2024-2025學年北京市順義區(qū)高二（下）期末物理試卷

一、單選題：本大題共14小題，每小題3分，共42分。

1.關于電磁波，下列說法正確的是（）

A,電磁波在真空中的傳播速度等于光速B.電磁波傳播需要介質(zhì)

C.電磁波不具有能量D.電磁波是縱波

2.一列沿工軸正方向傳播的簡諧橫波某時刻的波形如圖所示。P為波上的一個質(zhì)點，下列說法正確的是（）

A.此簡諧橫波的波長為QB.此簡諧橫波的振幅為2A0

C.此時質(zhì)點P的速度方向沿y軸正方向D.此時質(zhì)點P的加速度方向沿y軸正方向

3.如圖所示為“泊松亮斑”圖樣，這種現(xiàn)象屬于光的（）

A.偏振現(xiàn)象B.衍射現(xiàn)象C,折射現(xiàn)象D.全反射現(xiàn)象

4.如圖甲所示，細線下懸掛一個除去了柱塞的注射器，注射器內(nèi)裝上墨汁。當注射器擺動時，沿著垂直于

擺動的方向勻速拖動木板，觀察噴在木板上的墨汁圖樣。此裝置可視為單擺，注射器的運動可看作簡諧運

動。某次實驗中，拖動木板的速度大小約為0.2m/s,得到長度約為0.8m的一段如圖乙所示圖樣。下列判斷

正版的是（）

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A.注射器擺動的周期約為2sB.細線的長度約為2m

C.圖乙中的曲線是注射器的運動凱跡D.注射器擺動的周期與拖動木板的速度有關

5.用如圖所示裝置探究影響感應電流方向的因素，將磁體的S極從線圈中向上抽出時，觀察到靈敏電流計指

針向右偏轉(zhuǎn)。關于本實驗，下列說法正確的是（）

A,磁體放置在線圈中靜止不動，靈敏電流計指針會向左偏

B.將磁體N極從線圈中向上抽出，靈敏電流計指針會向右偏轉(zhuǎn)

C.將磁體N極向下插入線圈中，靈敏電流計指針會向右偏轉(zhuǎn)

D.將磁體S極向下插入線圈中，靈敏電流計指針會向右偏轉(zhuǎn)

6.在真空中，一帶電粒子以速度u沿與磁場垂直的方向射入磁感立強度為B的勻強磁場。不計粒子的重力，

關于該粒子在磁場中運動下列說法正確的是（）

A.粒子的動量大小隨時間逐漸增大

B.及子所受洛倫茲力的沖量方向始終與速度方向一致

C.荷子做勻速圓周運動的周期與磁感應強度的大小B成正比

D.粒子運動的軌道半徑與速度廿的大小成正比

7.探究安培力大小影響因素的實驗裝置如圖甲所示，三塊相同的蹄形磁鐵并列放置在水平桌面上，可以認

為磁極間的磁場是勻強磁場，將一根直導體棒用輕柔細導線水平懸掛在磁鐵的兩極間，導體棒的方向與磁

場的方向垂直。實驗中通過更換導體棒上不同的接點（如1、2和1、4等）來改變導體棒處于磁場中的有效

長度.不通電流時，導體棒靜止在圖乙（垂直導體棒方向的截面圖）中的。位置；有電流通過時，細導線將偏

離一個角度，接1、4位置時導體棒中通過的電流分別為A、，2、，3，導體棒可靜止于圖乙中的X、八Z位

置。下列說法中正確的是（）

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A.電流大小的關系為A</2</3

B.若/2=2/】，則導體棒靜止于V位置時細導線與豎直方向夾角是靜止于X位置時夾角的2倍

C.不改變接點位置，只改變通過導體棒電流的大小，可以探究安培力大小與通電導體棒長度的關系

D.保持通過導體棒的電流不變，只改變接點的位置，可以探究安培力大小與電流大小的關系

8.如圖所示，在真空中有兩個固定的等量異種點電荷，。為兩點電荷連線的中點，。、。兩點在連線上，小

B兩點在連線的中垂線上，力、8、。、。到0點距離相等。下列說法正確的是（）

A.0點電場強度為零

B.C、。兩點電勢相等

一?_______；_______?__

\nDQ0

C.小8兩點電場強度相同+0C-。

D..4、B兩點間電勢差和C、。兩點間電勢差相等

■B

9.如圖所示，理想變壓器原線圈接在正弦式交流電源U,原、副線圈的匝數(shù)比為4：1,副線圈接?個規(guī)格

為“6V,3W”的燈泡。若燈泡正常發(fā)光，下列說法正確的是（）

A.原線圈輸入電壓的有效值為24/21/

B.副線圈中電流的有效值為0.5/1

C.原線圈中電流的有效值為2A

D.原線圈的輸入功率為12W

10.利用如圖所示電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，其中￡為電源，R為定值電阻，C為電容器，A為電流表,

U為電壓表。下列說法正確的是（）

A.充電過程中，電壓表的示數(shù)迅速增大后趨于穩(wěn)定

B.充電過程中，電流表的示數(shù)逐漸增大

C.放電過程中，電流表的示數(shù)保持不變

D.放電過程中，電壓表的示數(shù)瞬間變?yōu)榱?/p>

11.如圖所示，矩形線框在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸0。'以角速度3勻速轉(zhuǎn)動，線框的相鄰兩邊邊

長分別是5和42，磁場的磁感應強度為8。下列說法正確的是（）

A.線框轉(zhuǎn)動過程中，線框中的感應電動勢不變

B.線框轉(zhuǎn)動一周，線框中的感應電流方向改變一次

C.線框平面與磁場方向平行時，線框中的感應電動勢為零

D.線框平面與磁場方向平行時，線框中的感應電動勢大小為E=BLUS

12.圖是用電流傳感器（電流傳感器相當于電流表，其電阻可以忽略不計）研究自感現(xiàn)象的實驗電路，電源的

電動勢為小，內(nèi)阻為r，自感線圈L的自感系數(shù)足夠大，其百流電阻值大于燈泡。的限值，在t=0時刻閉合開

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二、綜合題：本大題共5小題，共58分。

15.利用如圖所示裝置驗證動量守恒定律。

（1）圖中。點是小球拋出點在地面上的垂直投影，首先，將小球力從斜槽上的E位置由靜止釋放，小球落到復

寫紙匕重復多次。然后，把被碰小球8置于斜槽末端，再將小球A從E位置由靜止釋放，兩球相碰，重復

多次。分別確定平均落點，記為M、N和P（P為小球4單獨滑落時的平均落點）。4、8兩小球半徑分別為二、

%，質(zhì)量分別為小公小。下列條件和做法正確的是（填選項前的字母）

力.兩球質(zhì)量應滿足=mB

8.兩球半徑應滿足一1=rB

。?月半徑盡可能小的圓把盡可能多的落點圈起來，這個圓的圓心可視為小球的平均落點

（2）在誤差允許范圍內(nèi)，若關系式（用加心血外OM、OP、ON表示）成立，即可驗證碰撞前后動量守恒。

16.利用如圖所示裝置做“用雙縫干涉測量光的波長”實驗

光源透鏡濾光片單縫雙縫遮光筒屏c轉(zhuǎn)輪

（1）卜列說法正確的是（填選項前的字母）

4向左移動光源，相鄰兩個亮條紋中心間距變小

既改用間距更小的雙縫，相鄰兩個亮條紋中心間距變大

C.將濾光片由紅色換為綠色，相鄰兩個亮條紋中心間距變大

。.為「減小實驗偶然誤差，必須測量相鄰兩個亮條紋中心間距

（2）雙縫到屏的距離為L兩縫中心之間的距離為d,測得第1條亮條紋中心到第n條亮條紋中心之間的距離

為x,則入射色光的波長4=（用d、L、X、n表示）

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17.某同學利用銅片、鋅片和橙汁制作了橙汁甩池，在玻璃器皿中盛有橙汁，在橙汁中相隔一定距離插入銅

片和鋅片作為電池的正極和負極。用如圖甲所示的實驗電路測量這種電池的電動勢E和內(nèi)阻r。調(diào)節(jié)電阻箱R

的限值，測得多組對應的電流/，并做出:-R的圖像如圖乙所示，圖線斜率為匕圖線在縱軸的截距為人

(1)某次測量，電阻箱的示數(shù)如圖為，其讀數(shù)為n.

(2)由圖像可得，該橙汁電池的電動勢￡游=,內(nèi)阻丁羽=。(用k、b表示)

(3)內(nèi)阻的測量值真實值(選填“大于”或“等于”或“小于”)。

(4)請你簡要說明產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因:o

18.如圖所示，半徑R-0.27n的光滑四分之?豎直圓弧軌道固定在水平桌面邊緣，其末端與水平桌面相切于

8點。質(zhì)量m=0.1kg的小球從圓瓠軌道最高點A由靜止滑下，經(jīng)過最低點8后做平拋運動，落在水平地面上

的C點。已知B點離地面高度九=0.87幾，重力加速度g取10m/s2,不計空氣阻力。求

(2)小球落地點C與8點的水平距離長

(3)小球從B點運動到C點的過程中，動量的變化量Ap。

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19.某質(zhì)譜儀原理如圖所示，4為粒子加速器；8為速度選擇器，磁場與電場正交，速度選擇器兩板間電壓為

U2,兩板間距離為d；C為偏轉(zhuǎn)分離器，磁感應強度為為。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計重力),

經(jīng)粒子加速器加速后速度大小為〃，該粒子恰能沿直線通過速度選擇器，進入分離器后做勻速圓周運動。求:

(1)粒子加速器的加速電壓力；

(2)速度選擇器中磁感應強度大小當；

(3)該粒子在偏轉(zhuǎn)分禽器中做勻速圓周運動的半徑R。

20.關十物體的碰撞，研究卜列問題。

(1)如圖1所示，在光滑水平面匕質(zhì)量為2m的滑塊甲以速度l沖向靜止的滑塊乙，質(zhì)量為m的滑塊乙左

端固定一彈簧，兩滑塊通過彈簧發(fā)生相互作用，忽略空氣阻力及彈簧質(zhì)量，求彈簧被壓縮至最短時，甲、

乙兩滑塊的速度也“、〃乙;

圖1

(2)如圖2所示，4、B兩個半徑相同的彈性小球，B的質(zhì)量是A的4倍。在光滑水平面上，質(zhì)量為m的A球以

速度方向靜止的8球運動，并與8球發(fā)生彈性正碰。兩小球在碰撞過程發(fā)生形變，碰后完全恢復原狀。求：

以碰撞過程中4、8兩球所組成系統(tǒng)總動能的最小值反：

b.碰撞后小8兩球各自的速度辦、為。

圖2

21.電磁感應現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)，標志著人類步入了電氣化時代。感應電動勢一般分為動生和感生兩種。

(1)如果感應電動勢是由于導體運動而產(chǎn)生的，它也叫作動生電動勢。如圖1所示，把矩形線框CDMN放在

磁感應強度為8=0.27的勻強磁場里，線框平面跟磁感線垂直。設線框可動部分導體棒MN的長度L=0.2m,

它以速度^=lm/s向右勻速運動，求導體棒MN兩端產(chǎn)生的感應電動勢的大小以加：

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*X

圖1

(2)如果感應電動勢是由感生電場產(chǎn)生的，它也叫作感生電動勢,如圖2甲所示，在半徑為R圓形區(qū)域內(nèi)有

垂直「紙面向里的磁場，磁感應強度隨時間變化的圖像如圖2乙所示。依據(jù)麥克斯韋電磁場理論，在與磁

場區(qū)同心的圓周上產(chǎn)生大小不變的感生電場。

①請推導半徑r(r>R)對應圓周所在處的感生電場強度E的大??；并在圖3所示的坐標系中畫出感生電場強

度E隨半徑r變化的圖像。

②電子感應加速器就是利用感生電場使電子加速的設備.它主要由上、卜電磁鐵磁極和環(huán)形真空室組成，

如圖4所示(甲為側(cè)視圖，乙為真空室俯視圖)。隨著電磁鐵線圈中電流大小、方向的變化，穿過電子軌道

的磁通展隨之發(fā)生改變，從而產(chǎn)生使電子加速的感生電場。設被加速的電子被“約束”在半徑為r的圓周上

運動，圓周區(qū)域內(nèi)的平均磁感應強度為萬。求:為維持電子在恒定軌道上加速，電子軌道處的磁感應強度必

與軌道內(nèi)平均磁感應強度方的比值。

甲俯視明

電子軌道

乙真空室俯視圖

圖4

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答案解析

1.【答案】A

【解析】4甩磁波在真空中的傳播速度為c=3xl08m/s,與光速相等，故力正確；

8.電磁波傳播不需要介質(zhì)，例如光可在真空中傳播，故8錯誤；

C電磁波具有能量，故C錯誤：

。.電磁波的電場和磁場方向均垂直于傳播方向，屬于橫波，故。錯誤。

故選4。

2.【答案】C

【解析】4根據(jù)題圖可知此簡諧橫波的波長為2a,故力錯誤；

8.根據(jù)題圖可知此簡諧橫波的振幅為力o,故8錯誤；

C根據(jù)同側(cè)法可知此時質(zhì)點P的速度方向沿y軸正方向，故C正確；

。.根據(jù)題圖可知此時質(zhì)點尸的位移為正，根據(jù)。=-4，可知此時質(zhì)點P的加速度方向沿y軸負方向，故。錯

誤。

故選Co

3.【答案】B

【解析】“泊松亮斑”圖樣屬于光的衍射現(xiàn)象。

故選B.

4.【答案】A

【解析】4由圖乙可知注射器擺動的周期約為7=?=照s=2s,選項力正確；

及根據(jù)T=2兀占,可得L即細線的長度約為1m,選項月錯誤；

C.注射器在平衡位置附近振動，貝J圖乙中的曲線不是注射器的運動軌跡，選項C錯誤；

。.注射器擺動的周期是由單擺本身決定的，與拖動木板的速度無關，選項。錯誤。

故選Ao

5.【答案】C

【解析】4磁體放置在線圈中靜止不動，穿過線圈的磁通量不變，不會產(chǎn)生感應電流，則靈敏且流計指針不

會偏轉(zhuǎn)，選項力錯誤：

8.將磁體的S極從線圈中向上抽出時，觀察到靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn)。則將磁體N極從線圈中向上抽出，

靈敏電流計指針會向左偏轉(zhuǎn)，選項8錯誤；

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。.將磁體的S極從線圈中向上抽出時，觀察到靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn)。將磁體N極向下插入線圈中，因兩

操作等效，則靈敏電流計指針會向右偏轉(zhuǎn)，選項C正確；

。.籽磁體的S極從線圈中向上抽出時，觀察到靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn)。將磁體S極向下插入線圈中，靈敏

電流計指針會向左偏轉(zhuǎn)，選項。錯誤。

故選Co

6.【答案】D

【解析】4粒子在磁場中做勻速圓周運動，速度大小不變，動量大小2=mu不變，故力錯誤；

8.洛倫茲力方向始終與速度方向垂直，其沖量方向由力的方向決定，始終垂直于速度方向，故8錯誤；

C勻速圓周運動的周期公式為7=篝，周期7與磁感應強度8成反比，故C錯誤；

。.根據(jù)9誣=血今，可得軌道半徑公式為丁=合

當加、q、8一定時，半徑r與速度u成正比，故。正確。

故選。。

7.【答案】A

【解析】4設導體棒所受的安培力為巴細導線與豎直方向夾角為仇根據(jù)幾何關系有tan。=二，又F=

7ng

聯(lián)立可得tan。=器，B、L相同，則0越大，電流越大，根據(jù)題圖可知V＜，3,故力正確；

8.若/2=2/I,根據(jù)tanO=翳可知導體棒靜止于丫位置時細導線與豎直方向夾角的正切值是靜止于X位置時

夾角正切值的2倍，而不是導體棒靜止于丫位置時細導線與豎直方向夾角是靜止于X位置時夾角的2倍，故

8錯誤；

C.大改變接點位置，只改變通過導體棒電流的大小，可以探究安培力大小與流過通電導體棒電流的關系，

故C錯誤：

。.保持通過導體棒的電流不變，只改變接點的位置，可以探究安培力大小與通電導體棒長度的關系，故。

錯誤。

故選Ao

8.【答案】C

【解析】4根據(jù)電場的疊加可知，。點電場強度方向向右，不為零，選項/錯誤；

8.距離正電荷越近電勢越高，則C點電勢高于。點電勢，選項8錯誤；

。?日對稱性可知，力、B兩點電場強度大小和方向都相同，選項。正確；

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DA、B兩點在同一等勢面上，兩點電勢差為零；C、0兩點間電勢差不為零，則4、B兩點間電勢差和C、D

兩點間電勢差不相等，選項。錯誤。

故選Co

9.【答案】B

【解析】4根據(jù)題意，副線圈電壓的有效值為6V,由理想變壓器電壓與匝數(shù)關系旦

幾2^21

可得原線圈輸入電壓的有效值％=24叭故A錯誤：

比燈泡正常發(fā)光，由。=以得，副線圈中電流有效值為，2=m=咨=054故〃正確；

C.日理想變壓器電流與匝數(shù)關系￡=券=:,可知原線圈中電流的有效值八=0.1254故C錯誤；

。.理想變壓器沒有能量損失，原線圈的輸入功率等于副線圈的輸出功率，則原線圈的輸入功率匕=PL=3勿,

故。錯誤。

故詵

10.【答案】A

【解析】4電容器充電過程中，隨著電容器C兩極板電荷量的積累，電壓表測量電容器兩端的可壓，電容器

兩端的電壓迅速增大，電容器充電結(jié)束后，最后趨于穩(wěn)定，故4正確；

8.電容器充電過程中，隨著電容器。兩極板電荷量的積累，電路中的電流逐漸減小，電容器充目結(jié)束后，電

流表示數(shù)為零，故8錯誤；

CD電容器放電過程中，兩極板間的電荷量越來越少，電壓越來越小，電荷所受電場力越來小，則其移動的

速度越來越小，故電流越來越小，故8錯誤。

故選Ao

11.【答案】D

【解析】4若從圖示位置計時，則線框轉(zhuǎn)動過程中，線框中的感應電動勢e=85L23cos33則感應電動勢

不斷變化，選項力錯誤；

無線圈每次經(jīng)過中性面感應電流的方向改變次，則線框轉(zhuǎn)動周，線框中的感應電流方向改變兩次，選項

8錯誤：

。.線框平面與磁場方向平行時，線框中的感應電動勢最大，選項C錯誤；

。.線框平面與磁場方向平行時，線框中的感應電動勢大小為￡=8L送2口，選項。正確。

故選

12.【答案】B

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【解析】AD閉合開關的瞬間，電感的電阻很大，燈泡中有一定的電流通過，過一段時間，電感的電阻減小,

電感與燈泡并聯(lián)的兩端電壓減小，故燈泡中的電流變小，選項力。均錯誤；

8C.當時間再延長，燈泡的電流穩(wěn)定在某一值上；當斷開開關時，電感產(chǎn)生自感電動勢，電感中的電流與原

來的電流方向相同，它與燈泡組成的電路中，感應電流沿逆時針方向，自感線圈L直流電阻值大于燈泡。的

阻值，故燈泡中的電流比穩(wěn)定時要小一些，然后電流隨自感電動勢的減小而慢慢減小到0,故選項4正確，

C錯誤。

故選B。

13.【答案】D

【解析】4水槍在4c時間內(nèi)噴出的水體積為V=Svzlt,則水槍在a時間內(nèi)從槍口噴出水的質(zhì)量為m=pV=

pSvAt,故4錯誤;

員由動量定理可知，沖擊力的沖量大小等于水的動量變化大小，水柱垂直射向豎直墻壁后速度變?yōu)?,則

有！=14Pl=|0-mv\=pSv2At,故B錯誤：

C小柱垂直射向豎直墻壁后速度變?yōu)?,以水為對象，由動量定理可得-尸戊=0-mu,聯(lián)立解得"二pS〃2

根據(jù)牛頓第三定律可知水柱對墻壁平均沖擊力的大小為F，=F=pSv2,故C錯誤；

。液體流量是指單位時間內(nèi)流經(jīng)某一管道或通道橫截面的液體體積，由此水槍出水口的流最為。=噤=

Sv,故。正確。

故選Do

14.【答案】D

【解析】4圖示位置穿過線圈的磁場方向向左，在磁鐵從圖示位置轉(zhuǎn)動90。的過程中，穿過線圈的磁通量減

小，根據(jù)楞次定律可知，通過燈泡的電流方向由d到c,故力錯誤；

8.發(fā)電機產(chǎn)生電流可視為正弦式電流，圖示位置通過線圈的磁通量為最大值，圖示位置可以近似看為中性面,

可知，圖示位置的感應電流為0,在磁鐵從圖示位置轉(zhuǎn)動90。的過程中，通過燈泡的電流逐漸堵大，故8錯

誤；

。.若發(fā)電機線圈電阻為2。燈泡正常發(fā)光，由于額定電壓12卜為有效值，則有簧=(/頒，解得發(fā)電機產(chǎn)生的

電動勢最大值為〃max=12>/IV,故C錯誤；

。.結(jié)合上述，圖示為位置為中性面，從圖示位置開始計時，磁鐵轉(zhuǎn)速為n,燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端電壓〃

隨時間變化關系式為〃=umaxsino>t,其中co=27m

結(jié)合上述解得〃=12，Jsin(27nit)l/,故。正確。

故選

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15.【答案】BC

mA-OP=mA-OM+mn-ON

【脩析】(1)為了保證小球碰撞為對?心正碰，且碰后不反彈，要求血4>mB,rA=rB；

為了減小偶然誤差，用半徑盡可能小的圓把盡可能多的落點圈起來，這個圓的圓心可視為小球的平均落點。

故選BC。

(2)兩球離開斜槽后做平拋運動，由于拋出點的高度相等，它們做平拋運動的時間￡相等，碰撞前4球的速度

大小孫=與

碰撞后4的速度大小心二半

碰撞后8球的速度大小方=半

如果碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，則碰撞前后系統(tǒng)動量相等，則相力切=mAvA+mBvB

整理得m.OP=mAOM+mB-ON。

16.【答案】B

dx

(n-l)L

【解析】(1)4根據(jù)/%=4九可知條紋間距與光源位置無關，即向左移動光源，相鄰兩個亮條紋中心間距

不變，故力錯誤；

8.根據(jù)4%=。九可知改用間距更小的雙縫，即d減小，則相鄰兩個亮條紋中心間距變大，故6正確；

a

C.根據(jù)dx=g/l,可知將濾光片由紅色換為綠色，波長變小，則相鄰兩個亮條紋中心間距變小，故。錯誤;

a

D為了減小實驗偶然誤差，不能夠直接測量相鄰兩個亮條紋中心間距，應先測量多條明條紋中心之間的總

間距工,然后利用4%=占求解相鄰明條紋中心之間的間距，故。錯誤。

n-1

故選從

⑵第1條亮條紋中心到第n條亮條紋中心之間的距離為x，則相鄰明條紋中心之間的間距瓜=*;

根據(jù)相鄰明條紋中心間距公式有以=X

解得”=消正

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17.【答案】5328

1

k

b

k

大于

電流表分壓

【解析】(1)根據(jù)電阻箱的讀數(shù)規(guī)則，可知此數(shù)據(jù)為5x1000。+3x100。+2x100+8xL2=53280。

(2)根據(jù)電路圖，由閉合電路歐姆定律，可得到E=/R+/r

整理得；=*/?+￡

IEE

故E4T

(3)電流表不是理想電表，設電流表的內(nèi)阻為R/i

實際的閉合電路歐姆定律應寫為E=I(R+RA+r)

整理后應為;=jR+：(r+%)

可知E洲=,丁幫=丁+心＞”

(4)同小題3,誤差來源于電流的內(nèi)阻，電流表分壓但數(shù)據(jù)中未體現(xiàn)，電源的電動勢測量值不變，但內(nèi)阻測

量值為內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻的和，內(nèi)阻測量值偏大。

18.【答案】(1)小球從4到8的過程，根據(jù)動能定理得mgR=?n詔

解得益=2m/s；

(2)小球做平拋運動的過程，在豎直方向上有h=三ga

解得t=0.4s

在水平方向上有％=vBt=2x0.4m=0.8m：

(3)小球從8點運動到C點的過程中，以豎直向下為正方向，根據(jù)動審定理得4p=mgt

解得zip=0.4N?s,方向豎直向下。

【解析1詳細解答和解析過程見【答案】

19.【答案】(1)帶電粒了在粒了加速器中加速，由動能定理得Q%=/機/

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解得粒子加速器的加速電壓Ui二苛;

(2)帶電粒子在速度選擇器中沿直線運動，有q華=qvB.

解得以=黑

1dv

(3)粒子在偏轉(zhuǎn)分離器中做勻速圓周運動，則qi;4