專題六實(shí)驗(yàn)技能與創(chuàng)新高考真題衍生卷·命題區(qū)間17題型一1．解析：(2)依題意，小球的直徑為d＝7.5mm＋38.5×0.01mm＝7.885mm。(3)在測量時(shí)，因小球下落時(shí)間很短，如果先釋放小球，有可能會(huì)出現(xiàn)時(shí)間記錄不完整，所以應(yīng)先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，再釋放小球，故選B。(4)依題意，小球向下、向上先后通過光電門時(shí)的速度分別為v1、v2，則有v1＝dv2＝d則小球與硅膠材料碰撞過程中機(jī)械能的損失量為ΔE＝12mv12－1(5)若調(diào)高光電門的高度，較調(diào)整之前小球會(huì)經(jīng)歷較大的空中距離，所以將會(huì)增大因空氣阻力引起的測量誤差。答案：(2)7.885(3)B(4)12mdt12－12md2．解析：(1)第1s內(nèi)的位移507m，第2s內(nèi)的位移587m，第3s內(nèi)的位移665m，第4s內(nèi)的位移746m，第5s內(nèi)的位移824m，第6s內(nèi)的位移904m，則相鄰1s內(nèi)的位移之差接近Δx＝80m，可判斷飛行器在這段時(shí)間內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)。(2)當(dāng)x＝507m時(shí)飛行器的速度等于0~2s內(nèi)的平均速度，則v1＝10942m/s＝547m/s(3)根據(jù)a＝x36-x039T2＝4233-2×17599×12m/答案：(1)相鄰相等時(shí)間間隔位移之差大小接近(2)547(3)793．解析：由逐差法得a＝ΔxΔT2＝(12.74＋≈0.43m/s2；由牛頓第二定律有mgsinα－μmgcosα＝ma，解得μ＝gsinα-ag答案：0.430.324．解析：(1)墊塊的厚度為h＝10mm＋2×0.1mm＝1.02cm。(5)繪制圖線如圖所示。根據(jù)圖像可知a≈0.346m/s2。答案：(1)1.02(5)見解析圖0.346題型二1．解析：(2)應(yīng)該用質(zhì)量較小的滑塊碰撞質(zhì)量較大的滑塊，碰后運(yùn)動(dòng)方向相反，故選0.304kg的滑塊作為A。(6)由于兩段位移大小相等，根據(jù)表中的數(shù)據(jù)可得k2＝v1v2＝t(7)v1k＝0.31＋0.31＋(8)彈性碰撞時(shí)滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，可得m1v0＝－m1v1＋m2v2，12m1v02＝12聯(lián)立解得v代入數(shù)據(jù)可得v1v2≈0答案：(2)0.304(6)0.31(7)0.32(8)m2-m12．解析：(1)根據(jù)壓縮量的變化量為ΔL3＝L6－L3＝(18.09－12.05)cm＝6.04cm，壓縮量的平均值為ΔL＝ΔL1＋ΔL2＋ΔL(2)因三個(gè)ΔL是相差3個(gè)鋼球的壓縮量之差，則所求平均值為管中增加3個(gè)鋼球時(shí)產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量；(3)根據(jù)鋼球的平衡條件有3mgsinθ＝k·ΔL解得k＝3mgsinθΔL＝3×0.2×9.8×sin30°6.05×10-2N/m≈答案：(1)6.046.05(2)3(3)48.63．解析：(1)小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此小球在A點(diǎn)速度的水平分量大小為v0＝xt＝0.050.05m/s＝1.0m/s，小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此A點(diǎn)速度的豎直分量大小為vy＝(8.6＋11.0)×10-20.05×2m/s(2)由逐差法可得g＝y(tǒng)代入數(shù)據(jù)可得g＝9.7m/s2。答案：(1)1.02.0(2)9.74．解析：(1)若氣墊導(dǎo)軌調(diào)整水平，則滑塊在氣墊導(dǎo)軌上自由滑動(dòng)時(shí)，做勻速運(yùn)動(dòng)，則遮光片通過兩個(gè)光電門的時(shí)間大約相等時(shí)可認(rèn)為氣墊導(dǎo)軌水平。(5)拉力的沖量I＝m1gt12滑塊經(jīng)過A、B兩光電門時(shí)的速度分別為v1＝dΔt1，v故滑塊動(dòng)量的改變量Δp＝m2v2－m2v1＝m2dΔ(6)I＝m1gt12＝1.50×10－2×9.80×1.50N·s≈0.221N·sΔp＝m2dΔt2-dΔt1＝0.400×1.000×10-21.270×10-2－1.000×10-23.900×10(7)δ＝I-ΔpI×100%＝0.221-0.2120.221×100%答案：(1)大約相等(5)m1gt12m2dΔt2-dΔt1(6)0.221題型三1．解析：(1)由題知，彈簧處于原長時(shí)滑塊左端位于O點(diǎn)，A點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為5.00cm。拉動(dòng)滑塊使其左端處于A點(diǎn)，由靜止釋放并開始計(jì)時(shí)。結(jié)合圖乙的F-t圖有Δx＝5.00cm，F(xiàn)＝0.610N根據(jù)胡克定律k＝F計(jì)算出k≈12N/m。(2)根據(jù)牛頓第二定律有F＝ma則a-F圖像的斜率為滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量的倒數(shù)，根據(jù)圖丙中Ⅰ，則有1m＝3-00.6kg－1＝5則滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量為m＝0.20kg。(3)滑塊上增加待測物體，同理，根據(jù)圖丙中Ⅱ，則有1m'＝1.5-00.5kg－1＝3則滑塊、待測物體與加速度傳感器的總質(zhì)量為m'≈0.33kg則待測物體的質(zhì)量為Δm＝m'－m＝0.13kg。(4)a-t圖像包圍的面積等于速度的增加量，所以滑塊運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)瞬時(shí)速度大于0.308m/s。答案：(1)12(2)0.20(3)0.13(4)大于2．解析：(1)木板和木塊之間是滑動(dòng)摩擦力，拉動(dòng)木板時(shí)勻速或者非勻速對木板和木塊之間的滑動(dòng)摩擦力大小沒有影響，故不必勻速拉動(dòng)木板。(2)由題意根據(jù)平衡條件，對木塊A水平方向受力分析有FT＝μ(mA＋nm0)g，對重物B豎直方向受力分析有FT＋mg＝mBg