．溶液中c(OH－)＞c(H＋) B．c(OH－)＞1×10－7mol/LC．溶液中含有OH－ D．pH＝8的某電解質的溶液9、控制合適的條件，將反應2Fe3++2I-2Fe2++I2設計成如圖所示原電池，下列判斷不正確的是A．反應開始時，電流方向是從甲池石墨棒流向乙池石墨棒B．反應開始時，甲中石墨電極上Fe3+被還原C．電流計讀數為零時，反應達到化學平衡狀態(tài)D．電流計讀數為零后，在甲中溶入FeCl2固體，乙中石墨電極為負極10、化學反應A2+B2=2AB的能量變化如圖所示，則下列說法正確的是A．該反應是吸熱反應B．斷裂1molA-A鍵和1molB-B鍵放出xkJ能量C．斷裂2molA-B鍵需要吸收（y-x）kJ的能量D．1molA2和1molB2的總能量高于2molAB的總能量11、已知：CH3CH2CH2CH3(g)＋13/2O2(g)===4CO2(g)＋5H2O(l)ΔH=－2878kJ·mol－1(CH3)2CHCH3(g)＋13/2O2(g)===4CO2(g)＋5H2O(l)ΔH=－2869kJ·mol－1下列說法正確的是A．正丁烷分子儲存的能量小于異丁烷B．正丁烷的穩(wěn)定性大于異丁烷C．異丁烷轉化為正丁烷的過程是一個放熱過程D．異丁烷轉化為正丁烷的過程是一個吸熱過程12、對三硫化四磷分子的結構研究表明，該分子中沒有不飽和鍵，且各原子的最外層均已達到了8個電子的結構。則一個三硫化四磷分子中含有的共價鍵個數是A．7個 B．9個 C．19個 D．不能確定13、下列現象不能用“相似相溶原理”解釋的是()A．氯化氫易溶于水B．氯氣易溶于氫氧化鈉溶液中C．碘易溶于四氯化碳D．碘難溶于水14、下列能源組合中，均屬于新能源的一組是(

)

①天然氣②煤③核能④石油⑤太陽能⑥生物質能⑦風能⑧氫能A．①②③④ B．③⑤⑥⑦⑧ C．①③⑤⑥⑦⑧ D．①⑤⑥⑦⑧15、下列說法中正確的是A．焰色反應是化學變化B．基態(tài)碳原子的電子排布式是1s22s12p3C．焰色反應是金屬原子的電子從基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時產生的光譜D．同一原子處于激發(fā)態(tài)時的能量一定大于其處于基態(tài)時的能量16、下列關于原子的說法正確的是A．中子數為8 B．質子數為14 C．質量數為20 D．核外電子數為8二、非選擇題（本題包括5小題）17、長托寧是一種選擇性抗膽堿藥，可通過以下方法合成(部分反應條件略去):(1)長托寧中的含氧官能團名稱為______和______(填名稱)。(2)反應③的反應類型為______。(3)反應②中加入試劑X的分子式為C8H6O3，X的結構簡式為______。(4)D在一定條件下可以生成高聚物M，該反應的化學方程式為______。(5)C的一種同分異構體滿足下列條件：I．能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應。II．核磁共振氫譜有5個峰且峰的面積比為2：4：4：1：1；分子中含有兩個苯環(huán)。寫出該同分異構體的結構簡式：______。(6)根據已有知識并結合相關信息，寫出以和為原料制備的合成路線流程圖______(無機試劑和有機溶劑任用，合成路線見上面題干)。18、圖中A~J均為有機化合物，有如圖轉化關系：已知：根據圖中的信息，回答下列問題：（1）環(huán)狀化合物A的相對分子質量為82，其中含碳87.80%，含氫12.20%B的一氯代物僅有一種，B的結構簡式為___；（2）M是B的一種同分異構體，其核磁共振氫譜圖中只有1個峰，分子中所有的碳原子共平面，則M的名稱為___；（3）由A生成D的反應類型是___，由D生成E的反應類型是___。（4）G的分子式為C6H10O4，0.146gG需用20mL0.100mol/LNaOH溶液完全中和。M與G互為同系物，且含有2個碳原子。則M與乙二醇反應生成環(huán)狀化合物N的化學方程式為___；（5）由E和A反應生成F的化學方程式為___；（6）Ⅰ中含有的官能團名稱是___。（7）根據題中信息，寫出以2—溴丁烷為原料制備4，5—二甲基—1—環(huán)己烯的合成路線流程圖(需注明反應條件)。___合成路線流程圖示例如下：CH3CH2OHCH2=CH219、50mL0.50mol·L?1鹽酸與50mL0.55mol·L?1NaOH溶液在如圖所示的裝置中進行中和反應，通過測定反應過程中所放出的熱量可計算中和熱?；卮鹣铝袉栴}：（1）從實驗裝置上看，圖中尚缺少的一種玻璃用品是______________________________。（2）燒杯間填滿碎紙條的作用是______________。（3）大燒杯上如不蓋硬紙板，求得的中和熱數值__________(填”偏大”“偏小”或”無影響”)。（4）實驗中改用60mL0.50mol·L?1鹽酸跟50mL0.55mol·L?1NaOH溶液進行反應，與上述實驗相比，所放出的熱量__________(填”相等”或”不相等”)，所求中和熱__________(填”相等”或”不相等”)，簡述理由：_________________________。（5）用相同濃度和體積的氨水代替NaOH溶液進行上述實驗，測得的中和熱的數值會__________(填”偏大”“偏小”或”無影響”，下同)；用50mL0.50mol·L?1NaOH溶液進行上述實驗，測得的中和熱的數值會__________。20、課題式研究性學習是培養(yǎng)學生創(chuàng)造思維的良好方法。某研究性學習小組將下列裝置如圖連接，D、E、X、Y都是鉑電極、C、F是鐵電極。將電源接通后，向乙中滴入酚酞試液，在F極附近顯紅色。試回答下列問題：（1）B極的名稱是___。（2）甲裝置中電解反應的總化學方程式是：___。（3）設電解質溶液過量，電解后乙池中加入___（填物質名稱）可以使溶液復原。（4）設甲池中溶液的體積在電解前后都是500ml，乙池中溶液的體積在電解前后都是200mL，當乙池所產生氣體的體積為4.48L（標準狀況）時，甲池中所生成物質的物質的量濃度為___mol/L；乙池中溶液的pH=___；（5）裝置丁中的現象是___。21、有下列8種晶體，用序號回答下列問題：A．水晶B．白磷C．冰醋酸D．固態(tài)氬E．氯化銨F．鋁G．金剛石(1）含有非極性鍵的原子晶體是_____,屬于原子晶體的化合物是___，不含化學鍵的分子晶體是______，屬于分子晶體的單質是_________。(2）含有離子鍵、共價鍵、配位鍵的化合物是___________，受熱熔化，需克服共價鍵的是___________。(3）金剛砂(SiC）的結構與金剛石相似，硬度與金剛石相當，則金剛砂的晶胞中含有_____個硅原子，______個碳原子；金剛石熔點高于金剛砂的原因_____________________________________。金剛石結構

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、A【分析】該反應為氣體等體積反應，要判斷達到平衡時CO的物質的量大小順序，可采取“極限法”以及“一邊倒”原則并結合濃度對平衡影響進行分析判斷。【詳解】將上述數據中CO(g)、H2O(g)一邊倒至CO2(g)、H2(g)可得：CO2H2COH2O甲1mol1mol00乙2mol1mol00丙1mol1mol00丁2mol1mol00由表格數據可知，甲與丙完全等效，乙與丁完全等效，乙相對于甲相當于增大CO2濃度，即平衡將正向移動，由此可知，上述四種情況達到平衡后，CO的物質的量大小順序是乙=丁＞丙=甲，故答案為A。2、A【解析】A．A點轉化率為0.8，則2SO2（g）+O2（g）2SO3（g）開始0.20.10轉化0.160.080.16平衡0.040.020.16K=0.162B．B點轉化率為0.85，則平衡時濃度為2molC．達平衡后，若增大容器容積，反應速率減小，平衡逆向移動；D．T1先達到平衡?！驹斀狻緼．A點轉化率為0.8，則2SO2（g）+O2（g）2SO3（g）開始0.20.10轉化0.160.080.16平衡0.040.020.16K=0.1620.042×0.02=800（L?molB．B點轉化率為0.85，則平衡時濃度為2mol×0.1510LC．達平衡后，若增大容器容積，反應速率減小，平衡逆向移動，且逆反應速率大于正反應速率，與圖象不符，選項C錯誤；D．T1先達到平衡，則T1＞T2，選項D錯誤；答案選A?！军c睛】本題考查化學平衡的計算，為高頻考點，把握平衡三段法、K的計算及平衡移動為解答的關鍵，側重分析與應用能力的考查，注意圖象與平衡移動原理的結合，題目難度不大。3、B【詳解】A、FeCl3溶液的pH小于7，溶液顯酸性，原因是氯化鐵是強酸弱堿鹽，Fe3+在溶液中發(fā)生了水解，故A正確；B、對照組溶液X加堿后溶液的pH的變化程度比加酸后的pH的變化程度大，而若對照組溶液x的組成是0.003mol/LKCl，則加酸和加堿后溶液的pH的變化應呈現軸對稱的關系，所以該溶液不是0.003mol/LKCl，故B錯誤；C、在FeCl3溶液中加堿、加酸后，溶液的pH的變化均比對照組溶液x的變化小，因為加酸或加堿均引起了Fe3+水解平衡的移動，故溶液的pH的變化比較緩和，故C正確；D、FeCl3溶液水解出氫氧化鐵，故溶液的渾濁程度變大，則水解被促進，否則被抑制，故D正確；故選B。4、D【解析】電解法精煉銅時，粗銅為陽極，精銅為陰極?！驹斀狻緼.電解法精煉銅時，粗銅為陽極，精銅為陰極，則與電源正極相連的電極是粗銅板，故A項正確；B.電解時，銅離子在陰極上得電子生成Cu，陰極發(fā)生的反應為：Cu2++2e?=Cu，故B項正確；C.電解法精煉銅時，粗銅為陽極，陽極上金屬失電子發(fā)生氧化反應，故C項正確；D.電解法精煉銅時，粗銅為陽極材料，精銅為陰極材料，故D項錯誤；答案選D。【點睛】電解精煉銅是電解原理的一個重要應用，除了要掌握基本的電極材料、電解反應外，還需要注意在電解精煉銅時，比銅活潑的金屬鋅、鐵等會先于金屬銅失電子，比金屬銅活潑性差的Pt、Ag等會沉積下來形成陽極泥。5、A【解析】A、酸越強對應的鹽的水解能力越弱，鹽溶液的堿性越弱，所以同濃度pH的大小關系為：②＞③＞①，所以pH相等的三種溶液，c（Na+）大小關系：②＜③＜①，故A正確；B、某溶液中由水電離出的c(H+)＝1×10-amo1·L–1，若a＜7時，說明水的電離受促進，而NaHSO4溶液對水的電離起抑制作用，故B錯誤；C、醋酸是弱酸，pH相同時醋酸的濃度最大，中和同體積、同pH的硫酸、鹽酸和醋酸，醋酸中和堿的能力最強，所需相同濃度的NaOH溶液的體積關系：V（硫酸）＝V（鹽酸）＜V（醋酸），故C錯誤；D、常溫下，向飽和Na2CO3溶液中加入少量BaSO4粉末，過濾，向洗凈的沉淀中加入稀鹽酸有氣泡產生，說明生成碳酸鋇，因為此時的鋇離子和碳酸根離子的乘積大于碳酸鋇的溶度積常數，所以生成碳酸鋇，常溫下Ksp（BaSO4）＜Ksp（BaCO3），故D錯誤；答案選A。6、B【解析】A.氫氧化鈉為強堿完全電離，一水合氨為弱堿不完全電離，故物質的量濃度相同的NaOH溶液和氨水中：c(Na+)>c(NH4+)，選項A正確；B.pH=3的鹽酸中c（H+）=10-3mol/L，pH=11的氨水中c（OH-）=10-3mol/L，鹽酸中的H+與氨水中的OH-離子濃度相等，但由于兩溶液的體積未知，反應后溶液呈堿性說明堿過量，但不能證明一水合氨是弱堿，何況氨水是混合物，混合物不是電解質，選項B不正確；C.將相同體積相同物質的量濃度的NaOH溶液和醋酸溶液混合，完全中和溶液呈堿性，說明生成的鹽為強堿弱酸鹽，則醋酸是弱電解質，選項C正確；D.因鹽酸是強酸，在水中完全電離，而醋酸是弱酸，在水中不完全電離，則物質的量濃度相同的鹽酸和醋酸溶液中的H+濃度前者大，根據水的離子積相等，則前者c(OH-)更小，選項D正確。答案選B。7、C【分析】從電解質的概念分析是否為電解質，從電離程度分析電解質的強弱?！驹斀狻慷趸紝儆诜请娊赓|，故A不符合題意；氨水是混合物，既不是電解質也不是非電解質，故B不符合題意；硫化氫是弱電解質，故C符合題意；碳酸氫鈉是強電解質，故D不符合題意；故選C。【點睛】電解質的前提是化合物，混合物和單質不是電解質也不是非電解質。8、A【分析】

【詳解】A.溶液的酸堿性由c(OH－)、c(H＋)的相對大小決定；c(OH－)＞c(H＋)的溶液一定呈堿性，故A正確；B.溫度影響水的電離，溫度升高，水的電離程度增大，中性溶液中氫氧根離子離子濃度增大，所以c（OH-）＞1×10-7mol/L溶液中不能判斷c（OH-）與c（H+）的關系，故B錯誤；C.任何溶液中都存在氫離子、氫氧根離子，所以含有OH-離子的溶液不一定顯示堿性，故C錯誤；D.溫度未知，不能由pH直接判斷溶液的酸堿性，故D錯誤；故選A。

【點睛】溶液的酸堿性由c(OH－)、c(H＋)的相對大小決定，c(OH－)＞c(H＋)呈堿性；c(OH－)=c(H＋)呈中性；c(OH－)<c(H＋)呈酸性。9、D【分析】由總反應方程式得，I-被氧化，Fe3+被還原，因此甲中石墨為正極，乙中石墨為負極?！驹斀狻緼．乙中I-被氧化，Fe3+被還原，因此甲中石墨為正極，乙中石墨為負極，電流方向是從正經導線流向負極，所以從甲池石墨棒流向乙池石墨棒，故A項正確；B．由總反應方程式知，Fe3+被還原成Fe2+，故B項正確；C．當電流計為零時，說明沒有電子發(fā)生轉移，反應達到平衡，故C項正確；D．加入Fe2+，導致平衡逆向移動，則Fe2+失去電子生成Fe3+，作為負極，故D項錯誤；故選D。10、D【解析】A、因反應物的能量高于生成物的能量時，反應是放熱反應，故A錯誤；B、化學鍵的斷裂需要吸收能量，而不是釋放能量，故B錯誤；C、化學鍵的斷裂吸收能量，由圖可知斷裂2molA-B鍵需要吸收ykJ能量，故C錯誤；D、由圖可知，1molA2和1molB2的總能量高于2molAB的總能量，故D正確；故選D。11、D【解析】A、根據能量守恒分析；B、根據物質能量的大小與物質穩(wěn)定性的關系分析；C、根據熱反應方程式與能量變化的關系分析；D、根據熱反應方程式與能量變化的關系分析?！驹斀狻緼、根據能量守恒結合題意知，正丁烷的能量大于異丁烷的能量，選項A錯誤；B、根據題意知，正丁烷的能量大于異丁烷的能量，能量越大，物質越不穩(wěn)定，所以正丁烷的穩(wěn)定性小于異丁烷的穩(wěn)定性，選項B錯誤；C、根據題意知，正丁烷的能量大于異丁烷的能量，再根據能量守恒得，異丁烷轉化為正丁烷的過程是一個吸熱過程，選項C錯誤；D、根據題意知，正丁烷的能量大于異丁烷的能量，再根據能量守恒得，異丁烷轉化為正丁烷的過程是一個吸熱過程，選項D正確；答案選D?！军c睛】本題考查了能量轉化的原因、分子的結構等知識點，難度不大，明確物質儲存的能量與物質的穩(wěn)定性的關系。12、B【解析】三硫化四磷分子中沒有不飽和鍵，且各原子的最外層均已達到了8電子的穩(wěn)定結構，P元素可形成3個共價鍵，S元素可形成2個共價鍵，因此一個三硫化四磷分子中含有的共價鍵個數為個，答案選B。13、B【解析】試題分析：A．氯化氫和水都是極性分子，符合相似相溶規(guī)則；B．氯分子是非極性分子，氫氧化鈉是離子化合物，氯氣和氫氧化鈉的結構不相似但能相溶不符合相似相溶規(guī)則；C．碘和四氯化碳都是非極性分子，符合相似相溶規(guī)則；D．碘是非極性分子，水是極性分子，碘難溶于水符合相似相溶規(guī)則。故選B?？键c：相似相溶規(guī)則的運用。14、B【分析】新能源是相對于常規(guī)能源說的，一般具有資源豐富、可以再生，沒有污染或很少污染等。常見的新能源有太陽能、風能、生物質能、氫能、地熱能和潮汐能等許多種，據此分析解答。【詳解】天然氣、煤、石油均是化石燃料，不屬于新能源，其余③核能、⑤太陽能、⑥生物質能、⑦風能、⑧氫能均是新能源，答案選B。15、D【解析】A．焰色反應過程中沒有新物質生成，是物理變化，故A錯誤；B．處于最低能量狀態(tài)的原子叫做基態(tài)原子，根據構造原理，基態(tài)C原子的電子排布式是1s22s22p2，故B錯誤；C．電子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)需要吸收能量，而由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)（或能量較低的激發(fā)態(tài)）放出能量，焰色反應是兩個過程的綜合，故C錯誤；D．基態(tài)原子吸收能量變?yōu)榧ぐl(fā)態(tài)原子，所以激發(fā)態(tài)原子能量大于基態(tài)原子能量，故D正確；答案選D。16、A【詳解】A.C是6號元素，中質量數為14，質量數=質子數+中子數，則中子數=14?6=8，故A項正確；B.質子數為6，故B項錯誤；C.質量數為14，故C項錯誤；D.對于原子，核外電子數=核內質子數，所以核外電子數為6，故D項錯誤；綜上所述，本題正確答案為A。二、非選擇題（本題包括5小題）17、羥基醚鍵加成反應或還原反應n+H2O【分析】A在無水乙醚的作用下與Mg反應生成B，B與X發(fā)生加成后再水解得C，根據X的分子式為C8H6O3，B和C的結構可知，X的結構為；C在催化劑作用下與氫氣發(fā)生催化加氫反應(加成反應)生成D，D與LiAlH4發(fā)生還原反應生成E，E在一定條件下發(fā)生分子內脫水生成F，F與反應生成G，據此分析解答。【詳解】(1)根據長托寧的結構簡式可知，長托寧中含氧官氧官能團為羥基和醚鍵；(2)根據分析，反應③的反應類型為加成反應或還原反應；(3)根據分析可知，X的結構簡式為；(4)D的結構中含有羥基和羧基，兩個官能團在一定條件下可以生成高聚物M，該反應的化學方程式為n+H2O；(5)根據條件Ⅰ能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應，說明有酚羥基，Ⅱ核磁共振氫譜有5個峰且峰的面積比為2：4：4：1：1；分子中含有兩個苯環(huán)，符合條件的C的同分異構體為；(6)以和為原料制備，可以先將還原成苯甲醇，再與溴化氫發(fā)生取代，再發(fā)生題中流程中的步驟①②③的反應，再發(fā)生消去即可得產品，合成路線為：?！军c睛】本題的難點為(6)中的合成路線，解題時要充分利用已知流程的分析和理解，熟知官能團的性質。18、2,3—二甲基-2-丁烯加成反應消去反應+2H2O羥基【分析】根據A中碳氫含量知A是烴，A中碳原子個數為6，氫原子個數為10，-故A的分子式是C6H10，能和氫氣發(fā)生加成反應生成B，說明A中含有碳碳雙鍵，B的一氯代物僅有一種，說明環(huán)烷烴B沒有支鏈，所以A的結構簡式為，B的結構簡式為：；A和溴發(fā)生加成反應生成D，所以D的結構簡式為：，D和氫氧化鈉的醇Br溶液發(fā)生消去反應生成E，E能和A發(fā)生反應生成F，結合題給信息知，E的結構簡式為：，F的結構簡式為：，F和HBr發(fā)生加成反應生成H，則H的結構簡式為：，H和氫氧化鈉的水溶液發(fā)生取代反應生成I，I的結構簡式為：，A被酸性高錳酸鉀氧化生成G，碳碳雙鍵能被酸性高錳酸鉀氧化成羧酸，G的分子式為C6H10O4，G的摩爾質量為146g/mol，，消耗的n(NaOH)=0.100mol/L×0.02L=0.002mol，故G分子中含有2個羧基，其結構簡式為：HOOC-(CH2)4-COOH，M與G是同系物，且含有兩個碳原子，所以M的結構簡式為，以下由此解答；【詳解】(1)1molA的質量為82g，，，故A的分子式是C6H10，A為環(huán)狀化合物，B為A的加成產物。且B的一氯代物只有一種，故A為環(huán)乙烯（），B為環(huán)己烷，B的結構簡式為：，故答案為：；(2)M為B的同分異構體，核磁共振氫譜只有一個峰，分子中所有的C原子共平面，故M分子中含有碳碳雙鍵，且為對稱結構，結構簡式為(CH3)2C=C(CH3)2，名稱為：2,3—二甲基-2-丁烯，故答案為：2,3—二甲基-2-丁烯；(3)A（）與Br2發(fā)生加成反應得到D（），由D在NaOH醇溶液中加熱生成E（）屬于消去反應，故答案為：加成反應，消去反應；(4)G的摩爾質量為146g/mol，，消耗的n(NaOH)=0.100mol/L×0.02L=0.002mol，故G分子中含有2個羧基，故G的結構簡式為HOOC-(CH2)4-COOH，M與G互為同系物，且含有2個碳原子，則M為，則與乙二醇反應生成環(huán)狀化合物N的化學方程式為：+H2O，故答案為：+H2O；(5)根據題中信息可知，E（）與A（）發(fā)生化學反應的方程式為：，故答案為：；(6)F與HBr發(fā)生加成反應得到H（），H在NaOH水溶液的作用下得到I（），其中含有的官能團為羥基，故答案為：羥基；(7)由題中信息可知，要制備4,5-二甲基-1-環(huán)己烯，應先制備2-丁烯和1,3-丁二烯，由2-溴甲烷消去可得2-丁烯，2-丁烯與溴發(fā)生加成反應得到2,3-二溴丁烷，然后消去可得1,3-丁二烯，故合成路線為：，故答案為：19、環(huán)形玻璃攪拌棒減少實驗過程中的熱量損失偏小不相等相等因為中和熱是指酸跟堿發(fā)生中和反應生成1molH2O(l)所放出的熱量，與酸堿的用量無關偏小偏小【解析】本實驗的關鍵為準確測定反應后的溫度，并計算反應生成1mol水時的反應熱即中和熱。所以實驗中保溫絕熱是關鍵，準確測定實驗數據也很關鍵，保證酸或堿完全反應，進而計算中和熱?！驹斀狻浚?）本實驗成敗的關鍵是準確測量反應后的溫度。因此所用裝置必須保溫、絕熱且可使體系溫度盡快達到一致，故缺少的儀器應為環(huán)形玻璃攪拌棒。（2）碎紙條的作用為減少實驗過程中的熱量損失。（3）不蓋硬紙板會損失部分熱量，故所測結果偏小。（4）由中和熱的概念可知，中和熱是以生成1mol水為標準的，與過量部分的酸堿無關，所以放出的熱量不相等，但中和熱相等。（5）由于弱酸、弱堿的中和反應放出熱量的同時，還有弱酸、弱堿的電離吸熱，所以用氨水代替NaOH，測得的中和熱數值偏??；用50mL0.50mol·L?1NaOH溶液進行上述實驗會導致反應不充分，測得的反應熱會偏小?！军c睛】掌握中和熱的定義是解題的關鍵，即稀的強酸和強堿反應生成1mol水時放出的熱量為中和熱。注意實驗中采用強酸和強堿的稀溶液，并保證實驗裝置的保溫效果要好，并使實驗中的反應迅速進行并及時測定溫度，通常實驗中使用的酸或堿的量有一個過量，保證另一個完全反應，才能計算反應過程中生成水的量，從而計算中和熱數值。20、負極Fe+CuSO4FeSO4+Cu氯化氫0.214紅褐色由X極移向Y極，最后X附近無色，Y極附近為紅褐色【分析】（1）電解飽和食鹽水時，酚酞變紅的極是陰極，串聯電路中，陽極連陰極，陰極連陽極，陰極和電源負極相連，陽極和電源正極相連；（2）根據電解原理來書寫電池反應，甲池中C為鐵做陽極，D為鉑電極，電解質溶液是硫酸銅溶液，依據電解原理分析；（3）根據電極反應和電子守恒計算溶解和析出金屬的物質的量關系；（4）根據電